2025年浙教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理上册月考试卷137考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示；则下列说法中正确的是（）

A.加5V电压时，导体的电阻约是5ΩB.加11V电压时，导体的电阻约是1.4ΩC.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D.此导体为线性元件2、如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时；下列说法中正确的是（）

A.路端电压变大B.电源提供的总功率变小C.滑动变阻器消耗的功率变小D.定值电阻R0上消耗的功率变小3、如图所示，电场中有A、B两点；则下列说法正确的是（）

A.电势电场强度B.电势电场强度C.将电荷从A点移到B点静电力做了负功D.将电荷分别放在A、B两点时具有的电势能4、某同学在研究电容的充放电过程中，产生了一个新奇的想法：不管什么电路，总可以定义一个“等效电阻”，该“等效电阻”等于电路两端电压与流过该段电路总电流的比值。如图所示电路，定值电阻R1和R2的阻值均为6Ω，初始电容C不带电；在刚闭合开关S的瞬间，按照该同学的定义，外电路“等效电阻”为（）

A.0ΩB.3ΩC.6ΩD.12Ω5、近年来春游自拍套装受追捧；如图所示，它包含的移动电源解决了人们拍照时经常发生的电量不足问题。下列关于电源的说法错误的是（）

A.电源的作用是使正极聚集正电荷，负极聚集负电荷，以持续对外供电B.在电源外部，电流是从电源的正极流向负极C.有电源，电路中一定有持续的电流D.电源是将其他形式的能转化为电能的装置6、如图，A、B为水平放置的平行金属板，下板B接地，R为滑动变阻器，电源内阻不可忽略。闭合开关与S；电路稳定后，A；B之间一带电液滴P恰好静止。则（）

A.仅使A板水平向左移动一小段距离，液滴将向下运动B.仅使变阻器滑片向下滑动，液滴将向上运动，电阻R功率增大C.断开仅使A板竖直向上移动一小段距离，液滴将向上运动D.断开仅使B板竖直向下移动一小段距离，液滴的电势能将减小评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、在如图所示电路中，电源的电动势为E、内阻为r，R1和R2为两个定值电阻.闭合电键S，当滑动变阻器R3的滑动触头P从a向b滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电流表和电压表的示数分别用I1、I2和U表示，示数变化量的绝对值分别用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；下列说法正确的有。

A.U变大，I1变小，I2变小B.U与I1的比值变小C.ΔI1小于ΔI2D.ΔU与ΔI1的比值不变8、若用E表示电源电动势，U表示外电压，U′表示内电压，R表示外电路的总电阻，r表示内电阻，I表示电流，则下列各式中一定正确的是（）A.U＝2U′B.U′＝E－UC.U＝E—IrD.U＝·E9、如图所示，“V”形光滑导电支架下端用铰链固定于绝缘水平面上，支架两臂与水平面间的夹角均为53°，两臂粗细均匀，支架的臂上套有一根原长为l的轻弹簧，轻弹簧的下端固定于“V”形支架下端，上端与一可视为质点的金属小球相接，小球与支架接触良好，小球可以随支架一起绕中轴线转动，该臂上端有一挡板，支架上端A、C之间通过导线接入理想电源和理想电流表。已知小球质量为m，支架每臂长为支架静止时弹簧被压缩了电流表的读数为I，重力加速度为g，忽略导线、弹簧、铰链和小球的电阻，支架两臂上电阻分布均匀。已知重力加速度为g。则（）

A.轻弹簧的劲度系数为B.当支架绕轴匀速转动时，小球沿方向的合力不为零C.当弹簧处于原长时，电流表的读数为支架匀速转动的角速度为D.当电流表的读数为时，弹簧形变量最大，支架匀速转动的角速度为10、某电场的电场线分布如图实线所示，一带电粒子只在电场力作用下经A点运动到B点；运动轨迹如虚线所示。下列说法正确的是（）

A.若粒子带正电，其加速度增大、电势能减小B.若粒子带正电，其加速度减小、电势能增大C.若粒子带负电，其加速度增大、电势能减小D.若粒子带负电，其加速度减小、电势能增大11、已知均匀带电球壳内部电场强度处处为零，电势处处相等．如图所示，正电荷均匀分布在半球面上，Ox为通过半球顶点与球心O的轴线，A、B为轴上的点，且AO=OB；则下列判断正确的是()

A.A、B两点的电势相等B.A、B两点的电场强度相同C.点电荷从A点移动到B点，电场力一定做正功D.同一个负电荷放在B点比放在A点的电势能大12、在一静止正点电荷的电场中，任一点处的电势与该点到点电荷的距离r的倒数的关系图像如图所示.电场中三个点a、b、c的坐标如图所示，其电场强度大小分别为和现将一带负电的试探电荷依次由a点经过b点移动到c点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为和下列判断正确的是（）

A.B.C.D.13、如图所示，在水平面内有直角三角形ABC，AB边的长度为2cm，在水平面内有一匀强电场，A点电势为4V，B点电势为2V，C点电势为0。若电子电量大小为e，则下列说法正确的是（）

A.电子在A点的电势能大于在B点的电势能B.将电子从A移到B再移到C和直接从A移到C，电场力做功均为4eVC.电场强度的方向与AB边的夹角为30°D.电场强度的大小为14、在如图所示的U－I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一定值电阻R的伏安特性曲线。用该电源直接与定值电阻R相连组成闭合电路；由图象可知。

A.电源的总功率为18WB.电阻R的阻值为1ΩC.电源的输出功率为2WD.电源的效率约为66.7%评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、常用电容器。

（1）分类∶

①按电容是否可变分∶______电容器、______电容器。

②按电介质分∶空气电容器、_______电容器；陶瓷电容器、电解电容器等。

（2）常见的电容器∶

①固定电容器∶

②可变电容器∶

16、用伏安法测量电阻时，MN接在恒定电压上，当S接a时电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A；当S接b时电压表示数为12V，电流表的示数为0.15A；为了较准确地测定S应接在___点，的真实值为______Ω

17、四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于正方形abcd的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，方向如图所示。正方形对角线的交点为O，通电导线a在O点产生的磁感应强度为B，四根通电导线在O点产生磁场的磁感应强度大小为___________，方向为___________。

18、摩擦起电：当两种物质组成的物体互相摩擦时，一些受束缚较弱的电子会____________到另一个物体上。于是，原来电中性的物体由于得到电子而带____________电，失去电子的物体则带___________电。19、知识点3电荷守恒定律

表述一：电荷既不会___________，也不会___________，它只能从物体的一部分转移到___________，或者从一个物体转移到___________。在转移的过程中，电荷的总量___________。

表述二：一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和___________。20、如图甲所示，真空中水平放置两块长度为2d的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为U0的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自t=0时刻开始连续释放初速度大小为v0，方向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电场变化周期粒子质量为m，不计粒子所受重力及相互间的作用力，则在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小为___________，粒子的电荷量为___________；在时刻进入的粒子离开电场时电势能减少了___________。

21、图中用3V量程时，表针的示数是___________V；当使用15V量程时，图中表针示数为___________V。

22、电磁波具有能量：

（1）可以用仪器探测到电磁波的存在，说明电磁波是一种真实存在的_____。

（2）生活中常常用微波炉来加热食物，说明电磁波具有____，且电磁波的频率____，能量____。23、将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b为电场中的两点；则：

（1）a点的电场强度比b点的______（填“大”“小”）；

（2）a点的电势比b点的______（填“高”“低”）；

（3）检验电荷－q在a点的电势能比在b点的______（填“大”“小”）；

（4）将检验电荷－q从a点移到b点的过程中，电场力做______功（填“正”“负”或“不做”）；评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)24、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

25、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

26、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短27、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)28、如图是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0~99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势10V；内阻很小）。在保证安全和满足需求的情况下，使测量范围尽可能大。实验具体步骤如下：

a．连接好电路；将滑动变阻器R调到最大；

b．闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调节滑动变阻器R，使A1示数记下此时电阻箱的阻值R1和A2的示数I2；

c．重复步骤b，再测量6组R1和I2的值；

d．将实验测得的7组数据在如图所示坐标纸上描点。根据实验回答以下问题：

（1）现有四只供选用的电流表。

A．电流表（0~3mA；内阻为2.0Ω）

B．电流表（0~3mA；内阻未知）

C．电流表（0~0.3A；内阻为5.0Ω）

D．电流表（0~0.3A；内阻未知）

A1应选用________，A2应选用________。

（2）测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1＝0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值________（选填“不变”；“变大”或“变小”）。

（3）在坐标纸上画出R1与I2的关系图________。

（4）根据以上实验得出Rx＝________Ω。

29、在“测定金属的电阻率”实验中；所用测量仪器均已校准，待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。

①用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图所示，其读数应为___________mm。

②用伏安法测金属丝的阻值Rx，实验所用器材为：电池组（电动势3V，内阻约1Ω）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0～20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下图：。次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520

由以上实验数据可知，他们测量Rx是采用下图中的___________（选填“甲”或“乙”）。

③任何实验测量都存在误差，本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是___________。

A．用螺旋测微器测量金属丝直径时；由于读数引起的误差属于系统误差。

B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差。

C．若将电流表和电压表的内阻计算在内；可以消除由测量仪表引起的系统误差。

D．用U—I图像处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差。

④实验中已测得金属丝直径d，设金属丝长度为L，电阻为R，则该金属丝的电阻率___________。30、美国物理学家密立根通过如图所示的实验装置；最先测出了电子的电荷量，被称为密立根油滴实验。两块水平放置的金属板A；B分别与电源的正负极相连接，板间产生匀强电场，方向竖直向下，图中油滴由于带负电悬浮在两板间保持静止。

（1）若要测出该油滴的电荷量，需要测出的物理量有________。

A．油滴质量mB．两板间的电压UC．两板间的距离dD．两板的长度L

（2）用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量q=________（已知重力加速度为g）。

（3）若要使原本静止的油滴落到下极板，则下列做法可以达到目的的有________。

A．保持两极板电压不变，把下极板向下移B．断开电源；把下极板向右移。

C．断开电源，在两极板间插入电介质D．断开电源，把下极板向上移评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)31、有一个平行板电容器，电容是1.5×10-4μF，所带电荷量为6×10-8C。如果两板间的距离为1mm，电容器两极板间的电场强度是多少？32、两块金属平板A、B水平放置，其初始距离为d，此时金属平板A、B构成电容器的电容为C，金属平板A、B分别接到输出电压恒为U的电源两极，如图所示。将一个质量为m、不带电的金属小球从A板正中的小孔S处由静止释放，金属小球落到金属平板B上与平板碰撞后，以与碰撞前等大的速度反弹，同时获得金属板B带电量的倍，由于α很小，可以认为金属球带走电荷后，对两板间的电场的影响可以忽略，金属小球运动过程中静电感应的影响也可以忽略不计，重力加速度为g。

(1)试计算金属球上升的最高点到A板的距离h；

(2)在金属小球再次返回，尚未进入小孔S之前，将金属板B下拉一段距离x，金属小球再次与水平金属板B碰撞时依旧以与碰撞前等大的速度反弹，电量变为金属板B带电量的α倍，小球再次上穿S到达最高点距离A板为试求x多大？

33、如图所示，在电场强度大小的水平匀强电场中，有一根长l=15cm的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一个质量m=3g、电荷量的带正电小球，当细线处于水平位置时，小球从静止开始释放，g取10m/s2。问：

（1）小球从开始释放到到达最低点B的重力势能；电势能分别变化了多少？

（2）若取A点电势为零，则小球在B点的电势能、B点的电势分别为多少？

‍34、如图所示，一个绝缘光滑圆环竖直放在水平向右的匀强电场中，圆环半径大小为R=1.0m，电场强度大小为E=6.0×106V/m，现将一小物块由与圆心O等高的位置A点静止释放，已知小物块质量为m=1.6kg，电荷量为q=＋2.0×10-6C，释放后滑块将沿着圆环滑动。小物块可视为质点，g取10m/s2

（1）求当物块滑到圆环最低点B时对轨道的压力大小；

（2）若在圆环最低点B点给小物块一个水平向左的初速度vB=9m/s；物块能否紧贴圆环在竖直平面内做圆周运动？（写出详细分析；判定过程）（已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8）

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

A．对某些导电器材，其伏安特性曲线不是直线，但曲线上某一点的值仍表示该点所对应的电阻值，当导体加5V电压时，电阻R1==5Ω

故A正确；

B．当导体加11V电压时，由题图知电流约为1.4A，电阻R2大于1.4Ω；故B错误；

CD．由图可知；随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，则导体为非线性元件，故CD错误。

故选A。2、C【分析】【详解】

ABD．当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，总电流增大，根据

可知电源提供的总功率增大；

根据

可知路端电压减小；

根据

可知定值电阻R0上消耗的功率增大；综上所述可知ABD错误；

C．滑动变阻器消耗的功率为

根据数学知识可知当R=2r时，P最大；当R＜2r时，P随R的减小而减小，所以当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，P减小；故C正确。

故选C。3、B【分析】【详解】

AB．根据“沿电场线电势逐渐降低”可知

根据电场线的疏密，可知

故A错误；B正确；

C．将电荷从A点移到B点静电力做了正功。故C错误；

D．根据

可知，将电荷分别放在A、B两点时具有的电势能

故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

初始电容C不带电，在刚闭合开关S的瞬间，电容的两端的电压为零，故R2两端的电压为零，经过的电流为零，回路中的路端电压等于R1两端的电压，电流大小等于R1的电流。故按照该同学的定义，外电路“等效电阻”为R1阻值6Ω。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．电源的作用是使正极聚集正电荷；负极聚集负电荷，以持续对外供电，A正确，不符合题意；

B．在电源外部；电流是从电源的正极流向负极，B正确，不符合题意；

C．电路中有持续电流的条件是有电源和通路；所以有电源不一定有持续的电流，C错误，符合题意；

D．从能量转化的观点看；电源是将其他形式的能转化为电能的装置，D正确，不符合题意。

故选C。6、D【分析】【详解】

A．因为电容器与滑动变阻器并连，仅使A板水平向左移动，滑动变阻器的阻值不变，其滑动变阻器两端电压不变，即电容器两端的电压不变，所以电容器内部的场强根据公式

其场强也不变；即液滴所受电场力不变，所以液滴的合力依然为零，即液滴静止，故A项错误；

B．滑动变阻器的滑片向下移动，其接入电路的阻值变小，根据电路的串并联规律可知，电路中的总电阻减小，闭合电路欧姆定律可知，其电路中的总电流变大，根据

可知路端电压变小，即滑动变阻器两端电压变小，因为滑动变阻器与电容器并联，所以电容器两端的电压减小。根据公式

所以电容器内部的场强变小，根据

可知；液滴受到的电场力变小，所以液滴的合力向下，即液滴向下运动。根据电源输出功率的知识可知，若滑动变阻器的阻值比电源的内阻小，则随着阻值变小，其功率也变小；若其阻值大于电源的内阻，在其未与内阻相等时，随着电阻减小，其功变大。因为不知道滑动变阻器的阻值与电源内阻的关系，所以无法判断电阻的功率变大还是变小，故B项错误；

C．断开电容器所带的电荷量不会发生变化，仅使A板竖直向上移动一小段距离，其电容器的板间距变大，有

整理有

所以电容器内部的场强不变；即液滴合力仍然为零，液滴将静止，故C项错误；

D．断开电容器所带的电荷量不会发生变化，仅使B板竖直向下移动一小段距离，其电容器的板间距变大，由之前的分析可知，板间的电场强度不变，液滴仍然静止在P点。对于PB有

因为B板接地，所以B板的电势为零，因为B板下移所以PB之间的距离变大，所以P点的电势变大。由题意可知，液滴初始受竖直向下的重力和竖直向上的电场力，结合题图可知，A板带正电，所以液滴带负电。根据公式

所以液滴的电势能变小；故D项正确。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)7、B:C:D【分析】【分析】

考查电路的动态分析。

【详解】

A．滑动触头P从a向b滑动时，R3减小，由结论法“串反并同”可知U减小，I1增大，I2增大；A错误；

B．U与I1的比值为路端总电阻，由于R3减小，路端总电阻减小，所以U与I1的比值变小；B正确；

C．I1为I2与R2电流之和，I1增大，I2增大，R2电流为则：

所以ΔI1小于ΔI2；C正确；

D．ΔU为路端电压的增加量，也为内部电压减少量，ΔU与ΔI1的比值为电源内阻，内阻不变，D正确；故选BCD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．内电压和外电压的关系是由内阻和外电阻的关系决定；则两者不一定是2倍关系，选项A错误；

B．电动势等于内外电压之和；即。

U′＝E－U选项B正确；

C．根据闭合电路的欧姆定律。

U′=Ir则。

U＝E—Ir选项C正确；

D．若电路是纯电阻性电路；根据闭合电路欧姆定律。

路端电压。

若电路是非纯电阻性电路；此时路端电压。

D错误。

故选BC。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．受力分析如图。

根据共点力平衡

解得

故A错误；

B．当支架绕轴速转动时，小球做水平面上的匀速圆周运动，合力沿水平方向指向转抽，所以小球沿方向的分力沿向下。故B正确；

C．当弹簧处于原长时，如图所示，支架的角速度设为则有。

解得

设两臂上单位长度电阻为根据欧姆定律，依题意，可得

联立可得

故C正确；

D．当电流表的读数为时，根据欧姆定律，有

解得

即弹簧形变量最大，此时弹簧产生弹力为

设此时小球角速度为沿方向应用牛顿第二定律，有

解得

由于有挡板，所以角速度故D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

由粒子的运动轨迹弯曲方向可知；带电粒子受电场力大致向右，与轨迹上每一点的切线方向即瞬时速度方向成锐角，则电场力对带电粒子做正功，其电势能减小，动能增大；

电场线越来越密；场强增大，粒子所受的电场力增大，加速度增大，这些结论与粒子的电性无关，故AC正确，BD错误。

故选AC。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据电场的叠加原理可知，x轴上电场线方向向右，则A点的电势高于B点的电势；故A错误；

B．将半球壳补成一个完整的球壳，且带电均匀，设左、右半球在A点产生的场强大小分别为E1和E2。由题知，均匀带电球壳内部电场强度处处为零，则知E1=E2。根据对称性可知，左、右半球在B点产生的场强大小分别为E2和E1．且E1=E2．则在图示电场中，A的场强大小为E1，方向向右。B的场强大小为E2，方向向右，所以A点的电场强度与B点的电场强度相同；故B正确；

C．点电荷从A点移到B点；电势降低，由于点电荷的电性未知，则电场力不一定做正功，故C错误；

D．A点的电势高于B点的电势，根据负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势大，知同一个负电荷放在B点比放在A点的电势能大。故D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【分析】

灵活应用点电荷的场强公式及电势随变化的图像进行分析推理。

【详解】

AB．由点电荷的场强公式

可得

故A错误；B正确。

CD．电场力做的功

又因为

所以故C正确；D错误。

故选BC。13、C:D【分析】【详解】

A．A点的电势大于B点的电势，因为电子带负电，所以电子在A点的电势能小于在B点的电势能；A错误；

B．将电子从A移到B再移到C和直接从A移到C，电势能增大，电场力做负功为B错误；

C．由图可知，在匀强电场中，AC中点D的电势为2V，连接BD为一条等势线，根据电场强度与该处等势线垂直可得，作BD的垂线BF即为场强方向，由几何知识可得与AB边的夹角为30°；C正确；

D．AB沿着场强方向的距离为

由公式可得场强为

D正确。

故选CD。

14、B:D【分析】【详解】

AC．两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，电源电动势为E=3V，则电源的总功率为P总=EI=6W

电源的输出功率：P出=IU=4W

选项AC错误．

B．电阻R的阻值为

选项B正确；

D．电源的效率约为

选项D正确；

故选BD.三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

常用电容器。

（1）分类∶

①[1][2]按电容是否可变分∶可变电容器；固定电容器。

②[3]按电介质分∶空气电容器、聚苯乙烯电容器、陶瓷电容器、电解电容器等。【解析】①.可变②.固定③.聚苯乙烯16、略

【分析】【详解】

[1]S接a和接b时，电流表的示数变化较大，这说明电压表的分流较大，因此接b点时；采用伏安法测电阻误差较小。

[2]设电源的电压为E，电流表的内阻为由题得

则S接a时，有

即

S接b时

即

解得【解析】b7017、略

【分析】【详解】

[1]据安培定则可得通电电流的磁场方向如图所示。

正方形abcd的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，通电导线a在O点产生的磁感应强度为B，所以通电导线bcd在O点产生的磁感应强度均为B，由矢量叠加可得四根通电导线在O点产生磁场的磁感应强度大小为

[2]由叠加原理可得O点产生磁场的方向为由O指向b。【解析】2B由O指向b18、略

【解析】①.转移②.负③.正19、略

【分析】【详解】

略【解析】①.创生②.消灭③.另一部分④.另一个物体⑤.保持不变⑥.保持不变20、略

【分析】【详解】

[1]由题意知，t=0时刻进入电场的粒子，水平方向做匀速运动，则

所以粒子在电场中运动时间为

由此可知，粒子在竖直方向先做加速运动后做减速运动，经过一个周期，粒子的竖直速度为零，故粒子离开电场时的速度大小等于水平速度，即

[2]粒子在竖直方向一个周期内的位移为d，即

解得

[3]时刻进入电场的粒子，离开电场时在竖直方向上的位移为

电场力做功为

电场力做正功，电势能减少，且【解析】v021、略

【分析】【详解】

[1]当电压表量程为3V时；每一小格为0.1V，故指针所指读数为1.70V；

[2]当使用15V量程时，每一小格为0.5V，故指针所指读数为8.5V。【解析】1.708.522、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]可以用仪器探测到电磁波的存在；说明电磁波是一种真实存在的物质。

(2)[2][3][4]生活中常常用微波炉来加热食物，说明电磁波具有能量，且电磁波的频率越高，能量越大。【解析】①.物质②.能量③.越高④.越大23、略

【分析】【分析】

电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方；负电荷具有的电势能越小．

【详解】

（1）电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大；（2）a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的；（3）电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小；（4）由（3）可知，-q在a点的电势能较b点小，则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点；电势能增大，电场力做负功。

【点睛】

该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加；知道电场线从正电荷出发，终止于负电荷。【解析】大高小负四、作图题(共4题，共28分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析26、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD27、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】五、实验题(共3题，共27分)28、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]由并联电路规律电压相等

解得

要想求得则需要知道的值，并且由I1的电流为0.15A，则A1应选用D，A2应选用C；

（2）[3]调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1＝0.15A；由闭合电路欧姆定律可知，使并联电路电压减小即可。而并联电路与滑动变阻器串联，根据串联电路分压原理，故应增大滑动变阻器阻值；

（3）[4]有上述关系可知R1与I2成线性关系；故应排除偏差特别大的点，将剩下的点连成一条直线即可。

（4）[5]图中直线斜率

带入数据解得【解析】DC变大3129、略

【分析】【详解】

①[1]螺旋测微器读数为

②