2025年湘师大新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示；在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M；N两点，OM=ON=2R．已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为:

A.B.C.D.2、两个可自由移动的点电荷分别在A、B两处，如图所示。A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q2＝4Q1，另取一个可以自由移动的点电荷Q3放在直线AB上；欲使整个系统处于平衡状态，则（）

A.Q3为负电荷，且放于A左方B.Q3为负电荷，且放于B右方C.Q3为正电荷，且放于A与B之间D.Q3为正电荷，且放于B右方3、如图所示的电路图中；与甲；乙、丙、丁分别对应的元器件符号，表示电容器的是（）

A.甲B.乙C.丙D.丁4、如图所示，空间中存在水平向右的匀强电场，有一带电滑块从A点沿着粗糙绝缘的水平面以100J的初动能向左滑动，当到达B点时动能减小了30J；其中有18J转化成电势能，12J转化成内能，则它再次经过A点时，动能变为（）

A.14JB.18JC.20JD.40J5、如图所示是汽车蓄电池供电简化电路图。当汽车启动时，启动开关S闭合，电动机工作。测得车灯电阻均为电源的电动势E＝12V，内电阻若开关S闭合时；测得电动机两端的电压为10V，在此状态下以下计算正确的是（）

A.车灯的电流为2.0AB.电动机的电流为2.0AC.电动机的输出功率为18WD.电动机的内阻为评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、由电容器电容的定义式C=可知（）A.若电容器不带电，则电容C为零B.电容C与电容器所带电荷量Q成正比C.电容C与所带电荷量Q多少无关D.电容在数值上等于使两板间的电压增加1V时所需增加的电荷量7、如图所示，两块正对平行金属板与一电压恒定的电源相连，下极接地，下板上叠放有玻璃板，一带电油滴恰好静止于两板间的P点；当把玻璃板从两板间快速抽出，下列说法正确的是（）

A.带电油滴带负电B.P点的电势保持不变C.带电油滴将加速向下运动D.会有瞬间电流从a向b流经电阻R8、如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2．仅仅改变加速电压后，电子在电场中的侧移量y增大为原来的2倍；下列说法中正确的是。

A.加速电压U1减小到了原来的B.偏转电场对电子做的功变为原来的2倍C.电子飞出偏转电场时的速度变为原来的2倍D.电子飞出偏转电场时的偏转角变为原来的2倍9、在匀强电场中，关于电势差与电场强度的下列说法正确的是（）A.任意两点间的电势差等于电场强度与这两点间距离之积B.沿电场方向，任意相同距离上电势差必定相等C.电势降低的方向不一定就是电场强度的方向D.距离相同的两点上，电势差越大，这两点间的电场强度越大10、下图是用伏安法测电阻的两种常用电路；下列说法正确的是（）

A.用甲图测出的电阻值总小于电阻的真实值B.用乙图测出的电阻值总大于电阻的真实值C.当待测电阻阻值比电流表内阻大得多时，用甲图所示电路测量的误差较小D.当待测电阻阻值比电压表内阻小得多时，用乙图所示电路测量的误差较小11、如图所示，螺线管中通有电流，如果在图中的a、b、c三个位置上各放一个小磁针，其中a在螺线管内部；则。

A.放在a处的小磁针的N极向左B.放在b处的小磁针的N极向右C.放在c处的小磁针的S极向右D.放在a处的小磁针的N极向右12、如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上0~x2间各点的电势分布如图乙所示；则（）

A.在0~x2间，场强方向没有发生变化B.在0~x2间，场强先减小后增大C.若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小D.从O点由静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在0~x2间一直做加速运动13、如图所示，在真空中固定两个等量同号电荷+Q，O是两电荷连线的中点，连线上的两点A、B关于O点对称，绝缘光滑的竖直细杆恰好位于两电荷连线的中垂线上，C点和D点是细杆上关于O点对称的两点。将一个直径略大于细杆的带正电圆环套在细杆上从C点由静止释放，圆环从C点向下运动过程中电荷量不变。已知C点到O点的距离为h，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.A点和B点电场强度相同B.A点的电势高于C点的电势C.圆环可能到不了O点D.若圆环能够到达D点，则可以求出圆环在D点的速度14、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，且r=R1，电流表和电压表均为理想电表。闭合开关S，让滑动变阻器的滑片P由图示位置向右滑动到另一位置，则与P滑动前比较（）

A.电流表A的示数变大B.电压表V的示数变小C.电容器所带电荷量变小D.电源的输出功率变小评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，粒子由M运动到N对这个运动；我们可以作如下分析：

运动轨迹粒子带正电粒子电势能减小粒子动能增大；其中，①的理由是曲线运动合外力指向轨迹内侧，与场强方向相同。

请写出②的理由：______；

请写出③的理由：______。16、如图所示，有一带电荷量为＋q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2d，此点电荷到带电薄板的垂线通过板的圆心．若图中b点处的电场强度为零，则图中a点处的电场强度大小为________，方向________．(静电力恒量为k)

17、取一对用绝缘柱支撑的导体A和B；使它们彼此接触，起初它们不带电，分别贴在导体A；B下部的金属箔均是闭合。现将用丝绸摩擦过的玻璃棒C移近导体A，回答下列问题：

(1)若先把A和B分开，然后移去C，此时A导体上的金属箔______，B导体上的金属箔______（填“带正电”、“带负电”、“不带电”）。若再用手接触B，此时观察到的现象是______；

(2)若先移去C，然后把A和B分开，此时A导体金属箔______，B导体金属箱______（填“带正电”；“带负电”、“不带电”）；

(3)A、B导体带电的实质是______。18、图甲所示的电路中，电源电压恒为L1、L2、L3为规格相同的小灯泡，这种小灯泡的图像如图乙所示。当开关S闭合时，L2的电阻为_______通过L1与L2的电流值比为________。

19、能量的量子化∶在微观世界中能量是_____的，或者说微观粒子的能量是____的。这种现象叫能量的量子化。20、电场强度的定义式___________。21、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、电场强度大小为E的匀强电场时，验电器的箔片___________（选填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称为___________此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的电场强度大小为___________，方向与所加的电场方向___________（选填“相同”或“相反”）。

22、如图所示，一个有弹性的导线圈套在通电长螺线管外，与螺线管垂直且同轴，螺线管中的电流方向如图，导线圈中的磁通量方向为_________．如果把线圈向四周拉，使线圈所围面积增大，则线圈内的磁通量将__________（选填“变大”“变小”或“不变”）．评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)23、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)24、某研究性学习小组的同学欲做“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验。已知所用小电珠的额定电压和额定功率分别为2.5V、1.2W，实验使用的直流电源的电动势为3.0V；内阻忽略不计，实验可供选择的器材规格如下：

A.电流表A1（量程0—0.6A；内阻约为5Ω）

B.电流表A2（量程0—3A，内阻约为0.1Ω）

C.电压表V1（量程0—3V；内阻约为3kΩ）

D.电压表V2（量程0—15V；内阻约为2000Ω）

E.滑动变阻器R1（阻值0—10Ω；允许通过的最大电流为1A）

F.滑动变阻器R2（阻值0—5000Ω；允许通过的最大电流为500mA）

请回答下列问题：

（1）为了完成实验且尽可能减小实验误差，电流表应选择______，电压表应选择______，滑动变阻器应选择______；（填写实验器材前的序号）

（2）根据所选的实验器材，请设计合理的电路原理图来完成该实验______；

（3）该研究性学习小组的同学用设计好的电路测得了该小电珠两端的电压U和通过该小电珠的电流，由欧姆定律计算得到的小电珠的电阻值______（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。25、新华中学高三物理兴趣小组的一位同学；发现了一块比较特殊的电池，干是他组织了几位同学利用以下器材来测量该电池的电动势和内阻．

A.被测电池（电动势在10V~15V之间；内阻未知）

B.电阻箱R（0~20）

C.定值电阻R0（阻值5）

D.电流表A1（量程2A；内阻较小）

E.电流表A2（量程0.6A；内阻较小）

F.电键。

G.导线若干。

实验中为了保护电路，用到了包括电池和定值电阻R0在内的几种实验器材：①在虚线框内补充实验原理图，并在图中表明所选器材的符号：()

②同学们利用实验数据做出了通过电源的电流I的倒数和外电路电阻R（R0除外）的关系图线，即一R图线；如图所示．

根据图线求出电池的电动势为______V，内阻为_____．（保留2位有效数字）；

③测量值和真实值相比，电动势和真实值相比_____，内阻和真实值相比_____．（两空都填“偏大”“相等”或“偏小”）．26、某实验装置如图（）所示，在铁芯上绕着两个线圈和如果线圈中电流与时间的关系分别如图（）甲、乙、丙、丁所示。在这段时间内(设电流自左边接线柱进入线圈时取正)，有电流通过电流计的是_____________，电流从右向左流过电流计的是______。

27、某实验小组用电压表和电流表测定一电池组的电动势E和内电阻r；要求尽量减小实验误差。实验室中有电流表（0~0.6A，内阻约0.1Ω），待测电池组（电动势约为3V，内阻约为1Ω）；开关和导线若干，以及下列器材：

A.电压表（量程0~15V；内阻约15kΩ）

B.电压表（0~3V；内阻约3kΩ）

C.滑动变阻器（0~500Ω）

D.滑动变阻器（0~50Ω）

（1）实验中电压表应选用_________；滑动变阻器应选用_________。（选填相应器材前的字母）

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于滑动变阻器的_________端（选填“a”或“b”）。

（3）实验中发现调节滑动变阻器时，电流表示数变化明显，但电压表示数变化不明显。为了解决这个问题，在电池组负极和开关之间串联一个阻值为5.0Ω的定值电阻，之后该小组得到了几组电压表读数U和对应的电流表读数I，并作出U-I图像，如图所示。则电池组的电动势为_________V，内电阻为_________Ω。

（4）如果本实验考虑电表内阻的影响，电流表内阻为RA、电压表内阻为RV，推导电压表示数U随电流表示数I变化的表达式________________________________________________________________。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)28、如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时；对管壁恰好无压力，已知重力加速度为g，求：

（1）固定于圆心处的点电荷在B点处的电场强度大小；

（2）若把O处固定的点电荷拿走，加上一个竖直向下场强为E的匀强电场，带电小球仍从A点由静止释放，下滑到最低点B时；小球的速度多大？小球对环的压力多大？

29、若使用旧电池进行该实验时，发现路端电压U随电流I变化仍不明显，用什么方法可以使这个变化更明显一些。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场；

假设将带电量为2q的球面放在O处在M；N点所产生的电场和半球面在M点的场强对比求解．

【详解】

若将带电量为2q的球面放在O处；均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．

则在M、N点所产生的电场为

由题知当半球面如图所示M点的场强大小为为E；则N点的场强为。

故选B．

【点睛】

本题解题关键是抓住对称性，找出两部分球面上电荷产生的电场关系．2、A【分析】【分析】

【详解】

假设Q3放在Q1Q2之间，那么Q1对Q3的电场力和Q2对Q3的电场力方向相同，Q3不能处于平衡状态，所以假设不成立，设Q3所在位置与Q1的距离为r13，Q3所在位置与Q2的距离为r23，要能处于平衡状态，所以Q1对Q3的电场力大小等于Q2对Q3的电场力大小。

由于所以。

所以Q3位于Q1的左方，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断Q3带负电。

故选A。3、C【分析】【分析】

【详解】

图中；甲是电键，乙是灯泡，丙是电容，丁是电阻。

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

根据题意可知，速度减为0，则有

而再次回到A点动能的损失只转化为内能，故

故剩余的动能只有20J；C正确。

故选C。5、B【分析】【详解】

A．由电动机两端的电压为10V可知路端电压为10V，则车灯L1的电流为

故A错误；

B．由闭合欧姆定律可知，电路总电流满足

解得

所以流过电动机的电流为

故B正确；

CD．电动机的输入功率为

由于电动机内阻未知；且由题设条件无法求出，因此电动机的输出功率无法计算。故CD错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、C:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．电容器电容的定义式C=是比值定义式，电容与电容器带电量及两端电压无关，由电容器本身决定，故AB错误，C正确；

D．由电容器电容的定义式C=可知；电容在数值上等于使两板间的电压增加1V时所需增加的电荷量，故D正确。

故选CD。7、A:B:D【分析】【详解】

A．由图可知；上极板带正电，下极板带负电，故两板间电场方向向下，油滴悬浮在两板间，受到的重力与电场力平衡，故电场力向上，带电油滴受力方向与场强方向相反，因此油滴带负电，故A正确；

B．当把玻璃板从两板间快速抽出，两板间距离d不变，电压U不变，根据公式

可知，两板间电场强度不变，再根据

可知，P点与下极板间的电势差不变，下极板接地，电势始终为0，则P点的电势保持不变；故B正确；

C．因为两板间电场强度不变；则带电油滴受力情况不变，仍将保持静止，故C错误；

D．当把玻璃板从两板间快速抽出，相对介电常数减小，根据电容的决定式

可知，电容C减小，又根据

可得，电量Q减小，故电容器放电，会有瞬间电流从a向b流经电阻R；故D正确。

故选ABD。8、A:B【分析】【详解】

在加速电场中，由动能定理得：在偏转电场中，电子的加速度为：则偏转距离为：运动时间为：联立上式得：（l是偏转极板的长度，d是板间距离）

A.电子在电场中的侧移量y增大为原来的2倍，所以加速电压U1减小到了原来的故A正确．

B.偏转电场对电子做功所以偏转电场对电子做的功变为原来的2倍，故B正确．

C.全过程根据动能定理

加速电压U1减小到了原来的y增大为原来的2倍；可得速度不是原来的2倍，故C错误．

D.根据类平抛的推论，位移偏转角正切值是速度偏转角正切值的一半，y增大为原来的2倍，正切值变为原来的2倍，角度不是2倍关系，故D错误．9、B:C【分析】【详解】

A.公式中的必须是两点间沿着电场方向的距离；故A错误；

B.由知，在匀强电场中各处相同，则沿着的方向相同距离上的电势差相同；故B正确；

C.沿着电场方向电势降低；但是电势降低的方向有无数个，所以电势降低的方向未必是电场的方向，故C正确；

D.在相同距离上的两点，电势差大，场强不一定大；若两点沿电场线方向相同距离上的两点，电势差大的其场强才必定大，故D错误．10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．甲图所用的方法为电流表内接法，电压表所测电压大于待测电阻两端的电压，根据欧姆定律

可得用甲图测出的电阻值总大于电阻的真实值；故A错误；

B．乙图所用的方法为电流表外接法，电流表所测电流大于流过待测电阻的电流，根据欧姆定律

可得用乙图测出的电阻值总小于电阻的真实值；故B错误；

C．当待测电阻阻值比电流表内阻大得多时；电流表的分压较小，用甲图所示电路测量的误差较小，故C正确；

D．当待测电阻阻值比电压表内阻小得多时；电压表的分流较小，用乙图所示电路测量的误差较小，故D正确。

故选CD。11、B:C:D【分析】【详解】

解：由右手螺旋定则可知,螺线管右端是N极,左端为S极;因螺线管内部磁感线是由S极指向N极的,由于小磁针静止时N极指向为磁场方向.因此小磁针abc的N极都向右,故BCD正确,A错误;12、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．φ-x图象的切线斜率表示电场强度，故在0~x2间；场强方向没有发生变化，故A正确；

B．φ-x图象的切线斜率表示电场强度，在0~x2间；斜率先变大后变小，故场强先增大后减小，故B错误；

C．由图看出，在0~x2间，电势逐渐降低，负电荷在电势低的地方电势能高，若一负电荷从O点运动到x2点；电势能逐渐升高。故C错误；

D．从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，受到的电场力方向与速度方向相同，做加速运动，即该电荷在O～x2间一直做加速运动。故D正确。

故选AD。13、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据等量同种电荷的电场分布的对称性可知，A点和B点电场强度大小相等；方向相反，则场强不同，故A错误；

B．沿着场强的方向电势逐渐降低；结合对称性可知。

故B正确；

C．OC段的场强方向均向上，而场强大小可能先增大后减小，带正电圆环从C点释放，先有重力大于电场力，做加速运动，若中间有场强最大的位置，可能会有重力小于电场力而做减速运动，圆环可能在O点之前速度减为零，即圆环可能到不了O点；故C正确；

D．若圆环能够到达D点，因则电场力做功由动能定理可得。

则可以求出圆环在D点的速度；故D正确；

故选BCD。14、B:D【分析】【详解】

ABC．滑动变阻器的滑片P由图示位置向右滑动到另一位置，R2接入电路的阻值增大，电路总电阻增大，总电流减小，电流表A的示数减小；R1两端电压减小，电压表V的示数减小；电源内电压减小，路端电压增大，所以电容器两端电压增大，根据Q=CU可知电容器所带电荷量增大；综上所述可知AC错误，B正确；

D．设电路外电阻为R，则电源的输出功率为

根据数学知识可知当R=r时，P最大；当R＜r时，P随R的增大而增大；当R＞r时，P随R的增大而减小。由题意可知开始时R＞r，所以滑片P向右滑动后，R增大，P减小；故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]因为粒子带正电；受力方向与运动方向成锐角，电场力做正功，电势能减小。

[2]带电粒子在电场中仅受电场力作用，动能和电势能之和不变。电势能减少时，动能增大。【解析】电场力做正功，电势能减小带电粒子在电场中仅受电场力作用，动能和电势能之和不变16、略

【分析】【详解】

q在b点形成的电场强度的大小为方向向左；因b点场强为零，故薄板在a点的场强方向向右，大小也为由对称性可知，薄板在a点的场强方向向左；q在a处产生的场强大小为方向向左，根据电场的叠加原理可得：a点处的电场强度大小为方向水平向左．

【点睛】

题目中要求的是薄板形成的场强，看似无法解决；但注意b点的场强是由薄板及点电荷的电场叠加而成，故可求得薄板在b点的电场强度，而薄板两端的电场是对称的，故由对称性可解．【解析】水平向左17、略

【分析】【分析】

【详解】

丝绸摩擦过的玻璃棒C带正电荷；导体A；B接触在一起时，处在正电荷的电场中，由于静电感应，导体A的左端感应出负电荷，导体B的右端感应出正电荷，且电荷量相等，所以导体两端的金属箔都张开，且左端带负电，右端带正电。

(1)[1][2][3]若先把A和B分开；然后移去C，导体A；B的电荷不能中和，故A导体上的金属箔带负电，B导体上的金属箔带正电，若用手接触B则将B导体的正电荷中和而不再带电，故此时观察到的现象是B导体的金属箔闭合；

(2)[4][5]若先移去C；导体A和导体B上的正负电荷中和，均不再带电，故A；B导体金属箔均不带电；

(3)[6]A、B导体带电的实质是电子转移（或电荷转移）。【解析】带负电带正电B导体的金属箔闭合不带电不带电电子转移（或电荷转移）18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当开关闭合后，灯泡L1的电压

由于L2、L3为规格相同，所以于L2、L3两端的电压均为1.5V，根据图乙可知，通过灯的电流均为0.20A，根据欧姆定律L2的电阻

[2]灯泡L1的电压时，根据图乙可知，通过灯的电流为0.25A，L2两端的电压为1.5V，根据图乙可知，通过灯的电流为0.20A，则通过L1与L2的电流值比为5：4【解析】①.7.5②.5：419、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]能量的量子化∶在微观世界中能量是量子化的，或者说微观粒子的能量是分立的。这种现象叫能量的量子化。【解析】①.量子化②.分立20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电场强度的定义式为。

【解析】21、略

【分析】【详解】

[1]金属网罩起到静电屏蔽的作用；所以箔片不张开。

[2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理【解析】不张开静电屏蔽E相反22、略

【分析】【详解】

[1]根据右手定则可知；螺线管左侧为N极，因此导线圈中的磁通量方向为向左穿过；

[2]如果把线圈向四周拉，使线圈所围面积增大，则外部从左向右穿过的磁场线增多，相互抵消，则线圈内的磁通量将变小。【解析】向左穿过变小四、作图题(共1题，共3分)23、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共28分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]灯泡额定电流为

为了减小误差，且电流表A1内阻已知；则可与电阻箱并联扩大电流表的量程，所以电流表应选A；

[2]灯泡额定电压是2.5V；电压表应选C；

[3]为方便实验操作；滑动变阻器应选E。

（2）[4]描绘小灯泡伏安特性曲线；电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；小电珠的电阻较小，所以应采用电流表外接法，电路图如图所示：

（3）[5]由于电压表的分流作用，所以电流表的示数比流经灯泡的电流偏大，故根据欧姆定律测量电阻偏小，即小电珠的电阻值小于真实值。【解析】①.A②.C③.E④.⑤.小于25、略

【分析】【详解】

①利用器材来测量电源电动势与内阻，由题意可知，实验中由两个未知内阻的电流表、一个电阻箱、一个滑动变阻器与一个定值电阻，没有电压表，两电流表内阻未知，不能用电流表与定值电阻组成电压表测电压，因此不能用伏安法测电源电动势与内阻，应该用安阻法测电源电动势与内阻，电源电动势约为10V−15V，为了保护电路安全、进行多次实验测出多组实验数据，电流表应选安阻法测电源电动势与内阻的实验电路如图所示。

②由实验电路可知，在闭合电路中，电源电动势则由图所示图象可知，图象的截距图象的斜率则电源电动势电源内阻：

③考虑电流表内阻对实验的影响，电流表内阻会导致系统误差，使电源内阻测量值和真实值相比偏大，电动势和真实值相比相等