2025年浙科版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一平行板电容器，充电后与电源断开，现将一块均匀的电介质板插进电容器，恰好充满电容器两板间的空间，与未插电介质板时相比A.电容器所带电荷量变大B.电容器的电容增大C.两极板间的场强变大D.两极板间的电势差减小2、连接电灯软导线的绝缘皮损坏；可能产生“短路”，此时会发生的现象是（）

A.电灯烧坏。

B.线路电流减弱。

C.由于损坏处接触不良而使线路总电阻增大。

D.线路总电阻将减小。

3、关于磁感线，以下说法中正确的是()A.磁感线是磁场中客观存在的曲线B.磁感线不是闭合曲线C.磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向，也是该点的磁感应强度方向D.磁感线起始于磁铁的N极，终止于磁铁的S极4、下列各物理量，与检验电荷有关的量是（）A.电场强度B.电场力C.电势差D.电势5、某交流发电机正常工作时，电动势e=Emsin娄脴t

若将线框转速提高一倍，其他条件不变，则电动势的变化规律是(

)

A.e隆盲=Emsin娄脴t

B.e隆盲=Emsin2娄脴t

C.e隆盲=2Emsin娄脴t

D.e隆盲=2Emsin2娄脴t

评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、对于电场中A、B两点，下列说法中正确的是（）A.电势差的定义式UAB=说明两点间的电势差UAB与电场力做功WAB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B.把正电荷从A点移到B点电场力做正功，则有UAB＞0C.电势差的定义式中，UAB与移动电荷的电荷量q无关D.电场中B两点间的电势差UAB等于把正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功7、如图甲所示，在粗糙的水平面上放置一个圆形闭合金属线圈，线圈右半部处于磁场中，磁感应强度B随时间t变化的图象如图乙所示，t=0时刻磁场方向竖直向上，线圈始终处于静止状态，则（）A.在t=0时刻线圈不受安培力作用B.在0-1s时间内线圈中的感应电流不断减小C.在t=1s时刻线圈中的感应电流方向发生变化D.在3-4s时间内线圈受到的摩擦力先增加后减小8、如图所示，线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，电容器两极板水平放置．在两极板间，不计重力的带正电粒子Q在t=0时由静止释放，若两板间距足够宽，则下列运动可能的是（）A.若t=0时，线圈平面与磁场垂直，粒子一定能到达极板B.若t=0时，线圈平面与磁场平行，粒子在两极间往复运动C.若t=0时，线圈平面与磁场垂直，粒子在两极间往复运动D.若t=0时，线圈平面与磁场平行，粒子一定能到达极板9、下图是示波管的原理图.

它由由子枪；偏转电极(XX隆盲

和YY隆盲)

荧光屏组成.

管内抽成真空.

给电子枪通电后；如果在偏转电极XX隆盲

和YY隆盲

上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O

点，在那里产生一个亮斑，下列说法正确的是(

)

A.要想让亮斑沿OY

向上移动，需在偏转电极YY隆盲

上加电压，且Y隆盲

比Y

电势高B.要想让亮斑移到荧光屏的右上方，需在偏转电极XX隆盲YY隆盲

上加电压，且X

比X隆盲

电势高，Y

比Y隆盲

电势高C.要想在荧光屏上出现一条水平亮线，需在偏转电极XX隆盲

上加特定的周期性变化的电压(

扫描电压)

D.要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，需在偏转电极XX隆盲

上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY隆盲

上加按正弦规律变化的电压10、如图，一验电器与锌板用导线相连，现用一紫外线灯照射锌板．停止照射后，验电器指针保持一定的偏角．进一步实验，下列现象可能发生的是（）A.将一带正电的金属小球与锌板接触，验电器指针偏角增大B.将一带负电的金属小球与锌板接触，验电器指针偏角保持不变C.改用强度更大的紫外线灯照射锌板，验电器指针偏角增大D.改用频率更大的紫外线灯照射锌板，验电器指针偏角减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)11、在举重比赛中；有甲；乙、丙三名裁判，其中甲为主裁判，乙、丙为副裁判，当主裁判和一名以上（包括一名）副裁判认为运动员上举合格后，发出合格信号（合格用“1”表示；不合格用“0”表示），运动员成绩才有效（有效用“1”表示；无效用“0”表示）．试填写真值表中空缺的输入或输出值．

。（输入）（输出）甲（主裁判）乙（裁判）丙（裁判）运动员成绩____11111____1____1____112、自然界中的两种电荷（富兰克林命名）用丝绸摩擦过的______带的电荷称为正电荷．把用毛皮摩擦过的______所带的电荷称为负电荷．13、在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中；实验室备有下列器材供选择：

A.待测小灯泡“3.0V

1.5W

”B.

电流表(

量程3A

内阻约为1娄赂)

C.电流表(

量程0.6A

内阻约为5娄赂)D.

电压表(

量程3.0V

内阻约为10k娄赂)

E.电压表(

量程15.0V

内阻约为50k娄赂)F.

滑动变阻器(

最大阻值为100娄赂

额定电流50mA)

G.滑动变阻器(

最大阻值为10娄赂

额定电流1.0A)

H.电源(

电动势为4.0V

内阻不计)I.

电键及导线等。

(1)

为了使实验完成的更好；电流表应选用______；电压表应选用______；滑动变阻器应选用______.(

只需填器材前面的字母即可)

(2)

请在虚线框内画出实验电路图．

(3)

某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示.

则电压值为______V

电流值为______A

小灯泡的实际功率为______W

．14、在验证动量守恒定律的实验里，两半径相同的小球质量之比mA：mB=8：3，实验记录纸上，各点(O、M、P、N)位置如图所示，其中O点为斜槽末端所系重锤线指的位置，那么，A、B两球中，____________球是入射球，碰撞结束时刻，两球的动量之比PA：PB=____________．15、为了测量一节干电池的电动势和内电阻；实验室准备了下列器材供选用：

A．待测干电池一节。

B．直流电流表（量程0～0.6～3A；0.6A挡内阻为0.1Ω，3A挡内阻为0.02Ω）

C．直流电压表（量程0～3～15V；3V挡内阻为5kΩ，15V挡内阻为25kΩ）

D．滑动变阻器（阻值范围为0～15Ω；允许最大电流为1A）

E．滑动变阻器（阻值范围为0～1000Ω；允许最大电流为0.2A）

F．开关G．导线若干。

①在方框图中画出实验的电路图，其中滑动变阻器选______（填代号）；要求尽可能减少实验的误差．

②根据实验记录，画出的U-I图线如图（甲）所示，从中可求出待测干电池的电动势为______V，内电阻为______Ω．

16、一个小女孩从滑梯上加速下滑(

摩擦阻力____忽略)

在这个过程中，她的动能将____，重力势能将____，机械能将____。(

填“增加”“不变”或“减少”)

评卷人得分四、判断题(共4题，共12分)17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、证明题(共2题，共12分)21、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)23、在《描绘小灯泡伏安特性曲线》实验中选择“3V0.5A”的小灯泡作为研究对象；有下列实验器材供选用。

A．电流表（量程0～0.6A；内阻1Ω）

B．电流表（量程0～3A；内阻1Ω）

C．电压表（量程0～15V；内阻约10kΩ）

D．电压表（0～3v；内阻约2kΩ）

E．滑动变阻器（阻值0～100Ω）

F．滑动变阻器（阻值0-10Ω）

G．电源E=6V

H．开关I；导线若干。

（1）在方框中画出电路图。

（2）在本实验中；滑动变阻器应选用______，电流表应选用______．

24、如图所示，R1=R2=R3=R4=R；开关S闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m，带电荷量为q的小球恰好处于静止状态．开关S断开时，小球向电容器一个极板运动并发生碰撞，碰撞后小球带上与极板同种性质的电荷．设碰撞过程中没有机械能损失，小球反弹后恰好运动到电容器另一极板，不计电源内阻．求：

（1）电源的电动势．

（2）小球与极板碰撞后的带电量．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B|D【分析】由电容可知插入电介质后电容增大，B对；因为电容器与电源断开电量不变，由U=Q/C可知电压U变小，A错；由可知场强不变，C错；D对；【解析】【答案】BD2、D【分析】

连接电灯软导线的绝缘皮损坏；产生“短路”时，灯泡与短路的导线并联，线路中的总电阻减小，则线路中的电流增强，由于短路部分电阻非常小，通过灯泡的电流几乎为零．故D正确，A；B、C错误．

故选D．

【解析】【答案】连接电灯软导线的绝缘皮损坏；可能产生“短路”，相当于灯泡与短路的导线并联，根据串并联电路的特点以及欧姆定律进行分析．

3、C【分析】【解析】试题分析：磁感线是模拟出来的，不是真实存在的，A错误，磁铁外部磁感线是从N极到S极，内部是从S极到N极，所以是闭合的曲线，BD错误，磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向，也是该点的磁感应强度方向，C正确，考点：考查了对磁感线的理解【解析】【答案】C4、B【分析】解：A、电场强度E=比值定义法定义的；它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关．故A错误；

B；由F=Eq；可知电场力与电量有关，则B正确。

C；电势差U是由电场本身以及电场中的两点的位置决定的；与检验电荷无关．故C错误；

D、电势φ=比值定义法定义的；它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关．故D错误；

故选：B

本题考查了对电场中几个概念的理解情况；物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．

对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．【解析】【答案】B5、D【分析】解：感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsin娄脴t

当将其电枢的转速提高一倍时，由娄脴=2娄脨nEm=nBS娄脴

可知，Em

和娄脴

都增加一倍；

其表达式变为：e隆盲=2Emsin2娄脴t.

故D正确；ABC错误；

故选：D

．

感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsin娄脴t

其中Em=nBS娄脴

当将其电枢的转速提高一倍时，Em

和娄脴

都增加一倍，再进行选择．

本题考查考虑问题的全面性，e=Emsin娄脴t

式中Em

和娄脴

都与转速成正比，不能简单认为表达式是Emsin2娄脴t

．【解析】D

二、多选题(共5题，共10分)6、BC【分析】解：

A、C电势差的定义式UAB=是比值定义法，电势差UAB与电场力做功WAB；与移动电荷的电荷量q无关．故A错误；C正确．

B、把正电荷从A点移到B点电场力做正功，由公式UAB=得知，电势差UAB＞0．故B正确．

D、电场中A、B两点间的电势差UAB等于把单位正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功．故D错误．

故选BC

电势差的定义式UAB=是比值定义法，电势差UAB与电场力做功WAB、与移动电荷的电荷量q无关．把正电荷从A点移到B点电场力做正功，由公式判断电势差的正负．电场中A、B两点间的电势差UAB等于把单位正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功．

本题要抓住电势差的定义式UAB=具有比值定义法的共性，电势差UAB反映电场本身的特性，与试探电荷无关．【解析】【答案】BC7、AD【分析】解：A；t=0时刻磁感应强度的变化率为0；线圈中的感应电动势为0，线圈不受安培力的作用，故A正确；

B、在0～1s磁感应强度的变化率增大，根据法拉第电磁感应定律知线圈中的感应电动势不断增大；线圈中的感应电动势不断增大，故B错误；

C；在0～1s内磁场向上减弱；磁通量减小，根据楞次定律，线圈中产生逆时针方向的感应电流；1～2s内磁场向下在增强，磁通量增加，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向上，线圈中产生逆时针方向的感应电流，所以在t=1s时刻线圈中的感应电流方向没有发生变化，故C错误；

D；在t=3s时；磁感应强度为0，线圈不受安培力作用，摩擦力为0，在t=4s时磁感应强度的变化率为0，感应电动势为0，感应电流为0，线圈也不受安培力，不受摩擦力，而在中间过程中，线圈中有感应电流，且磁感应强度不为0，受到的安培力不为0，由于线圈始终静止，所以安培力等于静摩擦力，摩擦力不为0，所以在3～4s内线圈受到的摩擦力先增加后减小，故D正确；

故选：AD。

根据图乙所示图象判断线框产生的感应电流与线框受到的安培力大小与方向如何变化；线框静止处于平衡状态，应用平衡条件求出摩擦力，然后判断摩擦力的方向与大小如何变化。

本题考查了法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力大小公式等运用，分析清楚图乙所示图象判断磁感应强度变化率如何变化与磁感应强度大小是多少是解题的关键，应用法拉第电磁感应定律、楞次定律与平衡条件即可解题。【解析】AD8、AB【分析】解：A；C若t=0时；线圈平面与磁场垂直，线圈中产生正弦形电流；在前半个周期内粒子向一极板先做加速直线运动，后做减速直线运动；后半个周期内，沿原方向继续先做加速直线运动，后做减速直线运动．周而复始，粒子做单向直线运动，粒子一定能到达极板．故A正确，C错误．

B；D若t=0时；线圈平面与磁场平行，线圈中产生余弦形电流，前半个周期内，向一极板先做加速直线运动，后做减速直线运动，半个周期时刻速度减为零；后半个周期内，沿反方向返回，先做加速直线运动，后做减速直线运动，一个周期时刻速度为零．周而复始，粒子做往复运动．故B正确，D错误．

故选AB

分析一个周期内粒子的运动情况：若t=0时；线圈平面与磁场垂直，线圈中产生正弦形电流；若t=0时，线圈平面与磁场平行，线圈中产生余弦形电流，根据牛顿定律分析求解．

本题关键根据粒子的受力情况来分析粒子的运动情况，与力学问题方法相同，只是力是周期性变化的变力而已．【解析】【答案】AB9、BCD【分析】解：

A；电子枪发射出电子；要想让亮斑沿OY

向上移动，电子在YY隆盲

中受到的电场力必须向上，板间场强必须向下，则需在偏转电极YY隆盲

上加电压，且Y

比Y隆盲

电势高.

故A错误．

B；要想让亮斑移到荧光屏的右上方；电子在偏转电极XX隆盲

间受到的电场力指向X

在YY隆盲

间受到的电场力指向Y

则需在偏转电极XX隆盲YY隆盲

上加电压，且X

比X隆盲

电势高，Y

比Y隆盲

电势高.

故B正确．

C、设加速电场的电压为U1

偏转电场的电压为U2

偏转电极的长度为L

板间距离为d

根据推论得知，偏转距离为y=U2L24U1d

可见，偏转距离与偏转电压U2

成正比，由几何知识得知，电子在荧光屏偏转的距离也与偏转电压成正比，则偏转电极XX隆盲

上加上随时间作线性变化的电压时，电子在荧光屏偏转的距离与时间也是线性关系，形成一条亮线，若电压是周期性变化，就可以使电子在水平方向不断扫描.

故C正确．

D；由上分析知；电子在荧光屏偏转的距离与偏转电压成正比，则在偏转电极YY隆盲

上加按正弦规律变化的电压，电子在荧光屏偏转的距离按正弦规律变化，而在偏转电极XX隆盲

上加适当频率的扫描电压，水平方向电子不断从右向左匀速扫描，在荧光屏上出现一条正弦曲线.

故D正确．

故选BCD

电子枪发射出电子；要想让亮斑沿OY

向上移动，要使电子在YY隆盲

中受到的电场力向上，可判断电场强度方向，分析出电势的高低.

要想让亮斑移到荧光屏的右上方，用同样的方法分析电子在两个电场中所受的电场力方向，判断出电势高低.

根据水平方向偏转距离与偏转电压的关系，即可分析所加电压的特点.

根据竖直方向偏转距离与偏转电压的关系，分析要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，水平方向和竖直方向所加电压的特点．

本题考查对示波器工作原理的理解，其基本原理是电场的加速和偏转，根据偏转距离与偏转电压的关系，分析荧光屏上光斑的变化，【解析】BCD

10、AC【分析】解：A；因为发生光电效应时；锌板失去电子带正电，用带正电的金属小球与锌板接触，所带的电量增加，则验电器指针偏角增大。故A正确。

B；用带负电的金属小球与锌板接触；验电器电量要先减小，不可能保持不变。故B错误。

C；改用强度更大的紫外线灯照射锌板；单位时间内发出的光电子数目增多，则所带的正电增多，验电器指针偏角增大。故C正确。

D；改用频率更大的紫外线灯照射锌板；能发生光电效应，但无法确定光电子的多少，则验电器指针偏角无法确定。故D错误。

故选：AC。

用一紫外线灯照射锌板；由于入射光的频率大于极限频率，发生光电效应，有光电子从锌板飞出，锌板失去电子带正电．

解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及知道光的强度影响单位时间内发出光电子的数目．【解析】AC三、填空题(共6题，共12分)11、略

【分析】

第二组；输出为“0”，而两副裁判输入都为“1”，可知主裁判输入为“0”．

第三组；主裁判；副裁判输入都为“1”，则输出为“1”．

第四组；主裁判输入为“0”，则输出一定为“0”．

第五组；因为输出为“1”，主裁判输入为“1”，则至少一副裁判输入为“1”，则丙输入为“1”．

故答案为：0101；

【解析】【答案】当主裁判的信号为“1”；副裁判至少一个信号为“1”，输出才为“1”，否则输出皆为“0”．

12、略

【分析】解：自然界中只存在两种电荷；用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷，用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．

故答案为：玻璃棒；硬橡胶棒。

当用丝绸摩擦玻璃棒时；玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷；当用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．

本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累．【解析】玻璃棒；硬橡胶棒13、略

【分析】解：(1)

从测量精确度考虑，小灯泡的额定电压为3V

所以电压表选取量程为3V

的，小灯泡的额定电流I=PU=1.53A=0.5A

所以电流表选取量程为0.6A

的，最大阻值为100娄赂

的滑动变阻器接入电路测量误差较大，所以选取最大阻值为10娄赂

的滑动变阻器.

故选C；DG

．

(2)

由于电压和电流需从0

开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻R=U2P=91.5娄赂=6娄赂

远小于电压表内阻，与电流表内阻相当，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法.

电流图如下．

(3)

电压表量程为3V

所以1

格等于0.1V

所以电压表读数为1.80V.

电流表量程为0.6A

所以1

格等于0.02A

所以电流表读数为0.33A.P=UI=1.80隆脕0.33W隆脰0.59W

．

故答案为：(1)CDG

(2)

如图所示。

(3)1.800.330.59

(1)

器材的选取要安全；精确；根据小灯泡的额定电压和额定电流选出电压表和电流表的量程.

滑动变阻器采用分压式接法，从测量的误差角度选出合适的滑动变阻器．

(2)

研究小灯泡在不同电压下的功率；电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法.

根据所测灯泡的内阻，与电压表内阻和电流表内阻比较，确定是大电阻还是小电阻，从而确定电流表采取内接法还是外接法．

(3)

通过电压表量程和电流表量程知道表盘每一格为多少；从而读出电压表和电流表的读数.

根据P=UI

求出小灯泡的实际功率．

解决本题的关键掌握器材选取的原则，掌握滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及电流表内外接的区别．【解析】CDG1.800.330.59

14、略

【分析】解：只有让重球去撞击轻球时；实验才能得出正确结果；故入射球应为A球；

由图可知；撞击后A球应落在M点，B球落在N点；则A球飞过的水平位移为12cm；B球飞过的水平位移为24m；

则由v=可得：

==

故答案为：A；4：3．【解析】A;4：315、略

【分析】解：（1）用伏安法测定电源电动势和内电阻的电路图如图所示；由于电源电阻较小，采用安培表外接法；

滑动变阻器E电阻值较大；每一圈电阻较大，操作时只有电阻较小时电流表和电压表读数才有明显变化，操作不方便，同时额定电流太小，故选小电阻的滑动变阻器（相对电源内阻而言），故选D；

（2）电源的U-I图象的纵轴截距表示电源的电动势；故E=1.5V；

斜率表示电源的内电阻，故r===1Ω

故答案为：（1）如图所示；D；（2）1.5；1

（1）对照测定电源电动势和内电阻的电路图进行连线即可；要保证不超过额定电流；还要操作方便，如果选择大电阻，随着滑动变阻器的阻值减小，电流几乎不变，直到最后几圈时，电流才有显著变化；

（2）电源的U-I图象的纵轴截距表示电源的电动势；斜率表示电源的内电阻．

本题考查测量电动势和内电阻的实验，解题的关键是明确测定电源电动势和内电阻实验的原理、电路图，同时明确电源的U-I图象的物理意义．【解析】D；1.5；116、增加；减少；减少【分析】解：小女孩从滑梯上加速下滑时；速度增大，高度减小，所她的动能增加，重力势能减少；

因为滑梯摩擦力对她做负功；使内能增加，因此会有一部分机械能转化为内能，因此机械能会减少；

故答案为：增加；减少，减少．

解决此题要知道动能的大小与物体的质量和速度有关；质量越大；速度越大，动能就越大；

重力势能的大小与物体的质量和高度有关；质量越大；高度越高，重力势能就越大；

机械能包括动能和重力势能.

除了重力以外的力做功；机械能会改变．

解决此类问题要结合影响动能、重力势能、机械能的大小因素进行分析解答．【解析】增加；减少；减少四、判断题(共4题，共12分)17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势