广东省2013年中考物理试题及答案

1、2013年广东省中考物理试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的1（3分）（2013广东）下列有关声现象的说法中，正确的是（）A、一切正在发声的物体都在振动 B、人耳能听到各种频率的声音C、声音可以在真空中传播 D、声音不能在水中传播考点：声音的产生；声音的传播条件；人耳感知声音的过程及听到声音的条件1405379专题：声现象分析：（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，不能在真空中传播；（2）人耳能听到的声音的频率20Hz20000Hz，低于20Hz的是次声波，高于20000Hz的是超声波，都是人耳听不到的解答：解：A、声

2、音是由物体的振动产生的，一切正在发声的物体都在振动，该选项说法正确；B、并不是所有的声音人耳都能够听到，人耳能够听到声音的频率20Hz20000Hz，该选项说法不正确；C、声音只能在固体、液体、气体中传播，不能在真空中传播，该选项说法不正确；D、声音能够在固体、液体、气体中传播，该选项说法不正确故选A点评：本题考查了声音的产生和传播，是声学基础知识的考查，相对比较简单2（3分）（2013广东）物理知识渗透于我们的生活，以下关于汽车交通安全警示语中与惯性无关的是（）A、保持车距 B、雨天路滑，减速慢行C、行车时系好安全带 D、禁止逆行考点：惯性1405379专题：运动和力分析：惯性是物体保持原来

3、运动状态不变的性质，即运动的要保持原来的运动状态，静止的要保持静止状态逐个分析选择项中提到的物理情景结合惯性的知识加以分析，即可得到答案解答：解：A、保持车距的目的是防止前面的车刹车时，后面的随之刹车，由于惯性后面的车仍向前运动，如果距离过近，容易撞上前面的车故与惯性有关B、当车遇到紧急情况需要停车时，由于惯性车仍要向前运动，雨天，车与地面的摩擦力减小车就更不易停下来，所以要慢行这与惯性有关C、安全带是为了防止汽车急刹车时，人体由于惯性向前运动，撞击车体而对人造成伤害故与惯性有关D、禁止逆行，是有关交通的警示语与惯性无关故选D点评：惯性与人类生活息息相关在对惯性的考查时，经常将其与交通方面联系

4、起来进行考查如：车辆的限速、限载、保持车距都是这方面的内容3（3分）（2013广东）下列电器中，利用电磁感应原理工作的是（）A、电动机 B、发电机 C、电烙铁 D、电灯考点：发电机的构造和原理1405379专题：电动机、磁生电分析：电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确各选择项中电学设备涉及到的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案解答：解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故该选项不符合题意；B、发电机是利用通电线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的原理制成的，利用了电磁感应原理，故该选项符合题意；C、电

5、烙铁是利用电流的热效应的原理制成的，故该选项不符合题意；D、电灯是将电能转化为光能的设备，即是消耗电能的用电器，故该选项不符合题意故选B点评：在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点要在理解的基础上，记住这些基础知识4（3分）（2013广东）如题图所示的做法符合安全用电原则的是（）A、 试电笔的握法 B、电灯和开关的连接C、 发生触电事故时要立即断开电源 D、多个大功率用电器同时使用一个插座考点：安全用电原则1405379专题：电与热、生活用电分析：（1）使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，碰到火线时，氖管才会发光（2）接灯时，火线首先接入开

6、关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全（3）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治（4）干路上的电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路解答：解：A、图中人手没有接触测电笔笔尾的金属体，这种使用方法是错误的；B、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯

7、泡的螺旋套开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，该选项连接错误；C、发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治，如果用手将触电者拉开，这样就会使救人者间接接触带电体而触电，十分危险，此选项做法正确；D、当家庭电路中接入多个大功率的用电器时，会使得干路中的电流变大，超过电路的负荷而发生危险，该选项做法是错误的，该选项做法是错误的故选C点评：本题考查了测电笔的使用、灯泡的连接、遇到触电事故时的急救及家庭电路电流过大的原因，属于用电安全方面的考查，密切联系生活实际，要引起重视5（3分）（2013广东）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）

8、A、温度越高的物体所含的热量越多 B、物体温度为0时内能为零C、双手互搓，手的内能不会增加 D、内能可自动地从高温物体转移到低温物体考点：温度、热量与内能的关系1405379专题：分子热运动、内能分析：（1）根据描述热量的物理术语进行判断；（2）一切物体都具有内能；（3）对物体做功，内能增加；（4）发生热传递的条件是两物体间有温度差：高温物体放热，低温物体吸热解答：解：A、描述热量的术语只能用”吸收“或”放出“，不能用“含有”，故A不正确；B、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能故B不正确C、双手互搓，克服摩擦做功，因此手的内能增加，故C不正确；D、发生热传递的条件

9、是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体故D正确故选D点评：本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点6（3分）（2013广东）如图所示，以下四个关于“气体压强与流速的关系”的现象中，压强P1、P2大小关系正确的是（） A、P1P2 B、P1P2 C、P1P2 D、P1P2考点：流体压强与流速的关系1405379专题：压轴题；气体的压强、流体压强与流速的关系分析：流体压强与流速的关系：流速快的地方压强越小解答：解：A、如图物体上表面平直，下表面向下弯曲，相同时间内，空气经过下方的路程比上方路程长，下方流速大，压强小，即

10、P1P2故A正确；B、如图物体上下表面凸起程度相同，相同时间内，空气经过两面的路程相同，速度相同，压强相同，即P1=P2故B不正确；C、对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，但外侧压强相同，即P1=P2故C不正确；D、如图用漏斗从乒乓球上方吹气，乒乓球上方气流速度大于下方的气流速度，则上方压强小于下方压强，即P1P2故D不正确；故选A点评：掌握流体压强跟流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大能用流体压强解释有关的问题7（3分）（2013广东）如图所示，水平桌面上有一长为L，质量分布均匀的木板M，右端与桌边相齐，在水平力F的作用下，沿直线向右匀

11、速离开桌边，在此过程中，下列说法正确的是（）A、M对桌面的压强变小，压力不变 B、M对桌面的压强不变，压力不变C、M对桌面的压强变大，摩擦力不变 D、M对桌面的压强变大，摩擦力变小考点：压强大小比较；摩擦力的大小；压力及重力与压力的区别1405379专题：压轴题；重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强分析：在水平面上，压力的大小是由物体的重力产生的，而压强的大小受压力大小和受力面积的大小影响，由接触面积的变化，再利用压强公式p=可求得压强的变化摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，与受力面积无关解答：解：放在水平桌面上的木块对桌面的压力来自于自身的重力，此时压力和重力相等，因为木块的重力不变，所以

12、在这一过程中，木块对桌面的压力也不变；在压力不变的情况下，随着物体被缓慢推出，受力面积逐渐减小，由p=可知，压强逐渐增大因为压力和接触面的粗糙程度都不变，故摩擦力不变故选C点评：本题考查压强公式的应用和影响滑动摩擦力的因素，此题中要先分析压力的变化，明确压力是不变的，再根据压力不变时，压强与受力面积成反比，判断出压强是增大的二、填空题（本大题7小题，共21分）8（3分）（2013广东）在银河系、宇宙、太阳系中尺度最大的是宇宙组成原子的质子、中子、电子中质量最小的是电子考点：从微观到宏观的尺度1405379专题：粒子与宇宙、材料世界分析：宇宙有数十亿个星系组成，银河系是其中之一，太阳系是银河系中

13、的一员；地球是太阳周围的八大行星之一；地球以及所有星球都是由物质组成的，物质是由分子构成的；分子是由原子构成的，原子是由原子核和电子构成的；原子核由质子和中子构成；质子和中子都是由更小的夸克组成的原子核几乎集中了整个原子的质量；解答：解：银河系是宇宙中数十亿个星系中平凡的一员；太阳系置身于银河系之中；原子是由位于原子中心的原子核和核外电子构成的；原子核由质子和中子构成原子核几乎集中了整个原子的质量；电子的质量很小，可忽略不计故答案为：宇宙；电子点评：此题考查微观到宏观的尺度，解答此题的关键是我们要掌握宇宙和物质的组成9（3分）（2013广东）在水银、硅、铁、玻璃中，属于半导体材料的是硅太阳能电

14、池可将太阳能直接转化为电能考点：半导体的作用；太阳能的转化1405379专题：粒子与宇宙、材料世界；能源的利用与发展分析：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等导体和绝缘体没有绝对的界限，导体性能介于二者之间的是半导体目前人类直接利用太阳能的方式有两种，一种是用集热器把水等物质加热，另一种是用太阳电池把太阳能转化为电能解答：解：水银、铁是导体，玻璃是绝缘体，硅是半导体；太阳能电池可将太阳能直接转化为电能；故答案为：硅；电能点评：此题考查哪些物体为导体，属于识记的内容，比较简单半导体和超导体是不同的，要注意区分太阳能取之不尽用之不竭，是未来的理想能源10（3分）（2013广东）下表

15、列出了几种物质在一个标准大气压下的熔点和沸点，根据表中数据回答：物质水银酒精甲苯萘熔点/391179580.5沸点/35778111218若要测量萘的熔点，温度计的玻璃泡里应选水银做测温物质；若要测量固态甲苯的温度，温度计的玻璃泡里应选酒精做测温物质考点：熔点和凝固点；沸点及沸点与气压的关系1405379专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华分析：常用液体温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的，常用的液体有水银、酒精、煤油温度计的测量范围不能高于液体的沸点，也不能低于液体的凝固点，然后根据表格数据做出解答解答：解：萘的熔点为80.5，水银、酒精的沸点分别为357、78.5，水银的沸点高

16、于萘的熔点，因此应该选用水银温度计；甲苯的凝固点为95，酒精的凝固点低于甲苯的凝固点，因此选用酒精温度计来测量固态甲苯的温度故答案为：水银；酒精点评：此题考查的主要知识点是温度计的原理及不同物质之间熔点和沸点高低的比较，比较简单11（3分）（2013广东）小王把天平放在水平台上，将游码拨到零刻度处后，指针静止时出现题甲的情形，此时应向左调平衡螺母，使天平横梁平衡由图乙、丙可知烧杯的质量为32.4g，烧杯中液体的质量是50g考点：液体密度的测量1405379专题：密度及其应用分析：（1）在调节天平平衡时，哪端高平衡螺母向哪端调节；（2）被测液体的质量等于烧杯和水的总质量减空烧杯的质量；天平平衡时

17、物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值解答：解：由图知，指针偏右，则左盘偏高，平衡螺母应向左移动；由图乙知，标尺的分度值为0.2g，空烧杯的质量m杯=20g+10g+2.4g=32.4g烧杯和水的总质量m总=50g+20g+10g+2.4g=82.4g所以液体的质量m=82.4g32.4g=50g故答案为：左；32.4；50点评：此题考查了有关天平的调平及读数，要读数时，要特别注意标尺的分度值此题是一道基础性题目12（3分）（2013广东）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程如图所示汽油机正在进行的是做功冲程考点：内燃机的四个冲程1405379专题：比热容、热机、热值

18、分析：内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的解答：解：在内燃机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能；根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程故答案为：压缩；做功点评：本题主要考查对热机一个工作循环中各冲程情况的了解以及工作的实质，并掌握涉及能量转化的两个冲程13（3分）（2013广东）用同一热源给一定质量的水加热，其温度与时间的关系如图中图线a所示，若其它条件不变，（1）仅增加水的质

19、量；（2）仅增大液面大气压强；（3）既增加水的质量，同时减小液面大气压强则三种情况中，温度与时间的关系图线分别对应c、b、d（选填图中“a”、“b”、“c”或“d”）考点：沸点及沸点与气压的关系；沸腾及沸腾条件1405379专题：压轴题；汽化和液化、升华和凝华分析：（1）若仅增加水的质量，则水的沸点会不变，加热时间加长；（2）若仅增大液面大气压强，则液体的沸点升高，水的质量不变，比热容不变，所以水温度升高的快慢是相同的；（3）若既增加水的质量，同时减小液面大气压强，则液体温度升高得速度减慢，但沸点降低解答：解：仅水的质量增加，水温度升高的速度减慢，但沸点不变，所以应为c；仅增大液面大气压强，水

20、的质量不变，则水温度升高速度相同，但沸点升高，所以应为b；增加水的质量，同时减小液面大气压强，水温度升高速度减慢，但沸点降低，所以应为d故答案为：c；b；d点评：此题考查了水的沸点与大气压之间的关系，沸点随气压的升高而增大；同时考查了水温度升高快慢与水的质量的关系，在同样受热的情况下，水的质量越大，温度升高的越慢解决此题的关键是能从图象中获取相应的信息14（3分）（2013广东）如图是某装置利用浮力进行自动控制的原理图AOB为一杠杆（质量忽略不计），OA：OB=1：2 A端用细线挂一空心铝球，质量为2.7kg 当铝球一半体积浸在水中，在B端施加3.5N的竖直向下的拉力F时，杠杆恰好在水平位置平

21、衡则铝球实心部分的体积为103m3，铝球受到的浮力为20N（铝=2.7×103kg/m3，g=10N/kg）考点：杠杆的平衡分析法及其应用；浮力大小的计算1405379专题：压轴题；简单机械分析：已知铝球的质量和密度，根据密度公式可求出铝球实心部分的体积；对铝球进行受力分析可知，铝球受到细线的拉力、重力和浮力作用，因此杠杆A端受到竖直向下的拉力等于GF浮，根据杠杆平衡的条件可求出浮力解答：解：=，铝球实心部分的体积：V=103m3；由杠杆平衡的条件可得：（GF浮）×OA=FB×OB（2.7kg×10N/kgF浮）×OA=3.5N×OB

22、2.7kg×10N/kgF浮=7N F浮=20N 故答案为：103；20点评：本题考查了学生对密度公式和杠杆平衡条件的掌握和运用，关键是分析出作用在杠杆A端的力，难度不大三、作图题（共7分）15（7分）（2013广东）（1）如（l）图所示，请画出入射或折射光线，使光路完整（2）如（2）图所示，一木块静止在斜面上，请画出该木块所受重力以及木块对斜面压力的示意图（3）小明在探究“比较水和煤油的吸热能力”的实验时，利用两根完全相同的电阻丝作为发热体给质量相同的两种液体加热，为了节省时间，他将两根电阻丝并联接入电路，用一个开关控制同时通电或断电请在（3）图中用笔画线代替导线，使电路满足要求考

23、点：透镜的光路图；力的示意图；实物的电路连接1405379专题：压轴题；图像综合题分析：（1）凸透镜和凹透镜各有三条特殊的光线，据此来画出透镜的光路图；（2）重力作用在物体的重心，方向竖直向下压力则方向垂直于接触面向下；（3）根据实验要求，应将两只电阻丝并列连接，据此来决定所添中了导线解答：解：（1）图甲中，过凸透镜焦点的光线，经折射后平行于主光轴射出，如图所示；图乙中，指向凹透镜虚焦点的光线，经凹透镜折射后，平行于主光轴射出，如图所示；图丙中，过凸透镜光心的光线，经凸透镜折射后，传播方向不改变，如图所示（2）物体的重力G作用在重心，方向竖直向下，压力F作用在接触面，方向垂直于接触面向下，如图

24、所示；（3）用一根导线将开关与其中一根电阻丝相连，再用一根导线将两根电阻丝的外侧相连，使之组成一个并联电路，如图所示点评：本题共考查了三个方面的作图包括透镜的光路图、力的示意图、实物电路的连接都属于初中物理重要的作图类型，必须掌握四、实验题（本大题3小题，共20分）16（7分）（2013广东）（1）如（1）图甲电流表接00.6A 的量程时，电流表的示数为0.14A题（1）图乙所示弹簧测力计的示数为1.0N（2）如题（2）图，用滑轮组将物块从位置A匀速拉到位置B，请在题（2）图中画出最省力的绕线方法；物块移动的距离为3.10cm；若此时绳自由端所用拉力为10N，物块受到的摩擦力为18N，滑轮组的

25、机械效率为60%（3）如题（3）图为探究“浮力的大小等于什么”的实验以上探究中，不重复操作的合理顺序是DBCA（只填字母）若图中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式F2F3=F1F4成立，则可得出结论F=G排考点：探究浮力大小的实验；滑轮组的设计与组装；弹簧测力计的使用与读数；滑轮（组）的机械效率；电流表的读数方法1405379专题：探究型实验综合题分析：（1）电流表的读数要注意量程和分度值，测力计的读数要注意分度值（2）承担拉力的绳子段数越多越省力，所以此题应从动滑轮绕起找一个点进行研究，在进行读数时，要估读到分度值的下一位此题中有用功是克服摩擦力做的功，总功是拉力做的功，根据机械效率的

26、概念计算出滑轮组的机械效率（3）实验中要探究浮力与排开的水重之间的关系，测量中要减小误差，所以需先测空桶和铁块的重力，而测铁块受到的浮力时，需先测出其重力，所以将测铁块的重力放在测空桶重力之后更方便操作F浮=GF、G排=G总G桶解答：解：（1）电流表的量程是00.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.14A；测力计的分度值为0.2N，其示数为1.0N（2）要最省力，需从动滑轮绕起，依次通过定滑轮、动滑轮如图所示：刻度尺的分度值为1mm，以物块右边的边为准，开始在45.00cm处，最后在41.90cm处，所以物体运动的距离为45.00cm41.90cm=3.10cm由于滑轮组由3段绳子承担，所

27、以s=3h则=×100%=×100%=×100%=60%（3）根据阿基米德原理，需测出浮力与排开的水重，为减小误差和操作方便，应先测空桶的重力，再测出小铁块的重力，然后将铁块完全浸没在水中测出拉力，最后测出排出的水和桶的总重力其中，F浮=GF=F2F3G排=F1F4故答案为：（1）0.14；1.0；（2）见上图；3.10；60%；（3）DBCA；F2F3=F1F4点评：此题考查了有关测量仪器的读数、机械效率的测量、滑轮组的组装及阿基米德原理的实验过程考查得比较全面在读数时，量程和分度值是首先要观察的量，（2）中最重要的分析出有用功是克服摩擦所做的功这是此题的难点1

28、7（7分）（2013广东）如题图甲是探究“平面镜成像特点”的实验（l）下面步骤a中横线处的内容是在纸上记录玻璃板的位置实验步骤a、b、c、d的合理顺序是adbc（填写步骤前字母）考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案1405379专题：压轴题；探究型实验综合题分析：（1）根据实验目的：探究物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离的关系，可知a中横线处的内容；实验步骤应该是先在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜，再点燃蜡烛做实验，为得到普遍规律，应改变玻璃板前蜡烛的位置，多做几次实验（2）根据表中的实验数据和现象可填写空白（3）光屏不能接收虚像，只能接收到实像；解答：解：（1

29、）因为实验目的：探究物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离的关系，在水平桌上铺一张白纸，纸上垂直放一块平板玻璃板作为平面镜，然后在纸上记录玻璃板的位置实验步骤a、b、c、d的合理顺序：a在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，在纸上记录玻璃板的位置d点燃蜡烛放在玻璃板前，看到它在玻璃板后面的像，在纸上记录蜡烛的位置A1b拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛放在玻璃板的后方，移动到某一位置时，发现该蜡烛与被点燃的蜡烛的像重合，在纸上记下该蜡烛的位置A1c改变玻璃板前蜡烛的位置，重复以上实验，在纸上记录物与像的位置A2、A2；A3、A3（如题图乙所示）（2）根据表中的实验数据和现象可知，需要填写的空

30、白分别是：物体到平面镜的距离（cm）；像到平面镜的距离（cm）；像与物的大小比较见下表：（3）平面镜所成的像是反射光线的反向延长线会聚成的，不是实际光线会聚的，是虚像；所以如果在像A1的位置放一光屏，光屏不能承接到像故答案为：（1）在纸上记录玻璃板的位置；adbc；在纸上记录玻璃板的位置；（2）见下表：实验次数物体到平面镜的距离（cm）像到平面镜的距离（cm）像与物的大小比较177等大266等大333等大（3）不能；平面镜成的像是虚像点评：本题主要探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点实验前务必把实验器材准备齐全，才能使实验顺利进行a在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，在

31、纸上记录玻璃板的位置b拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛放在玻璃板的后方，移动到某一位置时，发现该蜡烛与被点燃的蜡烛的像重合，在纸上记下该蜡烛的位置A1c改变玻璃板前蜡烛的位置，重复以上实验，在纸上记录物与像的位置A2、A2；A3、A3（如题图乙所示）d点燃蜡烛放在玻璃板前，看到它在玻璃板后面的像，在纸上记录蜡烛的位置A1（2）如题图乙，分别将实验中的物点与像点连接，发现它们的连线始终与玻璃板面垂直为了得到平面镜成像的特点，某同学将实验数据填入右表请将表头中空白部分填上合适的内容实验次数177等大266等大333等大（3）如果在像A1的位置放一光屏，光屏不能（填“能”或“不能”）承接到像，这说明

32、平面镜成的像是虚像18（6分）（2013广东）小王做“测量小灯泡电功率”的实验所用器材有：标有“2.5V”字样、正常发光时阻值约为13的完全相同的小灯泡两个，电压恒为3V的学生电源，标有“20，1A”的滑动变阻器，电流表，电压表，开关及导线若干（l）图甲是实验电路图，图乙是实物连接图，接线过程中有一处连接错误，请在错误的接线上打“×”并用笔画线代替导线进行改正，要求改正后滑动变阻器接入电路的阻值最大（2）小王在实验之前检查仪表时发现：电流表有电流通过时能自由偏转；电流表未接入电路时，电流表指针如图丙所示，出现这种现象的原因是电流表使用前没有将指针调到零刻度线处（3）按电路图正确连接后

33、，闭合开关，灯不亮，电压表示数接近电源电压，电流表无示数造成这种现象的原因可能是C（填正确选项前的字母）A滑动变阻器断路 B开关接触不良 C小灯泡与灯座接触不良 D电流表断路（4）排除故障后，闭合开关，改变滑动变阻器滑片位置，将电压表和电流表的示数填人右表中从表中可知小灯泡的额定功率为0.5W（5）若将两个小灯泡串联后直接接在3V电源的两端，两灯消耗的总电功率为0.48W电压表的示数U/V电流表的示数I/A小灯泡的功率P/W1.50.162.50.202.80.22考点：电功率的测量1405379专题：实验题；压轴题；测量型实验综合题分析：（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，使滑动变

34、阻器接入电路的电阻最大说明此时电阻丝完全接入电路；（2）使用前，检查指针是否指在零刻线处，如果不是，需要调零；（3）电路故障分两类：短路和断路电路短路时，短路部分无电压，电流大；电路断路时，断路部分无电流，电压大；（4）根据表格中灯泡两端的电压为额定电压时通过小灯泡的电流，根据P=UI求出小灯的额定功率；（5）根据两个相同的电阻串联时的电压特点得出各灯泡两端的电压值，然后由数据表格找出电路中的电流值，即可根据P=UI求两灯消耗的总功率解答：解：（1）由实物图可知：滑动变阻器连入的是上面的两个接线柱，这样滑动变阻器没有起到改变电路中电阻的作用，故需要将其中的一个接线柱，改接到滑动变阻器的下面的一

35、个接线柱上，由于要求滑动变阻器接入电路的阻值最大，而滑片又处于滑动变阻器的右端，所以改接的导线需要连接到变阻器的左端，如图：（2）为测量结果准确，测量之前指针必须指在零刻度线处电流表未接入电路时，如图丙所示的电流表指针没有在零刻度线处，是电流表使用前没有将指针调到零刻度线处引起的；（3）灯泡不亮可能断路，电压表有示数、电流表无示数说明电压表所测部分断路，即灯泡处断路，故选C；（4）因此灯泡的额定电压为2.5V，则由表格数据可知：电压为2.5V时电路中的电流为0.2A，所以灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.2A=0.5W；（5）若将两个小灯泡串联后直接接在3V电源的两端，因为两

36、个灯泡规格相同，根据串联电路的电压特点可知：每个灯泡两端的电压为1.5V，由表格数据可知：灯泡两端电压为1.5V时电路中的电流为0.16A，所以两个灯泡消耗的总功率P总=U总I=3V×0.16A=0.48W故答案为：（1）图略；（2）电流表使用前没有将指针调到零刻度线处；（3）C；（4）0.5；（5）0.48点评：本题考查了连接电路图、故障问题分析、额定功率的计算，这些知识点是伏安法测功率中最常见的内容，是中考考查的热点问题五、计算题（本大题2小题，共13分）19（7分）（2013广东）龙舟比赛是中国传统运动项目之一如图，某队龙舟和运动员总质量为2.5×103kg，在一次龙

37、舟赛上，该队以1min40s的成绩夺得500m比赛冠军已知该龙舟在运动过程中受到的阻力是龙舟和运动员的总重力的0.12倍（1）该队的龙舟比赛在500m比赛过程中的平均速度是多少米/秒？（2）如果把在比赛过程中该队龙舟的运动看作匀速直线运动，求运动员在比赛过程中划船时的功率是多少千瓦？（g=10N/kg）考点：速度的计算；功率的计算1405379专题：计算题；应用题；压轴题；长度、时间、速度；功、功率、机械效率分析：（1）已知物体运动是路程和所用时间，利用公式v=得到运动的平均速度；（2）已知龙舟和运动员总质量，可以得到总重力；已知龙舟在运动过程中受到的阻力是龙舟和运动员的总重力的0.12倍，可

38、以得到阻力的大小；因为龙舟做匀速直线运动，所以牵引力等于阻力；已知牵引力和运动速度，利用公式P=Fv得到划船时的功率解答：已知：s=500m t=1min40s=100s m=2.5×103kg g=10N/kg 求：（1）v=？（2）P=？解：（1）划龙舟的平均速度为v=5m/s；（2）划龙舟时的牵引力为F=f=0.12G=0.12mg=0.12×2.5×103kg×10N/kg=3×103N划龙舟的功率为P=Fv=3×103N×5m/s=1.5×104W=15kW答：（1）该队的龙舟比赛在500m比赛过程中的平

39、均速度是5m/s；（2）运动员在比赛过程中划船时的功率是15kW点评：此题考查的是平均速度的计算和功率的计算，其中功率的计算包括了二力平衡条件的应用和重力的计算，是力学综合题，有一定的难度20（6分）（2013广东）如图所示的电路，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R 标有“50，2A”字样（l）将滑片P移到最右端，闭合S1，断开S2，求电流表的示数I1（2）保持滑片P在最右端，闭合S1、S2，电流表示数I=5I1，求R2的阻值（3）将滑片P移至某一位置，闭合S1、S2，电流表示数为0.68A，求此时滑动变阻器接入电路的阻值考点：欧姆定律的应用1405379专题：压轴题；欧姆定律分析：（1）

40、当滑片在最右端，闭合S1，断开S2时，只有滑动变阻器接入电路，并且滑动变阻器接入电路电阻最大已知电源电压和电路电阻，利用公式I=得到通过的电流；（2）当滑片P在最右端，闭合S1、S2时，滑动变阻器接入电路电阻最大并且与定值电阻R2并联；已知干路电流与通过滑动变阻器的电流关系，可以得到通过定值电阻R2的电流；已知电压和电流，利用公式R=得到定值电阻R2的阻值；（3）已知干路电流和通过定值电阻的电流，可以得到通过滑动变阻器的电流；已知电压和电流，利用公式R=得到滑动变阻器接入电路的阻值解答：已知：U=6V R1=50 I=5I1 I=0.68A求：（1）I1=？（2）R2=？（3）R1=？解：（1

41、）电流表的示数为I1=0.12A；（2）I=I1+I2通过定值电阻的电流为I2=5I1I1=4I1=4×0.12A=0.48A，I=，定值电阻R2的阻值为R2=12.5；（3）通过滑动变阻器的电流为I1=II2=0.68A0.48A=0.2A滑动变阻器接入电路的电阻为R1=30答：（1）电流表的示数为0.12A；（2）定值电阻R2的阻值为12.5；（3）滑动变阻器接入电路的电阻为30点评：此题考查的是并联电路的电流、电压特点和欧姆定律的应用，掌握基本规律，根据需要灵活变形是解决此题的关键六、综合能力题（本大题3小题，共18分）21（6分）（2013广东）题图甲是家用电吹风的工作原理图

42、电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风（l）要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于题图甲中1（选填“1”、2”或“3“）位置，此时电风扇与电热丝的连接方式是并联（2）某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如题21图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是13200J（3）电热丝在工作时的电阻值是91.7（保留一位小数）（4）使用几年后，发现电热丝变细，则其电阻变大，它的实际功率将变小考点：欧姆定律的应用；电路的动态分析1405379专题：应用题；简答题；电路变化分析综合题分析：（l）当电吹风机送出来的是热风时，说明电动机和电阻丝同时工作（2）首先由图象得出吹

43、热风和吹凉风时的功率和时间，然后根据W=Pt分别计算出电吹风工作时吹热风和吹凉风时消耗的电能，求其和即可（3）根据功率随时间的图象计算电热丝的功率，然后利用R=求出电阻（4）导体的长度、材料相同时，横截面积越大，电阻越小；根据公式P=UI=即可分析出灯泡实际功率的变化解答：解：（l）当电吹风机送出来的是热风时，需要电动机和电阻丝同时工作，即开关应置于图甲中的1位置，电风扇与电热丝是并列连接在电源上的，所以是并联连接（2）根据功率随时间的变化关系图象可知：P热=616W，t1=20s，P凉=88W，t2=30s20s=10s，W总=W热+W冷=P热t1+P凉t2=616W×20s+88

44、W×10s=13200J（3）吹热风时电动机和电阻丝同时工作，吹冷风时只有电动机工作，电热丝的功率为P=P热P凉=616W88W=528W，根据P=UI=得：电热丝的电阻为R=91.7（4）白炽灯灯泡长期使用后，钨丝因升华变细，横截面积变小，导致灯丝电阻变大；根据公式P=UI=可知，灯泡两端的电压不变，灯泡的实际功率与其电阻成反比，电阻增大时灯泡的实际功率会变小故答案为：（l）1；并联；（2）13200；（3）91.7；（4）大；小点评：本题考查电功率公式的应用和影响电阻大小的因素，难点是明白触点在不同位置时电路的连接情况，还要知道电源电压不变时，电阻越小电功率越大22（6分）（2013广东）利用如图装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关”将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C 发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止图中的摆长L都相同，12，球A、B的质量分别为mA、mB，（mAmB）（l）如图甲、乙所示，同时释放A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置这表明两小球在摆动过程