2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案

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A.若电场强度变为2E，粒子从DC边中点射出B.若电场强度变为2E，粒子射出电场的速度为2v1C.若粒子入射速度变则粒子从DC边中点射出电场D.若粒子入射速度变为则粒子射出电场时的速度为2、如图所示；一束红光从空气穿过平行玻璃砖，下列说法正确的是。

A.红光进入玻璃砖前后的波长不会发生变化B.红光进入玻璃砖前后的速度不会发生变化C.若紫光与红光以相同入射角入射，则紫光不能穿过玻璃砖D.若紫光与红光以相同入射角入射，在玻璃砖中紫光的折射角比红光的折射角小3、对于一个“或非”门，当输出端是高电势时，输入端A、B所对应的情况是（）A.均为高电势B.均为低电势C.A为高电势，B为低电势D.B为高电势，A为低电势4、如图所示，直线MN左侧空间存在范围足够大，方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在磁场中P点有一个粒子源，可在纸面内各个方向射出质量为m，电荷量为q的带正电粒子（重力不计），已知∠POM=60°，PO间距为L，粒子速率均为，则粒子在磁场中运动的最短时间为

A.B.C.D.5、如图所示是一定质量的气体从状态A经B到状态C的V-T图象．由图象可知()

A.pA>pBB.pCBC.pA>pCD.pC>pB6、下列说法正确的是（）A.热量不可能从低温物体传到高温物体B.机械能全部转化成内能的实际宏观过程是不可逆过程C.当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而增大D.已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，可计算出分子直径大小7、下列说法中正确的是（）A.无摩擦、无漏气等能量损失，就能使热机效率达到100%B.热量不能从低温物体传到高温物体C.一切物理过程都具有方向性D.由热力学定律可推断出某个物理过程是否能自发进行8、如图所示是某导体的I－U图线，图中α＝45°，下列说法正确的是()

A.该导体的电阻与其两端的电压成正比B.此导体可能是半导体C.I－U图线的斜率表示电阻的倒数，所以R＝1.0ΩD.在该导体两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0C9、如图所示，有A、B、C、D四个电阻，它们的I—U关系如图所示；其中电阻最小的是()

A.AB.BC.CD.D评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示，下端封闭、上端开口、高h=5m内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有质量m=10g，电荷量的绝对值|q|=0.2C的小球，整个装置以v=5m/s的速度沿垂直于磁场方向进入磁感应强度B=0.2T，方向垂直纸面向内的匀强磁场，由于外力的作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端管口飞出．g取10m/s2．下列说法中正确的是()

A.小球带负电B.小球在竖直方向做匀加速直线运动C.小球在玻璃管中的运动时间小于1sD.小球机械能的增加量为1J11、在下图所示电路中；当向左移动滑动变阻器的滑片时，变阻器接入电路的阻值和电流表的示数变化情况正确的是：()

A.变阻器接入电路的阻值变大，电流表示数变小B.变阻器接入电路的阻值变小，电流表示数变小C.定值电阻R1产生的热功率增大D.定值电阻R1产生的热功率减小12、如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程到达状态b，再经过等温过程到达状态c，直线过原点。则气体（）

A.在状态c的压强等于在状态a的压强B.在状态b的压强小于在状态c的压强C.在的过程中内能保持不变D.在的过程对外做功13、下列说法正确的是（）A.如果系统的温度不变则内能一定不变B.食盐晶体中的钠、氯离子按一定规律分布，具有空间上的周期性C.当分子间作用力表现为引力时，作用力随分子间距离的减小而增大E.从微观角度看，气体压强的大小跟气体分子的平均动能和分子密集程度有关E.从微观角度看，气体压强的大小跟气体分子的平均动能和分子密集程度有关14、如图所示，矩形线框abcd的ad和bc的中点M、N之间连接一电压表；整个装置处于足够大的匀强磁场中，磁场的方向与线框平面垂直，当线框向右匀速平动时，以下说法正确的是（）

A.MN这段导体做切割磁力线运动，MN间有电势差B.穿过线框的磁通量不变化，MN间无感应电动势C.MN间无电势差，所以电压表无示数D.因为无电流通过电压表，所以电压表无示数15、如图所示；A为巨磁电阻，当它周围的磁场增强时，其阻值增大；C为电容器。在S闭合后，当有磁铁靠近A时，下列说法正确的有（  ）

A.电流表的示数增大B.电容器C的电荷量增大C.电压表的示数变大D.电源内阻消耗的功率变大16、如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时；则（）

A.电压表读数增大B.电流表读数增大C.R3上消耗的功率逐渐减小D.质点P仍处于静止状态17、一半径为R的圆柱形区域内存在垂直于端面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，其边缘放置一特殊材料制成的圆柱面光屏．一粒子源处在光屏狭缝S处，能向磁场内各个方向发射相同速率的同种粒子，粒子的比荷为不计重力及粒子间的相互作用．以下判断正确的是。

A.若荧光屏上各个部位均有光点，粒子的速率应满足B.若仅光屏上有粒子打上，粒子的速率应满足C.若仅光屏上有粒子打上，粒子的速率应满足D.若仅光屏上有粒子打上，粒子的速率应满足评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近悬挂的通草球时，通草球被推开，则通草球带______电；反复摩擦后，发现橡胶棒的温度升高，这是通过______的方式改变物体的内能的。19、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）20、如图所示，一定质量的理想气体从状态a依次经状态b、c、d和e后回到状态a，图中ae、bc延长线过坐标原点O，则在a→b过程中气体___________（填“放热”或“吸热”）；在这个循环过程中，气体在状态c的压强___________状态e的压强（填“大于”或“小于”）。

21、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

22、一定量的理想气体从状态a开始，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其p－T图象如图所示。___（选填“a”“b”或“c”）状态分子的平均动能最小，b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数_____（选填“相同”或“不同”），ca过程外界对气体做的功___（选填“大于”、“小于”或“等于”）气体放岀的热量。23、有一个电流表G，内阻Rg=10Ω，满偏电流Ig=3mA．要把它改装为量程0～3V的电压表，要串联的电阻阻值为______，要把它改装为量程是0～0.6A的电流表，要并联的电阻阻值为_____．24、（1）关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是____．（填选项前的字母）

A．一定量气体吸收热量；其内能一定增大。

B.不可能使热量由低温物体传递到高温物体。

C.若两分子间距离增大；分子势能一定增大。

D.若两分子间距离减小；分子间引力和斥力都增大。

（2）空气压缩机的储气罐中储有1.0atm的空气6.0L,现再充入1.0atm的空气9.0L．设充气过程为等温过程，空气可看作理想气体，则充气后储气罐中气体压强为_____．（填选项前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm25、热机是一种______________________的装置．热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做__________________．26、三个原子核X、Y、Z，X核放出一个正电子后变为Y核，Y核与质子发生核反应后生成Z核并放出一个个氦（42He）,则下面说法正确的是。

。A．X核比Z核多一个原子。

B．X核比Z核少一个中子。

C．X核的质量数比Z核质量数大3

D．X核与Z核的总电荷是Y核电荷的2倍。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)27、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

28、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

29、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)30、用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性；并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值．

（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端________．（选填“a”或“b”）；

（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”）．根据所得到的图像如图（乙）所示，它在额定电压下实际功率P＝________W；

（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6Ω的电源两端，此时电路工作的效率为________．31、（1）空气压缩机在一次压缩过程中，活塞对气缸中的气体做功为2.0×105J，同时气体的内能增加了1.5×105J。试问：此压缩过程中，气体___________(填“吸收”或“放出”)的热量等于____________J。

（2）若一定质量的理想气体分别按下图所示的三种不同过程变化。

其中表示等压变化的是________(填“A”、“B”或“C”)，该过程中气体的内能__(填“增加”；“减少”或“不变”)。

（3）设想将1g水均匀分布在地球表面上，估算1cm2的表面上有多少个水分子。(已知1mol，水的质量为18g，地球的表面积约为5×1014m2，结果保留一位有效数字)____32、小灯泡的电阻不是一个定值，某同学用如图所示电路，测绘标有“”的小灯泡的灯丝电阻随电压变化的图像。根据实验数据，计算并描绘处的图像如图所示。（1）由图像可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为__________当所加电压为时，灯丝电阻为__________此时灯泡实际消耗的电功率为__________

（2）请说明小灯泡的电阻随的增大而增大的主要原因______________________________。评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)33、如图所示；有界匀强磁场宽度为d，磁场磁感应强度为B，一个电子从左侧边界的A点垂直射入磁场，从右侧边界上的某点离开．粒子在磁场中运动的位移恰好等于其轨道半径，已知电子质量为m；带电量为e，不计电子重力．求：

（1）粒子进入磁场时的速度大小；

（2）粒子穿过磁场的时间．34、气压式升降椅内的气缸填充了气体，气缸上下运动来支配椅子升降。如图乙所示为其简易结构示意图，圆柱形气缸与椅面固定连接，总质量为kg，横截面积为的柱状气动杆与底座固定连接。可自由移动的气缸与气动杆之间封闭一定质量的理想气体，稳定后测得封闭气体柱长度为cm。设气缸气密性、导热性能良好，忽略摩擦力。已知大气压强为Pa，室内温度K，重力加速度为求：

（1）若质量kg的人盘坐在椅面上；室内温度保持不变，稳定后缸内气体柱长度为多少；

（2）人盘坐稳定后再打开空调，在室内气温缓慢降至K的过程中；外界对缸内气体所做的功。

35、如图所示，两个可导热的汽缸竖直放置，它们的底部由细管连通（忽略细管的容积）。两汽缸中各有一个活塞，质量分别为和活塞与汽缸无摩擦。活塞的下方为理想气体，上方为真空。当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度（已知）

（1）在两活塞上同时各放一质量为的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差（假定环境温度始终保持为）；

（2）在达到上一问的状态后，环境温度由缓慢上升到试问在这个过程中，气体对活塞做了多少功？（假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到汽缸顶部）。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A．若电场强度变为2E，则粒子从DC边离开，运动时间变为则水平位移变为原来的而不是故A错误；

B．在粒子穿过电场的过程中，设电场力做功为W，则由可知电场强度加倍，则电场力做功变为了2W，则射出电场的速度不等于2v；故B错误；

C．粒子入射速度变则粒子在电场时间不变，即可得出粒子从DC边中点射出电场；故C正确；

D．由于电场不变粒子在电场运动时间不变，电场力做功不变，有功能定理可知，粒子射出电场的和速度不是故D错误．2、D【分析】【详解】

AB、波在传播的过程中频率和周期保持不变，在玻璃中，红光的传播速度为故红光进入玻璃后的速度会发生变化，在玻璃中，红光的波长波长发生改变，故AB错误；

CD、紫光与红光以相同入射角入射，光从光疏介质射入光密介质，折射角一定小于全反射的临界角，所以能再次从玻璃砖中穿出来，故C错误，因为紫光的折射率大于红光的折射率，故在玻璃砖中紫光的折射角比红光的折射角小，D正确．3、B【分析】【分析】

【详解】

A．输入端均为高电势；则或门后是高电势，非门后输出是低电势，故A错误；

B．输入端均为低电势；则或门后是低电势，非门后输出是高电势，故B正确；

CD．A为高电势，B为低电势或B为高电势，A为低电势；经过或门后均输出高电势，非门后输出低电势，故CD错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有：Bvq＝解得：粒子做圆周运动的周期为：因为粒子做圆周运动的半径、周期相同，那么，粒子转过的中心角越小，则其弦长越小，运动时间越短；所以，过P点做OM的垂线，可知，粒子运动轨迹的弦长最小为：Lsin60°＝L＝R，故最短弦长对应的中心角为60°，所以，粒子在磁场中运动的最短时间为：故ACD错误，B正确．

【点睛】

求解粒子在匀强磁场中的运动问题，通常由几何关系先求的粒子运动的半径或弦长，在根据洛伦兹力作向心力解得磁感应强度、运动时间等问题．5、D【分析】【详解】

试题分析：据题意，从A到B，气体压强不变，故选项A错误；从B到C，温度不变，体积减小，则据可得压强变大，选项D正确而选项B错误；从C到A，体积不变，温度减小，据可知压强减小；故选项C错误．

考点：本题考查理想气体V-T图像．6、B【分析】【分析】

【详解】

A．热量不可能自发的从低温物体传到高温物体；但是有外界影响时热量可能从低温物体传到高温物体，所以A错误；

B．根据热力学第二定律可知；机械能全部转化成内能的实际宏观过程是不可逆过程，所以B正确；

C．当分子力表现为斥力时；随分子间距离的增大而增大，分子力做正功，则分子势能随分子间距离的增大而减小，所以C错误；

D．由于气体分子间间隙较大；已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，不能计算出一个气体的体积，只能算出一个气体分子所占空间的体积，则可计算出相邻分子间的距离，所以D错误；

故选B。7、D【分析】【分析】

【详解】

A．对任何热机在工作时都不可避免地要向冷凝器的周围环境散发热量；总有能量的损失，因此其效率无法达到100%，A错误；

B．热量能从低温物体传到高温物体；但必须有外界的帮助，B错误；

C．一切涉及热现象的物理过程都具有方向性；C错误；

D．在热力学定律的基础上可以导出其他过程的方向性；如气体的扩散；气体向真空的膨胀等，D正确。

故选D。8、D【分析】【详解】

A.由图可知；电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，电阻不变，故A错误；

BC.由图可知，得导体的电阻为=2.0Ω；且保持不变，不是半导体，故BC错误；

D.在导体两端加6.0V的电压时，电路中电流A，则每秒通过电阻的电荷量为q=It=3.0×1=3.0C；故D正确．9、A【分析】【详解】

由图可知；当电流相同时，D两端的电压最大，C两端的电压次之，B两端的电压再次之，A两端的电压最小；

由欧姆定律公式可知：

电流相同时；电压与电阻成正比，所以四个电阻中，D阻值最大，A阻值最小。

故应选A．

点晴：在I-U图象中，横轴表示电压，纵轴表示电流，找出相同电流的对应的电压值，根据欧姆定律可知：电压小的，电阻就小．二、多选题(共8题，共16分)10、B:D【分析】【详解】

A．由左手定则可知；小球带正电，选项A错误；

B．玻璃管在水平方向做匀速运动；则竖直方向所受的洛伦兹力恒定，则竖直方向加速度不变，即小球在竖直方向做匀加速直线运动，选项B正确；

C．小球在竖直方向的加速度

在管中运动的时间选项C错误；

D．小球到管口时的速度v=at=10m/s，机械能的增加量：选项D正确．11、A:D【分析】当向左移动滑动变阻器的滑片时，变阻器接入电路的阻值变大，根据闭合电路欧姆定律，则总电流减小，电流表示数变小；根据P=I2R可知，定值电阻R1产生的热功率减小，故AD正确，BC错误；故选AD.12、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据

可知，因直线ac过原点，可知在状态c的压强等于在状态a的压强，b点与原点连线的斜率小于c点与原点连线的斜率，可知在状态b的压强大于在状态c的压强；选项A正确，B错误；

C．在的过程中温度不变；则气体的内能保持不变，选项C正确；

D．在的过程中；气体的体积不变，则气体不对外做功，选项D错误。

故选AC。13、B:D:E【分析】【详解】

A．如果系统的内能包括分子动能和分子势能；温度不变则系统的分子动能不变，但是分子势能不一定不变，即内能不一定不变，选项A错误；

B．食盐晶体中的钠；氯离子按一定规律分布；具有空间上的周期性，选项B正确；

C．当分子间作用力表现为引力时；其大小在一定的限度内随分子间距离减小而增大，超过这个限度后分子力又减小，故C错误；

D．根据热力学第二定律可知；自然界一切进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，都是不可逆的，选项D正确；

E．从微观角度看；气体压强的大小与分子的平均速率以及单位时间撞击单位面积的分子数有关，即跟气体分子的平均动能和分子密集程度有关，选项E正确。

故选BDE。14、A:D【分析】【分析】

【详解】

MN切割磁感线，所以MN产生感应电动势，MN间有电势差，故A正确、B错误；穿过线框的磁通量不变化，所以无感应电流，因此电压表无读数，故C错误，D正确．15、B:C【分析】【详解】

A．有磁铁靠近A时；其阻值增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，电路中的电流将减小，电流表的示数减小，故A错误；

BC．电路中的电流减小，则电路的路端电压增大，所以电压表的示数增大，电容器两端的电压增大，根据可知电容器C的电荷量增大；故BC正确；

D．电路中的电流减小，电源内部消耗的功率所以将随电流的减小而减小，故D错误。

故选BC。16、B:C【分析】【分析】

由图可知电路结构；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点P的受力情况可知质点的运动情况．

【详解】

由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B正确；因并联部分电压减小，而R2中的电流增大，电压增大，故电压表示数减小，故A错误；因电容器两端电压等于并联电路两端的电压，电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P向下运动，故D错误；因R3两端的电压减小，由P=U2/R可知，R3上消耗的功率减小；故C正确；故选BC。

【点睛】

解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体-局部-整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．17、C:D【分析】【详解】

试题分析：若则粒子在磁场中运动的半径若粒子带正电，则粒子在磁场中逆时针旋转，则圆柱面光屏右边有部分无粒子打到荧光屏上，故选项A错误；若则粒子在磁场中运动的半径则如图直径扫过的圆心角为则仅仅光屏上有粒子打上；故选项D正确，选项B错误；

若则粒子在磁场中运动的半径则如图直径扫过的圆心角为则仅光屏上有粒子打上；故选项C正确．

考点：带电粒子在磁场中的运动。

【名师点睛】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，难点在于与数学知识的结合运用，这是高考试题的难点与热点，一定要注重数学方法在物理中的应用．三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】【详解】

[1]毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；通草球受到斥力作用，故通草球也带负电；

[2]摩擦橡胶棒时通过做功的方式改变物体内能。【解析】①.负电②.做功19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误20、略

【分析】【详解】

[1]在a→b过程中，理想气体等温变化，内能保持不变，气体体积变大对外做功，由热力学第一定律可得，a→b过程中从外界吸收热量；

[2]根据理想气体状态方程可知

整理得

根据V-T图像斜率的大小可知气体在状态c的压强小于状态e的压强。【解析】吸热小于21、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图像可知，a、b和c三个状态中a状态温度最低；分子平均动能最小。

[2]由图像可知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，b、c状态气体的分子数密度不同，b和c两个状态中；容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同。

[3]由图像可知，ca过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W＞0，气体温度降低，内能减少，△U＜0，由热力学第一定律可知，气体要放出热量，过程ca中外界对气体所做的功小于气体所放热量【解析】a不同小于23、略

【分析】【分析】

根据欧姆定律和串联规律解出分压电阻的阻值即可；根据欧姆定律和并联规律解出分流电阻阻值即可．

【详解】

(1)表头两端的电压为

若改装成0∼3V电压表，则达最大量程时，串联电阻两端的电压

则应串联的电阻

(2)改装成电流表要并联电阻分流，则并联阻值为：

故答案为990Ω；0.05Ω．【解析】24、A:D【分析】【分析】

【详解】

(1)改变内能有热传递和做功；如果吸热比对外做功要少得话，物体的内能会减小，所以答案A错；在引起变化的条件下，热量可以从低温传给高温如空调等所以答案B错；在分子力为排斥力时距离增大分子势能减小，答案C错，正确答案选D.

(2)由等温变化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正确，BCD错误．故选A．25、略

【分析】【详解】

热机是一种将内能转化为机械能的装置．

热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做热机的效率．【解析】将内能转化为机械能热机的效率26、C:D【分析】试题分析：设原子核X的质量数为x，电荷数为y，根据质量数守恒和电荷数守恒，可得原子核Y的质量数为x，电荷数为原子核Z的质量数为电荷数为．由此可得X核的质子（y）比Z核的质子（）多2个，X核的中子比Z核的中子多1个；故AB错误；X核的质量数（x）比Z核的质量数（x-3）多3个，故C正确；X核与Z核的总电荷（2y-2）是Y核电荷（y-1）的2倍，故D正确．

考点：考查了核反应方程。

名师点睛：关键是知道反映前后质量数和核电荷数守恒的知识，属于基础知识，应仔细阅读题目，一步一步向下分析．四、作图题(共3题，共15分)27、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】28、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)30、略

【分析】【分析】

（1）明确变阻器采用分压式接法时；电键闭合前应将滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；

（2）根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；

（3）画出电源的图像；两图像交点即为小灯泡工作电压和电流；

【详解】

（1）闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；

（2）根据欧姆定律，电阻测量值为

若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为

比较可知所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；

根据I-U图象读出时对应的电流

所以小灯泡的实际功率为

（3）作出电源的如图所示：

由图像可知，此时