2018-2019学年甘肃省庆阳市宁县高三(上)期末物理试卷

1、2018-2019 学年甘肃省庆阳市宁县高三（上）期末物理试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共6 小题，共24.0 分）1.从手中竖直向上抛出的小球，与水平天花板碰撞后又落回到手中，设竖直向上的方向为正方向， 小球与天花板碰撞时间极短若不计空气阻力和碰撞过程中动能的损失，则下列图象中能够描述小球从抛出到落回手中整个过程运动规律的是（）A.B.C.D.2. 国庆期间，京津冀地区平均 PM2.5 浓度维持在 250 g/m3 左右，出现严重污染已知汽车在京津高速上行驶限速 120km/h，由于雾霾的影响，某人开车在此段高速公路上行驶时，能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）为50

2、m，该人的反应时间为 0.5s，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5m/s2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是（）A. 10m/sB. 15m/sC. 20 m/sD. 25m/s3. 一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即F 1、 F2 和摩擦力的作用，木块处于静止状态，如图所示，其中F 1=10N， F 2=2N，若撤去 F 1，则木块受到的摩擦力为（）A. 10N，方向向左B.6N，方向向右C. 2N，方向向右D.04.质量为0.2kg 的小球竖直向下以6m/s 的速度落至水平地面上，再以4m/s 的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的过程中，关于小球动量变化量

3、p 和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是（?）A. ?m/sW=-2 JB. p=2 kgp=-2 kg m/s W=2 JC. ?D. ?p=0.4 kg m/s W=-2 Jp=-0.4 kg m/s W=2 J5.如图所示，已知电源电动势为6V1R0=0.5 ，则当电阻箱 R，内阻为，保护电阻读数为多少时，保护电阻R0 消耗的电功率最大，且这个最大值为（）第1页，共 14页A. 14WB. 18WC. 0 8WD. 0.5 8W6. 带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a 点以初速度v0 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b 点，如图所示，则从a 到 b 过程中，下列说法正确的是（）A.

4、 粒子带负电荷B. 粒子先加速后减速C. 粒子加速度一直增大D. 粒子的机械能先减小后增大二、多选题（本大题共4 小题，共16.0 分）7. 2008 年 9 月我国成功实施了“神舟七号”载人航天飞行并首次实现了航天员出舱飞船沿椭圆轨道1 飞行，后在远地点343km 处的 P 点加速，由椭圆轨道1 变成高度343km 的圆轨道 2，在此圆轨道 2 上飞行运行周期约为90min ，下列判断正确的是（）A. 飞船在圆轨道上运行时航天员出舱前后都是处于失重状态B. 飞船在此圆轨道上运动的线速度大于同步卫星运动的线速度C. 飞船变轨前后通过椭圆轨道远地点P 时的加速度相等D. 飞船变轨前的机械能大于变

5、轨后的机械能8. 如图所示， 传送带以 v 的速度匀速运动。 将质量为 m 的物体无初速度放在传送带上的 A 端，物体将被传送带带到 B 端。已知物体到达 B 端之前已和传送带相对静止，则下列说法正确的是（）A.B.C.D.传送带对物体做功为2mv传送带克服摩擦做功mv2mv2电动机由于传送物体多消耗的能量为在传送物体过程中产生的热量为2mv9.关于电场强度的叙述，正确的是（）A. 沿着电场线的方向，场强越来越小B. 电场中某点的场强大小等于单位电量的电荷在该点所受的电场力大小C. 电势降落的方向就是场强的方向D. 负点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大10. 如图所示，电源电动势为 E，

6、内电阻为 r ，理想电压表 V1、V2 示数为 U 1、U 2，其变化量的绝对值分别为 U 1 和 U2；流过电源的电流为 I，其变化量的绝对值为 I 在滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）（）第2页，共 14页A.C.小灯泡 L1、L3 变暗， L2变亮B.U1 U2增大D.不变三、实验题探究题（本大题共2 小题，共15.0 分）11.如图 1 为验证机械能守恒定律的实验装置示意图。现有的器材为： 带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤、天平。回答下列问题。（ 1）为完成此实验，除了所给的器材，还需要的器材有_。（填入正确选项前的字母）A米尺B秒表C 4 6V

7、 的直流电源D 4 6V 的交流电源（ 2）利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a 的数值。根据打出的纸带，选取纸带上连续的五个点A、 B、 C、 D 、E，测出各点之间的距离如图2 所示。使用交流电的频率为f，则计算重锤下落的加速度的表达式a=_。（用 x1、x2、x3、x4 及 f 表示）12. 为了精确测量某待测电阻 Rx 的阻值（约为 30）有以下一些器材可供选择电流表： A1（量程 0 50mA，内阻约 12）A2（量程 0 3A，内阻约 0.12 ）电压表： V1（量程 0 3V，内阻很大）V2（量程 0 15V，内阻很大）电源： E（电动势约为 3V，内阻约为 0.2 ）定值电

8、阻： R（ 30，允许最大电流 2.0A）滑动变阻器： R1（ 0 10，允许最大电流 2.0A）滑动变阻器： R2（ 0 1k，允许最大电流 0.5A）单刀单掷开关 S 一个，导线若干（ 1）电流表应选 _，电压表应选 _，滑动变阻器应选 _ （填字母代号）第3页，共 14页（ 2）请在方框中画出测量电阻 Rx 的实验电路图（要求测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出）（ 3）某次测量中，电压表示数为U 时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为 Rx=_四、计算题（本大题共3 小题，共 45.0 分）13. 所受重力 G1=8N 的砝码悬挂在绳PA 和 PB 的结点上 P

9、A 偏离竖直方向 37角， PB 在水平方向，且连在所受重力为 G2=100N 的木块上，木块静止于倾角为37的斜面上，如图所示，试求：（ sin37 =0.6 cos37=0.8，重力加速度 g 取 10m/s2）（ 1）木块与斜面间的摩擦力大小；（ 2）木块所受斜面的弹力大小14. 一束电子流在经 U 0=5 000V 的加速电场由静止加速后， 在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示若两板间距d=110-3m，板长 L=510-3 m，那么，（ 1）电子离开加速电场时速度 v0 多大？（结果用字母 e、 U0 、m 表示）（ 2）要使电子刚好从平行板间边沿飞出，两个极板上应加

10、多大电压？（可以得到具体数值）15. 如图所示，倾角为 37 的粗糙斜面 AB 底端与半径 R=0.4m 的光滑半圆轨道 BC 平滑相连， O 为轨道圆心， BC 为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C 两点等高质量m=1 kg 的滑块从 A 点由静止开始下滑，恰能滑到与O 等高的 D 点， g 取 10m/s2 ，sin37 =0.6， cos37 =0.8（ 1）求滑块与斜面间的动摩擦因数（ 2）若使滑块能到达 C 点，求滑块从 A 点沿斜面滑下时的初速度v0 的最小值（ 3）若滑块离开 C 处的速度大小为4m/s，求滑块从 C 点飞出至落到斜面上的时间t第4页，共 14页第5页，共 14页答

11、案和解析1.【答案】 C【解析】解：小球先减速上升，突然反向后加速下降；设竖直向上的方向 为正方向，速度的正负表示方向，不表示大小；故速度 v 先是正值，不断减小，突然变为负值 ，且绝对值不断变大；故选：C。小球先减速上升，突然反向后加速下降，速度时间图象反映了各个不同 时刻小球的速度情况，根据 实际情况作图即可速度时间图象形象直 观地反映了物体速度随 时间的变化情况，速度的正 负表示方向，绝对值表示大小2.【答案】 C【解析】解：设汽车行驶的最大速度 为 v，则有：，即，解得 v=20m/s。故选：C。汽车在反应时间内做匀速直 线运动，刹车后做匀减速直 线运动，结合两段过程的位移之和求出汽

12、车的最大速度解决本题的关键知道汽车在反应时间内和刹车后的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题3.【答案】 C【解析】解：如图所示，木块放在粗糙的水平桌面上，外力F1、F2 沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状 态，受的是平衡力，所以此时的摩擦力 为 f=F1-F2=10N-2N=8N ；方向向右。若撤去 F1，木块受到的摩擦力 为 2N，方向向右故选：C。第6页，共 14页木块处于静止状 态，受的是平衡力的作用，根据二力平衡条件解出摩擦力的大小，撤去一个力后木 块仍处于静止状 态，再求出撤去一个力后的摩擦力此题主要考查的是学生 对物体受力平衡条件的理解和掌握，基础性题目4.【答案】 A【

13、解析】解：取竖直向上方向 为正方向，则小球与地面碰撞 过程中动量的变化为：p=mv2-（-mv1）=0.2 （6+4）kg?m/s=2kg?m/s，方向竖直向上。代入动量定理的公式，得（F-mg）t=P代入数据求得：F=12N；根据动能定理可知，合外力 对小球做功 为：W=m-m=0.2 16-0.2 36=-2J；故A 正确，BCD 错误故选：A。取竖直向上方向 为正方向，分别表示出碰地前后小球的 动量，小球动量的变化量等于末 动量与初动量的差；代入动量定理的公式可以直接 计算出小球受到地面的平均作用力大小。本题考查动量定理和 动能定理的 应用，要注意动量是矢量，要规定正方向，用带正负呈的数

14、值表示动量。动量变化量也是矢量，同样要注意方向。5.【答案】 C【解析】护电阻消耗的电功率为：P0=，因为 R0 和 r 是常量，而 R 是变解：保化的，所以 R 最小时，P0 最大，最大值为：Pm=代入数据解得：Pm=8W ，故ABD 错误 C 正确；故选：C。写出保护电阻 R0 消耗的电功率的表达式，据表达式分析其功率随所串联电阻阻值的变化关系，从而求得最大功率。第7页，共 14页本题考查了功率公式的 应用，写出功率的表达式 结合数学方法分析何 时取得极大值，这也是物理常用的求极 值的方法，要掌握起来。6.【答案】 D【解析】解：A 、粒子受到的电场力沿电场线方向，故粒子带正电，故 A 错

15、误；B、图象知粒子受 电场力向右，所以先向左做减速运 动后向右加速运 动，故B错误。C、据轨迹弯曲程度，知电场力的方向沿 电场线切线方向向右，从 a 点到 b 点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后增大。根据电场线的疏密知道 场强先小后大，故加速度先小后大， C 错误，D 正确。故选：D。做曲线运动的物体所受的合力大致指向轨迹凹的一向，根据此可判断出 电场力的方向以及 电场力的做功情况，根据 电场力做功可判断出 动能、电势能的变化粒子的加速度可通 过比较合力（电场力）进行比较解决本题的关键通过轨迹的弯曲方向判断出 电场力的方向，根据电场力做功判断出动能的变化和电势能的变

16、化7.【答案】 ABC【解析】解：A 、飞船在圆轨道上运行，航天员处于完全失重状 态，故 A 正确；B、同步卫星的周期 为 24h，大于飞船在轨道 2 上的周期，根据，则，v=，知同步卫星的周期大，则轨道半径大，所以线速度小。故 B 正确。C、飞船在 轨道 1、2 上运行通 过 P 点，万有引力相同，则 加速度相同，C 正确。D、飞船由轨道 1 到轨道 2，需要在 P 点加速，所以变轨后的机械能大，则 D 错误；故选：ABC。第8页，共 14页飞船在圆轨道上运行 时，航天员处于完全失重状 态根据万有引力提供向心力得出周期、线速度与轨道半径的关系，通过周期的大小得出 轨道半径的大小，从而得出线速

17、度的大小根据飞船变轨前后所受的万有引力，根据牛 顿第二定律比 较加速度的大小飞船变轨时，需加速，使得万有引力等于向心力，机械能增大解决本题的关键掌握卫星变轨的原理，以及掌握万有引力提供向心力，知道线速度、周期与轨道半径的关系8.【答案】 BC【解析】解：A 、物体在运动过程中，只有摩擦力对物体做功，根据动能定理知 传送带对物体做的功等于 动能的增加量，即为 mv2，故A错误；设动的时间为则动的位移为x1=传B、假 物体匀加速运t， 物体匀加速运vt，送带的位移为 x2=vt；可得：x2=2x1，根据动能定理，对物体有：f?x1=mv2，传送带克服摩擦做功 为：W=fx 2=2f?x1=mv2，

18、故B 正确。CD、在传送物体过程中产生的热量为：Q=f?x=f（x2-x1）=f?x1=mv2，电动机由于传送物体多消耗的能量等于物体动能增加量和摩擦 产生的热量之和，为：E=Q+mv2=mv2，故 C 正确，D 错误故选：BC。对物体，利用动能定理求 传送带对物体做功。根据运动学公式求出物体与 传送带相对运动时传送带的位移与物体位移的关系，从而得出传送带克服摩擦力做的功。电动机多消耗的 电能转变成内能和物体的 动能，根据功能关系分析电动机多做的功。解决本题的关键在于要明确物体在匀加速运动过程中，电动机要增加功率，多消耗电能，运用功能关系和牛 顿第二定律、运动学公式进行解答。9.【答案】 BD

19、【解析】第9页，共 14页解：A 、沿着电场线的方向，电势越来越小，场强不一定越来越小，要根据 电场线的疏密才能确定。故 A 错误；B、根据电场强度的定义式 E=，知场强大小等于 单位电量的电荷在该点所受的电场力大小。故 B 正确；C、电势降落最快的方向才是 场强的方向。故 C 错误；D、由公式 E=k得知，在负点电荷形成的 电场中，离点电荷越近，r 越小，电场强度 E 越大。故 D 正确；故选：BD。电场强度是描述 电场强弱和方向的物理量，其定 义式为 E=电场线越密的地方，电场强度越强电势降落最快的方向就是 场强的方向点电荷形成的电场，离点电 荷越近，场强 越大本题考查对电场 中几对关系的

20、理解能力：电场线与场强、电势与场强等等，关键要理解并掌握 场强的两个公式 E=和 E=k10.【答案】 BD【解析】解：A 、当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端 时，变阻器接入 电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则 L2 变亮。变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则 L3 变暗。总电流增大，而 L3 的电流减小，则 L 1的电流增大，则 L1 变亮。故A 错误 。B、由上分析可知，电压表 V 1 的示数减小，电压表 V 2 的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以 U1U2故B 正确。C、由 U1=E-I （RL2 +r）

21、得：变错误。=RL2+r，不 ，故CD、根据欧姆定律得变=R2，不 ，故D 正确。故选：BD。当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端 时，分析变阻器接入 电路的电阻的变第10 页，共 14页化情况，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端 电压的变化，判断灯L 2 亮度的变化。根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断 L3 亮度的变化。根据总电流与通过 L 3 电流的变化，分析通过 L 1 电流的变化，判断其亮度变化。根据路端电压的变化，分析U1 和 U2 的大小。根据欧姆定律列式分析电压表示数变化量与电流表示数 变化量的比 值如何变化。本题是电路动态变化分析问题，按“局部 整体 局部

22、”思路 进行分析。运用总量法分析两 电压表读数变化量的大小。运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数 变化量的比 值变化，这是常用的方法。11.【答案】 AD【解析】解：（1）通过打点计时器计算时间，故不需要秒表，打点计时器应该与交流电源连接，需要刻度尺测量纸带上两点间的距离。故 AD 正确，BC 错误 。故选：AD 。（2）连续逐差公式可得：又 T=则=故答案为：（1）AD 、（2）。过实验的原理，确定所需测量的物理量，从而确定所需的器材。（1）通（2、根据匀变速直线的推论：连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出加速度的表达式解决实验问题 首先要掌握 该实验原理，了解实验的仪器、操作

23、步骤和数据处理以及注意事 项。第11 页，共 14页12.【答案】 A1V1R1-R【解析】1测电阻时电流不能太大，电流表应选电电动势为 3V电解：（）、 量， 源，故压表应选闭电路欧姆定律考虑电流表读数要求 I=，可，根据 合求出电路最小电变则太小，太大，因此应阻 R=90，故 阻器若用限流式采用分压应选阻值小的变阻器，式，故（2）、又待测电阻阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法，但根据欧姆定律，若将电阻直接接在 电压表两端时，电阻两端最大 电压为 U=5030电压表量程的一半；若将待测电阻与定值电阻串联，V=1.5V ，只是则它们两端电压为U=50电压表的=3V ，正好与量程相同，所以电

24、路图如图所示（3）、由欧姆定律可得：=-R故答案为（1）、；（2）如图；（3）-R分析题意，明确实验中应采有的实验原理；正确选择实验仪 器；明确滑动变阻的接法及 电表的使用方法；解决本题的关键是将待测电阻与定值电阻串联使用，应通过估算说明因本题有 “要求测量值的范围尽可能大一些 ”，这就提示我们滑动变阻器应用分压式；又所给器材中有一个定 值电阻，说明可能待 测电阻不能直接使用13.【答案】 解：如图甲所示分析P 点受力，由平衡条件可得：F Acos37 =G1F Asin37 =FB第12 页，共 14页可解得： F B=6 N再分析 G2 的受力情况如图乙所示由物体的平衡条件可得：f2B cos37 F=G sin37 +FF N+F B sin37 =G2cos 37 FB=FB可求得： F f=64.8 NF N=76.4 N答：（ 1）木块与斜面间的摩擦力大小为64.8 N；（ 2）木块所受斜面的弹力大小为76.4 N，方向垂直斜面向上【解析】先以结点 P 为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求出 BP 绳的拉力大小，再以 G2 为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求解斜面 对木块的摩擦力和 弹力本题是通过绳子连接的物体平衡 问题，采用隔离法研究是基本方法要作好力图，这是解题的基础14.