2025年浙教新版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于第一宇宙速度，下列说法正确的是（）A.它是人造地球卫星绕地球飞行的最小速度B.它是近地圆轨道上人造地球卫星的运行速度C.它是使卫星进入近地圆轨道的最大发射速度D.它是卫星脱离地球的引力束缚成为一颗人造行星所必须的最小发射速度2、如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡；线圈L的电阻可以忽略，下列说法正确的是（）

A.合上开关S接通电路时，A1和A2始终一样亮B.合上开关S接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮C.断开开关S时，A2立即熄灭，A1过一会儿才熄灭D.断开开关S时，A1和A2都要过一会儿才熄灭，且通过两灯的电流方向都与原电流方向相同3、火车以速率v1

向前行驶，司机突然发现在前方同一轨道上距车为s

处有另一辆火车，它正沿相同的方向以较小的速率v2

做匀速运动，于是司机立即使车做匀减速运动，该加速度大小为a

则要使两车不相撞，加速度a

应满足的关系为(

)

A.a鈮�v12鈭�v222s

B.a鈮�v122s

C.a鈮�v222s

D.a鈮�(v1鈭�v2)22s

4、两只电阻的伏安特性曲线如图所示；则下列说法中正确的是（）

A.两电阻的阻值为R1大于R2

B.两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压。

C.两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率。

D.两电阻并联在电路中时，R1的电流小于R2的电流。

5、下表中对物体的速度和加速度进行了一些比较．

。比较项目物理意义定义式决定因素速度（v）描述物体运动快慢的物理量由v、a、t决定加速度（a）描述物体速度变化快慢的物理量表中加速度的决定因素一栏中应填写（）

A.由物体的瞬时速度v决定。

B.由物体速度的变化量△v决定。

C.由物体所受合外力F合与物体质量m的比值决定。

D.由物体速度的变化量△v与所用时间△t的比值决定。

6、下列说法中正确的是（）A.变化的磁场不能产生电场B.变化的电场不能产生磁场C.麦克斯韦证实了电磁波的存在D.电磁波能在真空中传播7、如图甲所示，在粗糙水平面上静置一个截面为等腰三角形的斜劈A

其质量为M

两个底角均为30鈭�

两个完全相同的、质量均为m

的小物块p

和q

恰好能沿两侧面匀速下滑。若现在对两物块同时各施加一个平行于斜劈侧面的恒力F1F2

且F1>F2

如图乙所示，则乙图中在p

和q

下滑的过程中，下列说法正确的是()

A.斜劈A

对地向右运动B.斜劈A

受到地面向右的摩擦力作用C.斜劈A

对地面的压力大小等于(M+2m)g

D.斜劈A

对地面的压力大小大于(M+2m)g

评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)10、如图表示一定质量的某气体在不同温度下的两条等温线．图中等温线Ⅰ对应的温度比等温线Ⅱ对应的温度要____（填“高”或“低”）．在同一等温线下，如果该气体的压强变为原来的2倍，则气体的体积应变为原来的____倍．

11、在“用插针法测玻璃砖折射率“的实验中，玻璃砖的ab

边与a

隆盲

b

隆盲

边相互平行，aa

隆盲

边与bb

隆盲

边不平行.

某同学在白纸上仔细画出了玻璃砖的两条边线aa

隆盲

和bb

隆盲

如图所示．(1)

实验时；先在玻璃砖的一侧插两枚大头针P1

和P2

以确定入射光线AO.

接着，眼睛在玻璃砖的______(

选填“同一侧”；“另一侧”)

观察所插的两枚大头针P1

和P2

再插上大头针P3P4

使P4

能同时挡住____________，从来确定从玻璃砖射出的光线。

(2)

实验中是否要求四枚大头针的针帽在同一视线上？______(

填“是”或“否”)

(3)

下列操作可以减小实验误差的是______(

填字母代号)

A.适当增大大头针P1P2

的间距。

B.选择玻璃砖相互平行的ab

、a

隆盲

b

隆盲

边来测量。

C.选用尽可能细的笔画线。

D.使AO

的入射角接近于90鈭�

．12、如图为研究电磁感应现象的实验装置；部分导线已连接。

（1）用笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好。

（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么闭合开关后，将原线圈迅速插入副线圈的过程中，电流计的指针将向______偏。13、把一线框从一匀强磁场中匀速拉出，如图所示。第一次拉出的速率是v，第二次拉出速率是2v，其它条件不变，则前后两次拉力大小之比______拉力功率之比______14、把一电量为q=10-10C的检验电荷放入某一电场中A点，具有电势能为10-8J，则该点电势为______V．若在该点放入另一电荷q=-10-10C，则该点电势为______V．15、在《研究匀变速直线运动的规律》实验中，小车拖纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，处理时每隔4个点取一个记数点，测出的数据如图．则打点计时器打下C点时小车的速度vC=______m/s，小车运动的加速度a=______m/s2．

16、如图所示，两平行金属板带等量异种电荷，板间电压为U

场强方向竖直向下，金属板下方有一匀强磁场，一带电量为+q

质量为m

的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动，运动半径为R

不计粒子的重力.

粒子从电场射出时速度的大小为______；匀强磁场的磁感应强度的大小为______．评卷人得分四、判断题(共4题，共40分)17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、解答题(共2题，共18分)21、如图所示，带正电小球质量m=1×10-2kg，带电量q=1×10-6C，置于光滑绝缘水平面上的A点．空间有斜向上的匀强电场，将小球由静止释放，小球沿水平面做匀加速直线运动，且小球对地面的压力恰好为零，小球到达B点时的速度vB=1.5m/s；A点与B点的距离为s=0.15m．求：

（1）小球所受合力的大小；

（2）小球所受电场力的大小；

（3）电场场强的大小．

22、模块机器人是根据模块电路组合的思路设计而成；它由传感器；控制器和______三类模块组成．如果设计一个火警报警机器人，使用一个温度传感器，则控制器可以选择______（选填与、或、非）门电路控制方式．

评卷人得分六、实验探究题(共4题，共16分)23、利用如图1

所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻；要求尽量减小实验误差。供选择的器材有：

A.电流表A(0隆芦0.6A)

B.电压表1(0隆芦3V)

C.电压表2(0隆芦15V)

D.滑动变阻器1(0隆芦20娄赂)

E.滑动变阻器2(0隆芦200娄赂)

G.定值电阻R0=1娄赂

H.开关一个；导线若干。

(1)

实验中电压表应选用______；滑动变阻器应选用______(

选填相应器材前的字母)

(2)

闭合开关；电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小。同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻，问题得到解决。请你在虚线框内画出改进后的电路图。

(3)

某位同学记录了6

组数据，对应的点已经标在坐标纸上。在坐标纸上画出U鈭�I

图线，并根据所画图线可得出干电池的电动势E=

______V

内电阻r=

______娄赂.(

结果保留两位有效数字)

24、(1)

在“验证力的平行四边形定则”实验中，用两个弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O

点，这一步操作中必须记录的是()

A、橡皮条固定端得位置

B、描下O

点的位置和两细绳的方向

C、橡皮条伸长后的总长度

D、两个弹簧测力计的读数(2)

做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的图示，图中O

为橡皮条与细绳套的结点，图中____________是F1

和F2

的合力的理论值；____________是F1

和F2

的合力的实际测量值．25、如图所示的电路可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向

(1)

将线圈A

插入线圈B

中，合上开关S

下列能使线圈B

中感应电流的磁场方向与线圈A

中原磁场方向相反的实验操作是____。A.插入铁芯F

B.拔出线圈A

C.使变阻器阻值R

变小D.断开开关S

(2)

某同学第一次将滑动变阻器的触头P

从变阻器的左端快速滑到右端，第二次将滑动变阻器的触头P

从变阻器的左端慢慢滑到右端，发现电流计的指针摆动的幅度大小不同，第一次比第二次的幅度____(

填写“大”或“小”)

原因是线圈中的____。(

填写“磁通量”或“磁通量的变化量”或“磁通量变化率”)

第一次比第二次的大。26、图1为“测绘小灯伏安特性曲线”实验的实物电路图；已知小灯泡额定电压为2.5V．

（1）完成下列实验步骤：

①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，______

②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，______；

③断开开关；．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．

（2）在图2虚线框中画出与实物电路相应的电路图．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【解析】【答案】B2、B【分析】解：A、合上开关K接通电路，A2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A1的电流慢慢变大；最后两灯泡的电压一样大，所以一样亮．故A错误，B正确；

C、断开开关K切断电路时，通过A2的用来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过A1的电流会慢慢变小，并且通过A2，所以两灯泡一起过一会儿熄灭，但通过A2的灯的电流方向与原来的方向相反．故C；D错误．

故选：B．

电感器对电流的变化有阻碍作用；当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小．

解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小．【解析】【答案】B3、D【分析】解：两车速度相等时所经历的时间：t=v1鈭�v2a

此时后面火车的位移为：x1=v12鈭�v222a

前面火车的位移为：x2=v2t=v1v2鈭�v22a

由x1=x2+s

解得：a=(v1鈭�v2)22s

所以加速度大小满足的条件是：a鈮�(v1鈭�v2)22s

故选：D

两车不相撞的临界情况是；速度相等时，恰好不相撞，结合速度时间公式和位移公式求出加速度所满足的条件．

速度大者减速追速度小者，速度相等前，两者距离逐渐减小，若不能追上，速度相等后，两者距离越来越大，可知只能在速度相等前或相等时追上.

临界情况为速度相等时恰好相碰．【解析】D

4、C【分析】

A．由下图可知；

当电流相同时，R2两端的电压大于R1两端的电压，即U2＞U1；

由欧姆定律I=得：R=

所以当电流相同时，电压越大，导体的电阻就越大，即R2＞R1．故A错误；

B．两电阻串联在电路中时，电流相等，根据A的分析可知：即U2＞U1；故B错误；

C．两电阻串联在电路中时，电流相等，根据P=I2R可知：R1消耗的功率小于R2消耗的功率；故C正确；

D．两电阻并联在电路中时，电压相等，根据I=得：R1的电流大于R2的电流；故D错误．

故选C．

【解析】【答案】本题为图象分析问题；在图中任意做一条与纵轴垂直的直线，则与两图象的交点为电流相同点，对应的横坐标得出电压值，则由欧姆定律可进行比较电阻．两电阻串联在电路中时，电流相等，两电阻并联在电路中时，电压相等．

5、C【分析】

加速度的定义式a=加速度与速度的变化量△v；变化时间△t，无直接关系．

根据牛顿第二定律a=得a由物体所受合外力F合与物体质量m的比值决定．

故ABD错误；C正确。

故选C．

【解析】【答案】物体做变速直线运动；加速度大小恒定，根据加速度的定义分析速度的变化量．加速度的大小等于单位时间内速度的变化．

6、D【分析】解：A；变化的磁场周围会产生电场；故A错误；

B；变化的电场周围会产生磁场；故B错误；

C；麦克斯韦预言了电磁波的存在；但赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在；故C错误；

D；电磁波可以在真空、固体、液体、气体中传播；故D正确；

故选：D．

电磁波是一种能量形式；它可以在真空中传播也可以在其他介质中传播；变化的电场能产生磁场；赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在．

本题考查电磁波的性质，知道电磁波的传播特点，并明确电磁场的产生规律．【解析】【答案】D7、C【分析】略【解析】C

二、双选题(共2题，共4分)8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)10、低【分析】【解答】根据理想气体状态方程，有故PV=CT，故温度越高，等温线离原点越远；玻意耳定律PV=C，如果该气体的压强变为原来的2倍，则气体的体积应变为原来的倍.故答案为：低，．

【分析】玻意耳定律PV=C，其中C与温度有关，温度越高，常数C越大．11、（1）另一侧P3和P1和P2的像（2）否（3）AC【分析】【分析】(1)

在玻璃砖的另一侧观察所插的两枚大头针P1

和P2为确定折射光线，在BB侧边观察边插PP33，直到PP11、PP22的像被PP33挡住，定下PP33的位置后，续插PP44，直到PP33及PP11、PP22的像被PP44挡住，定下PP44的位置，即可折射光线的位置；

(2)

要求四枚大头针的针尖在同一视线上；

(3)

为了取得较好的实验效果；根据实验原理分析可知：玻璃砖上下表面不一定要平行，选择的入射角应尽量大些；大头针应垂直地插在纸面上；大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些，这样可以减小测量的相对误差。

本题是插针法测定玻璃砖的折射率，实验原理是折射定律，采用单位圆法处理数据比较方便，同时掌握实验原理，注意实验操作事项。【解答】(1)

实验时，先在玻璃砖的一侧插两枚大头针P11和P22以确定入射光线AO

接着，眼睛在玻璃砖的另一侧观察所插的两枚大头针P1{,!}_{1}和P

22，通过玻璃砖观察并调整视线，使PP22的像挡住PP11的像，然后在观察一侧插上大头针PP33，使PP33挡住PP11、PP22的像；再插PP44，使PP44挡住PP33及PP11、PP22的像；

(2)

实验中要求四枚大头针的针尖在同一视线上；而不是针帽，故选否；

(3)A.

大头针P11和P22及P33和P44之间的距离适当大些时；相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故A正确；

B.作插针法测定折射率时；玻璃砖上下表面不一定要平行，故B错误.

C.为了准确确定入射光线和折射光线；选用尽可能细的笔画线，故C正确.

D.为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，效果会更好，但不是接近90鈭�

故D错误。

故答案为：(1)

另一侧；P

33和P

11和P

22的像(2)

否(3)AC

【解析】(1)

另一侧P3

和P1

和P2

的像(2)

否(3)AC

12、右【分析】解：（1）将电源；电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路；再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱；

电路图下如图所示：

（2）闭合开关时；穿过大螺线管的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；

闭合开关后；将原线圈迅速插入副线圈的过程中，磁场方向不变，磁通量变大，电流表指针方向向右偏转；

故答案为：（1）如上图所示；（2）右。

（1）注意该实验中有两个回路；一是电源；电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答。

（2）磁场方向不变；磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反。

本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验应注意两个回路的不同。【解析】右13、1：21：4【分析】解：设线框切割磁感线的边长为L；另一个边长为L′，线框受到的安培力为：

FB=BIL=BL=BL=

线框匀速运动；由平衡条件得拉力为：

F=FB=

拉力与速度v成正比；则拉力之比为1：2；拉力功率为：

P=Fv=

拉力功率与速度的平方成正比；则拉力功率之比为：

v2：（2v）2=1：4

故答案为：1：2；1：4。

由安培力公式求出安培力；由平衡条件求出拉力大小，然后求出拉力大小之比；由P=Fv求出功率之比。

本题考查了求拉力之比、拉力功率之比，先求出各物理量的表达式，然后再求它们的比值；熟练应用基础知识，基本公式即可正确解题；本题要注意基础知识的学习。【解析】1：21：414、略

【分析】解：由题，将q=10-10C的检验电荷放入电场中A点，具有电势能为10-8J，则A点的电势为UA==V=100V．在该点放入另一电荷q=-10-10C；电势不变，仍为100V．

故答案为：100；100．

已知电荷在A点的电势能，由公式UA=求解A点的电势．A点的电势与试探电荷无关；只与电场有关，同一点电势不变．

本题运用电势公式UA=时．一般各量要代入符号计算．电势的物理意义理解要到位：电势是描述电场的能的性质的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关．【解析】100；10015、略

【分析】解：每隔4个点取一个记数点；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

vC===2m/s；

设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4；

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x3-x1=3a1T2

x4-x2=3a2T2

为了更加准确的求解加速度；我们对两个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2）

即小车运动的加速度计算表达式为：a=m/s2=2.4m/s2

故答案为：2；2.4．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

能够知道相邻的计数点之间的时间间隔；要注意单位的换算．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】2；2.416、略

【分析】解：粒子在电场中；只受电场力作用，由静止加速到速度v

后射出电场，由动能定理可知：

qU=12mv2

解得：

v=2qUm

粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提供向心力，则：

qvB=mv2R

解得：B=mvqR

将第一问的速度代入；得：

B=1R2mUq

故答案为：2qUm1R2mUq

．

根据动能定理列式；即可求解粒子从电场射出时速度的大小；再根据洛伦兹力提供向心力列式，即可求解磁感应强度的大小．

本题考查了带电粒子在电场中的加速和在磁场中的偏转，属于基础题，另外要注意公式U=Edd

是指沿电场方向距离．【解析】2qUm1R2mUq

四、判断题(共4题，共40分)17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、解答题(共2题，共18分)21、略

【分析】

（1）由题，小球沿水平面做匀加速直线运动，从A到B过程，加速度为

根据牛顿第二定律得：合力的大小为

（2）小球对地面的压力恰好为零，则地面对小球的支持力也为零，则小球电场力和重力两个力，作出两个力的合力，如图，则得电场力的大小为

（3）电场强度大小为

答：

（1）小球所受合力的大小是7.5×10-2N/C；

（2）小球所受电场力的大小是0.125N；

（3）电场场强的大小是1.25×105N/C．

【解析】【答案】（1）小球沿水平面做匀加速直线运动，从A到B，已知初速度零，末速度为vB=1.5m/s；位移为s=0.15m，根据运动学速度位移关系公式求得加速度，再根据牛顿第二定律求解合力的大小；

（2）分析小球的受力情况；作出力的合成图，即可求出电场力；

（3）由E=求电场场强的大小．

22、略

【分析】

模块机器人是根据模块电路组合的思路设计而成；它由传感器；控制器和执行器三类模块组成；使用一个温度传感器，则控制器可以选择非门电路．

答案为：执行器；非。

【解析】【答案】机器人模块是由传感器；控制器和执行器三类模块组成；温度传感器可以选择非门电路．

六、实验探究题(共4题，共16分)23、略

【分析】解：(1)

一节干电池电动势约为1.5V

则电压表应选B；因内阻较小，故为方便实验操作，滑动变阻器应选D；

(2)

无论怎么移动滑动变阻器的滑片；电压表的读数变化都非常小，则说明内阻较小，故为了增大等效内阻，只需将一定值电阻与电源串联即可；故原理图如图所示；

(3)

根据闭合电路欧姆定律可知：U=E鈭�Ir

则由图象可知，电动势E=1.5V

则阻r=1.5鈭�1.00.44=1.1娄赂

故答案为：(1)BD(2)

如图所示；(3)1.51.1

(1)

根据电源电动势选择电压表；为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；

(2)

明确实验原理；根据实验中所出现的问题即可明确对应的解决方案；

(3)

根据电源的U鈭�I

图象求出电源电动势与内阻；

本题考查测量电源的电动势和内电阻的实验，要注意掌握图象法的正确应用，明确等效电源内阻的实验方法；能根据数学规律求解电源的电动势和内电阻。【解析】BD1.51.1

24、（1）BD

（2）【分析】【分析】(1)

根据该实验的实验原理以及实验目的可以明确该实验需要记录的数据。本题考查了“验证力的平行四边形定则”实验中的基本操作以及理论值和测量值的区别，是一道考查基本实验操作的好题。

(2)F1

与F2

合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA

共线；而F1

与F2

合成的实际值一定与OA

共线(

二力平衡)

故F鈥�

为F1

与F2

合成的理论值，F

为F1

与F2

合成的实际值。【解答】(1)

该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则；要