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文档简介
专题17规律探究类的常见压轴题
1.(2021•山东青岛•中考真题)问题提出:
最长边长为128的整数边三角形有多少个?(整数边三角形是指三边长度都是整数的三角形.)
问题探究:
为了探究规律,我们先从最简单的情形入手,从中找到解决问题的方法,最后得出一般性的结论.
(1)如表①,最长边长为1的整数边三角形,显然,最短边长是1,第三边长也是1.按照(最长边长,最
短边长,第三边长)的形式记为(W),有1个,所以总共有1x1=1个整数边三角形.
表①
最长边长最短边长(最长边长,最短边长,第三边长)整数边三角形个数计算方法算式
11(1,1,1)11个11x1
(2)如表②,最长边长为2的整数边三角形,最短边长是1或2.根据三角形任意两边之和大于第三边,当
最短边长为1时,第三边长只能是2,记为(2,1,2),有1个;当最短边长为2时,显然第三边长也是2,记为
(2,2,2),有1个,所以总共有1+I=lx2=2个整数边三角形.
表②
最长边长最短边长(最长边长,最短边长,第三边长)整数边三角形个数计算方法算式
1(2J2)1
22个11x2
2(2,2,2)1
(3)下面在表③中总结最长边长为3的整数边三角形个数情况:
表③
最长边长最短边长(最长边长,最短边长,第三边长)整数边三角形个数计算方法算式
1(3,1,3)1
32个22x2
2(3,2,2),(3,2,3)2
3(3,3,3)1
(4)下面在表④中总结最长边长为4的整数边三角形个数情况:
表④
最长边长最短边长(最长边长,最短边长,第三边长)整数边三角形个数计算方法算式
1(4,1,4)1
2(4,2,3),(4,2,4)2
43个22x3
3(4,3,3),(4,3,4)2
4(4,4,4)1
(5)请在表⑤中总结最长边长为5的整数边三角形个数情况并填空:
表⑤
最长边长最短边长(最长边长,最短边长,第三边长)整数边三角形个数计算方法算式
1(5,1,5)1
2(5,2,4),(5,2,5)2
3
5————
4(5,4,4),(5,4,5)2
5(5,5,5)1
问题解决:
(1)最长边长为6的整数边三角形有个.
(2)在整数边三角形中,设最长边长为〃,总结上述探究过程,当〃为奇数或〃为偶数时,整数边三角形
个数的规律一样吗?请写出最长边长为〃的整数边三角形的个数.
(3)最长边长为128的整数边三角形有个.
拓展延伸:
在直三棱柱中,若所有棱长均为整数,则最长棱长为9的直三棱柱有个.
2.(2021•山东青岛•九年级期末)小明是魔方受好者,他擅长玩各种魔方,从二阶魔方到九阶魔方,
他都能成功复原.有一天,小明突然想到一个问题,在九阶魔方中,到底含有多少个长方体呢?为此,我
们先来解决这样一个数学问题:如图,图1是一个长、宽、高分别为a,b,c(a>2,b>2,c>2,且a,b,c
是正整数)的长方体,被分成了"6xc个棱长为1的小立方体.这个几何体中一共包含多少个长方体(包括
正方体)?(参考公式:1+2+3…+〃=小叫).
2
问题探究:为探究规律,我们采用一般问题特殊化的策略,先从最简单的情形入手,再逐次递进,最后得
出一般性的结论.
探究一:如图2,该几何体有1个小立方体组成,显然,该几何体共有1个长方体.如图3,该几何体有2个
小立方体组成,那么它一共包含1+2=3个长方体.如图4,该几何体有3个小立方体组成,那么它一共包含.
个长方体.如图5,该几何体-共包含210个长方体,那么该几何体共有个小立方体组成.
探究二:如图6,该几何体有4个小立方休组成,那么它一共包含(1+2)x(1+2)=9个长方体.如图7,
该几何体有6个小立方体组成,那么它一共包含
个长方体.如图8,该几何体共有2机个小立方体组成,那么该几何体一共有个长方体.
探究三:如图1,该几何体共有个。x6xc小立方体组成,那么该几何体共有个长方体.
探究四:我们现在可以解决小明开始的问题了.在九阶魔方(即a=6=c=9)中,含有个长方体.
探究五:聪明的小明在学习了三种视图后,又提出一个新的问题:在图1中,若。=6,6=4,c=5,如果
拿走一些小立方体后,剩下几何体的三种视图与原图1的三种视图完全一样,那么最多可以拿走
个小立方体;此时,剩下的几何体的表面积是.
3.(2021•沙坪坝•重庆八中九年级开学考试)根据阅读材料,解决问题.
材料1:若一个正整数,从左到右各位数上的数字与从右到左各位数上的数字对应相同,则称为“对称数”(
例如:1、232、4554是对称数).
材料2:对于一个三位自然数A,将它各个数位上的数字分别2倍后取个位数字,得到三个新的数字x,J
,z,我们对自然数A规定一个运算:K(A)=x2+y2+z2,
例如:/=191是一个三位的“对称数”,其各个数位上的数字分别2倍后取个位数字分别是:2、8、2.则
A:(191)=22+82+22=72.
请解答:
(1)请你直接写出最大的两位对称数:—,最小的三位对称数:—;
(2)如果将所有对称数按照从小到大的顺序排列,请直接写出第1100个对称数―;
(3)一个四位的“对称数”8,若K(B)=8,请求出B的所有值.
4.(2021•青岛大学附属中学九年级开学考试)(实际问题)小明家住15楼.一天,他要把一根3米长
的竹竿放入电梯带回家中,如果竹竿恰好刚能放入电梯中(如图①示)那么,电梯的长、宽、高和的最大
值是多少米?
图①
(类比探究)为了解决这个实际问题,我们首先探究下面的数学问题.
探究:如图②,在中,AC1BC.若BC=a,AC=b,AB=c,贝W与c之有什么数量关系?
B
54
图②
解:在A45C中,
••AC1BC,
BC2+AC2=AB2,BPa2+b2=c2.
,•(a-Z,)2>0,
a2+b2-2ab>0,
a2+b2>lab,
c2>lab,
••c2+a2_|_b2>2ab+Q2+廿.
2c?>(a+b)2.
•••a,b,c均大于0,
a+b与。之间的数量关系是〃+板.
探究2:如图③,在四边形Z5C。中,4C是对角线,ABLBC,ACLCD.若AB=a,BC=b,CD=c
,AD=d,则a+b+c与d之间有什么数量关系?
图③
解:VABVBC,ACLCD,
•••BC2+AB2=AC2,AC2+CD2=AD2.
•*-a2+b2+c2=d2
v(a-b)2>0,(6Z-C)2>0,(Z)-C)2>0,
a2+b2>2ab,a2+c2>2ac,b2+c2>2bc.
将上面三式相加得,2/+2b2+2c2>2ab+lac+2bc,
2d2>2ab+2ac+2bc.
,•2d2+/+b?+c?22ab+2QC+2bc+Q?++c?•
d22(a+6+c)2.
<a,b,c,d均大于0,
a+b+c^d之间有这样的数量关系:a+b+c<d.
探究3:如图④,仿照上面的方法探究,在五边形ZBCQE中,AC,是对角线,AB1BC,ACLCD
,AD±DE.若AB=a,BC=b,CD-c,DE-d,AE=e,则a+b+c+d与e之间的数量关系是
图④
(归纳结论)
当%>0,%>°,…,。">0,加>0时,若%2a2?+…+。”2=小,则为+%+…+%与加之间的数量关系
是.
(问题解决)
小明家住15楼一天,他要把一根3米长的竹竿放入电梯带回家中,如果竹竿恰好刚能放入电梯中(如图①
示),那么,电梯的长、宽、高和的最大值是米.
(拓展延伸)
公园准备修建一个四边形水池,边长分别为。米,6米,c米,d米,分别以水池四边为边向外建四个正方
形花园,若花园面积和为900平方米,则水池的最大周长为米.
5.(2021•山东南区•九年级一模)(问题提出)用〃个圆最多能把平面分成几个区域?
(问题探究)为了解决上面的数学问题,我们采取一般问题特殊化的策略,先从最简单情形入手,再逐次
递进,最后猜想得出结论.
探究一:如图1,一个圆能把平面分成2个区域.
探究二:用2个圆最多能把平面分成几个区域?
如图2,在探究一的基础上,为了使分成的区域最多,应使新增加的圆与前1个圆有2个交点,将新增加的
圆分成2部分,从而增加2个区域,所以,用2个圆最多能把平面分成4个区域.
探究三:用3个圆最多能把平面分成几个区域?
如图3,在探究二的基础上,为了使分成的区域最多,应使新增加的圆与前2个圆分别有2个交点,将新增
加的圆分成2x2=4部分,从而增加4个区域,所以,用3个圆最多能把平面分成8个区域.
(1)用4个圆最多能把平面分成几个区域?
仿照前面的探究方法,写出解答过程,不需画图.
(2)(一般结论)用"个圆最多能把平面分成几个区域?
为了使分成的区域最多,应使新增加的圆与前。个圆分别有2个交点,将新增加的圆分成
一部分,从而增加个区域,所以,用"个圆最多能把平面分成
个区域.(将结果进行化简)
(3)(结论应用)
①用10个圆最多能把平面分成个区域;
②用个圆最多能把平面分成422个区域.
6.阅读材料:1261
年,我国南宋数学家杨辉著《详解九章算法》,在注释中提到“杨辉三角”解释了二项和的乘方规律.在他
之前,北宋数学家贾宪也用过此方法,“杨辉三角”又叫“贾宪三角”.
1
Ii....................................
-----------------------------3”
1331~»-5〃
这个三角形给出了(。+6y(n
为正整数)的展开式(按a的次数由大到小的顺序、b的次数由小到大的顺序排列)的系数规律.例如:在
三角形中第三行的三个数1、2、1,恰好对应(。+6)2=/+2/+62展开式中各项的系数;第四行的四个数
1、3、3、1,恰好对应,+6)3=^+3/6+3加+/展开式中各项的系数等.
从二维扩展到三维:根据杨辉三角的规则,向下进行叠加延伸,可以得到一个杨辉三角的立体图形.经研
究,它的每一个切面上的数字所对应的恰巧是展开式的系数.
(a+6+c)°=l1
(a+b+c)1=a+b+c
1
11
(Q+b+c)2=a2+h2+c2+2ab+2ac+2be
1
22
121
(Q+b+c)3
=a+b3+c+3a2b+3ab~+3a2c+3ac"+3b2c+3be2+6abc
1
33
363
1331
(1)根据材料规律,请直接写出(a+b『的展开式;
(2)根据材料规律,如果将a-b看成“+(-6),直接写出'-0+1]的展开式(结果化简);若
求工+1]的值;
2/一5/+2-7
(3)已知实数a、b、c,满足〃+/+。2+2。―46+6。=-10,且-+-——-----=0,求〃+6的值.
。+1b-2c+3
7.先阅读下面的文字,然后按要求解题:
例:1+2+3+...+100=?
如果一个一个顺次相加显然太繁琐,我们仔细分析这100个连续自然数的规律和特点,可以发现运用加法
运算律,是可以大大简化计算,提高运算速度的.
因为1+100=2+99=3+98=...=50+51=101
所以将所给算式中各加数经过交换、结合以后,可以很快求出结果.
解:1+2+3+…+100
=(1+100)+(2+99)+(3+98)+...+(50+51)
=101x____________
(1)补全例题的解题过程;
⑵计算:。+(。+6)+(。+26)+(。+36)H-----F(。+996)+(。+100b)
8.(2021•四川中区•九年级模拟预测)阅读与应用:
阅读1:。、b为实数,且q>0,6>0,因为一霸)>0,所以+b20,从而Q+6N2A/^K(当Q
=b时取等号).
阅读2:函数》=、+%(常数冽>0,x>0),由阅读1结论可知:X+->2AC^=2V^,所以当'='即
XX\XX
x=时,函数y='+'"的最小值为.
X
阅读理解上述内容,解答下列问题:
问题1:已知一个矩形的面积为4,其中一边长为x,则另一边长为:,周长为2(x+j,求当尸
一时,周长的最小值为.
问题2:已知函数为=x+l(%〉一1)与函数y2=N+2x+17(x>—1),当%=__________时,匹的最小
必
值为.
问题3:某民办学习每天的支出总费用包含以下三个部分:一是教职工工资6400元;二是学生生活费每人1
0元;三是其他费用.其中,其他费用与学生人数的平方成正比,比例系数为0.01.当学校学生人数为多少
时,该校每天生均投入最低?最低费用是多少元?(生均投入=支出总费用一学生人数)
9.(2021•盐城市第一初级中学九年级月考)阅读材料:各类方程的解法:
求解一元一次方程,根据等式的基本性质,把方程转化为x=a的形式,求解二元一次方程组,把它转化为
一元一次方程来解;类似的,三元一次方程组,把它转化为解二元一次方程组.求解一元二次方程,把它
转化为两个一元一次方程来解.求解分式方程,把它转化为整式方程来解,由于“去分母”可能产生增根,
所以解分式方程必须检验.各类方程的解法不尽相同,但是它们有一个共同的基本数学思想一
转化,把未知转化为已知.
用“转化”的数学思想,我们还可以解一些新的方程.例如,一元三次方程x3+xJ
2x=0,可以通过因式分解把它转化为x(/+x-2)=0,解方程x=0和x2+x-2=0,可得方程x3+x2-2x=0的解.
(1)问题:方程6x3+14--12x=0的解是:再=0,%=,x3=;
(2)拓展:用“转化”思想求方程j2x+3=x的解;
(3)应用:如图,已知矩形草坪ABCD的长AD=21m,宽AB=8m,点P在AD上(AP>PD),小华把一根
长为27m的绳子一段固定在点B,把长绳PB段拉直并固定在点P,再拉直,长绳的另一端恰好落在点C,求
AP的长.
pD
千年一千年、¥千
/、、
p千千千千、%
BC
10.(2021•山东济南•九年级一模)阅读以下材料,并按要求完成相应的任务.
已知平面上两点A、B,则所有符合务=左(左>0且左片1)的点尸会组成一个圆.这个结论最先由古希腊数学家
阿波罗尼斯发现,称阿氏圆.
阿氏圆基本解法:构造三角形相似.
(问题)如图1,在平面直角坐标中,在x轴,V轴上分别有点C(见点尸是平面内一动点,且
OP=r,设—=左,求尸C+狂见的最小值.
图1
阿氏圆的关键解题步骤:
第一步:如图1,在。。上取点使得(W:。尸=。尸:。。=左;
第二步:证明枕O=PM;第三步:连接CM,此时C0即为所求的最小值.
下面是该题的解答过程(部分):
解:在。。上取点使得(W:。尸=OP:OD=左,
又QAPOD=/.MOP,POM:MDOP.
任务:
⑴将以上解答过程补充完整.
(2)如图2,在R/A48c中,N/CB=90°,NC=4,8。=3,。为^18c内一动点,满足CD=2,利用⑴中的
2
结论,请直接写出的最小值.
11.(2020•山东青岛•九年级一模)[提出问题]正多边形内任意一点到各边距离之和与这个正多边形的
边及内角有什么关系?
[探索发现]
(1)为了解决这个问题,我们不妨从最简单的正多边形——正三角形入手
如图①,AA8C是正三角形,边长是尸是A48C内任意一点,P到AA8C各边距离分别为4、刈、",确
定%+为+勿的值与A4BC的边及内角的关系.
图①
(2)如图②,五边形/BCDE是正五边形,边长是是正五边形/BCDE内任意一点,尸到五边形N3CDE各
边距离分别为%也也,力4,%,
参照(1)的探索过程,确定九+e+〃3+&+/5的值与正五边形ABCDE的边及内角的关系.
D
H
ANB
w图②
(3)类比上述探索过程:
正六边形(边长为a)内任意一点P到各边距离之和4+为+H+儿+%+4=
正八边形(边长为。)内任意一点P到各边距离之和4+4+%+均+力5+4+〃7+为=
涧题解决]正〃边形(边长为a)内任意-一点P到各边距离之和h1+h2+……+h„=
12.(2020•青岛超银中学九年级月考)(问题情境)
我们知道若一个矩形是的周长固定,当相邻两边相等,即为正方形时,它的面积最大.反过来,若一个矩
形的面积固定,它的周长是否会有最值呢?
(探究方法)
用两个直角边分别为。,b的4个全等的直角三角形可以拼成一个正方形。若小b,可以拼成如图所示的
22
正方形,从而得至g2+62>4xg",gpa+b>2ab;当时,中间小正方形收缩为1个点,此时正方
形的面积等于4个直角三角形面积的和.即片+〃=4(;/)=2m.于是我们可以得到结论:a,b为正数
,总有1+6222a6,当且仅当a=6时,代数式/+〃取得最小值2".另外,我们也可以通过代数式运
算得到类似上面的结论:
•.•[a-b'f>0,a2-2ab+b2>0,a2+b2>lab
・•.对于任意实数a,b总有+及N2ab,且当a=6时,代数式/+/取最小值2".
使得上面的方法,对于正数。,b,试比较a+6和2&万的大小关系.
(类比应用)
利用上面所得到的结论完成填空
(1)当x>0时,代数式x+士有最_值为_.
X
(2)当x>l时,代数式x+—1有最—值为—.
X-1
(3)如图,已知P是反比例函数y=:(x>0)图象上任意一动点,。(0,0),/(-M),试求S△皿的最小面
积.
13.(2020•山西九年级一模)请阅读下列材料,并完成相应的任务.
梅涅劳斯(Menelaus)是公元一世纪时的希腊数学家兼天文学家,著有几何学和三角学方面的许多书籍.
梅涅劳斯发现,三角形各边(或其延长线)被一条不过任何一个顶点也不与任何一条边平行的直线所截,
这条直线可能与三角形的两条边相交(一定还会与一条边的延长线相交),也可能与三条边都不相交(与
三条边的延长线都相交).他进行了深入研究并证明了著名的梅涅劳斯定理(简称梅氏定理):
设。,E,尸依次是A43C的三边BC,。或其延长线上的点,且这三点共线,则满足丝•丝•与=1
DBECFA
这个定理的证明步骤如下:
情况①:如图1,直线DE交A42c的边N2于点。,交边ZC于点尸,交边2c的延长线与点E.
过点C作CMLDE交42于点跖则萼=黑,照=](依据),
ECDMDMFC
BEAD_BDAF
~FC"
ADBECF,
;,BE,AD/FC=BD・AF*EC,即Rn------------=1.
DBECFA
A
图1图2图3
情况②:如图2,直线DE分别交AIBC的边A4,BC,C4的延长线于点。,E,F.
(1)情况①中的依据指:;
(2)请你根据情况①的证明思路完成情况②的证明;
(3)如图3,D,尸分别是△/I8C的边N8,/C上的点,且ND:D3=CF:出=2:3,连接。尸并延长,交3C的延
长线于点E,那么BE:CE=.
14.(2020•重庆八中九年级月考)请阅读下列材料:
问题:已知方程/+工一1=0,求一元二次方程,使它的根分别是已知方程根的2倍.
解:设所求方程的根为八则y=2x,所以x=5.
把代入已知方程,得金|+1-1=0
化简,得必+2了-4=0
故所求方程为「+2夕-4=0.
这种利用方程根的代换求新方程的方法,我们称为“换根法”.
请用阅读材料提供的“换根法”求新方程(要求:把所求方程化为一般形式).
(1)已知方程/+xT=(),求一个一元二次方程,使它的根分别是已知方程根的相反数,则所求方程为
(2)已知关于x的一元二次方程af+bx+c:。有两个不等于零的实数根,求一个一元二次方程,使它的
根分别是已知方程根的倒数;
(3)已知关于x的方程无2-加x+〃=0有两个实数根,求一个方程,使它的根分别是已知方程根的平方.
15.(2020•山东青岛•九年级期末)空间任意选定一点O,以点。为端点作三条互相垂直的射线Ox,
Oy,Oz.这三条互相垂直的射线分别称作x轴、y轴、z轴,统称为坐标轴,它们的方向分别为Ox(水
平向前),。了(水平向右),Oz(竖直向上)方向,这样的坐标系称为空间直角坐标系.将相邻三个面
的面积记为几邑,号,且s2VsJ的小长方体称为单位长方体,现将若干个单位长方体在空间直角坐标
系内进行码放,要求码放时将单位长方体百所在的面与X轴垂直,星所在的面与丁轴垂直,号所在的面与
z轴垂直,如图1所示.若将X轴方向表示的量称为几何体码放的排数,了轴方向表示的量称为几何体码放
的列数,z轴方向表示的量称为几何体码放的层数;如图2是由若干个单位长方体在空间直角坐标内码放
的一个几何体,其中这个几何体共码放了1排2列6层,用有序数组记作(1,2,6),如图3的几何体码放了
2排3列4层,用有序数组记作
(2,3,4).这样我们就可用每一个有序数组(x,y,z)表示一种几何体的码放方式.
(1)有序数组(3,2
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