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文档简介
1、导数中的端点效应专题1.已知函数 f ( x ) =( x +1)ln x -a ( x -1).(i)当 a =4 时,求曲线 y = f ( x )在(1,f (1)处的切线方程;(ii)若当x (1,+)时,f(x )0 ,求 a 的取值范围.2.已知 r,函数 f (x)exex(xlnxx1)的导函数为 g(x) (1)求曲线 yf (x)在 x1 处的切线方程;(2) 若函数 g (x)存在极值,求 的取值范围;(3) 若 x1 时,f (x)0 恒成立,求 的最大值3.已知函数f ( x) =( x +1)ln x -ax +a ( a 为正实数,且为常数).(1)若函数f (
2、x)在区间(0, +)上单调递增,求实数a的取值范围;(2)若不等式( x -1) f ( x) 0恒成立,求实数a的取值范围.1答案1.试题分析:()先求定义域,再求 f(x) , f (1) , f (1),由直线方程得点斜式可求曲线 y = f ( x ) 在 (1, f (1) 处 的 切 线 方 程 为2x +y -2 =0.( ) 构 造 新 函 数g ( x ) =ln x -a ( x -1) x +1,对实数a分类讨论,用导数法求解.试题解析:(i) f ( x)的定义域为 (0, +).当 a =4 时,f ( x ) =( x +1)ln x -4( x -1), f(x
3、) =ln x +1x-3 , f(1) =-2, f (1) =0. 曲线 y = f ( x)在 (1, f (1)处的切线方程为2x +y -2 =0.(ii)当 x (1,+)时, f ( x ) 0等价于 ln x -a ( x -1) x +10.令g ( x ) =ln x -a ( x -1) x +1,则g1 2 a x 2 +2(1 -a ) x +1 (x) = - =x ( x +1)2 x( x +1)2, g (1) =0,(i)当a 2, x (1,+)时,x2 +2(1 -a ) x +1 x 2-2 x +1 0,故 g(x) 0, g ( x )在x (1,
4、+)上单调递增,因此 g ( x ) 0;(ii)当a 2时,令 g(x) =0得x =a -1- ( a -1)2 1-1, x =a -1+ ( a -1)2 2-1,由x 1 和 x x =1 得 x 1 ,故当 x (1, x ) 时,g 2 1 2 1 2(x) 0 , g ( x) 在 x (1,x )2单调递减,因此 g ( x) 0.综上,a的取值范围是(-,2 .考点:导数的几何意义,函数的单调性.2.解:(1)因为 f(x)exelnx,所以曲线 yf (x)在 x1 处的切线的斜率为 f(1)0, 又切点为(1,f (1),即(1,0),所以切线方程为 y02e00(2)
5、g (x)exelnx,g(x)ex x当 0 时,g(x)0 恒成立,从而 g (x)在(0,)上单调递增,故此时 g (x)无极值 当 0 时,设 h(x)ex ,则 h(x)ex 0 恒成立,x x2所以 h(x)在(0,)上单调递增当 0e 时, h(1)e0,h( )e e e0,且 h(x)是(0,)上的连续函数,因此存在唯一的 x ( ,1),使得 h(x )0e当 e 时,h(1)e0,h()e10,且 h(x)是(0,)上的连续函数,因此存在唯一的 x 1,),使得 h(x )00 0故当 0 时,存在唯一的 x 0,使得 h(x )00 0且当 0xx 时,h(x)0,即
6、g(x)0,当 xx 时,h(x)0,即 g(x)0,0 0所以 g (x)在(0,x )上单调递减,在(x ,)上单调递增,0 0因此 g (x)在 xx 处有极小值0所以当函数 g (x)存在极值时, 的取值范围是(0,) (3)g (x)f(x)exelnx,g(x)ex x若 g(x)0 恒成立,则有 xex 恒成立设 (x)xex(x1),则 (x)(x1) ex0 恒成立,所以 (x)单调递增,从而 (x)(1)e,即 e于是当 e 时,g (x)在1,)上单调递增,此时 g (x)g (1)0,即 f(x)0,从而 f (x)在1,)上单调递增 所以 f (x)f (1)0 恒成
7、立当 e 时,由(2)知,存在 x (1,),使得 g (x)在(0,x )上单调递减,0 0即 f(x)在(0,x )上单调递减0所以当 1xx 时,f(x)f(1)0,0于是 f (x)在1,x )上单调递减,所以 f (x )f (1)00 0这与 x1 时,f (x)0 恒成立矛盾3因此 e,即 的最大值为 e 3.(1) f ( x ) =( x +1)ln x -ax +a , f(x) =ln x +x +1x-a .因 f ( x) 在 (0, +)上单调递增,则 f(x) 0 , a ln x +1x+1 恒成立.令 g( x ) =ln x +x1xx -1+1 ,则 g
8、(x) = ,x2(0,1)1(1,+)g(x) g ( x )减0极小值增因此, g( x ) =g (1) =2 ,即 0 a 2 . min(2)当 0 a 2 时,由(1)知,当 x (0, +)时, f ( x ) 单调递增.又 f (1) =0 ,当 x (0,1) , f ( x) 0 . 故不等式 ( x -1) f ( x ) 0 恒成立若 a 2 , f(x) =x ln x +(1 -a ) x +1x,设 p ( x) =x ln x +(1-a ) x +1 ,令 p (x) =ln x +2 -a =0 ,则 x =ea -2 1 . 12 分当 x (1,ea -2) 时, p(x) 0 , p ( x ) 单调递减,则 p ( x ) p(1) =2 -
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