高二物理寒假作业八 机械振动 - 石家庄二中 河北省首批办好的

1、高二物理寒假作业一 恒定电流1B 2B 3C 4D 5C 6 CD 7A 8C 9D10BC 110.15A，7.5V12（1）C（2）回路中的电流 （3）10；50138；23W【解析】 （1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零设两板间电压为UAB，由动能定理得：mgdqUAB=0，所以滑动变阻器两端电压 U=UAB=8V设通过滑动变阻器电流为I，由欧姆定律得：I=，滑动变阻器接入电路的电阻：（2）电源的输出功率：P出I2（R R滑）=23 W141.5m/s15【答案】(1)1A(2)15V(3)20V(4)16V物理作业二实验答案1答案D2答案8.11642.124答

2、案(1)60(2)7.2(3)3.574答案(1)AD(2)BC(3)21.51(4)见解析解析(1)从电路连接可以看出，电流表A的读数增大时，电压表V1的读数减小，电压表V2的读数增大甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据绘制图象的，A正确，B错误；乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据绘制图象的，C错误，D正确(2)图象中两直线的交点表示电压表V1的读数与电压表V2的读数相等，即滑动变阻器的阻值为0，滑动变阻器的滑动触头P滑到了最左端，A错误；从图象可以得出电阻R0的阻值大于电源的内阻，滑动变阻器的阻值减小，电源的输出功率增大，两直线的交点对应滑动变阻器的阻值为0，即电源的输出功率最大，B

3、正确；定值电阻R0消耗的功率为：PU2I1.0×0.5 W0.5 W，C正确；电源的效率为：，U越大，效率越大，D错误(3)从图象乙可以得出定值电阻R0的阻值为：R0 2 ；从甲同学的图象可以得出图象在U轴上的截距为1.5 V，即电源的电动势为1.5 V，图象斜率的绝对值为：k|1，即电源的内阻为r1 .(4)该电路中的电流为：I，当R最小为0时，电流最大，最大值为：Im A0.5 A，故该电路中电流表的读数不能达到0.6 A.5答案(1)ADE(2)见解析图(3)增大5.33解析(1)由灯泡“4 V,2W”可知，I0.5 A，故电压表选A，电流表选D，要求电压从0开始增大，可知用分

4、压式接法，故滑动变阻器选E.(2)由<可知电流表外接，电路图如图所示(3)IU图象中图线的斜率为电阻的倒数，所以随着电压的增加，小灯泡的电阻增大，结合图象和R，可得R 5.33 .6答案UEIr如图所示不变增大0.9754780.2687答案(1)、(2)见解析图(3)A1的示数为300 mA解析测电阻的基本方法是伏安法，但由于小灯泡的额定电压为3 V，比电压表的量程小得多，故无法用电压表测电压可设计让定值电阻R0与A1串联，改装成一个适当量程的电压表，然后用A2测量小灯泡和改装电表并联后的总电流，这样通过两表的示数就可以知道通过小灯泡的电流为I2I1，小灯泡两端的电压为I1(R0r1)

5、，故小灯泡的电阻为RL.实验要求测量小灯泡L从较低温度到正常发光过程中的电阻情况，即要求电压从0开始调节，故滑动变阻器应选用分压式接法由于滑动变阻器R2阻值太大，所以滑动变阻器选R1；小灯泡正常发光时电压为3 V，对应电流表读数为I10.3 A300 mA.则电路原理图如图甲所示，实物连接图如图乙所示使A1的示数为300 mA时，灯泡正常发光，此时RL，式中I2为A1表示数为300 mA时，电流表A2的读数，故I1300 mA.8红5变大9ST0刻线ADC10a寒假作业三-磁场基础答案1答案：D2 答案：C3.4. 答案：AC5答案：AC 6.答案：AB7.答案：B8.答案：C9.答案：C10

6、.答案：A11.答案：C12.答案：A寒假作业4 磁场计算题 1. 答案： 5 A 2. 答案：mv2qBv 3. 8×10-2T；1.76×107s4. 解：（1）解得： （8分）质子从极板间飞出时的沿电场方向分速度大小 （1分）从极板间飞出时的速度大小 （2分）（3）设质子在磁场中作圆周运动的轨道半径为r，质子恰好从上极板左边缘飞出时速度的偏转角为，由几何关系可知：，因为，所以根据向心力公式解得：所以，质子两板左侧间飞出的条件为（分）5. (1)设磁场的磁感应强度大小为B，粒子第n次进入磁场时的半径为Rn，速度为vn，由牛顿第二定律得qvnBm由式得vn因为R22R1，

7、所以v22v1对于粒子第一次在电场中的运动，由动能定理得W1mv22mv12联立式得W1(2)粒子第n次进入电场时速度为vn，出电场时速度为vn1，有vnnv1，vn1(n1)v1由动能定理得qEndmvn12mvn2联立式得En(3)设粒子第n次在电场中运动的加速度为an，由牛顿第二定律得qEnman由运动学公式得vn1vnantn联立式得tn(4)如图所示答案：(1)mv12(2)(3)(4)见解析6. 答案：(1)电子进入磁场后，在磁场中做匀速圆周运动；电子进入电场做类平抛运动；电子从电场右边界进入无场区做匀速直线运动，最终打在屏上 (2)电子在磁场中的运动轨迹如图所示. 设电子在磁场中

8、的轨道半径为R，沿x方向偏转距离为x，则有x=0.02m 由勾股定理可知(Rx)2+0.062=R2 根据牛顿第二定律 联立以上各式，代入数据求出B=9.0×105T 电子在电场区、无场区的运动时间相同，均为t 电子在电场中水平方向 由图可知 设电子在电场中向下偏转距离为 在无场区电子在y方向的距离是0.15y=at·t 联立以上各式，代入数据求出E=144N/C 7.解：(1)电荷从A点匀加速运动到x轴上C点的过程：位移sAC m(1分)加速度a2×1012 m/s2(2分)时间t106 s(2分)(2)电荷到达C点的速度为vat2×106 m/s(2

9、分)速度方向与x轴正方向成45°角，在磁场中运动时由qvB(2分)得R m(1分)即电荷在磁场中做圆周运动的半径为0.71 m(1分)(3)如图，轨迹圆与x轴相交的弦长为xR1 m，所以电荷从坐标原点O再次进入电场中，且速度方向与电场方向垂直，电荷在电场中做类平抛运动(1分)设到达y轴的时间为t，则：tan 45°(2分) 解得t2×106 s(1分)则类平抛运动中垂直于电场方向的位移Lvt4 m(1分)y8 m(1分)即电荷到达y轴上的点的坐标为(0,8)(1分)8. 答案：(1) (2) 9. 高二物理寒假作业五电磁感应 1 D 2 AD 3 B 4. C 5

10、. D 6. D 7AD 8BD 9、A10A 11 BD 12.A 13. C 14. D 二、计算题15. 答案：(1)(2)解析：(1)设ab上产生的感应电动势为E，回路中的电流为I，ab运动距离s所用时间为t，则有EBlv，I，tQI2(4R)t由上述方程得v.(2)设电容器两极板间的电势差为U，则有UIR电容器所带电荷量qCU解得q.16 解析：(1)根据楞次定律可知，感应电流的方向为顺时针(俯视观察)(2)圆环下落高度为y时的磁通量为BSBB0(1ky)设收尾速度为vm，以此速度运动t时间内磁通量的变化为BSB0kvmt根据法拉第电磁感应定律有EB0kvm圆环中感应电流的电功率为P

11、E重力做功的功率为PGmgvm根据能量守恒定律有PEPG解得vm.答案：(1)顺时针(俯视)(2)17.根据题意分析可知导体棒在磁场中作切割磁感线运动要产生感应电动势，所以闭合回路中有感应电流；由于导体棒有感应电流，磁场反过来对通电导体棒又有安培力的作用根据楞次定律得安培力的方向必与导体棒的运动方向相反即沿斜面向下在这里磁场力总要阻碍导体棒的运动，所以速度将越来越小速度减小，导体棒切割磁感线产生的感应电动势也将减小，导体棒的电流强度也减小，磁场对导体棒的安培力减小，又安培力沿斜面向下，故导体棒所受的合外力减小由以上分析可知，导体棒刚开始运动的时候导体棒的加速度最大（1）导体棒运动产生感应电动势

12、，整个回路等效于如右图所示的电路刚开始运动时产生的感应电动势：整个回路的总电阻： 导体棒的电流为： 导体棒所受的安培力： 导体棒所受的合外力： 代入得： （2）由于速度越来越小，所以安培力是一个变力变力做功无法用WFS来求解，一般我们采用动能定理来求解首先从题目的已知条件通过上端电阻的电量可以求得导体棒向上移动的位移，从而再根据功能关系求得整个回路产生的总热量根据电量求得整个过程中的磁通量的变化，由 由此可得： 设导体棒向上移动的最大距离为S，则： 由于导体棒克服安培力所作的功全部转化为热能，由动能定理得：代入得： 三个电阻（两个和导体棒的电阻r）上的总热量为30J，纯电阻电路产生的热量，所以

13、每个电阻上产生的热量的分配与电路中电流的分配是一样的即：高二物理假期作业六 电磁感应计算题1答案：(1)(2)2.解析：答案：(1)0.4 A(2)0.5 J3(1)(2)4.【答案】 0.4 m/s 5. (1分) (1分) 因为金属棒始终静止,在t时刻磁场的磁感应强度为 所以 ，方向向右. (2分) (2)根据感应电流产生的条件,为使回路中不产生感应电流,回路中磁通量的变化应为零, 因为磁感应强度是逐渐增大的,所以金属棒应向左运动(使磁通量减小) 即即 也就是 (2分) 得. (1分) (3)如果金属棒向右匀速运动,因为这时磁感应强度是逐渐减小的,同理可推得, 6.解析：(1)设导体棒d刚

14、要滑动的瞬间，流过d的电流为I，c的瞬时速度为v电动势EBLv 流过d的电流 I×d受到的安培力大小为 FABIL对d受力分析后，得FAmgc的运动时间为t综合、并代入已知得t v.(2)导体棒d上产生的热量为Q，则整个电路上产生的热量为Q6Qc发生的位移为xat2 ；外力做的功为Wmv2mgxQ由、并代入已知得W6Q.P/W01.02.03.00.51.01.5x/m 0.71.2答案：(1)(2)6Q7（1）导体棒接入电路的电阻：R0=0. 2×0.5=0.1 灯泡正常发光，由P=UI得电路中电流：I= =1A （1分）灯泡电阻：R灯= =0. 6ab切割磁场产生感应电

15、动势：E=Blv （1分）根据闭合电路欧姆定律有：I= （1分）综合上述各式，代入数据后得：v=（5x +3.5）m/s （1分） （2）如图所示。（4分）（3）x1=0.1m时，速度v1=4m/s；x2=0.3m时，速度v2=5m/s。根据动能定理可得：W拉W安=mv22mv12（2分）其中安培力所做的功：W安=BILx （1分）解得：W拉=0.49J （1分）8答案：(1)1 T(2)0.9 s(3)4 m/s9.【解析】 (1)从图(2)可以看出,线圈往返的每次运动都是匀速直线运动,其速度为 m/s=0.8 m/s (2分) 线圈做切割磁感线运动产生的感应电动势 E=nBLv=nBv2.

16、0.1 V=2 V (2分) 物理假期作业七交流电答案1C 2.C 3.B 4.BD 5.ABD 6.C 7.D 8.C 9.AC 10.D 11.A12.感应电流 A=0.2 A (2分) 根据右手定则可得,当线圈沿x正方向运动时,产生的感应电流方向为负,可得到如图所示的图象. (4分) (2)由于线圈每次运动都是匀速直线运动,所以每次运动过程中推力须等于安培力,即.1 N=0.5 N (4分) (3)发电机的输出功率即小灯泡的电功率. W=0.32 W. (4分) 【答案】 (1)见解析图 (2)0.5 N (3)0.32 W高二物理寒假作业八 机械振动1B 2C 3D 4C 5C 6B

17、7A 8AD 9ABD 10AC 11 2.010；98.50； 2； B1210；C 13 大；伸缩；平衡；两次14 20.8 15 16 17 Mg 18物理作业九答案综合练习一1B 2D 3C 4A 5B 6ACD7AC8 BD 9BC10A 11C12AC13AC14 BCD15（1）1400 （3分） 1.7031.706 （3分）（2）1.5V （2分） 1.0 （2分） 偏小 （2分）16.解析：（1）离子在平行金属板之间做匀速直线运动，洛仑兹力与电场力相等，即 （2分） （2分）解得 （1分）（2）在圆形磁场区域，离子做匀速圆周运动，由洛仑兹力公式和牛顿第二定律有 （2分）由几

18、何关系有 （2分）离子的比荷 （2分）（3）弧CF对应圆心角为，离子在圆形磁场区域中运动时间， （2分）又周期 （1分） （2分）17.解析：解析：（1）粒子在AB间加速，有 （2分） 又粒子在偏转电场中，水平方向： （2分）所以： （1分）（2）当粒子擦着偏转极板边缘飞出时，偏转电压最大即 （2分）又 （1分） 且 （1分）代入第（1）问数据得： （2分）（3）设粒子进入偏转电场时速度为v0，离开偏转电场时速度为v，速度v的偏向角为，在磁场中轨道半径为r粒子离开偏转电场时， （1分）在匀强磁场中： （2分）粒子进出磁场位置之间的距离 （1分）LLABCDB+-vv解得 （2分） 说明：该结果与偏转电压U无关物理作业十答案综合练习二1 CD 2B3AD4 ABD5C6A7 A8BD9AD10BC11 （1） （2）（3）如图所示 9.86121314.（1）由qvB=得 （1分）方向沿x轴正方向（1分）（2）质子电场中运动时间（2分）由牛顿第二定律 qE=ma（1分）由题意可知x1=ON=r（1分） 电场中x2=NC=v（1分）O