2025年外研版三年级起点高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列说法中正确的是A.安培提出场的概念B.库仑测量出了静电力常量C.法拉第发现了电流的磁效应D.奥斯特发现了电磁感应定律2、质量为m

的物体从高h

处以2g3

的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法正确的是()A.物体的机械能守恒B.物体的重力势能减少mgh3

C.物体的动能增加2mgh3

D.重力做功为鈭�mgh

3、关于磁通量下列说法正确的是(

)

A.磁通量不仅有大小而且有方向，所以是矢量B.磁通量越大，磁感应强度越大C.过某一平面的磁通量为零，该处磁感应强度不一定为零D.磁通量就是磁感应强度4、处于第3激发态的大量氢原子向低能级跃迁辐射多种频率的光子，已知普朗克常量为h，氢原子能级公式为E=不同轨道半径为rn=n2r1，E1为基态能量，r1为第Ⅰ轨道半径，n=1，2，3．则下列说法中错误的是（）A.共产生3种频率的光子B.电子由第2激发态跃迁到基态时，电势能减小，动能增加，总能量减小C.处于第2激发态和处于基态电子做圆周运动线速度大小之比为1：3D.产生光子最大波长为λm=5、提出了“场”和“力线”的概念的科学家是（）

A.库仑。

B.奥斯特。

C.法拉第。

D.安培。

6、某固体物质的摩尔质量为M，密度为ρ，阿伏伽德罗常数为NA；则每个分子的质量和单位体积所含的分子数分别为（）

A.

B.

C.

D.

7、如图所示，理想变压器原线圈接交流电源和理想交流电流表，副线圈接热水器和抽油烟机，原、副线圈的匝数比为4：l，副线圈上电压的瞬时值u=220sin100πt（V）．开关S断开时，电流表示数是lA；开关S闭合时，电流表示数是1.25A．下列说法正确的是（）A.交流电源输出电压的最大值是55VB.交流电源输出电压的最大值是880VC.S闭合时，抽油烟机消耗的功率是1100WD.S闭合时，抽油烟机消耗的功率是220W8、某激光器能发射波长为λ的激光，发射功率为P，真空中光速为c，普朗克常量为h，则该激光器每秒发射的光子数为（）A.B.C.D.评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)11、如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图。变压器的输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动。输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线的总电阻用表示，变阻器R代表用户用电器的总电阻，当用电器增加时，相当于R的值减小。如果变压器上的能量损失可以忽略，那么当用户的用电器增加时，图中的电压表读数__________（选填“增大”、“减小”或“不变”），电流表读数__________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。12、已知高山上某处的气压为0.40大气压，气温为零下30℃，则该处每立方米气体中的分子数中____.(阿伏加德罗常数6.0×1023mol-1，在标准状态下1mol气体的体积为22.4L).13、在“力的合成的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定于P点．如图所示，用A、B两只弹簧测力计将橡皮条的另一端拉至O点，分别记录两分力的大小和方向，此时，弹簧测力计A的示数为______N，2.4N．接下来，为了测出这两分力的合力，用一只弹簧测力计沿PO方向拉伸橡皮条，使橡皮条的长度______PO（选填“大于”“等于”或“小于”）记录下该力的大小和方向．14、(1)

如图所示的电路中，当开关S

闭合时，小灯泡A11(

选填“逐渐”或“立刻”)

亮；然后当开关断开时，小灯泡中的电流方向是(

选填“向左”或“向右”)

(2)如图所示，aabb是匀强电场中的两点，两点间的距离为00．4m，两点的连线与电场线成60鈭�60^{circ}角，两点间的电势差为4.0隆脕104.0隆脕1022VV则匀强电场的场强大小为____V/mV/m把电子从aa点移到bb点，电子的电势能将增加________J.(J.(已知电子电量为1.6隆脕101.6隆脕10鈭�19-19C))15、一物体的电荷量为鈭�8隆脕10鈭�9C

则该物体是______(

选填“失去”或“得到”)

了______个电子．16、要把一个量程是lmA．内阻是5Ω的电流表改装成量程是3V的电压表，应该给电流表____联一个阻值R=____Ω的电阻．17、某汽车后备箱内安装有撑起箱盖的装置，它主要由气缸和活塞组成．开箱时，密闭于气缸内的压缩气体膨胀，将箱盖顶起，如图所示．在此过程中，若缸内气体与外界无热交换，忽略气体分子间相互作用，则缸内气体对外做____功（选填“正”或“负”），气体分子的平均动能____（选填“增大”；“减小”或“不变”）．

18、一台交流发电机，产生交变电动势的最大值为500V

周期为0.02s

保持其它条件不变，把转速提高到原来的2

倍，则交变电动势的有效值为______，周期为______．评卷人得分四、判断题(共3题，共12分)19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共2题，共20分)22、现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度．螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示．

（1）由上图读得圆柱体的直径为______mm，长度为______cm．

（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=______．23、为了探究加速度与力、质量的关系，甲、乙、丙三位同学分别设计了如图所示的实验装置，小车总质量用M

表示(b

图中M

包括小车与传感器，c

图中M

包括小车和与小车固连的滑轮)

钩码总质量用m

表示．(1)

为便于测量合外力的大小，并得到“小车总质量一定时，小车的加速度与所受合外力成正比”的结论，下列说法正确的是____(

填选项前的字母).

A.三组实验中只有甲同学的实验需要平衡摩擦力B.三组实验都需要平衡摩擦力C.三组实验中只有甲同学的实验需要满足所挂钩码的总质量m

远小于小车的总质量M

的条件D.三组实验都需要满足所挂钩码的总质量m

远小于小车的总质量M

的条件(2)

若乙、丙两位同学发现某次测量中力传感器和弹簧测力计读数相同，通过计算得到小车加速度均为aa=13gg

为当地重力加速度，则乙、丙两人实验时所用的小车总质量之比为____，乙、丙两人实验时所用的钩码总质量之比为____.

评卷人得分六、计算题(共3题，共6分)24、质量为0.5kg

的小球从h=2.45m

的高空自由下落至水平地面，与地面作用0.2s

后，再以5m/s

的速度反向弹回，求小球与地面的碰撞过程中对地面的平均作用力.(

不计空气阻力，g=10m/s2)

25、如图所示，用30cm

的细线将质量为m=4隆脕10鈭�3漏K

的带电小球P

悬挂在O

点正下方，当空中有方向为水平向右，大小为E=2隆脕104N/C

的匀强电场时，小球偏转37鈭�

后处在静止状态.(g

取10m/s2)

(1)

分析小球的带何种电荷；

(2)

求小球带电量q

(3)

求剪断细线后带电小球的加速度a

．26、（10分）汤姆生用来测定电子的比荷（电子的电荷量与质量之比）的实验装置如图所示。真空管内的阴极K发出的电子（不计初速、重力和电子间的相互作用）经加速电压加速后，穿过中心的小孔沿中心轴O1O的方向进入到两块水平正对放置的平行极板P和间的区域。当极板间不加偏转电压时，电子束打在荧光屏的中心O点处，形成了一个亮点；加上偏转电压U后，亮点偏离到点，与O点的竖直间距为，水平间距可忽略不计。此时，在P和间的区域，再加上一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场。调节磁场的强弱，使磁感应强度的大小为B时，亮点重新回到O点。已知极板水平方向的长度为L1，极板间距为，极板右端到荧光屏间的距离为L2（如图所示）。（1）求打在荧光屏O点的电子速度的大小；（2）推导出电子的比荷的表达式。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】试题分析：法拉第提出场的概念，A错误；库伦测量了静电力常量，B正确；奥斯特发现了电流的磁效应，C错误；法拉第发现了电磁感应定律，D错误；考点：考查了物理学史【解析】【答案】B2、C【分析】【分析】根据物体的运动情况可知物体的受力情况，由功的公式可求得各力的功；由动能定理可求得物体的动能改变量；由功能关系可求机械能的变化；由重力势能与重力做功的关系可知重力势能的改变量。本题考查了功能关系。功是能量转化的量度，重力做功导致重力势能变化；合力做功导致动能变化；除重力外其他力做功导致机械能变化；弹力做功导致弹性势能。【解答】因物体的加速度为2g3

故说明物体受阻力作用，由牛顿第二定律可知，mg鈭�f=ma

解得f=13mg

重力做功WG=mgh

阻力做功Wf=鈭�13mgh

A.物体下落过程中除重力还有阻力做功；机械能不守恒，故A错误；

B.重力做功等于重力势能的改变量，重力做正功，故重力势能减小mgh

故B错误；C.根据动能定理得：?Ek=mah=23mgh?{E}_{k}=mah=dfrac{2}{3}mgh，即物体的动能增加23mghdfrac{2}{3}mgh，故C正确；D.由题得知，物体由静止竖直下落到地面，重力做正功mghmgh故D错误。

故选C。【解析】C

3、C【分析】解：A

磁通量有大小；没有方向，但有正负，是标量，故A错误；

B；磁通量与磁感应强度无关；当磁通量越大，磁感应强度可能不变，故B错误；

C；当磁感线与线圈平行时；穿过线圈的磁通量为零，而磁感应强度不一定为零，故C正确；

D；磁通量是穿过线圈的磁感线的多少；而磁感应强度是描述磁场的强弱，两者不是相同的概念，故D错误；

故选：C

磁通量有大小；没有方向，但分正负，不是矢量，磁通量的大小与磁感应强度无关，从而即可求解．

考查法拉第电磁感应定律，同时让学生清楚知道感应电动势与磁通量的变化率有关，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关．【解析】C

4、D【分析】解：A；大量处于第3能级的氢原子向低能级跃迁放出若干频率的光子；能产生3种不同频率的光子，故A正确；

B；当氢原子从能级n=3跃迁到n=1时；速率增大，动能增加，电势能减小，而总能量，因向外辐射光子，而减小，故B正确；

C、依据库仑引力提供向心力，即为=m及rn=n2r1，则有第2激发态，即n=3和处于基态，即n=1，电子做圆周运动速度之比为=1：3；故C正确；

D、产生的光子的最小频率为γ小=依据λ=对应波长最大，即为λm=故D错误。

本题选择错误的。

故选：D。

基态的氢原子吸收的能量必须等于两能级间的能级差时，才能被吸收，根据该关系，确定出吸收光子后跃迁的第几能级，根据数学组合公式求出激发后发射光子的种类；依据库仑引力提供向心力，再结合半径之比，即可判定圆周运动速度之比。

解决本题的关键知道辐射或吸收光子的能量等于两能级间的能级差，即Em-En=hv，同时掌握牛顿第二定律的内容，及库仑定律，与向心力表达式。【解析】D5、C【分析】

英国科学家法拉第首先提出了“场”和“力线”的概念；不是库仑；奥斯特和安培提出的．

故选C

【解析】【答案】提出了“场”和“力线”的概念的科学家是法拉第．

6、D【分析】

每个分子的质量m=．单位体积的质量等于单位体积乘以密度，质量除以摩尔质量等于摩尔数，所以单位体积所含的分子数n=．故D正确；A；B、C错误．

故选D．

【解析】【答案】每摩尔物体含有NA个分子数；所以分子的质量等于摩尔质量除以阿伏伽德罗常数．要求出单位体积内的分子数，先求出单位体积的摩尔量，再用摩尔量乘以阿伏伽德罗常数．

7、D【分析】解：A、B、电源输出电压的最大值为4u=880V；则AB错误。

C、D、开关S断开时，电流表示数是I1=lA，则通过热水器的电流为4I1=4A；S闭合时，电流表示数是1.25A，则副线圈的电流为4×1.25A=5A，则。

抽油烟机的电流为5-4=1A；则功率P=UI=220×1=220W，则C错误，D正确．

故选：D

根据表达式可求出交变电流的峰值由电压与匝数成正比可求出交流电源的电压最大值．由W=Pt可以求出抽油烟机消耗的功率。

明确电流与匝数成反比，电压与匝数成正比，及功率的表达式P=UI即可求解．【解析】【答案】D8、A【分析】解：每个光子的能量E=hγ=h

设每秒（t=1s）激光器发出的光子数是n；

则Pt=nE，即：P=nhn=故A正确；BCD错误；

故选：A

求出每个光子的能量，每秒内发出的光子数与每个光子能量的乘积是激光器每秒做的功，每个光子的能量E=hγ=h．

本题是一道难度不大，但综合性、代表性很强的题目，要注意掌握．【解析】【答案】A二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共8题，共16分)11、略

【分析】试题分析：因为变压器的输入电压不变，根据可知次级电压不变，即电压表读数不变；当用户的用电器增加时，R的值减小，次级电阻减小，所以次级电流增大，根据则初级电流增大，即电流表读数增大。考点：变压器的初次级电压电流与初次级匝数的关系电路的综合分析。【解析】【答案】不变增大12、1.2×1019个【分析】【解答】本题要计算分子数，就需要知道大气有多少mol,需要计算高山状态下的大气在标准状态下的体积，

；根据理想气体状态方程：可得V2.则个。

【分析】本题考查了理想气体状态方程13、略

【分析】解：根据弹簧秤指针的指示可知，其读数为1.8N；为了使两次弹簧秤拉力的作用效果相同，因此在用一只弹簧测力计沿PO方向拉伸橡皮条，使橡皮条的长度等于PO长度．

故答案为：1.8；等于．

该实验采用了“等效法”；因此要求两次拉橡皮条要到同一位置，即两次拉橡皮条拉力的作用效果相同；

本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训练，以提高解题能力；同时注意弹簧秤的读数方法．【解析】1.8；等于14、（1）立刻向右

（2）12503.2×10-16【分析】(1)

【分析】开关闭合后瞬间，A

灯立刻亮，由于线圈自感电动势的阻碍，电流逐渐增大，B

灯逐渐变亮.

正常工作后，A

灯、B

灯一样亮.

开关由闭合到断开瞬间，由于两灯原来电流相等，AB

两灯不会闪亮一下熄灭.

根据楞次定律分析流过A

灯的电流方向。本题考查对自感现象的理解和分析能力，可以用楞次定律和法拉第电磁感应定律判断、理解。【解答】开关闭合后瞬间；线圈自感电动势对灯A1

没有阻碍作用，灯A1

立刻亮．

开关由闭合到断开瞬间；A1

灯原来的电流立即减为零，线圈产生自感电动势阻碍电流减小，使线圈中电流只能逐渐减小.

根据楞次定律可知，开关由闭合到断开瞬间，流过线圈的电流方向是电流自右向左，则通过A

灯的电流自左向右．

故答案为：立刻，向右(2)

【分析】题中已知匀强电场中ab

间的电势差和距离，根据电势差与场强的关系式U=Edd

是两点沿场强方向的距离求解场强.

由W=qU

求出电场力做功，即可得到电势能的变化。解决本题的关键是掌握U=Ed

和W=qU

两个公式，知道d

是两点沿场强方向的距离。【解答】由Uab=Edabcos37鈭�

则得。

场强E=Uabdabcos600=4.0隆脕102V0.4隆脕0.5m=2000V/m

把电子从a

点移到b

点，电场力对电子做功为W=鈭�eUab=鈭�1.6隆脕10鈭�19隆脕2000J==鈭�3.2隆脕10鈭�16J

则电子的电势能将增加3.2隆脕10鈭�16J

故填：12503.2隆脕10鈭�16

【解析】(1)

立刻向右(2)12503.2隆脕10鈭�16

15、略

【分析】解：电子的电量：e=鈭�1.6隆脕10鈭�19C

故电荷量为鈭�8隆脕10鈭�9C

的物体，得到的电子数为：N=qe=鈭�8隆脕10鈭�9C鈭�1.6隆脕10鈭�19C=5隆脕1010

个；

故答案为：得到；5隆脕1010

．

物体带电的实质是电子的得失；失去电子带正电荷，得到电子带负电荷，元电荷e=1.6隆脕10鈭�19

C.

本题关键是明确物体带电的实质，知道元电荷为e=1.6隆脕10鈭�19C

基础题目．【解析】得到；5隆脕1010

16、略

【分析】

改装后总电阻R总===3000Ω

则应串联电阻R=R总-Rg=1000-5=2995Ω

故答案为：串2995Ω

【解析】【答案】改装后总电阻R总=则串联电阻为R=R总-Rg

17、正减小【分析】【解答】密闭于气缸内的压缩气体膨胀对外做正功，即外界对气体做负功，因而W＜0，缸内气体与外界无热交换说明Q=0，忽略气体分子间相互作用，说明内能是所有分子动能的总和．根据热力学第一定律△U=W+Q，可知内能增加量△U＜0；故内能减小，温度降低，分子平均动能减小．

故答案为：正；减小。

【分析】根据热力学第一定律公式△U=W+Q，公式中△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，Q表示系统吸收的热量，题中气体膨胀对外界做功，即气体对外界做负功，故W＜0，气体与外界无热交换，故Q=0，从而判断出气体内能的变化，也就得到分子的平均动能的变化情况．18、略

【分析】解：线圈转动产生的感应电动势Em=nBS娄脴

当转速增大时，角速度增大，故把转速提高到原来的2

倍，产生的感应电动势变为原来的2

倍，故E隆盲m=1000V

产生的有效值E=E隆盲m2=5002V

周期T隆盲=T2=0.01s

故答案为：5002V0.01s

根据发电机产生的交变电动势的表达式e=Emsin娄脴t=NBS(2娄脨n)sin(2娄脨n)t

和周期与转速的关系即可判断。

本题重点考查交流电的产生过程及瞬时表达式，只有在理解的基础上才能准确用该表达式，作出定量分析．【解析】5002V0.01s

四、判断题(共3题，共12分)19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、实验探究题(共2题，共20分)22、略

【分析】解：（1）由图a所示可知；螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，游标尺示数为34.7×0.01mm=0.347mm，螺旋测微器示数为1.5mm+0.347mm=1.847mm；

由图所示可知；游标卡尺主尺示数为4.2cm，游标尺示数为8×0.05mm=0.40mm，游标卡尺示数为42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm；

（2）根据电阻定律，有：R=ρ=ρ

解得：ρ=．

故答案为：（1）1.847，4.240；（2）．

（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；

（2）根据欧姆定律和电阻定律列式求解．

游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度．并掌握电阻定律与欧姆定律的应用．【解析】1.847；4.240；23、(1)BC

(2)1212【分析】【分析】(1)

根据实验原理；即可判定是否需要平衡摩擦力，及确定所挂钩码的总质量m

与小车的总质量M

的关系；

(2)

根据牛顿第二定律；结合动滑轮的拉力是测力计的示数2

倍，从而即可求解。

考查不同实验中，是否平衡摩擦力，是依据实验原理，并不是统统平衡，并掌握牛顿第二定律的应用，注意力传感器的作用，及理解测力计的读数与小车的合力的关系，是解题的关键。【解答】(1)AB

为便于测量合外力的大小；甲图通过钩码的总质量对应的重力即为合外力，而乙图是力传感器的示数，丙图则是测力计的2

倍，因此它们都必须平衡摩擦力，故A错误，B正确；

CD

由于甲图通过钩码的总质量对应的重力即为合外力，因此三组实验中只有甲需要满足所挂钩码的总质量m

远小于小车的总质量M

的条件，故C正确，D错误。故选BC。

(2)

乙、丙两位同学发现某次测量中力传感器和测力计读数相同，且通过计算得到小车加速度均为a

根据牛顿第二定律，则有：F=M脪脪a2F=M卤没a

因此乙、丙两人实验时所用小车总质量之比为1拢潞2

由牛顿第二定律，对砝码研究，则有：m脪脪g鈭�F=m脪脪a

而m卤没g鈭�F=m卤没2a

因a=13g

解得：m脪脪拢潞m卤没=1拢潞2

即乙；丙两人实验用的钩码总质量之比为1拢潞2

故填：(1)BC(2)1拢潞21拢潞2

【解析】(1)BC

(2)121