2018-2019学年福建省厦门市高二(上)期末物理试卷

1、2018-2019 学年福建省厦门市高二（上）期末物理试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共8 小题，共32.0 分）1.物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用。下面列举的四种器件中，在工作时利用安培力的是（）A. 电动机B. 回旋加速器C. 电磁炉D. 质谱仪2.某同学做观察电磁感应现象的实验，将电流表、线圈 A 和 B、蓄电池、开关用导线连接成如图所示的实验电路，实验进行中，下列所描述的现象与实验事实相符合的是（）A. 闭合开关瞬间，电流表指针不会发生偏转B. 开关闭合稳定后，电流表指针会发生偏转，且示数不变C. 开关闭合稳定后，把线圈 A 插入及拔出线圈 B 这两个过程，电

2、流表指针都会发生偏转，且偏转方向相反D. 断开开关瞬间，电流表指针不会发生偏转3.一带电粒子从电场中的 A 点运动到 B 点，轨迹如图中虚线所示，带箭头的实线表示电场线。 不计粒子所受重力， 则下列说法正确的是（）A. 粒子带正电B. 粒子在 A 点的加速度小于在 B 点的加速度C. 粒子在 A 点的速度大于在 B 点的速度D. 粒子在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能4.在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图1 所示，产生的交变电动势的图象如图2 所示，则（）A. t=0 时线框平面与中性面重合B. t=0.01 s 时线框的磁通量为 0C. 线框产生的交变电动势

3、有效值为10VD. 线框产生交变电动势的频率为100Hz5. 如图所示，水平放置的平行板电场，上极板接地，下极板带正电，从板间电场的左边缘 P 点可连续水平打出完全相同的带负电的液滴，其初速度都为v0，垂直进入电场区域，若某液滴恰落在B 点位置，其速度大小为v，液滴落在下极板后电量即被吸收，则之后的另一液滴落在下极板时，下列说法正确的是（）第1页，共 20页A. 可能仍落在B 点B. 可能落在 C 点C. 落在下极板时的速度将大于vD. 落在下极板时的速度将小于v6. 当病人发生心室纤颤时， 必须要用除颤器进行及时抢救， 除颤器工作时的供电装置是一个 C=70F 的电容器，它在工作时，一般是让

4、100J 到 300J 的电能在 2ms的时间内通过病人的心脏部位，已知充电后电容器储存的电能为E= CU2 ，下列说法正确的是（）A. 除颤器工作时的电功率在50W 到 150W 之间B. 除颤器工作时的电功率在50kW 到 150kW 之间C. 要使除颤器的电容器储存140J 的电能，充电电压需达到20VD. 要使除颤器的电容器储存140J 的电能，充电电压需达到200V7. 如图所示为质谱仪的原理图，某带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器， 其内部的匀强磁场磁感应强度为B，匀强电场的强度为E，垂直纸面的匀强磁场B 未画出，平板 S 上有可让粒子通过的狭缝 P 和记录粒子位置的胶片A1

5、A2平板 S 下方有强度为 B0 的匀强磁场。下列说法正确的是（）A. 该粒子带负电B. 速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里C. 能通过狭缝 P 的带电粒子的速率等于D. 若粒子打在胶片上的位置越幕近狭缝P，则粒子的比荷就越大8. 如图所示，直角三角形的AB边长为LC为30 ， ，三角形所围区域内存在着方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为 m、电荷量为q 的带负电粒子 （不计重力）从 A 点沿 AB 方向以速度 v0 射入磁场，要使粒子不从 BC 边穿出磁场，则下列说法正确的是（）A. 磁感应强度的最小值为B=B. 磁感应强度的最小值为B=C. 粒子在磁场中运动的最长时间为t=D. 粒子在磁场

6、中运动的最长时间为t=二、多选题（本大题共4 小题，共16.0 分）9. 如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 5： 1，电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上瞬时值表达式为 M=110sin100 （tV）的交变电压，则（）A.B.电压表的示数为22V电压表的示数为22V第2页，共 20页C. 在滑片 P 向上移动的过程中，电流表 A1 的示数变大 D. 在滑片 P 向上移动的过程中，理想变压器的输入功率变小10. 一半径为 r 的带负电细橡胶圆环水平放置，其单位长度所带净电荷数目为 n，单个电荷的电荷量为 e。当圆环以角速度 绕中心轴线顺时针（从上往下看）匀速转动

7、时，下列说法正确的是（）A. 该圆环形成的等效电流为nerB. 该圆环形成的等效电流为C. 等效电流在中心轴线上产生的磁场方向竖直向上D. 等效电流在中心轴线上产生的磁场方向竖直向下11. 如图所示， 一个边长为 L 的正方形导电线框在外力作用下，以速度 v 匀速穿过宽度均为 L 的两个平行边界的匀强磁场，这两个磁场的磁感应强度大小均为B，方向相反，取顺时针方向的电流为正，受力向右为正，以 bc 边刚进人磁场开始，关于线框中产生的感应电流 I 和线框所受安培力F 分别与位移x 之间的函数图象，下列图象正确的是（）A.B.C.D.12. 图中虚线 a、b、c、d 代表匀强电场内间距相等的一组等势

8、面，已知等势面 b 的电势为 0一电子经过 a 时的动能为 8ev，从 a到 c 的过程中克服电场力所做的功为4eV下列说法正确的是（）A. 等势面 a 上的电势为 -2VB. 该电子经过等势面c 时，其电势能为2eVC. 该电子经过等势面a 时的速率是经过c 时的 2 倍D. 该电子可能到达不了等势面 d三、实验题探究题（本大题共2 小题，共 12.0 分）第3页，共 20页13. 利用所学物理知识解答下列问题：（ 1）某同学在测定一根粗细均匀的金属丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定金属丝直径如图 1 所示，金属丝的直径为 _mm。（ 2）图 2 是测量此金属丝阻值的电路图，其中S2 是单

9、刀双掷开关。根据图2 把图3 中的实物图连线补充完整。（ 3）闭合 S1，当 S2 处于位置 a 时，电压表和电流表的示数分别为U1=0.96 V I 1=0.32A；，当 S2 处于位置 b 时，电压表和电流表的示数分别为U 2=1.32V，I2 =0.30A根据以上测量数据判断，当 S2 处于位置 _（选填“ a”或“ b“）时，测量相对准确，测量值 Rx=_ （结果保留两位有效数字）。14. 将两个金属电极锌片和铜片插入一个水果中就可以做成一个水果电池，通过前期查阅相关资料，得知其电动势约为1.3 2.0V，内阻约为400800某兴趣小组为了精确测量水果电池的电动势和内阻，利用滑动变阻器

10、R（ 03k），毫安表（满偏电流3mA，电阻约10），电压表（量程 0-2.0V，电阻约1000），开关导线等设计了如图甲、乙两种实验电路。（ 1）为了使结果更加精确， 本实验应该选择_图的电路（填“甲”或“乙”） 。（ 2）按照所选电路进行实验，得到多组电压表示数U 和电流表示数I，并记录在如表内。序号12345678电压 U/V1.281.080.890.750.640.420.400.18电流 I /mA0.470.841.231.481.691.872.132.52第4页，共 20页请根据测量数据在答题卡的坐标纸中描出第5、 6 组数据，并作出U-I 图线。（ 3）根据 U-图象， 可

11、知此水果电池的电动势为_V，内阻为 _（结果保留三位有效数字）四、计算题（本大题共4 小题，共40.0 分）15. 太空中存在大量高能粒子流，可认为是由电量相同的正、负离子组成的等离子体，这些高能粒子可作为太空飞船的能量来源之一。如图所示， 该装置左侧部分可用来收集高能粒子，由两块间距为d 的平行金属板M、N 组成，板间加有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，高能粒子源源不断从左侧以速度v0 水平入射，最终在 MN 两极板间形成稳定的电势差，并给右侧平行板电容器PQ 供电。粒子重力均不计，求：（ 1）稳定时 MN 金属板间电势差大小 U，并判断哪块金属板电势更高；（ 2）右侧电容器靠近

12、 Q 板处有一放射源 S，可释放初速度为 0、质量为 m、带电量为 +q 的粒子，求出该粒子从P 板小孔射出时的速度大小。16.如图所示，一带负电的点电荷固定于O 点，电荷量Q=510-6C，其右侧竖直放置光滑绝缘细杆，杆上AB 两点高度差为h=0.4m，B点与 O 点等高且 OB 距离 d=0.3m。另有一个穿过细杆可视为点电荷的带正电小球，其质量m=610-3kg、电荷量为 q=510-8C现将小球从 A 点由静止开始释放，小球向下运动至 B 点时，速度 v=3m/s。已知静电力常量为 k=9109 N?m2/C2，重力加速度 g=10m/s2 ，不计空气阻力。求：（ 1）小球在 A 点释

13、放瞬间的加速度大小；（ 2） A、 B 间的电势差 U AB。第5页，共 20页17.电磁感应现象在生活生产中有着大量的应用，如电磁阻尼就大量应用于各种缓冲或制动装置中。 某制动装置可简化为以下模型：由涂有绝缘漆的一根导线绕制成质量为 m、匝数为 n 的闭合矩形线框，长为2L，宽为 L ，总电阻为R，其右侧有垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场， 线框以初速度v0 在光滑水平面上向右运动，进如磁场并运动了距离 L 时，速度减为零，从而实现对线框的制动。在该过程中，求：（ 1）线框产生的焦耳热；（ 2）通过导线某横截面的电量；（ 3）线框的最大加速度大小。18. 如图所示，竖直平面内的直角坐

14、标系xoy，其第一、三象限内存在水平向右的匀强电场，第四象限内存在竖直向上的匀强电场，场强大小均相等但未知。若在第三象限加上垂直xoy 平面的磁场，可使质量为m、带电量为 +q 的油滴以初速度v0 沿直线 AO 运动，直线AO 与 y 轴负半轴的夹角为45，重力加速度为g，求：（ 1）匀强电场场强大小及第三象限所加磁场的方向；（ 2）油滴第一次经过 x 轴正半轴时与原点 O 的距离；（ 3）若在第四象限加上垂直纸面向外的匀强磁场，可使油滴经一次偏转回到第三象限，求所加磁场磁感应强度大小的取值范围。（答案可保留根号）第6页，共 20页第7页，共 20页答案和解析1.【答案】 A【解析】解：A 、

15、电动机是线圈在磁场中受力转动而工作的，故用到了安培力，故 A 正确；B、回旋加速器是带电粒子在电场中加速和磁 场中转动原理工作的，故 B 错误；C、电磁炉是利用 电磁感应原理工作的，故 C 错误；D、质谱仪采用的是 带电粒子在电磁场中的转动原理工作的，故 D 错误 。故选：A。明确各电器的工作原理，知道通 过安培力可以将 电能转化为动能。本题考查对现代科技装置和 产品原理的理解能力，要求知道常 见仪器，并明确各种原理的 应用。2.【答案】 C【解析】解：A 、开关闭合的瞬间，则通过螺线管 B 中的磁通量从无到有， 则产生感应电流，电流表指针发生偏转，故A 错误；B、开关闭合稳定后，则通过螺线管

16、 B 中的磁通量不 变，电流表指针不发生偏转，故B 错误；C、开关闭合稳定后，把线圈 A 插入及拔出 线圈 B 这两个过程，穿过线圈 B 的磁通量发生变化，产生感应电流，指针发生偏转，故 C 正确；D、开关断开的瞬间，则通过螺线管 B 中的磁通量从有到无， 则产生感应电流，电流表指针发生偏转，故D 错误；故选：C。当通过闭合回路的磁通量 发生变化，就会产生感应电流，电流表指针发生偏转。第8页，共 20页解决本题的关键掌握感应电流的产生条件，知道当通过闭合回路的磁通量 发生变化，就会产生感应电流。3.【答案】 C【解析】解：A 、带电粒子的轨迹向左弯曲，则带电粒子所受的 电场力沿电场线切线向左，

17、与电场线的方向相反，知带电粒子带负电，故A 错误 。B、电场线的疏密表示 场强大小，由图知粒子在 B 点的场强小于 A 点的场强，在 B 点的加速度小于 A 点的加速度。故 B 错误 。C、从A 到 B，电场力做负功，动能减小，速度也减小，故带电粒子在 A 点的速度大于在 B 点的速度。故 C 正确。D、从A 到 B，电场力做负功，电势能增大。故 D 错误 。故选：C。带电粒子的轨迹向左弯曲，则带电粒子所受的 电场力沿电场线切线向左，则知带电粒子带负电，由电场线的疏密可判断 场强的大小，再判断电场力的大小。由带电粒子的轨迹可判定 电场力的方向，确定电场力做功情况，分析电势能和动能的变化，再分析

18、速度的 变化。带电粒子的 动能和电势能总和守恒。此类轨迹问题，由轨迹的弯曲方向可判定 电场力的方向，并判断电场力做功正负情况。4.【答案】 A【解析】解：A 、t=0 时，感应电动势 最大，线框平面与中性面重合，磁通量最大，故 A 正确；B、t=0.01s时，感应电动势为 零，说明此时线圈正经过中性面，故 B 错误；C、由图 2 可知 Em=10V根据正弦式交 变电流有效值和峰值的关系可得，该交变电流的有效 值为 E=V，故C 错误；D、据周期和频率的关系可得，该交变电流的频率为：f=50Hz，故D 错误；故选：A。第9页，共 20页由图 2 可知任何 时刻的感应电动势 ，根据电动势的特点，可

19、判处金属线框所处的位置；由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值，根据周期和频率的关系可求 频率本题考查的是有关交 变电流的产生和特征的基本知 识，注意会由图象得出线圈从何处开始计时，并掌握正弦交流电的最大值与有效值的关系5.【答案】 D【解析】解：液滴的电量被下极板吸收后，极板的 带电量 Q 减小，由 C=知板间电压U 减小，则板间场强 E 减小，液滴受重力、电场力，由牛顿第二定律知：a=减小AB 、竖直方向：偏转量 y=，y 不变 a 减小，所以 t 增大，水平方向：x=v0t增大，所以落在 B 的右侧，故 AB 错误；CD、竖直方向：vy=，a 减小，所

20、以 vy 减小，落在下极板时的速度：v=，减小，故C 错误 D 正确。故选：D。液滴的电量被下极板吸收后，极板的 带电量减小，由 C=知板间电压减小，则板间场强 E 减小，由牛顿第二定律知液滴的加速度会 变化，以此分析各个选项即可。本题考查了液滴在 电场中的运动，解决的思路还是类平抛运动的方法，但要明确哪些量在 变化，哪些量不变。6.【答案】 B【解析】电知 P 在W 到电解：AB 、根据 功率 P=W，即 功率在 50kW到 150kW 之间，故A 错误，B 正确；电储存的电能为E=CU2，知 U=2000V，CD、根据 容器故 CD错误；第10 页，共 20页故选：B。根据电功率 P=求解

21、电功率范围；根据E=CU2 求解电压。此题为信息给与题目，注意审题找到已知条件即可根据公式P=和 E=CU2 求解，简单题目。7.【答案】 D【解析】A 带电粒子进入匀强磁场 B0中后向左偏转，受到的洛伦兹力向左，由左解： 、手定则判断知该粒子带正电，故A 错误。选择器中带电粒子受到的电场力水平向右，洛伦兹力应水平向左，由B、速度左手定则判断知磁 场方向垂直 纸面向外，故 B 错误 。带电粒子速度选择器做匀速直线运动，有 qE=qvB，得v=，故C错误。C、D、粒子进入磁场 B0 后做匀速圆周运动 轨为r=，粒子打在胶片， 迹半径上的位置到入口的距离 d=2r=，可知粒子打在胶片上的位置越幕近

22、狭 缝则越大，故 D 正确。P，d 越小，故选：D。根据带电粒子进入匀强磁场 B0 中的偏转方向，确定洛伦兹力方向，由左手定则判断电性。带电粒子经加速后进入速度选择器时，速度为 v=的粒子可通过速度选择器，然后进入磁场 B0，打在S 板的不同位置。通 过列式分析。质谱仪工作原理 应采取分段分析的方法，即粒子加速 阶段，速度选择阶段，在磁场中运动阶段。要知道速度选择器选择速度为 v=的粒子。8.【答案】 C【解析】解：AB 、粒子恰好不从 BC 射出时运动轨迹如图所示：第11 页，共 20页图中四边形 ABDO 是正方形，故圆周的半径 为：r=L ，粒子在磁 场中做圆周运动，由牛顿第二定律得：q

23、v0B=m，解得：B=，粒子不从 BC 边射出：B，故AB 错误；CD、粒子从 AC 边射出磁场时在磁场中转过的圆心角最大 为：120，粒子在磁 场中运动时间最长，粒子在磁场中的最长运动时间：t= ，故C 正确，D 错误；故选：C。粒子在磁 场中做圆周运动，根据题意作出粒子 临界运动轨迹，求出粒子临界轨道半径，应用牛顿第二定律求出磁感 应强度的最小 值；根据粒子在磁场中转过的最大圆心角求出粒子在磁 场中运动的最长时间。本题考查了带电粒子在磁 场中的运动，粒子在磁场中做匀速 圆周运动，根据题意分析清楚粒子运 动过程、作出粒子运动轨迹是解题的前提，应用牛顿第二定律与周期公式可以解题。9.【答案】

24、BD【解析】电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为110V ，所解：AB 、根据以副线圈的电压的最大值为22电压表的示数为电压的有效值，所以示V ，数为 22V ，故A 错误，B 正确。动变阻器触头P 向上移动的过动变阻器的阻值变电C、在滑程中，滑大， 路的总电阻减大，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变电，所以 流表 A1的示数变小，故C 错误；D、在滑动变阻器触头 P 向上移动的过程中，滑动变阻器的阻 值变大，由 P=可知，理想变压器的输出的功率 变小，所以输入功率也要 变小，故 D 正确。故选：BD。根据瞬时值表达式可以求得 输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压第12 页

25、，共 20页与匝数成正比即可求得 结论。电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分 电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的 电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法。10.【答案】 AC【解析】解：AB 、负电荷运动的周期 T=，则电流 I=ner，故A 正确，B错误；CD、等效电流方向是逆 时针，故在中心轴线上产生的磁场方向竖直向上，故C 正确，D 错误 。故选：AC。负电荷 Q 均匀分布在橡胶 环上，当环转动时 ，在环上任取一截面 则一个周期T 内穿过此截面的 电荷量为 Q，因此应用电流的定义式 I=，再结合圆周运动相关的知 识即可求解。本题考查等效电流的求法，解题关键在于明确一

26、个周期内流 过导体截面的 电量。11.【答案】 AC【解析】解：AB 、0-L 内，感应电动势为 ：E=BLv ，感应电流为：I=，由右手定则电时针为负的；可知， 流方向沿逆方向，L-2L应电动势为应电流为：I=则内，感：E=2BLv ，感，由右手定可电顺时针为知， 流方向沿方向， 正的；应电动势为应电流为：I=，由右手定则可知，2L-3L 内，感：E=BLv ，感电流方向沿逆时针为负的，故 A 正确，B错误；方向，CD、安培力：F=BIL ，在 0-L 内，F=，L-2L内，F=4，2L-3L内 F=，由左手定则可知，整个过程安培力始 终向左，为负的，故 C 正确，D错误；第13 页，共 2

27、0页故选：AC。由 E=BLv 求出感应电动势 ，由欧姆定律求出电流大小，由右手定则判断出感应电流方向，应用安培力公式求出安培力大小， 应用左手定 则判断出安培力方向，然后分析图示图象答题。此题电磁感应中图象的问题，近几年高考中出现的较为频繁，解答本题关键要掌握法拉第 电磁感应定律、欧姆定律、楞次定律、安培力公式等等知 识，要知道当线框左右两 边都切割磁感 线时，两个感应电动势 方向相同，是串联关系。12.【答案】 BD【解析】解：AB 、虚线 a、b、c、d 代表匀强电场内间距相等的一 组等势面，电子经过 a时的动能为 8eV，从a 到 c 的过程中克服 电场力所做的功 为 4eV，则电势

28、能增加 4eV，因此 ac 等势面之间的电势差为 4V，由于电子的电势能增加，所以等势面从 a 到 c 电势是降低的，因为 b 上的电势为 0V ，故a 上的电势为 2V ，c 上的电势为 -2V ，电势能为 2eV，故A 错误，B 正确；C、电子经过平面 a 的动能是经过 c 动能的 2 倍，故它在平面 a 时的速率是 经过 c 时的倍，故 C 错误；D、由A 可知，相邻等差等势面电势差为 2V 若电子经过 a 时速度方向与平面a 垂直，则电子从 a 到 d 克服电场力做功需要 6eV，电子可能到达平面d；但如果电子经过 a 时速度方向与平面a 不垂直，电子将会在 电场中做抛体运 动，则可能

29、不会到达平面d，故D 正确；故选：BD。根据只有 电场 力做功，动能与电势 能之和不 变，当电场 力做负功时，动 能转化为电势能，在电势为零处，电势能为零，从而即可一一求解。本题考查电场力做功与 电势能变化的关系，掌握电势能与动能之和不 变，理解电势为零处的电势能为零是解题的关键。第14 页，共 20页13.【答案】 0.655a3.0【解析】解：（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+15.50.01mm=0.655mm；（2）根据图 2所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）由实验数据可知：=0.375=0.0625，由此可知：，电流表分压较大，为减小实验误差，电流表

30、应采用外接法，即 S2 处于位置 a，则R=3.0根据欧姆定律，有： x= =；故答案为：（1）0.655；（2）实物电路图如图所示；（3）a，3.0。（1）螺旋测微器固定刻度与可 动刻度示数之和是螺旋 测微器的示数。（2）根据电路图连接实物电路图。（3）根据实验数据判断 电压与电流变化大小，从而确定电压表还是电流表误差较大，进而确定外接法 还是内接法，再由欧姆定律，求解 电阻。本题考查了螺旋测微器读数、求电阻率，螺旋测微器固定刻度与可 动刻度示数之和是螺旋 测微器示数，螺旋测微器需要估 读一位，读数时视线要与刻度线垂直，并掌握电流表内接法与外接法的确定依据。14.【答案】 甲1.50500【

31、解析】解：（1）水果电池内阻较大，为减小实验误差，电流表应采用外接法，应选择图甲所示电路图。第15 页，共 20页（2）根据表中实验数据描出 对应点，然后根据坐标系内描出的点作出 图象如图所示：（3）由图示电源 U-I 图象可知，电源电动势：E=1.50V，电源内阻：r=500；故答案为：（1）甲；2（）图象如图所示；（3）1.50；500。（1）根据题意与实验原理选择实验电 路。（2）根据坐标系内描出的点作出 图象。（3）电源 U-I 图象与纵轴交点坐标值为电 源电动势，图象斜率的 绝对值等于电源内阻。本题根据闭合电路欧姆定律，用伏安法可 测量电源的电动势和内阻，注意水果电池具有电动势小，内

32、阻大的特点；同时掌握应用图象法分析 实验数据的基本方法。15.【答案】 解：（ 1）带正电粒子受向下的洛伦兹力偏转，所以下极板带正电，电势更高；设高能粒子带电量为q0，当高能粒子所受电场力与洛伦兹力等大反向后，粒子不再偏转，则根据平衡条件有：q0解得： U=Bv0d；（ 2）粒子经过电容器加速，则由动能定理有：qU = mv2-0解得： v=答：（ 1）稳定时MN 金属板间电势差大小U 为 Bv0d，下极板电势更高；第16 页，共 20页（ 2）该粒子从P 板小孔射出时的速度大小为。【解析】（1）根据左手定则可明确正粒子偏 转方向，从而确定正极板；再根据平衡条件求出稳定后电势差大小；（2）粒子

33、在电场中加速，根据动能定理即可求出射出 时的速度。本题考查带电粒子在电场中运动以及霍尔效应的应用，要注意明确动能定理以及平衡条件的 应用，掌握带电粒子在复合 场中运动时的分析方法。16.【答案】 解：（ 1）根据几何关系可知，A 点距离 O 点的距离为：r=小球在 A 点受到的库仑力为：F=k设 OA 和 AB 的夹角为 ，则有： tan =则有： =37对小球根据牛顿第二定律可得：Fcos+mg=ma联立并代入数据解得：a=11.2m/s2；（ 2）小球从A 到 B 根据动能定理可得：WAB+mgh=由于 WAB=qU AB代入数据解得：UAB=6104V。答：（ 1）小球在 A 点释放瞬间的加速度大小为11.2m/s2；4（ 2） A、 B 间的电势差为610 V。【解析】（1）根据库仑定律求解小球在A 点受到的 库仑力，对小球根据牛 顿第二定律求解加速度大小；（2）小球从A 到 B 根据动能定理求解 电势差。本题主要是考 查了库仑定律的计算公式；知道真空中静止的两个点 电荷之间的作用力与它 们 的电荷量乘积成正比、与它们之间 的距离平方成反比。17.【答案】 解：（ 1）由能量守恒定律可知，线框产生的焦耳热为：Q=；（ 2）线框进入磁场时的感应电动势为：