湖北省潜江市2018_2019学年九年级物理上学期月考试卷（12月份）（含解析）.docx

湖北省潜江市2018-2019学年九年级物理上学期月考试卷（12月份）一、选择题1一生致力于实验研究，研究热和功的关系，为“能量守恒定律”奠定了基础的科学家是（）A伽利略B焦耳C阿基米德D欧姆2关于分子热运动及热现象，下列说法正确的是（）A扩散现象只能发生在气体与液体中B固体很难被压缩，说明分子间存在斥力C物体吸收热量，温度一定升高D0的冰块内没有内能3用物体内能改变的方式说明“炙手可热”和“钻木取火”的含义，下列说法正确的是（）A前者是做功，后者是热传递B前者是热传递，后者是做功C两者都是做功D两者都是热传递4如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是（）ABCD5如图是某品牌榨汁机，为保障安全，该榨汁机设置了电源开关S和安全开关S1当杯体放在主机上时，S1自动闭合，此时再闭合S，电动机才能启动，开始榨汁。下列电路图符合上述要求的是（）ABCD6在如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示，则电阻R1和R2的电阻之比为（）A1：3B3：1C4：1D1：47将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和电源连接成如图所示的电路。光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大对光敏电阻的光照强度，观察电表示数的变化情况应该是（）A电流表和电压表示数均变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表示数变大，电压表示数变小D电流表和电压表示数均变大8在如图所示的电路中，开关S闭合时，电压表V和V1的示数分别如图甲、乙所示，则该电路中的电流为（）A0.6AB0.5AC0.4AD0.2A9将规格都是“220V 180W”的一台电冰箱、一台电风扇和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（）A电冰箱产生的热量最多B电风扇产生的热量最多C电热毯产生的热量最多D三者产生的热量一样多10某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（）A实验中电压表的示数保持2.5伏不变B将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向右移C滑动变阻器阻值变化范围为15D该同学研究的是电阻一定时，电流和电压的关系11如图，电源电压不变，R0为定值电阻，灯L1、L2分别标有“6V6W”、“6V3W”字样，设灯丝的电阻不变。当S与a接触时，电流表示数为0.3A，R0消耗的电功率为P1；当S与b接触时，R0消耗的电功率为P2；已知P1：P29：4下列说法正确的是（）A电源电压为6VBL1、 L2的电阻之比为1：2C定值电阻R0的阻值为6DS分别与a、b接触时，电路的总功率之比为3：2二、填空题（每空1分，共10分）12“端午深情，粽叶飘香”，其中“粽叶飘香”是一种 现象；在1标准大气压下，质量为0.5kg、温度为20的水吸收4.2104J的热量，水的温度升高到 。13汽油机的压缩冲程中将 能转化成内能；一台某型号单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1200r/min，则汽油机每秒钟对外做功 次。14某家庭电能表上标有3000R/（kWh）字样，若该家庭单独让某用电器工作，测得1min内电能表转盘转了30转，则用电器的电功率是 W；某段时间内，用电器消耗的电能为1.8105J，则电能表的表盘转动了 转。15如图所示电路，电源电压保持不变。灯泡额定电压为6V，额定电流为0.8A，电阻R2阻值为R1的2倍，当开关接a时，R1消耗的功率为3W；当开关接b时，R1消耗的功率为0.75W求：（1）灯泡的额定功率。（2）当开关接b时，灯泡的实际功率。16如图甲所示，将额定电压为2.5V的小灯泡接入电源电压为4.5V的电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，记录相应电压表和电流表示数绘制成如图乙所示的UI图象，则小灯泡的额定功率为 W调节滑动变阻器，使小灯泡的功率为0.3W，则此时滑动变阻器接入电路中的阻值是 。三、作图与实验题（共26分）17小明用三个电流表和两个小灯泡做实验，检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，其连接的电路如图所示。这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“”，表示这根导线不能这样连接，然后画出正确的连接位置。并画出电路图。18（3分）我们在实验室里用“伏安法”测量定值电阻的阻值大小，请你在如图的虚线框中画出这个实验的电路图。19（5分）为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热、实验数据记录如下：物质质量/g温度升高10所需要的时间/s温度升高20所需要的时间/s温度升高30所需要的时间/s沙子306489124水3096163220（1）在本实验中，用加热时间的长短来表示物质 。（2）分析表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量 （选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量。（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子， （选填“沙子”或“水”）升高的温度更高。20（8分）某班同学为了“探究电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的实验电路。在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10、20、25的定值电阻各一个，滑动变阻器和导线若干。（1）连接电路时，应让开关处于 状态，实验前滑动变阻器置于 端（填“A”或“B”）在实验过程中滑动变阻器的作用是： 。（2）小华先把10的电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为 V，读出电流表的示数后，断开开关S，她直接拆下10的电阻，改换成阻值为20的电阻继续做实验，接下来她应向 端（填“A”或“B”）移动滑动变阻器的滑片P继续做实验。（3）小华完成了多组实验，利用收集到的数据，作出了如图所示的电流I随电阻R变化的关系图象，分析图象得出结论： 。（4）为了能用所选的三只定值电阻完成实验，小华所选滑动变阻器的最大阻值应不小于 。21（8分）小珍在“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源（电压不变）、滑动变阻器、开关、单刀双掷开关、电压表、阻值为10的定值电阻R0、导线若干。她根据所给定的器材经过认真思考后，设计了如图甲所示的实验电路。（1）该实验的原理是 。（2）小珍连接电路时，开关处于 状态：闭合开关前滑片P应置于滑动变阻器的最 （选填“左”或“右”）端。（3）闭合开关S，将S1拨到触点 （选填“a”或“b”），移动滑片P，使电压表的示数为 V。（4）在确保整个电路安全情况下，保持滑片P位置不变，将开关S1拨到另一触点，此时电压表的示数如图乙所示，其数值为 V；通过计算可知小灯泡的额定功率是 W。四综合应用题（共20分）22（6分）小亮家有一个容积为3L（1L103m3）的水壶，水壶里装有质量为2.5kg、初温为20的水，在1标准大气压下小亮用天然气炉具对水进行加热。天然气的热值为q8.4107J/m3，求：（1）烧开水壶里的这些水，水需要吸收多少热量？（2）若天然气炉具的效率是40%，则烧开这些水需要完全燃烧多少m3的天然气？23（6分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S1、S2，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A，断开S2后，电压表示数变为4V，则电源电压为 V，R2的电阻为 ；若R1两端电压变为0V，则此时它的电阻为 。24（8分）PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它的发热效率较高，PTC有一个人为设定的温度。当它的温度低于设定温度时，其电阻值会随它的温度升高而变小；当它的温度高于设定温度时，其电阻值随它的温度升高而变大。如图甲所示的陶瓷电热水壶就使用了这种材料。它的工作电路如图乙所示，R0是定值电阻，其阻值不受温度的影响。RT是PTC的电阻，RT的电阻值与温度的关系如图丙所示。该电热水壶在RT设定温度状态工作时，电路消耗的总功率为1100W。（1）人为设定的温度是多少？（2）R0的阻值为多少？（3）当RT的温度为120时，电路中RT的实际功率为多少？2018-2019学年湖北省潜江市积玉口中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题1一生致力于实验研究，研究热和功的关系，为“能量守恒定律”奠定了基础的科学家是（）A伽利略B焦耳C阿基米德D欧姆【分析】根据对物理学家及其成就的了解作答。【解答】解：A、伽利略是著名的物理学家，最早发现了摆的等时性原理，发明了天文望远镜。故A不符合题意；B、焦耳是英国著名的物理学家，在能量研究领域取得卓著的成就，最早确定了热和功的关系，为“能量守恒定律”奠定了基础。故B符合题意；C、阿基米德是古希腊哲学家和科学家，发现了著名的阿基米德原理和杠杆平衡条件。故C不符合题意；D、欧姆是德国物理学家，最早发现了电流与电压、电阻的定量关系欧姆定律。故D不符合题意。故选：B。【点评】此题考查的是我们对物理学家成就的了解，属于物理学史的考查。在平时要注意搜集、积累此类材料。2关于分子热运动及热现象，下列说法正确的是（）A扩散现象只能发生在气体与液体中B固体很难被压缩，说明分子间存在斥力C物体吸收热量，温度一定升高D0的冰块内没有内能【分析】（1）一切气体、液体和固体都能发生扩散现象；（2）分子间存在相互的引力和斥力；（3）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；（4）一切物体在任何情况下都有内能。【解答】解：A、一切气体、液体和固体都能发生扩散现象，故A错误；B、固体很难被压缩，说明分子间存在斥力，故B正确；C、物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体在熔化过程中，吸热但温度保持不变，故C错误；D、一切物体在任何情况下都有内能，所以0的冰块也有内能，故D错误。故选：B。【点评】此题考查了分子间斥力的理解、发生扩散的条件、晶体熔化的特点和物体具有内能的条件，是一道综合题。3用物体内能改变的方式说明“炙手可热”和“钻木取火”的含义，下列说法正确的是（）A前者是做功，后者是热传递B前者是热传递，后者是做功C两者都是做功D两者都是热传递【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移。【解答】解：“炙手可热”是手与高温物体间发生了能量的转移，是通过热传递改变了手的内能；“钻木取火”时钻与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，机械能减少，内能增加，是通过做功的方式改变物体的内能，故B说法正确。故选：B。【点评】知道改变内能的两种方式，并能将其应用于实际是解决该题的关键。4如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是（）ABCD【分析】解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功。”进行分析。【解答】解：A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意；C、两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意；D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意。故选：C。【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。5如图是某品牌榨汁机，为保障安全，该榨汁机设置了电源开关S和安全开关S1当杯体放在主机上时，S1自动闭合，此时再闭合S，电动机才能启动，开始榨汁。下列电路图符合上述要求的是（）ABCD【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机的连接方式，然后分析电路图答题。【解答】解：由题意可知，只有开关S1、S都闭合后，才开始榨汁，即电动机才开始工作，说明两开关相互影响，一个开关不能单独控制电动机，两开关是串联的，两开关、电动机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，B正确。故选：B。【点评】（1）根据电路元件是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；（2）根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。6在如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示，则电阻R1和R2的电阻之比为（）A1：3B3：1C4：1D1：4【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源两端的电压，V2测R2两端的电压；根据串联电路的电压特点确定两电压表的量程，根据分度值读出示数；根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1、R2的阻值之比。【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源两端的电压，V2测R2两端的电压。串联电路的总电压等于各分电压之和，且两个电压表指针的偏转相同，V1的量程为015V，分度值为0.5V，所以电源的电压U6V；V2的量程为03V，分度值为0.1V，所以电源的电压U21.2V；电阻R1两端的电压：U1UU26V1.4V4.8V；串联电路各处的电流相等，由I可得，电阻R1、R2的阻值之比：。故选：C。【点评】本题考查了欧姆定律和串联电路特点的应用，关键是两电压表量程的确定和读数。7将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和电源连接成如图所示的电路。光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大对光敏电阻的光照强度，观察电表示数的变化情况应该是（）A电流表和电压表示数均变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表示数变大，电压表示数变小D电流表和电压表示数均变大【分析】分析电路的连接，由光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，根据电阻的串联判断电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流的变化，和定值电阻的变化，根据串联电路电压的规律确定电压表示数的变化。【解答】解：原电路中，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测光敏电阻的电压，电流表测电路中的电流，因光阻值随光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大对光敏电阻的光照强度，光敏电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律，电路中电流即电流表示数变大，故选项A、B错误；根据欧姆定律的变形公式UIR，定值电阻的电压变大，由串联电路电压的规律，光敏电阻即电压表示数变小，故选项C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用，关键是明确光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小。8在如图所示的电路中，开关S闭合时，电压表V和V1的示数分别如图甲、乙所示，则该电路中的电流为（）A0.6AB0.5AC0.4AD0.2A【分析】由电路图可知，灯泡与电阻R串联；电压表V测总电压，电压表V1测灯泡两端电压，由串联电路的电压特点可知，电压表V的示数应大于V1的示数，根据图中指针的偏转情况可以判断所用量程；对两个电压表正确读数，由串联电路特点求出电阻R两端的电压；最后根据欧姆定律求出电路电流。【解答】解：由电路图可知，灯泡与电阻R串联，电压表V测总电压U，电压表V1测量灯泡两端的电压UL；由串联电路的电压特点可知，电压表V的示数应大于V1的示数，而图中电压表V的指针比电压表V1偏转角度小，所以电压表V量程是015V，电压表V1量程是03V。则可知电压表V的示数为U7.5V，电压表V1的示数为UL2.5V，由串联电路的电压特点可知，电阻R两端的电压：URUUL7.5V2.5V5V。串联电路电流处处相等，则电路中的电流：I0.5A。故选：B。【点评】本题考查串联电路的特点和电压表的使用，由于电压表的量程不明确，根据电压表测量对象（一个测总电压，一个测灯两端电压），判断所用量程是解本题关键。9将规格都是“220V 180W”的一台电冰箱、一台电风扇和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（）A电冰箱产生的热量最多B电风扇产生的热量最多C电热毯产生的热量最多D三者产生的热量一样多【分析】由题意知，三种用电器的额定电压都是220V，额定功率都是180W；家庭电路电压是220V，把这三个用电器接入家庭电路，三个用电器都正常工作，实际功率相同都等于额定功率，通电时间相同，根据WPt可知消耗的电能相同；通过分析三种用电器工作时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】解：接在家庭电路中，U220V，三种用电器的实际功率：P实P额180W；又WPt，用电器工作时间t相等，三种用电器消耗的电能相同；电冰箱与电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量；产生热量最多的是电热毯。故选：C。【点评】知道电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键。10某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（）A实验中电压表的示数保持2.5伏不变B将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向右移C滑动变阻器阻值变化范围为15D该同学研究的是电阻一定时，电流和电压的关系【分析】（1）由图乙可知，通过定值电阻的电流随其阻值的变化而变化，但电流和电阻的乘积不变，据此判断实验研究的问题和电压表的示数；（2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（3）由图乙知，电流为0.5A时，对应的电阻为5；电流为0.1A时，对应的电阻为25，根据欧姆定律和串联电路的规律求出变阻器连入电路中的电阻变化范围。【解答】解：AD、由图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制Rx两端的电压不变（即电压表示数不变），故D错误；由图乙知，电流与电阻之积（即Rx两端的电压）：UIRx0.5A50.1A252.5V，即电压表保持2.5伏不变，故A正确；B、根据串联分压原理可知，将Rx从5欧换成10欧后，Rx电阻增大，其分得的电压增大（大于2.5V）；探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压使电压表的示数减小为2.5V，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，故B错误；C、由图乙知，电流最大为0.5A时，对应的电阻为5，此时电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻R滑1R总R1R151；由图乙知，电流最小为0.1A时，对应的电阻为25，此时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻R滑2R总R2R2255；所以，滑动变阻器阻值变化范围为1欧5欧，故C正确。故选：AC。【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律及控制变量法的运用，会分析实验数据得出有用的信息是关键。11如图，电源电压不变，R0为定值电阻，灯L1、L2分别标有“6V6W”、“6V3W”字样，设灯丝的电阻不变。当S与a接触时，电流表示数为0.3A，R0消耗的电功率为P1；当S与b接触时，R0消耗的电功率为P2；已知P1：P29：4下列说法正确的是（）A电源电压为6VBL1、 L2的电阻之比为1：2C定值电阻R0的阻值为6DS分别与a、b接触时，电路的总功率之比为3：2【分析】（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据PUI求出两灯泡的电阻，然后求出两灯泡的电阻之比；（2）当S与a接触时，R0与L1串联，电流表测电路中的电流；当S与b接触时，R0与L2串联，电流表测电路中的电流，根据PUII2R结合P1：P29：4求出两种情况下电路中的电流之比，然后求出S与b接触时电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出电源的电压得出等式即可求出电阻R0的阻值，进一步求出电源的电压；（3）S分别与a、b接触时，根据PUI求出电路的总功率之比。【解答】解：（1）由PUI可得，两灯泡的电阻：R16，R212，则L1、L2的电阻之比R1：R26：121：2，故B正确；（2）当S与a接触时，R0与L1串联，电流表测电路中的电流，设此时电路中的电流为I1；当S与b接触时，R0与L2串联，电流表测电路中的电流，设此时电路中的电流为I2；由PUII2R可得，两种情况下电路中的电流之比：，所以，I2I10.3A0.2A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以，由I可得，电源的电压：UI1（R1+R0）I2（R2+R0），即0.3A（6+R0）0.2A（12+R0），解得：R06，故C正确；电源的电压UI1（R1+R0）0.3A（6+6）3.6V，故A错误；（3）S分别与a、b接触时，电路的总功率之比：P总1：P总2UI1：UI2I1：I20.3A：0.2A3：2，故D正确。故选：BCD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键。二、填空题（每空1分，共10分）12“端午深情，粽叶飘香”，其中“粽叶飘香”是一种扩散现象；在1标准大气压下，质量为0.5kg、温度为20的水吸收4.2104J的热量，水的温度升高到40。【分析】（1）物质是由分子组成的，组成物质的分子不停地做无规则运动；（2）根据Qcmt可计算水的温度会升高到多少摄氏度。【解答】解：包粽子时粽叶“飘香”，这是扩散现象，此现象说明了 组成物质的分子不停地做无规则运动；由Q吸cm（tt0）得，tt0+20+20+2040。故答案为：扩散；40。【点评】本题考查了扩散现象和吸热公式的理解和应用，要注意吸热公式中升高温度和升高到温度的区别。13汽油机的压缩冲程中将机械能转化成内能；一台某型号单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1200r/min，则汽油机每秒钟对外做功10次。【分析】（1）汽油机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。（2）在四冲程内曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。1200r/min的含义：它表示热机的飞轮每分钟转1200圈。【解答】解：（1）在汽油机的吸气、压缩、做功、排气四个冲程中，只有做功冲程燃气对外做功，内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能的过程；（2）一台四冲程汽油机飞轮的转速是1200r/min，即每秒钟飞轮转20圈，完成40个冲程，对外做功10次。故答案为：机械；10。【点评】本题主要考查对热机一个工作循环中各冲程情况的了解以及对飞轮转速的含义的认识。14某家庭电能表上标有3000R/（kWh）字样，若该家庭单独让某用电器工作，测得1min内电能表转盘转了30转，则用电器的电功率是600W；某段时间内，用电器消耗的电能为1.8105J，则电能表的表盘转动了150转。【分析】（1）3000R/kWh所表示的物理意义：电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000R；求出转盘转30转消耗的电能，知道时间，再利用P求出用电器的电功率；（2）知道消耗的电能，借助“3000R/kWh”求电能表转盘的转数。【解答】解：（1）3000R/kWh所表示的物理意义：电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000R；电能表转盘转了30转，则用电器消耗的电能：WkWh0.01kWh，t1minh，用电器的功率：P0.6kW600W；（2）某段时间内，用电器消耗的电能：W1.8105J0.05kWh，则电能表的表盘转动的转数：n3000R/kWh0.05kWh150R。故答案为：600；150。【点评】本题考查了电能和电功率的计算，正确理解电能表的相关参数的意义是关键。15如图所示电路，电源电压保持不变。灯泡额定电压为6V，额定电流为0.8A，电阻R2阻值为R1的2倍，当开关接a时，R1消耗的功率为3W；当开关接b时，R1消耗的功率为0.75W求：（1）灯泡的额定功率。（2）当开关接b时，灯泡的实际功率。【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定电流，根据PUI求出灯泡的额定功率；（2）当开关接a时，R1与R2串联，根据串联电路的电流特点和PI2R求出两电阻的功率之比，进一步求出R2消耗的电功率，两电阻消耗的功率之和即为电路的总功率；当开关接b时，R1与L串联，根据PI2R求出两种情况下电路中的电流之比，根据PUI求出电路的总功率之比，进一步求出当开关接b时电路的总功率，然后减去R1消耗的功率即为灯泡的实际功率。【解答】解：（1）灯泡的额定功率：PLULIL6V0.8A4.8W；（2）当开关接a时，R1与R2串联，因串联电路电流处处相等，且电阻R2阻值为R1的2倍，所以，R1与R2的电功率之比：，则R2消耗的功率：P22P123W6W，电路的总功率：PaP1+P23W+6W9W；当开关接b时，R1与L串联，由PI2R可得，前后两种情况下R1的电功率之比：（）2，解得：，前后两种情况下电路的总功率之比：，则开关接b时电路的总功率：PbPa9W4.5W，因总功率等于各电阻消耗功率之和，所以，开关接b时灯泡的实际功率：PL实PbP14.5W0.75W3.75W。答：（1）灯泡的额定功率为4.8W；（2）当开关接b时，灯泡的实际功率为3.75W。【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式的灵活运用，利用比值法解决问题时要注意各量之间的关系，不要颠倒。16如图甲所示，将额定电压为2.5V的小灯泡接入电源电压为4.5V的电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，记录相应电压表和电流表示数绘制成如图乙所示的UI图象，则小灯泡的额定功率为0.625W调节滑动变阻器，使小灯泡的功率为0.3W，则此时滑动变阻器接入电路中的阻值是15。【分析】（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据图乙读出小灯泡两端的电压为2.5V时通过的电流，根据PUI求出小灯泡的额定功率；（2）由图乙可知，小灯泡的功率为0.3W时其两端的电压和通过的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻。【解答】解：（1）由题意可知，图乙为小灯泡的UI图象，由图乙可知，当小灯泡两端的电压为UL2.5V时，通过小灯泡的电流IL0.25A，则小灯泡的额定功率：PLULIL2.5V0.25A0.625W；（2）由图乙可知，当小灯泡两端的电压为UL1.5V时，通过小灯泡的电流IL0.2A，此时小灯泡的功率：PLULIL1.5V0.2A0.3W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时滑动变阻器两端的电压：U滑UUL4.5V1.5V3V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I可得，滑动变阻器接入电路的电阻：R滑15。故答案为：0.625；15。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。三、作图与实验题（共26分）17小明用三个电流表和两个小灯泡做实验，检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，其连接的电路如图所示。这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“”，表示这根导线不能这样连接，然后画出正确的连接位置。并画出电路图。【分析】要探究并联电路的电流关系，需要使两灯泡并联，分别测出干路和支路的电流。【解答】解：要探究并联电路的电流关系，所以应将两灯泡并联，三个电流表分别测量干路和支路电流，所以需通过改动L2与负极相连的导线，将负极与灯泡L2相连的导线改接左下电流表的负接线柱，如图所示：【点评】本题考查探究并联电路电流规律的电路连接，关键是明确电流表要分别测量干路和支路电流。18（3分）我们在实验室里用“伏安法”测量定值电阻的阻值大小，请你在如图的虚线框中画出这个实验的电路图。【分析】根据R知，要测量电阻需要用电流表测量电流，电压表测量电压，滑动变阻器改变电路的电流，根据电流表、电压表、滑动变阻器的使用规则设计电路。【解答】解：根据R知，要测量电阻需要用电流表测量电流，电压表测量电压，滑动变阻器改变电路的电流，电流表与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，滑动变阻器与定值电阻串联，电路如图所示：【点评】本题考查了测量电阻的原理图，掌握电阻的测量原理是设计电路图的关键。19（5分）为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热、实验数据记录如下：物质质量/g温度升高10所需要的时间/s温度升高20所需要的时间/s温度升高30所需要的时间/s沙子306489124水3096163220（1）在本实验中，用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少。（2）分析表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量大于（选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量。（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，沙子（选填“沙子”或“水”）升高的温度更高。【分析】（1）相同的酒精灯，加热时间越长，水和沙子吸收的热量就越多；（2）根据比热容的概念和吸收热量的计算公式QCmt，实验中采用了控制变量法，控制质量相等，升高的温度相同，比热容大的 吸收的热量就多；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，利用吸收热量的计算公式QCmt，即可判断。【解答】解：（1）实验采用相同的酒精灯对其加热，加热时间越长，沙子和水吸收的热量就多，因此实验中用吸热时间表示水和沙子吸热的多少。（2）因为质量相同的水和沙子，升高相同温度，水的比热容大于沙子的比热容，根据吸收热量的计算公式Qcmt知，水吸收的热量大于沙子吸收的热量；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，水的比热容大于沙子的比热容，根据吸收热量的计算公式Qcmt可知，沙子的温度变化的大。故答案为：（1）吸收热量的多少；（2）大于；（3）沙子。【点评】考查了学生对实验的分析能力，学生对吸热公式Qcmt要会熟练应用。要掌握控制变量法的应用。20（8分）某班同学为了“探究电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的实验电路。在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10、20、25的定值电阻各一个，滑动变阻器和导线若干。（1）连接电路时，应让开关处于断开状态，实验前滑动变阻器置于A端（填“A”或“B”）在实验过程中滑动变阻器的作用是：保护电路和保持被测电阻两端电压不变。（2）小华先把10的电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为2.5V，读出电流表的示数后，断开开关S，她直接拆下10的电阻，改换成阻值为20的电阻继续做实验，接下来她应向A端（填“A”或“B”）移动滑动变阻器的滑片P继续做实验。（3）小华完成了多组实验，利用收集到的数据，作出了如图所示的电流I随电阻R变化的关系图象，分析图象得出结论：当电压一定时，电流和电阻成反比。（4）为了能用所选的三只定值电阻完成实验，小华所选滑动变阻器的最大阻值应不小于5。【分析】（1）连接电路时，开关应断开，滑动变阻器的滑片应置于最大值处；探究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变；（2）（3）探究电流与电阻的实验中应保持电阻两端的电压不变，分析图乙中曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积等于2.5V，据此回答；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据电流与电阻之积为一定值得出规律；（4）根据串联电路电压的规律和分压原理确定变阻器连入电路中最大阻值应不小于多少。【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应置于最大值A端；探究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，故滑动变阻器的作用是：保护电路和保持被测电阻两端电压不变；（2）探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，分析图乙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积：IR0.5A50.1A252.5V，故移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为2.5V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由10改接成20的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，则应将变阻器滑片向A移动，使电压表的示数不变为2.5V；（3）由（2）知，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.5V，故得出：当电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（4）因电压表示数保持2.5V不变，根据串联电压电压的规律，变阻器分得的电压为：U滑3V2.5V0.5V，变阻器分得的电压为电阻电压的倍，当定值电阻最大为25时，根据分压原理，变阻器连入电路的阻值最大为：255，即为了能用所选的三只定值电阻完成实验，小华所选滑动变阻器的最大阻值应不小于5。故答案为：（1）断开； A；保护电路和保持被测电阻两端电压不变；（2）2.5； A；（3）当电压一定时，电流和电阻成反比；（4）5。【点评】本题“探究电流与电阻的关系，考查注意事项、实验操作分析、数据分析、控制变量法和对器材的要求。为中考的热点问题，要掌握。21（8分）小珍在“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源（电压不变）、滑动变阻器、开关、单刀双掷开关、电压表、阻值为10的定值电阻R0、导线若干。她根据所给定的器材经过认真思考后，设计了如图甲所示的实验电路。（1）该实验的原理是PUI。（2）小珍连接电路时，开关处于断开状态：闭合开关前滑片P应置于滑动变阻器的最右（选填“左”或“右”）端。（3）闭合开关S，将S1拨到触点a（选填“a”或“b”），移动滑片P，使电压表的示数为2.5V。（4）在确保整个电路安全情况下，保持滑片P位置不变，将开关S1拨到另一触点，此时电压表的示数如图乙所示，其数值为6.5V；通过计算可知小灯泡的额定功率是1W。【分析】（1）测灯泡功率的实验的原理是PUI；（2）连接电路时，开关处于断开状态：闭合开关前滑片P应置于滑动变阻器的最大阻值处；（3）（4）图中有电压表，能测出灯泡电压，根据串联电路的特点和欧姆定律得到通过定值电阻的电流从而得到灯泡电流，由PUI即可计算灯泡的功率，由此分析解答。【解答】解：（1）测量小灯泡额定功率的实验原理是PUI。（2）为了保护电路，小珍连接电路时，开关应处于断开状态；由图甲知，闭合开关前滑片P应置于滑动变阻器的最大阻值处即右端。（3）为测量小灯泡额定功率，闭合开关S，应将S1拨到触点a，此时电压表测灯泡两端电压，移动滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时灯泡正常发光；（4）在确保整个电路安全情况下，保持滑片P位置不变，将开关S1拨到另一触点，即触点b，此时电压表测灯泡与定值电阻R0的总电压，电压表示数应大于2.5V，所以，由图乙知，电压表应使用015V量程，分度值0.5V，其示数为6.5V，由串联电路特点和欧姆定律可得灯泡正常发光的电流：ILI00.4A，则小灯泡的额定功率：PLULIL2.5V0.4A1W。故答案为：（1）PUI；（2）断开；右；（3）a；2.5；（4）6.5；1。【点评】本题是特殊方法测灯泡额定功率，只有电压表和已知阻值的定值电阻时，关键是利用电路特点得到灯泡正常发光时的电流。四综合应用题（共20分）22（6分）小亮家有一个容积为3L（1L103m3）的水壶，水壶里装有质量为2.5kg、初温为20的水，在1标准大气压下小亮用天然气炉具对水进行加热。天然气的热值为q8.4107J/m3，求：（1）烧开水壶里的这些水，水需要吸收多少热量？（2）若天然气炉具的效率是40%，则烧开这些水需要完全燃烧多少m3的天然气？【分析】（1）知道水的质量、比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸cmt求水吸收的热量；（2）由题知，Q吸Q放40%，再利用燃料完全燃烧放热公式Q放qV求需要天然气的体积。【解答】解：