2025年岳麓版选修三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版选修三物理下册阶段测试试卷308考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、甲图是太阳光照射下；肥皂膜表面出现的彩色条纹；乙图是激光照射下，针尖的影子，它的轮廓模糊不清，出现明暗相间的条纹．下列说法正确的是。

A.二者都是光的衍射现象B.二者都是光的干涉现象C.甲是光的干涉现象，乙是光的衍射现象D.甲是光的衍射现象，乙是光的干涉现象2、穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地增加了1Wb，则：（）A.线圈中感应电动势每秒增加1VB.线圈中感应电动势每秒减少1VC.线圈中感应电动势大小不变D.线圈中无感应电动势3、如图所示，正方形ABCD的顶点A、C处固定有两带电荷量大小相等的点电荷，E、F分别为AB、CD边的中点．若以无穷远处电势为零，且E点处电势大于零；则下列说法中正确的是。

A.两点电荷一定都带正电B.O点处电势不可能为零C.直线BD上从O点向两侧无穷远处，电场强度先减小后增大D.若将一电子从E点移动到F点，则电场力做功可能为零4、已知一无限长的直导线中通有电流时，该直导线周围某点磁感应强度的大小与该点到直线的距离成反比，与电流大小成正比。如图所示，两条平行长直导线中通以大小相等、方向相反的电流，其中A导线电流垂直纸面向里，B导线电流垂直纸面向外，C为AB的中点。则下列说法正确的是（）

A.在AB两点之间的连线上，C点磁感应强度最小B.在图中连线上，A点左侧不同位置磁感应强度方向不同C.C点磁感应强度方向在纸面内垂直AB向上D.两条平行长直导线在安培力的作用下相互吸引5、如图所示，带箭头的实线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点；径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是。

A.粒子带正电B.粒子在A点加速度大C.粒子在B点动能大D.A、B两点相比，B点电势较低6、一条绳子可以分成一个个小段；每小段都可以看做一个质点，这些质点之间存在着相互作用．如图是某绳波形成过程的示意图．质点l在外力作用下沿竖直方向做简谐运动，带动质点2；3、4...各个质点依次振动，把振动从绳的左端传到右端．t=T/2时，质点9刚要开始运动．下列说法正确的是。

A.t=T/2时，质点9开始向下运动B.t=T/2时，质点5加速度方向向上C.t=T/4时，质点5开始向上运动D.t=T/4时，质点3的加速度方向向上评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示，MN、PQ是倾斜放置的两根足够长的光滑平行金属导轨．导轨所在平面与水平面成30°，导轨间距为L=0.5m，导体棒ab、cd分别垂直于导轨放置，且棒两端都与导轨接触良好，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.5T，当给棒ab施加平行于导轨向上的力F时，ab导体棒沿导轨向上以某一速度匀速运动，cd棒恰好静止在导轨上，已知两棒的质量均为0.5kg，接入部分电阻均为R=0.5R，导轨电阻不计，取则下列说法正确的是()

A.当ab棒匀速运动时，拉力F的大小为10NB.当ab棒匀速运动时，回路中的电热功率为100WC.撤去拉力F的一瞬间，cd棒的加速度大小为5m/s2D.撤去拉力F的一瞬间，ab棒的加速度大小为10m/s28、下列说法正确的是______。A.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大B.处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果C.一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间分子平均动能一定相同E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间分子平均动能一定相同9、关于热力学温度，下列说法正确的是（）A.相当于B.温度变化也就是温度变化C.摄氏温度与热力学温度都可能取负值D.温度由升至对应的热力学温度升高了10、下列说法正确的是（）A.太空中水滴成球形，是液体表面张力作用的结果B.液体中的悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显C.一定质量的理想气体克服外界压力膨胀，且过程中不吸热也不放热，则内能一定减小E.两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子势能不断增大E.两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子势能不断增大11、关于一定质量的理想气体，下列过程可能发生的有（）A.对外做功、温度升高、吸收热量B.压强增大、体积增大、内能减小C.体积减小、温度升高、对外做功E.压强减小、对外做功、温度降低E.压强减小、对外做功、温度降低12、如图所示，竖直方向上固定一光滑绝缘细杆，两电荷量相等的正点电荷A、B关于细杆对称固定．一带正电荷的小球（图中未标出）套在细杆上，从距两点电荷连线h1处由静止释放，经过时间t1运动到与两点电荷等高处．此过程中小球的速度v、加速度a随时间t的变化图象，动能Ek、电势能Ep随下降距离h的变化图象可能正确的有。

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、如图所示，正、负电子垂直磁场方向沿与边界成θ＝30°角的方向射入匀强磁场中，不计重力，那么在磁场中正、负电子的运动时间之比为________14、在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，形管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为水银柱高；图中给出了气体的两个不同的状态。

(1)实验时甲图气体的压强为___________乙图气体压强为___________

(2)实验时某同学认为形管的横截面积可不用测量，这一观点正确吗？___________（选填“正确”或“错误”）。

(3)数据测量完后在用图像法处理数据时，某同学以压强为纵坐标，以体积（或空气柱长度）为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出与间的反比关系吗？___________（选填“能”或“不能”）。15、判断下列说法的正误。

（1）气体的体积等于气体分子体积的总和（____）。

（2）当物体温度升高时，每个分子运动都加快（____）。

（3）密闭容器中气体的压强是由于分子间的相互作用力而产生的（____）。

（4）一定质量的气体，在体积不变的情况下，温度降低，则压强减小（____）。16、如图，一定量的理想气体经历的两个不同过程，分别由体积-温度（V-t）图上的两条直线I和Ⅱ表示，V1和V2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标；t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0是它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0=-273.15℃；a、b为直线I上的一点。由图可知，气体在状态a和b的压强之比=___________；气体在状态b和c的压强之比=___________。

17、一定质量的理想气体，状态经A→B→C→A的变化过程可用如图所示的p-V图线描述，其中C→A为等温过程，气体在状态A时温度为该气体在状态B时的温度为______K，C→A过程中气体______（填“吸热”或“放热”）。

18、阅读短文；并回答问题。

家庭热泵﹣﹣空调。

夏天来了；安装空调的家庭逐渐多了起来，如图甲是家用分体式空调的原理图，其制冷原理是室外机中的压缩机将气态的制冷剂压缩后成为高温高压的液态制冷剂，散热后液态的制冷剂经膨胀阀进入蒸发器（室内机）迅速变成气体，吸收大量的热量，从而使房间的温度迅速下降（冬天的制热工作过程与上述相反），空调在制冷运行的过程中会产生大量的冷凝水，因此空调配有排水系统。

制冷量是家庭购买空调时需要考虑的一项重要指标．它是指空调进行制冷运行时；单位时间内从密闭空间内去除的热量总和，制冷量大的空调适用于面积比较大的房间，且制冷速度较快，以15平方米的居室面积为例，使用额定制冷量在2500W左右的空调比较合适，家用空调的制冷量单位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空调节电效果的一项重要指标；家用空调器的能效比（EER）就是其制冷量与制冷消耗电功率之比，如图乙所示是两台不同品牌空调上的能效标识（能效标识是附在产品上的一种信息标签，用于表示耗能产品的能源效率等级等性能指标，为用户和消费者的购买决策提供必要的信息，以引导用户和消费者选择高效节能产品），如表是国家标准中关于分体式空调部分能效等级指标。

额定制冷量CC/W能效等级与对应的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空调制冷运行时，室内的空气湿度________（大于/小于）室外，图乙中，两空调工作时更节能的是________（A/B）；

(2)关于空调机，下列说法正确的是()。

A；家庭安装空调要铺设专线；目的是为了防止触电。

B；空调机制冷时；室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能。

C；空调压缩机是利用降温的方法使氟利昂发生物态变化的。

D；空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将冷气吹向室内。

(3)某家庭空调机制冷量为1.5匹，能效比为3，在额定状态下连续工作10min，消耗的电能为________kW•h，不计热损失，理论上可以使40m2的密闭房间内的空气温度下降________℃。[取房间层高3m，空气的密度ρ=1.29kg/m3，比热容c=1.0×103J/（kg•℃）]。评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)22、某实验小组欲自制欧姆表测量一个电阻的阻值；实验提供的器材如下：

A.待测电阻Rx(约200Ω)；

B.电源(电动势E约1.4V，内阻r约10Ω)；

C.灵敏电流计G(量程1mA，内阻Rg=200Ω)；

D.电阻R1=50Ω；

E.电阻R2=200Ω；

F.滑动变阻器R3(阻值范围为0~50Ω)；

G.滑动变阻器R4(阻值范围为0~500Ω)；

H.开关；导线若干．

(1)由于电源电动势未知，该实验小组经过分析后，设计了如图(a)所示的电路测量．部分步骤如下：先闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计读数I1接近满偏；保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S2，读出此时灵敏电流计的示数I2．

①根据实验要求，定值电阻a应选___________；滑动变阻器R应选___________．(选填器材前的标号)

②若实验中I1=0.90mA，I2=0.54mA，则电源电动势为___________V．

(2)测出电动势后，该小组成员在图(a)的基础上，去掉两开关，增加两支表笔M、N，其余器材不变，改装成一个欧姆表，如图(b)所示，则表笔M为___________(选填“红表笔”或“黑表笔”)．用改装后的欧姆表测量待测电阻Rx阻值，正确操作后，灵敏电流计读数如图(c)所示，则待测电阻R的阻值为___________Ω．23、小明同学用如左图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据他作出了如右图所示的图线认为各电表均为理想电表由图可知电动势______V，内电阻______

24、某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻。

（1）实验室除提供开关S和导线外；有以下器材可供选择：

电压表：V（量程3V，内阻Rv约为10kΩ）

电流表：G（量程3mA，内阻Rg＝100Ω）

电流表：A（量程3A；内阻约为0.5Ω）

滑动变阻器：R（阻值范围0~10Ω；额定电流2A）

定值电阻：R0＝0.5Ω

该同学依据器材画出了如图甲所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是_________；

（2）该同学将电流表G与定值电阻R0并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是__________A；

（3）该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图乙所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E＝__________V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r＝__________Ω（结果保留小数点后两位）。25、用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示．

（1）组装单摆时，应在下列器材中选用________（选填选项前的字母）．

A.长度为1m左右的细线。

B.长度为30cm左右的细线。

C.直径为1.8cm的塑料泡沫球。

D.直径为1.8cm的铁球。

（2）测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g＝__________（用L；n、t和必要的数学常量表示）．

（3）用多组实验数据作出T2-L图像，也可以求出重力加速度g．已知三位同学作出的T2-L图线的示意图如图中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值．则相对于图线b，下列分析正确的是____（选填选项前的字母）

A出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长L

B.出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次。

C.图线c对应的g值小于图线b对应的g值。

（4）该同学在做完实验后，已测得当地重力加速度（用g表示），想研究单摆摆动时摆线中的拉力变化规律和能量变化特点．重新组装单摆装置后，实验时用拉力传感器测得摆线中的拉力大小随时间变化的F-t图象如图所示，图中，F1、F2、t0已知．设摆球在最低点时EP＝0，那么当摆线中的拉力大小是F1时摆球所在的位置是__，振动过程中摆球机械能E的表达式是E＝__（限选用F1、F2、t0；g和必要的数学常量表示）．

评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)26、氦氖激光器所发红光波长为λ＝6.238×10-7m，谱线宽度Δλ＝10－18m，求当这种光子沿x方向传播时，它的x坐标的不确定量多大？27、如图，水平桌面上有一水槽，槽中放置着平面镜M，镜面与水平面之间的夹角为θ．一束白光从O点射向水面，先经水面折射，再经平面镜反射，又经水面折射回到空气中，最后在水槽左上方的竖直屏N上形成彩色光带．若逐渐增大θ角；各种色光陆续消失，假定所有光线均在同一竖直平面．

(1)哪种色光最先从屏上消失；

(2)若入射光线与水面成30°角，镜面与水平面之间的夹角θ＝45°，屏上的彩色光带恰好全部消失，求最后消失的色光对水的折射率．(结果可以用根式表示)28、同步加速器在粒子物理研究中有重要的应用，其基本原理简化为如图所示的模型，M、N为两块中心开有小孔的平行金属板，质量为m、电荷量为+q的粒子A（不计重力）从M板小孔飘入板间，初速度可视为零，每当A进入板间，两板的电势差变为U，粒子得到加速，当A离开N板时，两板的电荷量均立即变为零，两板外部存在垂直纸面向里的匀强磁场，A在磁场作用下做半径为R的圆周运动，R远大于板间距离，A经电场多次加速，动能不断增大，为使R保持不变；磁场必须相应地变化，不计粒子加速时间及其做圆周运动产生的电磁辐射，不考虑磁场变化对粒子速度的影响及相对论效应，求：

（1）A运动第1周时磁场的磁感应强度B1的大小；

（2）在A运动第n周的时间内电场力做功的平均功率

（3）若有一个质量也为m、电荷量为+kq（k为大于1的整数）的粒子B（不计重力）与A同时从M板小孔飘入板间；A；B初速度均可视为零，不计两者间的相互作用，除此之外，其他条件均不变，下图中虚线、实线分别表示A、B的运动轨迹，在B的轨迹半径远大于板间距离的前提下，请指出哪个图能定性地反映A、B的运动轨迹，并经推导说明理由。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】太阳光照射下肥皂膜呈现彩色，属于薄膜干涉现象，针尖障碍物的影的轮廓出现明暗相间的条纹是光波发生衍射引起的，故C正确．2、C【分析】【详解】

根据法拉第电磁感应定律可知由于穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地增加了1Wb，所以保持恒定不变，故AB错误；C正确；对于一个闭合线圈来说有电动势，则构成回路有电流存在，故D错误；故选C3、D【分析】试题分析：根据等量同种电荷或者等量异种电荷电场分布规律分析解题。

根据题意，若以无穷远处电势为零，则E点处电势大于零，该电场可能是等量同种正点电荷的电场，也可能是等量异种点电荷的电场，若是等量正电荷，则E点电势一定大于0，若是等量异种点电荷，A点固定正电荷，故A错误；若是等量异种电荷的电场，则O点的电势为0，故B错误；若是等量正电荷的电场，直线BD上从O点向两侧无穷远处场强先增大后减小；若是等量异种点电荷的电场，直线BD上从O点向两侧无穷远处场强先增大后减小，故C错误；若是等量同种点电荷电场，E、F两点等势，将一电子从E点移动到F点，则电场力做功为零，故D正确．4、A【分析】【详解】

AC．根据某点磁感应强度的大小与该点到直线的距离成反比；结合矢量的合成法则，C为AB的中点，则有在AB两点之间的连线上，C点的磁感应强度方向在纸面内垂直AB向下，C点磁感应强度最小，故A正确，C错误；

B．根据安培定则；结合矢量的合成法则，某点磁感应强度的大小与该点到直线的距离成反比，与电流大小成正比，则有A点左侧不同位置磁感应强度方向均相同，都垂直AB连线向上，故B错误；

D．根据左手定则及安培定则；则两条平行长直导线在安培力的作用下相互排斥，故D错误；

5、D【分析】试题分析：根据粒子的运动轨迹可以看出；粒子所受电场力的方向与电场线的方向相反，故可知粒子带负电，所以A错误；B处的电场线密集，故电场强度大，由牛顿第二定律可知，该点的加速度大，所以B错误；电场力方向与运动方向成钝角，所以电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小，所以C错误；电势沿电场线的方向降落，所以A点的电势高于B点电势，故D正确；

考点：带电粒子在电场中的运动6、C【分析】【详解】

A、质点1为波源，波向右传播，时；质点9开始振动，根据同侧法可知其振动方向向上；故A错误.

B、时；质点5处于波峰，此时振动的速度为零，指向平衡位置的加速度最大，方向向下；故B错误.

C、根据振动和波的传播规律可得时的波形图：

时，波传播的距离为则质点5开始振动，而所有的质点被带动起振的方向相同都向上；故C正确.

D、振动时的回复力产生的加速度都指向平衡位置，时的质点3正在正向位移处；则加速度向下；故D错误.

故选C.二、多选题(共6题，共12分)7、B:D【分析】【详解】

A.对ab受力分析，在沿斜面方向上，受到沿导轨斜面向下的安培力，沿斜面向下的重力的分力，以及沿斜面向上的拉力F，故有

对cd受力分析，在沿斜面方向上受到沿斜面向上的安培力，沿斜面向下的重力的分力，故有

联立解得

故；A错误；

B.故电路中的电热功率为

故B正确；

CD.撤去拉力的瞬间，ab棒的加速度

cd棒受力不变，所以合力为零，加速度为零，C错误D正确．8、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．当人们感到潮湿时；空气的相对湿度一定较大，空气的绝对湿度不一定大，故A错误；

B．处于完全失重的水滴呈球形；是液体表面张力作用的结果，故B正确；

C．一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，根据理想气体状态方程可知；温度升高，则内能一定增加，故C正确；

D．单晶体一定有规则的几何形状；形状不规则的金属是多晶体，故D错误；

E．根据热力学第零定律；如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡，温度相同，分子平均动能一定相同，故E正确。

故选BCE。9、A:B【分析】【详解】

A．由可知相当于A正确；

B．由可知，即热力学温标温度的变化总等于摄氏温标温度的变化，温度变化也就是温度变化B正确；

C．因绝对零度达不到；故热力学温度不可能取负值，C错误；

D．初态热力学温度为末态为温度变化D错误。

故选AB。10、A:C:D【分析】【详解】

A．太空中水滴成球形；是液体表面分子间距离大于平衡位置的距离，分子间体现为相互吸引的作用力，这就是表面张力，A正确；

B．悬浮微粒越大；在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，受力就越趋于平衡，布朗运动就越不明显，B错误；

C．根据热力学第一定律有

因为过程中既不吸热也不放热Q＝0

又因为体积膨胀，所以气体对外做功W＜0

故

气体内能将减小；C正确；

D．温度升高；分子热运动的平均动能增大，但不意味着每个分子的动能都增大，D正确；

E．将一个分子从无穷远处无限靠近另外一个分子的过程中；分子力先表现为引力，做正功，后表现为斥力，做负功，所以分子势能先减小后增大，E错误。

故选ACD。11、A:D:E【分析】【详解】

A．根据热力学第一定律

若对外做功温度升高吸收热量等式有可能成立，A正确；

B．由理想气体状态方程

可得气体压强增大；体积增大；则气体温度升高，内能增大，故B错误；

C．气体体积减小；则外界对气体做功，故C错误；

D．根据热力学第一定律

若放出热量内能增加体积减小，外界对气体做功等式有可能成立，D正确；

E．由理想气体状态方程

压强减小；对外做功即气体体积增大，温度降低，等式可能成立，故E正确。

故选ADE。12、A:C:D【分析】【详解】

根据等量同种电荷电场线分布可知；沿中垂线从连线中点到无穷远电场线增大后减小，根据题意可知，场强始终竖直向上：

A.如果重力始终大于电场力，则加速度始终向下；物体一直加速，因为不确定释放位置与最大场强处的关系，所以场强可能一直减小，加速度一直增大，A正确。

B.初始释放后，向下运动，重力大于电场力，加速度因为不确定释放位置与最大场强处的关系，所以场强可能一直减小，加速度一直增大；也可能场强先增大后减小，加速度先减小后增大，不可能一直减小，B错误。

C.开始重力大于电场力，向下加速，动能增大，如果场强先增大后减小，且最大电场力大于重力，则向下运动到后，继续向下运动，合力向上，开始减速，动能减小，直到再次之后场强减小，重力又大于电场力，合力向下，向下加速，动能增大，C正确。

D.因为电场力始终向上，而小球一直向下运动，电场力始终做负功，电势能一直增大，如果场强一直减小，则电场力在单位位移上做功越来越小，电势能增大的越来越慢，D正确。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】设正离子轨迹的圆心角为α；负离子轨迹的圆心角为β，由几何知识得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正离子运动的时间为负离子运动的时间为而正、负离子在磁场中运动的周期相同，所以时间之比【解析】1:5；14、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]题图甲中气体压强为图乙中气体压强为

(2)[3]由玻意耳定律

即（为空气柱长度）

知，形管的横截面积可不用测量；

(3)[4]以为纵坐标，以为横坐标，作出图线是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应作出图线，看是否为过原点的直线，才能最终确定与是否成反比。【解析】①.76②.80③.正确④.不能15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确错误正确16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据盖吕萨克定律有

整理得

由于体积-温度（V-t）图像可知，直线I为等压线，则a、b两点压强相等，则有

[2]设时，当气体体积为其压强为当气体体积为其压强为根据等温变化，则有

由于直线I和Ⅱ各为两条等压线，则有

联立解得【解析】117、略

【分析】【详解】

[1]A→B等压变化过程中，根据盖—吕萨克定律

代入已知条件，可得

[2]在C→A等温变化过程中

又由于体积减小，外界对系统做正功

根据热力学第一定律

可得

故气体放热。【解析】600放热18、略

【分析】【详解】

（1）[1]空调制冷运行时；室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，凝结成小水滴排出室外，室内的空气湿度小于室外；

[2]根据能效等级做出分析；图乙中，两空调工作时更节能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用电器空调时，电路中电流I过大；可能会引起火灾或跳闸等事故，铺设了专线，可以防止这种危害，故A错误；

B．空调机制冷时，消耗的电能W，室外机放出的热量包括从房间里取出一部分热量Q和消耗的电能W，释放到大气热量中的热量为Q+W；所以室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能，故B正确；

C．氟利昂在空调内部的蒸发器里面汽化；汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，空调压缩机是利用氟利昂发生物态变化方法降温的，故C错误；

D．空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将热气吹向室外，故D错误。

故选A；

（3）[4]已知制冷量

因为效能比

所以制冷量

在t=10min=600s内消耗的电能

[5]制冷量

空气质量

根据

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作图题(共3题，共15分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)22、略

【分析】【分析】

（1）在仪器的选择中，要通过估算进行，电阻a可尝试先使用电阻R1，然后进行整个电路的估算，接着尝试使用电阻R2；比较那个更符合题目所给的条件．

（2）利用闭合电路的欧姆定律进行计算；

（3）多用电表的红黑表笔遵循“红进黑出”；再利用欧姆档的欧姆调零原理，结合测电阻的原理进行计算即可．

【详解】

（1）闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计读数I1接近满偏，灵敏电流表两端的电压约为则滑动变阻器两端电压约为若电阻a选择了则电流中的总电流为此时滑动变阻器的阻值约为滑动变阻器R4，若电阻a选择则电流中的总电流为滑动变阻器的阻值约为无滑动变阻器满足要求，综上所述，电阻a选择D，滑动变阻器选择G；

（2）第一次闭合开关S1、S2，有断开S2后，有联立解得

（3）改装为欧姆表后，表内有电源，根据多用电表“红进黑出”的特点，表笔M应接黑表笔．根据欧姆表的原理，欧姆调零时，有接待测电阻后，读出表的电流为电路中的总电流则有解得

【点睛】

正确地进行电路电流，电压的估算，熟悉闭合电路欧姆定律以及欧姆表的工作原理是解题的关键．【解析】DG1.35黑表笔18023、略

【分析】【详解】

当时，则图线斜率的绝对值表示