（人教版）2020年高三生物考点突破训练：遗传的分离定律与自由组合定律（含答案）

1、1为研究水稻D基因的功能，研究者将T-DNA插人到水稻D基因中，致使该基因失活，失活后的基因记为d。现以野生和突变水稻植株作为亲本进行杂交实验，统计母本的结实率，结果如表所示：杂交编号亲本组合结实率DDdd10%ddDD50%DDDD50%下列说法错误的是（）AD基因失活使雄配子存活率降低，不影响雌配子的存活率B对野生植株的花粉进行射线处理后，再进行自交，结实率可能会下降C若让组合的F1给组合的F1授粉，母本的结实率为30%D若让组合的F1给组合的F1授粉，所得F2植株的基因型及比例为DD：Dd：dd=5：5：1【答案】D【解析】由表格信息可知，杂交组合，父本都是DD，雌株DD或dd的结实率相

2、同，因此D基因失活使雄配子存活率降低，不影响雌配子的存活率，A正确；野生植株的花粉进行射线处理后，可能会发生基因突变，再进行自交，结实率可能会下，B正确；杂交组合、的子一代基因型是Dd，由于d不影响雌配子的活力，因此产生的雌配子的类型及比例是D：d=1：1，雄配子的类型及比例是D：d=1：1，由于含有d的雄配子的活力占1/5，因此具有活力的雄配子共占3/5，由可知，雌雄配子都具有育性，结实率为50%，因此Dd与Dd个体杂交，结实率是50%3/5=30%，由C分析可知，可育雌配子的基因型及比例是D：d=1：1，可育雄配子的基因型及比例是D：d=5：1，雌雄配子随机结合，子二代的基因型及比例是DD

3、：Dd：dd=5：6：1，D错误。2已知某种老鼠的体色由常染色体上的基因A+、A和a决定,A+(纯合会导致胚胎致死)决定黄色,A决定灰色,a决定黑色,且A+对A是显性,A对a是显性。下列说法正确的是( )A该种老鼠的成年个体最多有6种基因型BA+、A和a基因遵循基因的自由组合定律C一只黄色雌鼠和一只黑色纯合雄鼠杂交,后代可能出现3种表现型D基因型均为A+a的一对老鼠交配产下了3只小鼠,可能全表现为黄色【答案】D【解析】由于A+纯合会导致胚胎致死，所以该种老鼠的基因型最多有2+2+1=5种，A错误；基因A+、A和a是一组等位基因，他们的遗传遵循基因的分离定律，B错误；一只黄色雌鼠（A+A或A+a

4、）和一只黑色纯合雄鼠（aa）杂交，后代应该出现2种表现型，C错误；基因型均为A+a的一对老鼠交配，后代基因型为及其比例为A+a：aa=2:1，因此它们产生的三只小鼠可能都是黄色，也可能都是黑色或黄色和黑色都有，D正确。3某植物红花和白花由染色体上的一对等位基因A、a控制，假设A基因含1000个碱基对，含300个胞嘧啶。让多个红花的亲本植株自交，F1的表现型及比例为红花：白花=11：1（不考虑基因突交、染色体变异和致死情况）。下列有关分析不正确的是A红花对白花为显性B亲本的基因型有AA、Aa两种，且比例为1：2CF1植株中纯合子占5/6DA基因连续复制3次共需嘌呤脱氧核苷酸7000个【答案】B【

5、解析】多个红花的亲本植株自交，子代有白花出现，无中生有为隐性，所以红花对白花为显性，A正确；亲本杂交后代表现型及比例为红花:白花=11:1，说明亲本不都是杂合子，即亲本的基因型有AA、Aa两种。假设其中AA所占比例为x，则Aa所占比例为1-x，则1/4(1-x)=1/12，解得x=2/3，,即AA、Aa的比例为2:1.B错误；由B选项可知，亲本的基因型及比例为AA:Aa=2:1,则亲本自交所得F1植株中杂合子占1/31/2=1/6，因此纯合子占1-1/6=5/6，C正确；根据题干，假设A基因含1000个碱基对，含300个胞嘧啶，根据碱基互补配对原则，A=T=700个，G=C=300个，则嘌呤脱

6、氧核苷酸A+G=1000个，A基因连续复制3次共需嘌呤脱氧核苷酸1000（23-1） =7000个，D正确。4豌豆种群中偶尔会出现一种三体植株(多1条2号染色体)，减数分裂时2号染色体的任意两条移向细胞一极，剩下一条移向另一极。下列关于某三体植株(基因型AAa)的叙述，正确的是( )A该植株与人类猫叫综合征都属于染色体数目变异B该植株正常体细胞中含3个染色体组C三体豌豆植株能产生四种配子，比例为1:1:1:1D三体豌豆植株自交，产生含A基因的子代的概率为35/36【答案】D【解析】由题意可知减数分裂时2号染色体的任意两条移向细胞一极，剩下一条移向另一极，变成三体植株，所以该植株为染色体结构变异

7、，A错误；该植株正常体细胞中含2个染色体组，只是多1条2号染色体，B错误；基因型为AAa的植物体产生的配子的类型及比例是AA：a：Aa：A=1：1：2：2，C错误；基因型为AAa的植物体产生的配子的类型及比例是AA：a：Aa：A=1：1：2：2，a配子的概率为1/6,子代基因型不含A的只有aa=1/61/6=1/36，所以含A基因的子代概率为=1-1/36=35/36，D正确。5已知喷瓜的性别由三个复等位基因A1、A2、A3决定，A1为雄性，A2为两性，A3为雌性。并且A1对A2、A3为显性，A2对A3为显性。则在喷瓜中决定性别的基因型数目和纯合子数目分别为A6、3B6、2C5、3D5、2【答

8、案】D【解析】由题意可知，雄性的基因型为：A1 A2、A1 A3，两性喷瓜的基因型为：A2 A2，A2 A3，雌性的基因型为：A3 A3。由于只有雄性喷瓜有A1，故不存在A1 A1，喷瓜关于性别的基因型只有5种，即A1 A2、A1 A3，A2 A2，A2 A3，A3 A3。其中纯合子只有A2 A2，A3 A3。综上所述，ABC不符合题意，D符合题意。6下图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的性状显隐性及其在染色体上的分布，下列相关叙述不正确的是A丁个体DdYyrr自交子代会出现2种表现型比例为31B甲、乙图个体减数分裂时可以恰当地揭示孟德尔自由组合定律的实质C

9、孟德尔用丙个体YyRr自交，其子代表现为9331，此属于观察现象、提出问题阶段D孟德尔用假说演绎去揭示基因分离定律时，可以选甲、乙、丙、丁为材料【答案】B【解析】丁个体一对等位基因位于一对同源染色体上，所以DdYyrr自交子代会出现2种表现型比例为31，A正确；甲、乙图个体都是只有一对等位基因位于一对同源染色体上，所以减数分裂时不能揭示孟德尔自由组合定律的实质，B错误；孟德尔用丙个体YyRr自交，其子代表现为9331，此属于观察现象、提出问题阶段，C正确；孟德尔用假说演绎去揭示基因分离定律时，可以选甲、乙、丙、丁为材料，D正确。7某种羊的性别决定为XY型。已知其有角和无角由位于常染色体上的等位

10、基因(N/n)控制，公羊中只要有显性基因就表现为有角，母羊中只有显性纯合子表现为有角；黑毛和白毛由等位基因(M/m)控制，且黑毛对白毛为显性，为确定M/m是位于X染色体上，还是位于常染色体上，让多对纯合黑毛母羊与纯合白毛公羊交配，F2中黑毛：白毛3：1，下列相关叙述，正确的是（ ）A若多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交，则理论上，子一代群体中母羊的表现型及其比例为有角：无角3：1B羊有角和无角的性状在遗传过程中与性别相关联，属于伴性遗传C若控制羊黑毛和白毛的基因位于X和Y染色体的同源区段，群体中相应基因型共有6种D为确定M/m是位于X染色体上，还是位于常染色体上，依据子二代白毛个体的性别即可判断【

11、答案】D【解析】母羊中，只有显性纯合子表现为有角，所以杂合体公羊与杂合体母羊杂交，子一代群体中母羊的表现型及其比例为有角无角13，A错误；该基因位于常染色体上，不属于伴性遗传，B错误；若控制羊黑毛和白毛的基因位于X和Y染色体的同源区段，群体中相应基因型共有7种 ，C错误；为确定M/m是位于X染色体上，还是位于常染色体上，依据子二代白毛个体的性别即可判断，D正确。8下列与遗传变异有关的认识，正确的是A位于同源染色体的相同位置上的基因控制同一种性状B隐性性状是指生物体不能表现出来的性状C某生物的测交后代只有两种表现型且比例为1:1，则此生物一定含有一对等位基因D用生长素处理二倍体番茄未受精的雌蕊柱

12、头，能得到四倍体无子番茄【答案】A【解析】位于同源染色体的相同位置上的基因是等位基因或相同基因，控制的是同一种性状，A正确；隐性性状是指具有相对性状的两个亲本杂交，F1未表现出来的性状，B错误；某生物的测交后代中只有两种表现型且比例为1：1，说明该生物能够产生两种配子，但是该性状不一定只由一对等位基因控制，也可能由一对同源染色体上的多对等位基因控制，C错误；用生长素处理二倍体番茄未受精的雌蕊柱头，能得到的无子番茄仍然是二倍体，D错误。9在研究某植物花色遗传规律时发现，基因型为AaBb的红花个体自交，子一代出现红花：白花=3：1，则相关分析错误的是A这两对基因的遗传一定不遵循基因的自由组合定律B

13、对该红花植株进行测交实验，则子代中红花：白花=1：1C若在子一代中随机选择一株白花植株自交，则子代全为白花D若在子一代中随机选择一株红花植株自交，则其子代中出现红花的概率是5/6【答案】A【解析】若两对等位基因位于两对同源染色体上，基因型为AaBb的红花个体自交，后代会出现9:3:3:1的比例，而3:1是（9+3）：（3+1）的变式，即只含有某一种显性基因时为显性（如含有B基因为红花），即基因型为AaBb的红花个体自交，子一代也能出现红花：白花=3：1，故该结果不能说明基因一定不遵循基因的自由组合定律，A错误；基因型为AaBb的红花个体自交，若两对基因位于两对同源染色体上，则后代会出现9:3:

14、3:1的变式（9+3）：（3+1）=3:1，所以对该红花植株进行测交实验，则子代中会出现1:1:1:1的变式（1+1）红花：（1+1）白花=1：1，若两对等位基因位于一对同源染色体上，则根据AaBb的红花个体自交，子一代出现红花：白花=3：1，可知A和B为连锁，a和b为连锁，故对该红花植株进行测交实验时，由于AaBb产生AB和ab两种数量相等的配子，设含有B基因的为红花，所以子代中红花：白花=1：1，B正确；设含有B基因的为红花，则不含B基因的均为白花，白花植株由于不含B基因，故自交后代也不会出现B基因，所以若在子一代中随机选择一株白花植株自交，则子代全为白花，C正确；若两对等位基因位于两对同

15、源染色体上，设含有基因B的为红花，则基因型为AaBb的红花个体自交，子一代中红花的基因型和比例为AABB：AaBB：AABb：AaBb：aaBB：aaBb=1:2:2:4:1:2，其中AABb、AaBb、aaBb自交后代会出现性状分离，所以在子一代中随机选择一株红花植株自交，后代出现红花的概率为（1/12+2/12+1/12）+（2/123/4+4/123/4+2/123/4）=5/6，若两对等位基因位于一对同源染色体上，则子一代的红花基因型和比例为AABB：AaBb=1:2，随机选取一株红花植株自交后代出现红花的概率为1/3+2/33/4=5/6，D正确。10玉米非糯性基因(A)对糯性基因(

16、a)是显性，A-、a-表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失区段不包括A和a基因)，缺失不影响减数分裂过程。为验证染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育，现有AA、Aa、aa、AA-、A-a、aa-共6种玉米植株，下列哪种实验方案最合适Aaa()A-a()、aa()A-a()Baa-()Aa()、aa-()Aa()Caa()AA-()、aa()AA-()DA-a()A-a()【答案】A【解析】若染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育，则aa()A-a()，后代雌雄性都表现为非糯性：糯性=1:1，而反交实验aa()A-a()，后代都表现为糯性，A正确；无论染色体缺失的花粉是否可育

17、，aa-()Aa()、aa-()Aa()正反交实验的结果都相同，都表现为非糯性：糯性=1:1，B错误；无论染色体缺失的花粉是否可育，aa()AA-()、aa()AA-()正反交实验的结果都相同，都表现为非糯性，C错误；无论染色体缺失的花粉是否可育，A-a()A-a()的结果都表会出现非糯性和糯性，D错误。11牡丹的花色多种多样，白色的是不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花颜色的深浅。花青素含量由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。深红色牡丹同白色牡丹杂交，就能得到中等红色的个体，若这些个体自交，其

18、子代将出现花色的种类和比例分别是A3种；9：6：1B4种；9：3：3：1C5种；1：4：6：4：1D6种；1：4：3：3：4：1【答案】C【解析】分析题文：显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加，因此深红色牡丹的基因型为AABB，白色牡丹的基因型为aabb，它们杂交所得子一代均为中等红色个体（基因型为AaBb），这些个体自交，子二代的表现型及比例为深红色（1/16AABB）：偏深红色（2/16AABb、2/16AaBB）：中等红色（1/16AAbb、1/16aaBB、4/16AaBb）：偏白色（2/16Aabb、2/16aaBb）：白色（1/16aabb）=1：4：

19、6：4：1。根据分析可知，深红色牡丹的基因型为AABB，白色牡丹的基因型为aabb，它们杂交所得子一代均为中等红色个体（基因型为AaBb），这些个体自交，子代共有5种表现型，子二代的表现型及比例为深红色（1/16AABB）：偏深红色（2/16AABb、2/16AaBB）：中等红色（1/16AAbb、1/16aaBB、4/16AaBb）：偏白色（2/16Aabb、2/16aaBb）：白色（1/16aabb）=1：4：6：4：1。12已知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）为显性，各由一对等位基因控制且独立遗传。现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒：抗旱少颗粒：敏旱多颗

20、粒：敏旱少颗粒=2：2：1：1，若这些亲代植株相互授粉，后代性状分离比为A24：8：3：1B9：3：3：1C15：5：3：1D25：15：15：9【答案】A【解析】由题意可知水稻的抗旱性和多颗粒的遗传遵循基因的自由组合定律，因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗旱：敏旱=2：1，多颗粒：少颗粒=1：1，则提供的亲本抗旱、多颗粒植株产生的配子中A：a=2：1，B：b=1：1，让这些植株相互授粉，敏旱（aa）占1/31/3=1/9，抗旱占8/9， 少颗粒（bb）占1/21/2=1/4， 多颗粒占3/4，根据基因的自由组合定律，后代性状分离比为（8：1）（3：1）=24：8：3：1。综上

21、所述，A正确，BCD错误。13仓鼠的毛色有灰色和黑色，由3对独立遗传的等位基因（P和p、Q和q、R和r）控制，3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，否则表现为黑色。叙述错误的是（ ）A3对基因中没有任意两对基因位于同一对同源染色体上B该种仓鼠纯合灰色、黑色个体的基因型各有1种、7种C基因型为PpQqRr 的个体相互交配，子代中黑色个体占27/64D基因型为PpQqRr的灰色个体测交，子代黑色个体中纯合子占1/7【答案】C【解析】3对等位基因是独立遗传，符合自由组合定律，任意两对都不会位于同一对同源染色体上，A正确；3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，纯合灰色个

22、体基因型为PPQQRR，纯合黑色个体基因型有：ppqqrr、PPqqrr，ppQQrr、ppqqRR、PPQQrr、ppQQRR、PPqqRR共7种，B正确；基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中灰色个体占3/43/43/4=27/64，黑色个体占1-27/64=37/64，C错误；基因型为PpQqRr的灰色个体测交，后代有8种基因型，灰色个体基因型1种，黑色个体基因型7种，其中只有ppqqrr是黑色纯合子，D正确。14F1全为红色鳞茎洋葱，F1自交，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株。相关叙述正确的是（ ）A洋葱鳞茎不同颜色是由不同细胞器色素引起的B洋葱鳞茎颜色

23、是由遵循自由组合定律的两对等位基因控制的CF2的红色鳞茎洋葱中与F1基因型相同的个体大约占4/9D从F2中的黄色鳞茎洋葱中任取一株进行测交，得到白色洋葱的概率为1/4【答案】B【解析】F1全为红色鳞茎洋葱，F1自交，F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株，即红色：黄色：白色=12:3:1，为9:3:3:1的变式，故该性状至少受两对等位基因的控制，且符合基因的自由组合定律。设控制该性状的基因为A-a、B-b-，则红色的基因型设为：A-B-、A-bb；黄色的基因型为aaB-；白色的基因型为aabb。洋葱鳞茎无叶绿体，不同颜色是由液泡中色素不同引起的，A错误；根据后代红色：黄色

24、：白色=12:3:1可知，洋葱鳞茎颜色是由遵循自由组合定律的两对等位基因控制的，B正确；F2的红色鳞茎洋葱（1AABB:2AABb:2AaBB:4AaBb:1AAbb:2Aabb）中与F1基因型（AaBb）相同的个体大约占4/12=1/3，C错误；F2中的黄色鳞茎洋葱的基因型为：aaBB或aaBb，与aabb测交的后代中，白色出现的概率是0或1/2，D错误。15大豆子叶颜色（表现为深绿，表现为浅绿，呈黄色幼苗阶段死亡）和花叶病的抗性（抗病、不抗病分别由、基因控制）遗传的两组杂交实验结果如下：实验一：子叶深绿不抗病（）子叶浅绿抗病（）F1：子叶深绿抗病：子叶浅绿抗病=1：1实验二：子叶深绿不抗病

25、（）子叶浅绿抗病（）F1：子叶深绿抗病：子叶深绿不抗病：子叶浅绿抗病：子叶浅绿不抗病=1：1：1：1根据实验结果分析判断下列叙述，错误的是（ ）A实验一和实验二中父本的基因型不同BF1的子叶浅绿抗病植株自交，在F2的成熟植株中四种表现型的分离比为1：2：3：6C用子叶深绿与子叶浅绿植株杂交得F1，F1随机交配得到F2成熟群体中，基因的频率为0.75D在短时间内选育出纯合的子叶深绿抗病大豆新品种常规的育种方法，最好用与实验一的父本基因型相同的植株自交【答案】C【解析】由实验结果可以推出，实验一的亲本的基因组成为BBrr(母本)和BbRR(父本)，实验二的亲本的基因组成为BBrr(母本)和BbRr

26、(父本)，A正确；F1的子叶浅绿抗病植株的基因组成为BbRr，自交后代的基因组成(表现性状和所占比例)分别为BBRR(子叶深绿抗病，占1/16)、BBRr(子叶深绿抗病，占2/16)、BBrr(子叶深绿不抗病，占1/16)、BbRR(子叶浅绿抗病，占2/16)、BbRr(子叶浅绿抗病，占4/16)、Bbrr(子叶浅绿不抗病，占2/16)、bbRR(幼苗死亡)、bbRr(幼苗死亡)、bbrr(幼苗死亡)；在F2的成熟植株中子叶深绿抗病：子叶深绿不抗病：子叶浅绿抗病：子叶浅绿不抗病的分离比为3：1：6：2，B正确；子叶深绿(BB)与子叶浅绿植株(Bb)杂交，F2的基因组成为BB(占1/2)和Bb(

27、占1/2)，随机交配，F2的基因组成及比例为BB(子叶深绿，占9/16)、Bb(子叶深绿，占6/16)和bb(幼苗死亡，占1/16)，BB与Bb比例为3：2，B基因的频率为3/51+2/51/2=0.8，C错误；实验一的父本基因型为BbRR，与其基因型相同的植株自交，后代表现子叶深绿抗病的个体的基因组成一定是BBRR，D正确。16某小组利用某二倍体自花传粉植物进行转基因育种和杂交实验，杂交涉及的二对相对性状分别是：红果（红）与黄果抗病（抗）与易感病（感）选取若干某红果杂合子进行转抗病基因（T）的试验后得到品种S1、S2、S3、S4分别进行自然种植得到F1，统计数据如表，下列叙述错误的是（）品种

28、F1表现型及个体数S1450红抗、160红感、150黄抗、50黄感S2450红抗、30红感、150黄抗、10黄感S3660红抗、90红感、90黄抗、160黄感S4450红抗、240黄抗、240红感、10黄感A向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因的品种只有S2B上述品种形成F1过程中遵循自由组合定律的只有品种S1和S2CS1品种产生的F1红抗个体自交产生的后代中红抗个体的概率为25/36DS2品种产生的F1红抗个体中纯合子的概率为1/15【答案】D【解析】分析表格：S1自交后代红抗：红感：黄抗：黄感=9：3：3：1，则S1为向另一条非同源染色体转入1个抗病基因，且遵循基因自由组合定律；S2自交

29、后代红抗：红感：黄抗：黄感=45：3：15：1=（3：1）（15：1）则S2为向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因，且遵循基因自由组合定律；S3自交后代红抗：红感：黄抗：黄感9：3：3：1，说明抗病基因（T）和果实颜色基因在一条染色体上，不遵循基因自由组合定律；S3自交后代红抗：红感：黄抗：黄感9：3：3：1，说明抗病基因（T）和果实颜色基因在一条染色体上，不遵循基因自由组合定律。据分析可知，向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因的品种只有S2，A正确；据分析可知，上述品种形成F1过程中遵循自由组合定律的只有品种S1和S2，B正确；设控制红果基因为A，S1品种产生的F1红抗个体（1/9AAT

30、T、2/9AATt、2/9AaTT、4/9AaTt）自交产生的后代中红抗个体的概率为1/9+2/93/4+2/93/4+4/99/16=25/36，C正确；S2品种产生的F1红抗个体中纯合子（红果1/3AA、抗病1/15TTTT）的概率为1/45，D错误。17某植物的花色有紫色和蓝色两种。为了研究其遗传机制，研究者利用纯系品种进行了杂交实验，结果见表，下列叙述错误的是（）杂交组合父本植株数目（表现型）母本植株数目（表现型）F1植株数目（表现型）F2植株数目（表现型）10（紫色）10（紫色）81（紫色）260（紫色）61（蓝色）10（紫色）10（蓝色）79（紫色）270（紫色）89（蓝色）A取杂

31、交中F2的紫色植株随机交配，产生的后代紫色和蓝色的比例为153：16B将两个杂交组合中的F1相互杂交，产生的后代紫色和蓝色的比例为3：1C取杂交中F2的紫色植株随机交配，产生的后代紫色和蓝色的比例为8：1D将两个杂交组合中的F2紫色植株相互杂交，产生的后代中紫色和蓝色的比例为36：5【答案】D【解析】分析表格数据：杂交组合中，子一代全为紫色，子二代中出现蓝色，说明紫色是显性性状，又因为子二代中紫色：蓝色=260：61=13：3，所以花色性状的遗传由两对等位基因控制的，且遵循自由组合定律，设基因为A、a和B、b，子一代的基因型为AaBb，杂交中F2的紫色：蓝色=270：89=3：1，说明一对等位

32、基因纯合，一对等位基因杂合，故紫花植株的基因型为A_B_、A_bb、aabb，蓝花的基因型为aaB_。A、杂交中F2的紫色植株的基因型及比例为AABB：AaBB：AABb：AaBb：Aabb：AAbb：aabb1：2：2：4：2：1：1，植株随机交配，产生AB配子的概率4/13，Ab%4/13，aB%2/13，ab%3/13，后代蓝花植株（aaB_）的比例为22/133/13+2/132/1316/169，后代紫色和蓝色的比例为（16916）：16153：16，A正确；B、杂交中子一代的基因型为AaBb，杂交中子一代的基因型为AaBB，两者杂交，子代紫色和蓝色的比例为3：1，B正确；C、杂交中

33、子二代的紫花的基因型为AaBB和AABB，两者比例为2：1，随机交配产生AB配子的概率2/3，aB%1/3，后代蓝花的概率1/31/3=1/9，故产生的后代紫色和蓝色的比例为8：1，C正确；D、杂交中子二代的紫花的基因型为2AaBB和1AABB，杂交中F2的紫色植株的基因型及比例为AABB：AaBB：AABb：AaBb：Aabb：AAbb：aabb1：2：2：4：2：1：1，两者相互交配，由第二对杂交中子二代的紫花的基因型为BB，确定后代的第二对基因一定是B_，故只看分离出的第一对基因中出现aa的概率即为蓝花，1/3AA、2/3Aa与4/13AA、8/13Aa、1/13aa，后代aa为（2/3

34、8/131/4）（2/31/131/2）=5/39，故紫花为1-5/39=34/39,即紫花：蓝花=34:5，D错误。18玉米有早熟和晚熟两个品种，该对相对性状的遗传涉及两对等位基因(A、a与B、b)研究发现纯合的亲本杂交组合中出现了下图两种情况。下列相关叙述错误的是A在实验2的F2早熟植株中，杂合子占的比例为8/15B玉米的晚熟是隐性性状，该相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律C若让实验1中的F2随机交配，则后代中早熟和晚熟的性状分离比是31D据实验1可知有两种亲本组合类型，则每一种亲本组合的F2中早熟的基因型有两种【答案】A【解析】由实验2的F2代的15:1即9:3:3:1的变式可知，该性

35、状至少受两对等位基因的控制，且早熟的基因型为：A-B-、A-bb、aaB-，晚熟的基因型为aabb。实验1的亲本的基因型为：AAbbaabb或aaBBaabb；实验2的亲本为：AABBaabb。在实验2的F2早熟植株中，纯合子有三种，为AABB、AAbb、aaBB，早熟植株中纯合子占3/15=1/5，故杂合子占4/5，A错误；由实验2中F1早熟自交后代早熟：晚熟=15:1可知，玉米的晚熟是隐性性状，该相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，B正确；实验1的亲本的基因型为：AAbbaabb或aaBBaabb，F2的基因型为：1AAbb：2Aabb:1aabb或1aaBB：2aaBb:1aabb，若

36、让F2随机交配（按配子计算，后代的基因型比例不变），则后代中早熟和晚熟的性状分离比是3:1，C正确；实验1的亲本的基因型为：AAbbaabb或aaBBaabb，F2中早熟的基因型为1AAbb：2Aabb或1aaBB：2aaBb，D正确。19家蚕(2n=56)的性别决定方式是ZW型,雄蚕的性染色体组成为ZZ,雌蚕的性染色体组成为ZW。有时家蚕能进行孤雌生殖,即卵细胞与来自相同卵原细胞的一个极体结合,发育成正常的新个体。已知性染色体组成为WW的个体不能成活,下列推断错误的是A雄蚕细胞中最多可含有4条Z染色体B次级卵母细胞中含有W染色体的数量最多是2条C研究家蚕的基因组,应研究29条染色体上的基因D

37、某雌蚕发生孤雌生殖,子代的性别比例为雌:雄=2:1【答案】D【解析】雄蚕体细胞中一般含2条Z染色体，在有丝分裂后期，Z染色体的着丝点分裂，则可形成4条Z染色体，A正确；雌蚕卵原细胞中含Z、W两条性染色体，当进行减数第一次分裂后，形成的一个次级卵母细胞和一个极体分别含有一条性染色体（Z或W）。若其中一个次级卵母细胞中含有W染色体，在减数第二次分裂后期，则W染色体着丝点分裂形成2条W染色体，B正确；家蚕体细胞含28对同源染色体，若要研究家蚕的一个基因组所有染色体上DNA序列,应研究27条非同源的常染色体+2条性染色体（Z和W）上的全部基因，共29条染色体的DNA序列，C正确；雌蚕进行孤雌生殖，产生

38、的卵细胞有两种类型：Z和W；当产生的卵细胞含Z时，同时产生的极体的染色体类型及其比例为1Z:2W，卵细胞和一个极体结合发育成新个体，性染色体组成及比例为1ZZ:2ZW；当产生的卵细胞含W时，同时产生的极体的染色体类型即比例为1W:2Z，二者结合发育成新个体，性染色体组成及比例为1WW:2ZW；由于占1份的WW个体不能存活且两种结合方式机会均等，所以子代的性别比例为雌（ZW）:雄(ZZ)=4:1，D错误。20某植物的高茎（B）对矮茎（b）为显性，花粉粒长形（D）对圆形（d）为显性，花粉粒非糯性（E）对花粉粒糯性（e）为显性，非糯性花粉遇碘液变蓝色，糯性花粉遇碘液呈棕色。现有品种甲（BBDDee)

39、、乙（bbDDEE)、丙（BBddEE) 和丁（bbddee),，进行了如下两组实验：下列叙述错误的是（ ）A由组合一可知，基因B/ b和基因D/ d位于同一对同源染色体上B组合一利用F1自交能验证基因的自由组合定律C由组合二可知，基因E/e和基因B/b位于不同对同源染色体上。利用F1自交所得F2中，杂合子占3/4D利用花粉鉴定法（检测F1花粉性状）验证基因的自由组合定律，可选用的亲本组合有甲丙【答案】B【解析】由表格可知，组合一中，品种甲（BBDDee）和品种丁（bbddee）杂交，子一代的基因型为BbDdee。如果B/b和D/d位于两对同源染色体上，则F1产生的生殖细胞的基因型及比例为BD

40、eBdebDebde=1111。而表格中F1产生的生殖细胞的基因型及比例为BDeBdebDebde=4114，说明B/b和D/d位于同一对同源染色体上。组合二中，品种甲（BBddEE）和品种丁（bbddee）杂交，子一代的基因型为BbddEe。F1（BbddEe）产生的生殖细胞的基因型及比例为BdEBdebdEbde=1111，说明B/b和E/e位于两对同源染色体上。由分析可知，B/b和D/d位于同一对同源染色体上，A正确；组合一中得出结论：B/b和D/d位于同一对同源染色体上，不遵循自由组合定律。对等位基因E/e而言，又因为F1产生的生殖细胞只含有e基因，因此组合一利用F1自交无法验证基因的

41、自由组合定律，B错误；由分析可知，B/b和E/e位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律。F1（BbddEe）自交所得的F2中纯合子所占的比例为4/16=1/4，所以F2中杂合子所占的比例为11/4=3/4，C正确；可通过观察F1花粉粒的形状和花粉遇碘液的颜色来验证基因的自由组合定律，因此两亲本杂交后F1中应同时含有D/d和E/e，符合条件的组合有乙丁和甲丙，D正确。21某植物的花色有蓝花和白花两种，由两对等位基因(A和a、B和b)控制。下表是两组纯合植株杂交实验的统计结果，有关分析不正确的是()亲本组合F1株数F2株数蓝花白花蓝花白花蓝花白花263075249蓝花白花84021271A控制花色

42、的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律B第组F2中纯合蓝花植株的基因型有4种C第组蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbbD白花植株与第组F1蓝花植株杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为11【答案】B【解析】蓝花白花，F1均为蓝花，组F2蓝花：白花=15:1，组F2蓝花：白花=3:1，可推知控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，组亲本基因型为AABB和aabb，F1基因型为AaBb,组亲本基因型为AAbb和aabb或aaBB和aabb，F1基因型为Aabb或aaBb。由图中F2的性状分离比可推知控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；第组F2中纯合蓝花植株的基因型有3种，分

43、别是AABB、AAbb、aaBB，B错误；由前面分析可知，蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb，C正确；白花植株（基因型aabb）与第组F1蓝花植株（基因型为Aabb或aaBb）杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为11，D正确。22已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，Aabb：AAbb=2：1，且该种群中雌雄个体比例为1：1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为（）A5/8B5/9C13/16D13/18【答案】B【解析】已知亲本的基因型是Aabb和AAbb，分析基因型可知只要考虑A与a这一对相对性状个体间的自由交配（因为两个亲本都是bb，后代

44、也全为bb）。据题意无论雌性或雄性，都有Aa和AA两种类型，Aa：AA=2：1，这样亲本Aa占2/3、AA占1/3，这样亲本产生的配子中A占2/31/2+1/3=2/3，a占1/3无论雌、雄均有这两种，均为这样的比例，因此后代AA的概率为2/32/3=4/9，aa的概率为1/31/3=1/9，Aa的概率22/31/3=4/9，因此该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为4/9+1/9=5/9。23红花和白花是香豌豆的一对相对性状。两株白花植株杂交，无论正交、反交，F1中总是一半开白花，一半开红花。开白花的F1植株自交，F2全开白花；开红花的F1植株自交，F2表现为红花1809株、白花1

45、404株。下列哪项假设能解释该遗传现象A控制该性状的是一对位于X染色体上的等位基因，白花是显性性状B控制该性状的是一对位于常染色体上的等位基因，红花是是显性性状C控制该性状的是两对独立遗传的等位基因，有两种显性基因时才表现为红花D控制该性状的是两对独立遗传的等位基因，有一种显性基因时就表现为红花【答案】C【解析】两株白花植株杂交，无论正交、反交，F1中总是一半开白花，一半开红花，说明该性状的遗传与性别无关联，所以控制该性状的不可能是位于X染色体上的等位基因，而是位于常染色体上的等位基因，又因为开红花的F1植株自交产生的F2中出现了白花个体，据此可推知控制该性状的等位基因的对数不是一对，A、B错

46、误；开红花的F1植株自交产生的F2中，开红花的植株开白花的植株1809140497，为9331的变式，说明控制该性状的是两对独立遗传的等位基因，有两种显性基因时才表现为红花，其余情况均表现为白花，C正确，D错误。24一种长尾小鹦鹉的羽色由位于两对常染色体上完全显性的等位基因B、b和Y、y控制，其中B基因控制产生蓝色素，Y基因控制产生黄色素，蓝色素和黄色素混在一起时表现为绿色。两只绿色鹦鹉杂交，F1出现绿色、蓝色、黄色、白色四种鹦鹉。下列叙述错误的是()A亲本两只绿色鹦鹉的基因型相同BF1绿色个体的基因型可能有四种CF1蓝色个体自由交配，后代蓝色个体中纯合子占1/2DF1中蓝色个体和黄色个体相互

47、交配，后代中白色个体占2/9【答案】D【解析】根据题干信息分析，绿色的基因型为B_Y_，蓝色的基因型为B_yy，黄色的基因型为bbY_，白色的基因型为bbyy。两只绿色鹦鹉杂交，F1出现绿色、蓝色、黄色、白色四种鹦鹉，说明亲本绿色的基因型都是YyRr。根据以上分析已知，亲本两只绿色鹦鹉的基因型都是YyRr，A正确；子一代绿色的基因型共有四种，分别是YYRR、YYRr、YyRR、YyRr，B正确；F1蓝色个体基因型及其比例为BByy:Bbyy=1:2，产生的配子的种类及其比例为By:by=2:1，因此F1蓝色个体自由交配，后代蓝色个体中纯合子占（2/32/3）（1-1/31/3）=1/2，C正确

48、；F1中蓝色个体（B_yy）和黄色个体（bbY_）相互交配，后代中白色（bbyy）个体占1/31/3=1/9，D错误。25有一种名贵的兰花，花色有红色、蓝色两种颜色，其遗传符合孟德尔的遗传规律。现将亲代红花和蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2红花与蓝花比例为27:37。下列说法正确的是 ( )A兰花花色遗传由一对同源染色体上一对等位基因控制B兰花花色遗传由两对同源染色体上两对等位基因控制C若F1测交，则其子代表现型与比例为红色：蓝色=1:7DF2中蓝花基因型有5种【答案】C【解析】F2中红花与蓝花比例为27:37，则红花所占比例为27/(27+37)=27/64=(3/4)3，可判断兰

49、花花色受三对等位基因控制，且三对等位基因位于三对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。当三对基因中同时出现显性基因时，花色表现为红色。根据分析可知，兰花花色受三对等位基因控制，且三对等位基因位于三对同源染色体上，A项、B项错误；设三对基因分别为A与a、B与b、C与c，则F1基因型为AaBbCc，与aabbcc进行测交时，其子代红花比例为（1/2）（1/2）（1/2）=1/8，表现型与比例为红色：蓝色=1:7，C项正确；F2中共有333=27种基因型，其中红花基因型有222=8种，蓝花基因型有278=19种，D项错误。26某植物子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒种子（R）对皱粒种子（r）为

50、显性某人用该植物黄色圆粒和绿色圆粒作亲本进行杂交，发现后代（F1）出现4种类型，其比例分别为：黄色圆粒：绿色圆粒：黄色皱粒：绿色皱粒=3：3：1：1去掉花瓣，让F1中黄色圆粒植株相互授粉，F2的表现型及其性状分离比是（）A24：8：3：1B25：5：5：1C15：5：3：1D9：3：3：1【答案】A【解析】黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒:皱粒=3:1，说明亲本的基因组成为R r和R r；黄色：绿色=1:1，说明亲本的基因组成为Y y 和y y杂交后代F1中，分别是黄色圆粒（1YyRR、2YyRr）:黄色皱粒（1Yyrr）:绿色圆粒（1yyRR、2yyRr）:绿色皱粒（1yyrr）=3

51、:1:3:1，说明两对基因遵循自由组合定律。F1中黄色圆粒植株为 YyRR:2YyRr=1:2，则Y的基因频率为1/2，y的基因频率为1/2，R的基因频率为2/3，r的基因频率为1/3；相互授粉，则子代中yy:Y_ =（1/21/2）:（11/4）=1:3；r r的基因型频率=1/31/3=1/9，R_的基因型频率=8/9，rr:R =1:8；因此F2的表现型及其性状分离比是黄圆（Y_R_）:绿圆（yyR_）:黄皱（Y_rr）:绿皱（yyrr）=38:18:31:11=24:8:3:1。27如下为某植株自交产生后代过程，以下对此过程及结果的描述，错误的是（ ）AaBb AB、Ab、aB、ab

52、受精卵 子代：N种表现型（9：6：1）AA、a 与B、b的自由组合发生在过程B过程发生雌、雄配子的随机结合CM、N分别代表9、3D该植株测交后代性状分离比为1：2：1【答案】C【解析】A、a与B、b的自由组合发生减数第一次分裂的后期，A正确；过程发生雌、雄配子的随机组合，即受精作用，B正确；过程形成4种配子，则雌、雄配子的随机组合的方式M=44=16种，基因型=33=9种，表现型N为3种， C错误；该植株测交后代基因型以及比例为1（A_B_）：1（A_bb）：1（aaB_）：1（aabb），由题文“子代：N种表现型（9：6：1）”可知，A_bb与 aaB_同属一种表现型，则测交表现型的比例为1

53、：2：1，D正确。28某植物有白花和红花两种性状，由等位基因R/r、I/i控制，已知基因R控制红色素的合成，基因I会抑制基因R的表达。某白花植株自交，F1中白花：红花=5:1；再让F1中的红花植株自交，后代中红花：白花=2：1。下列有关分析错误的是A基因R/r与I/i独立遗传BF1中白花植株的基因型有7种C基因R纯合的个体会致死D亲代白花植株的基因型为RrIi【答案】B【解析】根据题干信息分析，该植株的红花基因型为R_ii，白花基因型为R_I_、rr_。某白花植株自交，F1中白花：红花=5:1，后代出现了红花（R_ii），说明亲本白花含有R和i基因，又因为红花的比例为1/6（=2/31/4），

54、说明两对等位基因遵循基因的自由组合定律，亲本白花的基因型为RrIi，且RR纯合致死；F1中的红花植株基因型为Rrii，其自交后代基因型及其比例为RRii（致死）:Rrii：rrii=1:2:1，因此后代中红花：白花=2：1。根据以上分析已知，控制花色的两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，A正确；根据以上分析已知，亲本基因型为RrIi，由于RR致死，因此子一代白花的基因型为RrI_、rr_，共有2+3=5种，B错误、D正确；根据以上分析已知，基因R纯合的个体会致死，C正确。29某育种专家在农田中发现一株大穗不抗病的小麦，自花授粉后获得160粒种子，这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病

55、和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在其F1中选择大穗抗病的再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的A2/10B7/10C2/9D7/9【答案】D30荠菜的果实形状由两对独立遗传的等位基因控制，已知三角形基因(B)对卵形基因(b)为显性，但当另一圆形显性基因(A)存在时，基因B和b都不能表达。现有一对亲本杂交，后代的分离比为圆形三角形卵形611，则该亲本的基因型可能为()AaabbAabbBAaBbAabbCAabbaaBbDAaBbaabb【答案】B【解析】已知后代圆形:三角形:卵形,卵形基因型为aabb占,说明亲本有一

56、对基因是测交,还有一对基因是杂合子自交.三角形基因型为aaB_占,说明aa占,亲本是Aa和Aa,则另一对基因是Bb和bb,即亲本的基因型是.31已知旱金莲的花长受三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具有叠加性。最长花长为30mm的旱金莲与最短花长为12mm的旱金莲相互授粉，子代花长均为21mnn。花长为24mm的植株自交，后代出现性状分离，其中花长为24mm的个体所占比例是A1/16 B1/8 C5/16 D3/8【答案】D【解析】根据题意分析，早金莲由三对等位基因控制花的长度，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具叠加性。根据最长花长为30mm，说明个体基因型全为显性基因组成，即为AABBCC，所以每个显性基因控制花长为30/6=5mm；根据最短花长为12mm，说明个体基因型组成全为隐性基因，即为aabbcc，所以每个隐性基因控制花长为12/6=2mm。由此说明，该类植物每增加一个显性基因，花长增加5-2=3mm，所以花长为24mm的个体中应该含（24-12）3=4个显性基因。根据前面的分析可知，花长为24mm的个体中含有4个显性基因，所以其基因型可能是AABBcc、aaBBCC、AAbbCC、