2025年新世纪版必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直粗糙墙壁，处于静止状态。现用力F沿斜面向上推A，A，B仍处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.A，B之间的摩擦力大小可能不变B.A，B之间的摩擦力一定变大C.B受到的弹簧弹力一定变小D.B与墙之间可能没有摩擦力2、如图所示，A、B、C三物块叠放并处于静止状态；水平地面光滑，其它接触面粗糙，则（）

A.A与墙面间存在压力B.A与墙面间可能存在静摩擦力C.A物块共受4个力作用D.B物块共受4个力作用3、乌拉圭前锋苏亚雷斯参加活动时表演停球绝技，足球从35m高的地方落下，经苏亚雷斯用脚“卸去力道”后，足球经地面反弹高度只有约0.5m，此过程足球路程和位移的大小分别为（）A.35.5m，34.5mB.35.5m，35.5mC.34.5m，35.5mD.34.5m，34.5m4、自由下落的物体，自起始点开始依次下落三段相同的位移所需要的时间比为（）A.1:3:5B.1:4:9C.1:D.1:5、足球运动是目前全球体育界最具影响力的项目之一；深受青少年喜爱．如图所示为三种与足球有关的情景．下列说法正确的是（）

A.甲图中，静止在草地上的足球受到的弹力就是它的重力B.乙图中，静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触而受到相互作用的弹力C.丙图中，落在球网中的足球受到弹力是由于足球发生了形变D.丙图中，落在球网中的足球受到弹力是由于球网发生了形变6、如图所示；物块A放在倾斜的木板上，木板的倾角α分别为30°和45°时物块所受摩擦力的大小恰好相同，则下列说法正确的是()

A.物块和木板间的动摩擦因数为0.5B.倾角α为30°时物体静止在斜面上C.木板的倾角α为45°时物块所受摩擦力等于重力D.木板的倾角α为45°时物块所受摩擦力为静摩擦力7、在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法B.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示，2021个质量均为m的小球通过完全相同的轻质弹簧（在弹性限度内）相连，在水平拉力F的作用下，一起沿光滑水平面以加速度a向右做匀加速直线运动，设1和2间弹簧的弹力为2和3间弹簧的弹力为2020和2021间弹簧的弹力为则下列结论正确的是（）

A.B.从左到右每根弹簧长度之比为C.如果突然撤去拉力F，撤去F瞬间，第2021个小球的加速度为D.如果2和3两个球间的弹簧从第2个球处脱落，那么脱落瞬间1、2小球的加速度大小依然等于a9、甲、乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲的x-t和乙的v-t图象如图所示；下列说法中正确的是（）

A.甲在3s末回到出发点，甲运动过程中，距出发点的最大距离均为4mB.2~4s内乙的加速度不变C.第3s内甲、乙两物体速度方向相同D.2~4s内甲的位移大小为8m，乙的位移大小为0m10、甲、乙两物体相距s，同时同向沿同一直线运动，甲在前面做初速度为零、加速度为a1的匀加速直线运动，乙在后面做初速度为v0、加速度为a2的匀加速直线运动，则（）A.若a1=a2，则两物体只能相遇一次B.若a1>a2，则两物体只能相遇两次C.若a1<a2，则两物体可能相遇两次D.若a1>a2，则两物体可能相遇一次或不相遇11、利用速度传感器与计算机结合，可以自动做出物体的速度v随时间t的变化图像。某次实验中获得的v-t图像如图所示；由此可以推断该物体在（）

A.t=2s时速度的方向发生了变化B.t=2s时加速度的方向发生了变化C.0~4s内做往复运动D.0~4s内的位移约为2.8m12、如图所示；竖直挡板与地面通过铰链连接；一小球通过轻绳悬挂于挡板，不计一切摩擦。现将挡板逆时针缓慢转动，直到挡板水平，此过程中（）

A.轻绳拉力一直减小B.轻绳拉力先增大后减少C.挡板对小球的支持力先减小后增大D.挡板对小球的支持力先增大后减小13、如图所示，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠直墙壁，今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去（）

A.F撤去瞬间B球的速度为零；加速度大小为B.F撤去瞬间B球的速度为零，加速度为零C.在弹簧第一次恢复原长之后，A才离开墙壁D.在A离开墙壁后，B两球均向右做匀速运动14、如图甲所示，粗糙水平地面上静置三个倾角和质量相同的斜面体，让a、b、c三个质量相等的物块分别从三个斜面上以相同的初速度下滑，其v-t图像如图乙所示已知物块下滑过程中斜面体始终保持静止，a、b、c与斜面之间的动摩擦因数分别为μa、μb、μc，斜面体对地面的压力分别为FNa、FNb、FNc，斜面体对地面的摩擦力分别为fa、fb、fc。则下列说法正确的是（）

A.μa＞μb＞μcB.FNa＞FNb＞FNcC.fb=0，fa向右，fc向左D.fb=0，fa向左，fc向右评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、内容：在弹性限度内，弹簧发生弹性形变时，弹力F的大小跟_________成正比，即F=_________。16、力学单位制。

(1)单位制：____单位和____单位一起组成了单位制．

(2)基本单位：基本物理量的单位．国际单位制中基本物理量共七个，其中力学有三个，是__、质量、___，单位分别是___、__、____

(3)导出单位：由基本物理量根据_______推导出来的其他物理量的单位．17、某同学让重锤做自由落体运动，利用打点计时器打出的纸带来测量当地的重力加速度．该同学在实验中得到6条纸带，如图所示为其中一条，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的时间间隔为T=0.02s．其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点．x1是1、3两点的距离，x3是4、6两点的距离，x2是2；5两点的距离．

（1）测x1、x2、x3后，点2速度的表达式v2=______．点5速度的表达式v3=______．

（2）该同学测得的数据是x1=4.00cm，x2=19.30cln，x3=8.72cm，根据数据求出重力加速度g=______m/s2（保留三位有效数字）．18、已知某一质点在竖直面内的三个力F1、F2、F3作用下处于静止状态，其中F2=10N，方向水平向右，则F1、F3的合力大小为________N，若将F2大小不变，方向改为竖直向上，则质点所受合力大小为________N．19、如图所示，质量为的物块靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数垂直于墙壁作用在物块表面的推力物块处于静止状态，则物块所受摩擦力的大小为（取）___________

20、牛顿第一定律______牛顿第二定律的推论（选填“是”或“不是”）；______用牛顿第二定律来解释质量是物体惯性大小的量度（选填“能”或“不能”）。评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)21、画出物体A的受力示意图（A静止；接触面不光滑）

22、画出下面几个力的图示；并指出受力物体和施力物体。

(1)飞行的火箭受到的重力，火箭的质量为2×103kg。()。

(2)人对车施加的水平向右250N的推力。

(3)用一根细绳竖直悬挂一小球；绳子的小球的拉力为0.5N。

23、画出下图中物体A受力的示意图（各接触面均光滑）。

24、已知两共点力大小分别为F1=3.0N，F2=2.5N，其方向如图所示，请用1cm代表1N，用作图法作出这两个共点力的合力，并可由图可量出其大小为________N.(保留一位小数)

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)25、某实验小组利用如图所示的装置进行“探究加速度与合外力的关系”的实验。

（1）为了减小误差，在平衡摩擦力后，每次实验必须通过改变钩码的个数来改变小车所受合外力，获取多组数据。若小车质量为实验中每次所用的钩码总质量范围应选___________组会比较合理。（填选项前的字母）

A．B．C．

（2）实验中打点计时器所使用的电源频率为图中给出的是实验中获取的纸带的一部分：1、2、3、4、5是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点未标出，由该纸带可求得小车的加速度__________（结果保留3位有效数字）

（3）改变钩码的个数重复实验，得到加速度与合外力的关系如图所示，分析图像，可得出实验的结论是__________。

26、某实验小组用如图1装置做“探究加速度与力；质量的关系”实验。

（1）在平衡阻力时，小车拖着的纸带打出的点如图2所示，则需要把图1中垫块向___________（填“左”或“右”）移动。

（2）在正确操作后打出了一条纸带，实际点迹如图3。已知交流电频率为50Hz，打下纸带中P点的速度是___________m/s（保留三位有效数字），该纸带的运动方向是向___________（填“左”或“右”）。

27、某同学设计了测量木块与木板间动摩擦因数的实验；实验的主要步骤如下：

A.用弹簧测力计测量木块重G=5.0N.

B.将木板放在水平面上；木块放在木板上，弹簧测力计的一端固定在墙上，另一端用细绳与木块连接，如图所示.

C.用水平力F向左拉木板；木板向左运动，此时测力计的稳定示数如图所示.

则，木块与木板间的滑动摩擦力的大小是________N，动摩擦因数为___________.28、如图1所示的截面为同心圆环的直导电材料；电阻约为100欧姆，欲测量该样品的内径，但内径太小无法直接测量．现提供以下实验器材：

A．20等分刻度的游标卡尺；

B．螺旋测微器。

C．电流表A1（量程为50mA，内阻r1=100欧姆）

D．电流表A2（量程为100mA，内阻r2约为40欧姆）

E．滑动变阻器R1（0﹣10欧姆；额定电流2A）

F．直流电源E（12V；内阻约为100欧姆）

G．上述导电材料R2（长约为3cm；电阻约为100欧姆）

H．开关一只；导线若干。

用上述器材设计一个尽可能精确测量该样品内径d的实验方案；回答下列问题：

（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图2所示，其求数L=_______cm，用螺旋测微器测得该样品的外径D如图3所示，则D=_______mm。

（2）请在图4中画出设计的实验电路图，并标明所选择器材的字母代号_______；

（3）用已知的物理和所测得的物理的符号表示样品的内径d=_______。评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)29、一辆汽车正在以v0=18m/s的速度匀速行驶，突然，司机看见车的正前方不远处有一只狗静止在路中央，如图甲所示，司机立即采取制动措施．若从司机看见狗开始计时（t=0），汽车的v﹣t图象如图乙所示；根据图象或者运动规律回答以下几个问题：

（1）该司机的反应时间t1和汽车的刹车时间t2分别是多少？

（2）汽车从司机发现狗至停止运动的这段时间内前进的距离s是多少？

（3）试求出汽车制动时的加速度．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】

【详解】

AB．A开始受重力、B对A的支持力和静摩擦力平衡，当施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为若

则A、B之间的摩擦力大小可能不变；故A正确，B错误；

CD．对整体分析，由于AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A、B的总重力，施加F后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力；故CD错误。

故选A。2、D【分析】【详解】

AB．整体受力分析；由平衡条件可知，只受重力及地面的支持力，所以A与墙面间不存在压力及静摩擦力，则AB错误；

C．隔离法对A受力分析；由平衡条件有重力，B对A的支持力及B对A的静摩擦力，三力平衡，所以C错误；

D．把AB看成一个整体；只受重力及C对B的支持力，C与B之间没有静摩擦力，则B物块共受了4个力作用，所以D正确；

故选D。3、A【分析】【详解】

足球路程为轨迹的长度；为35+0.5m=35.5m；位移的大小足球初末位置的直线距离，为35-0.5=34.5m，故A正确，BCD错误．

故选A4、D【分析】【详解】

根据初速度为零的匀变速直线运动的推论知，在连续通过相等位移内的时间之比为

故D正确．5、D【分析】静止在草地上的足球受到草地给的弹力，与重力相平衡，但不是它的重力，故A错误；静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触，但由于没有弹性形变，所以没有受到相互作用的弹力，故B错误；丙图中，落在球网中的足球受到弹力是由于网发生了形变，故C错误；D正确。所以D正确，ABC错误。6、B【分析】对物体受力分析如图；

当木板的倾角α为30°时；物块所受摩擦力为静摩擦力，根据平衡条件得：f=mgsinα；

当木板的倾角α为45°时物块所受摩擦力为滑动摩擦力；则有：f=μN=μmgcosα；

即为：mgsin30°=μmgcos45°，μ=A错误；当木板的倾角α为30°时，物块所受摩擦力为静摩擦力，故B正确；木板的倾角α为45°时物块所受摩擦力小于重力的分力，故C错误；当木板的倾角α为45°时物块所受摩擦力为滑动摩擦力，故D错误．故选B．

点睛：计算摩擦力，首先要根据物体的受力情况，判断物体的状态，确定是什么摩擦力，再选择解题方法：静摩擦力由平衡条件求解，而滑动摩擦力可由公式或平衡条件求解；当两个物相对静止时，受到的是静摩擦力；当两个物体之间发生相对运动时，受到的是滑动摩擦力．7、B【分析】【详解】

A.质点属于理想模型；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，A错误；

B.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动；再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，B正确；

C.整个运动过程划分成很多小段；每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，C错误；

D.在探究加速度；力和质量三者之间的关系时；先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法，D错误；

故选B。二、多选题(共7题，共14分)8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．设n和n+1间弹簧的弹力为

对整体有

对前n个小球分析有

解得

则n和n+1间弹簧的弹力与n成正比，所以则A正确；

B．由F=kx可得从左到右每根弹簧的伸长量之比为所以B错误；

C．如果突然撤去拉力F，撤去F瞬间，第2021个小球的加速度为

解得

所以C错误；

D．如果2和3两个球间的弹簧从第2个球处脱落，那么脱落瞬间1、2小球间的弹力保持不变，所以1球的加速度保持不变，2的加速度大小依然等于a方向与1球的相反；所以D正确；

故选AD。9、A:B:D【分析】【详解】

A．甲的x-t图象；纵坐标表示位置的变化，斜率表示速度，故0~2s沿正向做匀速直线运动，2~4s沿负向做匀速直线运动，4~6s沿正向做匀速直线运动；3s末和6s末回到出发点，最大位移为2s时的4m，故A正确；

B．乙的v-t图象；纵坐标表示瞬时速度，斜率表示加速度，则2~4s为加速度方向为负，大小相同，B正确；

C．由甲的x-t图象读出第3s内斜率为负表示沿负方向的速度，由乙的v-t图象读出第3s内的纵坐标为正表示沿正向的速度；故C错误；

D．甲在2~4s内的位移为纵坐标的变化乙在2~4s内的位移为图象的面积故D正确。

故选ABD。10、A:D【分析】【详解】

A．若a1=a2；而乙有初速度，则乙一定可以追上甲，且两物体可以相遇一次，故A正确；

C．若a1<a2；因为乙有初速度，所以最后乙的速度会比甲的速度大，一定可以追上，追上后乙的速度大于甲的速度，则甲再不可能追上乙，所以两物体只能相遇一次，故C错误；

BD．若a1>a2；虽然甲的加速度大，但是由于乙具有初速度，所以可能在速度相等之前乙追上甲，也可能追不上，也可能速度相等之前乙追上甲，速度相等之后，乙又被甲反超，即两物体相遇两次；若速度相等时恰好追上，则两物体只能相遇一次，故B错误，D正确。

故选AD。11、A:C【分析】【详解】

AC．由题图可知，0~2s内物体的速度为正，2~4s内物体的速度为负，则在t=2s时速度的方向发生了变化；0~4s内物体做往复运动，故AC正确；

B．由于1~3s内图线的斜率一直为负值，可知t=2s时加速度的方向不变；故B错误；

D．根据v-t图线与时间轴所围“面积”表示位移；可知0~4s内物体的位移为0，故D错误。

故选AC。12、A:D【分析】【分析】

【详解】

受力分析如图。

由几何关系可得

支持力与绳子的夹角α不变，绳子与重力的夹角θ由钝角逐渐减小到直角再到锐角，重力与支持力的夹角β由钝角逐渐增大到平角；则有轻绳拉力逐渐减小到零，挡板对小球的支持力先逐渐增大后减小。

故选AD。13、A:C【分析】【详解】

AB．撤去前，弹簧的弹力大小等于将撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化，则知A球的受力情况没有变化，其合力仍为零，加速度为零，B球的合力大小等于方向向右，则其加速度大小为故A正确，B错误；

C．在弹簧第一次恢复原长后；弹簧对A有向右的拉力，A才离开墙壁。故C正确；

D．在A离开墙壁后；弹簧伸长，则A向右做加速运动；B向右做减速运动。故D错误。

故选AC。14、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由v-t图像可知，物块a匀减速下滑，物块b匀速下滑，物块c匀加速下滑。对物块a有

则有μa>tanθ

对物块b有

有μb=tanθ

对物块c有

则有μcθ

故有μa＞μb＞μc；故A正确；

BCD．对物块和斜面体整体进行分析，物块a和斜面体有沿斜面向上的加速度，对加速度进行分解，竖直方向有向上的加速度，处于超重状态，则有FNa>G总

水平方向有向右的加速度，则地面对斜面体的摩擦力水平向右，根据牛顿第三定律可知，斜面体对地面的摩擦力fa水平向左；物块b和斜面体处于平衡状态，则有FNb=G总，斜面体与地面之间无摩擦力，即fb=0

物块c和斜面体有沿斜面向下的加速度，对加速度进行分解，竖直方向有向下的加速度，处于失重状态，则有FNc<G总

水平方向有向左的加速度，则地面对斜面体的摩擦力水平向左，根据牛顿第三定律可知，斜面体对地面的摩擦力fc水平向右，则可得FNa＞FNb＞FNc

故BD正确；C错误。

故选ABD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

略【解析】弹簧伸长（或缩短）的长度xkx16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]单位制：基本单位和导出单位一起组成了单位制．

(2)[3][4][5][6][7]基本单位：基本物理量的单位．国际单位制中基本物理量共七个；其中力学有三个，是长度；质量、时间，单位分别是米、千克、秒；

(3)[8]导出单位：由基本物理量根据物理关系推导出来的其他物理量的单位．【解析】基本导出长度时间米千克秒物理关系17、略

【分析】【详解】

(1)根据中点时刻的速度等于平均速度得

(2)根据匀加速直线运动位移速度公式可知：代入数据计算得出．【解析】9.7218、略

【分析】【分析】

三力平衡中，任意一个力都与另外两个力等值、反向、共线，当一个力F2的方向转过90°而保持其大小不变．另外一个力保持不变；由根据力的平行四边形则，即可求解．

【详解】

[1][2]．三力平衡中，任意一个力都与另外两个力等值、反向、共线，所以F1、F3的合力大小与F2相等，为10N；当力F2的方向从水平变成竖直向上后，转过90°而保持其大小不变．另外两个力保持不变；根据平行四边形定则可知，另外两个力的合力与F2大小相等且互成90°，则质点所受到的合力大小为F2=10N．【解析】10；1019、略

【分析】【详解】

[1]对木块受力分析，受到竖直向下的重力、墙对物块的水平向右的弹力、竖直向上的静摩擦力和垂直墙壁水平向左的推力，由于物块处于静止状态，根据平衡条件可得，竖直方向上的静摩擦力大小为【解析】10N20、略

【分析】【详解】

[1]由于实际上不存在完全不受其它物体作用的孤立物体；所以第一定律不能用实验直接加以验证，主要是由它所推出的结论和实验事实符合而得到验证。第一定律指出了物体在不受力的情况下处于怎样的运动状态，这样就可以研究物体在受力情况下的运动状态，因此，在牛顿力学的理论系统中牛顿第一定律是第二定律的前提和基础，则牛顿第一定律不是牛顿第二定律的推论。

[2]根据公式。

F=ma质量越大，加速度就越小，物体也就越能保持它原有的状态，惯性也就越大了，则能用牛顿第二定律来解释质量是物体惯性大小的量度。【解析】不是能四、作图题(共4题，共32分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

第一个图中A受重力和竖直向上的支持力；如图所示。

第二个图中A受重力；垂直斜面的支持力、沿斜面向上的摩擦力；如图。

【解析】22、略

【分析】【详解】

(1)重力的施力物体是地球，受力物体是火箭；重力的大小为

(2)推力的施力物体是人；推力的受力物体是小车。

(3)拉力的施力物体是细绳；拉力受力物体是小球。

【解析】见解析23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）弹力方向垂直于接触面。

（2）死杆力的方向可以不沿杆；但是由于必须平衡重力，所以杆的弹力向上。

（3）绳子的拉力必须沿绳；若斜面有支持力，则物体受力不平衡，则支持力不存在。

（4）加速度水平向右；所以合外力水平向右且等于重力，所以杆在水平方向和竖直方向的分力都等于重力，则杆的力斜向右上方45°。

（5）绳子的拉力必须沿绳。

【解析】24、略

【分析】【详解】

用平行四边形；作出合力的图示，然后量出，平行四边形的对角线为4.2cm，所以合力为4.2N;

【解析】5.3五、实验题(共4题，共12分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]本实验要求钩码质量远小于小车的质量；因此要求实验中每次所用的钩码总质量范围要小，故A正确，BC错误；

（2）[2]打点计时器使用的交流电源频率为又相邻两个计数点间还有4个点未标出，所以每两个计数点间的时间间隔。

根据匀变速直线运动的推论公式。

由逐差法可得。