2025年新科版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一含有理想降压变压器的电路如图所示，U为正弦交流电源，输出电压的有效值恒定，L为灯泡(其灯丝电阻可以视为不变)，R、R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻；其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．现将照射光强度增强，则()

A.原线圈两端电压不变B.通过原线圈的电流减小C.灯泡L变暗D.R1两端的电压增大2、如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时；下列说法正确的是（）

A.小灯泡L变暗B.电源的总功率变小C.电容器C上电荷量减小D.电流表读数变小，电压表读数变大3、如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图.单刀多掷开关S可以与不同接点连接.下列说法正确的是（）

A.当S接1或2时为直流电流档，接1时量程较小B.当S接1或2时为直流电压档，接1时量程较大C.当S接3或4时为直流电流档，接3时量程较大D.当S接5或6时为直流电压档，接5时量程较小4、如图所示，直角三角形ABC中∠A=60°，AD=DC，置于B、C两点垂直纸面的直导线中通有大小相等、方向向里的恒定电流，D点的磁感应强度大小为B0．若把置于C点的直导线移至A点；电流大小和方向都不变，则D点的磁感应强度变为。

A.大小为方向向下B.大小为等方向向下C.大小为B0，方向向左D.大小为2B0，方向向左5、如下图中各图面积均为S的线圈均绕其对称轴或中心轴在匀强磁场B中以角速度ω匀速转动，以图示位置为计时的起点，能产生正弦交变电动势的图是（）A.B.C.D.6、碘131的半衰期约为8天，若某药物含有质量为m的碘131，经过32天后，该药物中碘131的含量大约还有（）A.0B.m/4C.m/8D.m/167、关于原子核及其变化，下列说法正确的是A.一个中子和一个质子的质量之和等于一个H核的质量B.处于激发态的原子核放出射线时，核子数并没有发生变化C.结合能大的原子核，比结合能也大D.原子核发生一次衰变，原子核外就会失去一个电子8、下列四幅图涉及到不同的物理知识；其中说法正确的是（）

A.图甲：卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，发现了质子和中子B.图乙：用中子轰击铀核使其发生聚变，链式反应会释放出巨大的核能C.图丙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的D.图丁：汤姆孙通过电子的发现揭示了原子核内还有复杂结构评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、用伏安法测量导体的电阻的实验中，由于电流表和电压表的电阻未知，将可动触头由位置a移到位置b，如图所示，同时观察电流表和电压表示数的变化．（）

A.若发现电压表V的示数变化显著,宜将可动触头P接a，且Rx的测量值小于真实值B.若发现电流表A的示数变化显著,宜将可动触头P接a，且Rx的测量值小于真实值C.若发现电流表A的示数变化显著,宜将可动触头P接b，且Rx的测量值大于真实值D.若发现电压表V的示数变化显著,宜将可动触头P接b，且Rx的测量值大于真实值10、如图所示，两水平放置的平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，距板右端L处有一竖直放置的荧光屏PQ．一带电荷量为q，质量为m的带电小球以速度v0从两板中央射入板间，最后垂直打在屏PQ上(重力加速度为g)，则下列说法正确的是（））

A.板间电场强度大小为

B.板间电场强度大小为

C.C；小球在板间的运动时间和它从板的右端运动到荧光屏的时间相等。

D.小球打在屏上的位置与O点的距离为11、下列说法正确的是（）A.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B.若两个分子间的势能增大，则一定是克服分子间的相互作用力做功C.两个物体的内能相同，则它们的温度一定相同D.由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间的距离，液体表面层分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势12、下列说法正确的是（）A.布朗运动虽然不是液体分子的运动，但它说明了液体分子在不停地做无规则运动B.0℃的水结成冰，水分子停止热运动C.随着分子间距离的增大，分子势能可能先减小后增大D.物体放出热量其温度一定降低13、如图甲所示是汤姆孙的原子模型，他认为原子是一个球体，正电荷弥漫性地分布在整个球体内，电子镶嵌在其中。甲图中的小圆点代表正电荷，大圆点代表电子。汤姆孙的原子模型无法解释粒子散射实验。如图乙所示是卢瑟福为解释粒子散射实验假设的情景：占原子质量绝大部分的带正电的那部分物质应集中在很小的空间范围。下列说法中正确的是（）

A.粒子质量远大于电子质量，电子对粒子速度的影响可以忽略B.入射方向的延长线越接近原子核的粒子发生散射时的偏转角越大C.由不同元素对粒子散射的实验数据可以确定各种元素原子核的质量D.由粒子散射的实验数据可以估计出原子核半径的数量级是14、电路中理想电压表、理想电流表连接如图所示，现在闭合电键S，向上滑动滑动变阻器的滑动触头P，电压表、电流表示数都发生变化并且在量程之内，电表的示数分别用、、、表示，电表示数变化量的大小分别用、、和表示．下列比值正确的是（））

A.不变，B.变小不变，C.不变变小，D.不变变小，变小15、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻。将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示。除电阻R外其余电阻不计。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放；则（）

A.释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度g

B.金属棒向下运动时，流过电阻R的电流方向为a→b

C.金属棒的速度为v时，所受的安培力大小为F=D.电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少16、如图所示，一束黄光和一束蓝光，从O点以相同角度沿PO方向射入横截面为半圆形的玻璃柱体，其透射光线分别从M、N两点射出，已知α=45°，β=60°，光速C=3×108m/s则下列说法正确的是。

A.两束光穿过玻璃柱体所需时间相同B.PM是黄光，PN是蓝光C.玻璃对PM光束的折射率为E.若将PM光束从N点沿着MO方向射入，一定不会发生全反射E.若将PM光束从N点沿着MO方向射入，一定不会发生全反射评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、某金属导体，若30s内有36C的电荷量通过导体的横截面，则每秒钟内有______个自由电子通过该导体的横截面，导体中的电流为________A。（电子的电荷量为1.6×10-19C）18、数字电路中基本的逻辑门电路是___________门、___________门和___________门。19、一气缸内储有10mol的单原子分子理想气体，在压缩过程中，外力做功209J，气体温度升高1K，则气体内能的增量E为________J，吸收的热量Q为________J。20、将长为1m的导线ac从中点b折成如图所示的形状，放入B＝0.08T的匀强磁场中，abc平面与磁场垂直．若在导线abc中通入25A的直流电，则整个导线所受安培力大小为______N．21、如图所示，把一根条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置，第一次快插，第二次慢插，两种情况下线圈中产生的感应电动势的大小关系是E1_____E2．

22、如图所示，在光滑的水平面上放置一质量为m的小车，小车上有一半径为R的光滑的弧形轨道，设有一质量为m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圆弧轨道向上滑动，达到某一高度h后，又沿轨道下滑，试求h=______，小球刚离开轨道时的速度为______．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)26、在利用“单摆测定重力加速度”的实验中，由单摆做简谐运动的周期公式得到只要测出多组单摆的摆长和运动周期T，作出图象，就可以求出当地的重力加速度，理论上图象是一条过坐标原点的直线；某同学根据实验数据作出的图象如图所示：

(1)由图象求出的重力加速度(取)；

(2)由于图象没有能通过坐标原点，求出的重力加速度值与当地真实值相比_______；若利用采用公式法计算，则求出重力加速度值与当地真实值相比______(填“偏大”；偏小”或“不变”)；

(3)某同学在家里做用单摆测定重力加速度的实验，但没有合适的摆球，他找到了一块外形不规则的长条状的大理石块代替了摆球(如图)，以下实验步骤中存在错误或不当的步骤是_________(只填写相应的步骤代号即可).

A.将石块用细尼龙线系好，结点为N，将尼龙线的上端固定于O点；

B.用刻度尺测量ON间尼龙线的长度L作为摆长；

C.将石块拉开一个大约的角度；然后由静止释放；

D.从摆球摆到最低点时开始计时，当摆球第30次到达最低点时结束记录总时间由得出周期；

E.改变ON间尼龙线的长度再做几次实验，记下相应的L和T；

F.求出多次实验中测得的L和T的平均值作为计算时使用的数据，带入公式求出重力加速度27、在测一节干电池的电动势和内电阻的实验中，图有甲、乙两个可供选择的电路，应选用______电路进行实验。根据实验数据画出的U－I图像如图所示，则电动势是______V，内电阻是______Ω。

28、一物理实验小组想测定某电压表（量程为0~3V；内阻约为5kΩ）的内阻，并将其改装成欧姆表，现有器材如下：

A.直流电源E（电动势为4V；内阻不计）；

B.电阻箱R（最大阻值为9999.9Ω）；

C.滑动变阻器R（最大阻值为10kΩ）；

D.滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）；

E.开关；导线若干。

(1)图甲为探究小组设计的测量电压表内阻电路，请判断：虚线处______（填“需要”或“不需要”）连接导线；为使测量精度更高，滑动变阻器应选择______（填“R1”或“R2”）；

(2)按图甲连接好实验电路；进行如下实验操作：

①闭合开关S1、S2；调节滑动变阻器的滑片，使电压表指针达到满偏；

②保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关S2，调节电阻箱的阻值，使电压表指针指到1.00V位置处，读取并记录此时电阻箱的阻值Ro，则电压表的内阻Rv=______，用此法测得电压表的内阻与真实值相比______；（填“偏大”；“偏小”或“不变”）

(3)实验测得电压表的内阻为4.8kΩ，该同学将此电压表、上述器材中的电源和其中的一个滑动变阻器改装成欧姆表，设计电路如图乙所示，首先对其进行欧姆调零；再用改装后的欧姆表测量某电阻，指针如图丙所示，则指针指示处对应的电阻刻度为______kΩ。29、如图所示主尺的最小分度为1mm，游标上有20等分的小刻度，则该物体的直径是_________mm参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】照射光强度增强，则R3减小，变压器次级电阻减小，次级电流变大，则初级电流变大，电阻R上的电压变大，则变压器初级电压减小，选项AB错误；因灯泡也R3支路的电阻减小，故通过灯泡的电流变大，灯泡变亮，选项C错误；次级电流变大，则R1两端的电压将增大；选项D正确；故选D.

点睛：有关变压器电路的动态分析问题一般按次级电路、初级电路再回到次级电路的分析思路进行；与直流电路的动态分析很相似，要注意灵活应用电路的性质．2、C【分析】【分析】

首先认识电路的结构：灯泡与变阻器串联；电容器与灯泡并联．当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析．

【详解】

当滑动变阻器滑片P向右移动时；变阻器接入电路的电阻减小；

A.灯泡功率P=I2RL，RL不变；I增大，P增大，则灯泡变亮．故A错误；

B.电源的总功率P总=EI，E不变，I增大，P总增大．故B错误；

C.电容器电压UC=E-I（RL+r）减小，电容器电量Q=CUC减小．故C正确；

D.根据欧姆定律可知，电流增大，电压表的读数U=E-Ir减小．故D错误；

故选C．

【点睛】

本题考查电路动态分析的能力，比较简单．对于电路动态分析往往按“局部→整体→局部”的思路．3、D【分析】【详解】

AB；当开关S旋到位置1、2位置；电阻与表头并联，则多用电表就成了电流表，接1时分流电阻小，其分流大，则量程大，故A、B错误；

C；当开关S旋到位置3或4；电路中有电源，则多用电表就成了欧姆表，故C错误；

D；当开关S旋转到5、6位置；表头与电阻串联，则多用电表就成了电压表，串联电阻越大，则量程越大，所以接5时量程较小，接6时量程较大，故D正确。

故选D。

【点睛】

S旋到位置1、2连接时，电阻与表头并联，则多用电表就成了电流表，并联电阻越小时，允许通过电流越大；S旋到位置3或4，电路中有电源，则多用电表就成了欧姆表；S旋到位置5、6时，表头与电阻串联，则多用电表就成了电压表，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值就越大。4、A【分析】【详解】

根据右手安培定则可知置于点的直导线在点的产生的磁感应强度方向垂直斜向右下，与竖直方向成大小为同理可得置于点的直导线在点的产生的磁感应强度方向垂直斜向右上，与竖直方向成大小为根据叠加原理可得若把置于点的直导线移至点时，在点的产生的磁感应强度方向垂直斜向左下，与竖直方向成大小为根据叠加原理可得点的磁感应强度为方向向下，故选项A正确，B、C、D错误．5、A【分析】【详解】

AC．由题意可知，只有A、C图在切割磁感线，导致磁通量在变化，从而产生交流电，A图中产生的是正弦式交流电，有

C图中产生的是余弦式交流电；A正确，C错误；

BD．B；D图没有切割磁感线；故均没有导致磁通量变化，BD错误。

故选A。6、D【分析】【详解】

碘131的半衰期约为8天，经过32天为碘131的剩余质量为：故选D．

【点睛】半衰期是放射性原子核剩下一半需要的时间，根据公式求解剩余原子核的质量．7、B【分析】【分析】

轻核聚变有质量亏损；向外放出能量．根据爱因斯坦质能方程判断反应前后的质量关系．

【详解】

A项：一个中子和一个质子结合成氘核；放出能量，由爱因斯坦质能方程可知，一个中子和一个质子的质量之和大于一个氘核的质量，故A错误；

B项：处于激发态的原子核放出射线即为光子流；所以核子数不变，故B正确；

C项：比结合能等于结合能与核子数的比值；所以结合能大的原子核，比结合能不一定大，故C错误；

D项：原子核衰变所放出的电子为原子核内一个中子转化而来的；故D错误．

故应选：B．

【点睛】

解决本题的关键知道重核裂变、轻核聚变都有质量亏损，向外放出能量．8、C【分析】【详解】

图甲：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，得出原子的核式结构模型．故A错误．图乙：用中子轰击铀核使其发生裂变，裂变反应会释放出巨大的核能．故B错误．图丙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的，故C正确；图丁：汤姆孙通过电子的发现揭示了原子有复杂结构，天然放射现象的发现揭示了原子核内还有复杂结构．故D错误．故选C．二、多选题(共8题，共16分)9、A:C【分析】【详解】

AD．若发现电压表V的示数变化显著，则电流表分压过大，需要采用电流表外接，即将可动触头P接a，这种情况下电压表会分流，电流表测得的电流值比实际的要大，而电压表测量的是准确值，所以根据欧姆定律

可得电阻的测量值偏小；D错误A正确；

BC．若发现电流表A的示数变化显著，则电压表分流过大，需要采用电流表的内接法，即宜将可动触头P接b，这种情况下电流表会分压，电流表测量的是准确值，电压表测量的比实际值要大，所以根据欧姆定律

可得电阻的测量值偏大；B错误C正确。

故选AC。10、A:C:D【分析】【详解】

根据题分析可知；小球在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，小球的轨迹向下偏转，才能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图所示：

可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得：qE-mg=mg，可得到：故A正确，B错误；由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则小球在板间运动的时间跟它从板的右端运动到荧光屏的时间相等，故C正确；小球在电场中向上偏转的距离其中联立解得：故小球打在屏上的位置与P点的距离为：故D正确．所以ACD正确，B错误．11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．气体分子间的距离较大；分子间的作用力很小，气体总是很容易充满整个容器，这是分子热运动的宏观表现，故A错误；

B．根据分子力做功与分子势能的关系可知；若分子力做正功；分子势能减小，若分子力做负功，分子势能增加。故B正确；

C．物体的内能包括分子动能和分子势能两部分；大小与物质的量；温度、体积和状态四个因素有关，所以两个物体内能相同，并不能确定它们的温度一定相同，故C错误；

D．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离；液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势，故D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的运动；它反映了液体分子永不停息地做无规则运动，故A正确；

B．绝对零度（0K）不可能达到；因此分子热运动不会停止，故B错误；

C．当分子之间的距离从平衡位置以内増大时；分子力先是斥力后为引力，分子势能随着分子间距离的增大先减小后增大，故C正确；

D．做功和热传递都可以改变物体的内能；物体虽然放出热量但做功情况不明确，故温度不一定降低，故D错误。

故选AC。13、A:B:D【分析】【详解】

A.粒子质量远大于电子质量，电子对粒子速度的影响可以忽略；故A正确；

B.入射方向的延长线越接近原子核的粒子；所受库仑力就越大，发生散射时的偏转角越大，故B正确；

C.粒子散射类似于碰撞；根据实验数据无法确定各种元素原子核的质量，故C错误；

D.由粒子散射的实验数据可以估计出原子核半径的数量级是故D正确。

故选ABD。14、B:C【分析】【详解】

R2是定值电阻，根据欧姆定律得知．则知均不变．故B正确，D错误．向上滑动滑动变阻器的滑动触头P，则R1减小，变小．U1=E-I（R2+r），则得=R2+r，不变．故A错误．变小．U3=E-Ir，则=r；不变．故C正确．故选BC．

【点睛】

要区分定值电阻还是可变电阻．对于定值电阻，是线性元件有R=对于变化电阻，R=．这两种元件分析要区别对待．15、A:C【分析】【详解】

A；金属棒刚释放时；弹簧处于原长，弹力为零，又因此时速度为零，没有感应电流，金属棒不受安培力作用，金属棒只受到重力作用，其加速度应等于重力加速度，故A正确；

B、金属棒向下运动时，由右手定则可知，在金属棒上电流方向向右，流过电阻R的电流方向为故B错误；

C、金属棒速度为时，安培力大小为由以上两式得：故C正确；

D、金属棒下落过程中，由能量守恒定律知，金属棒减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能、金属棒的动能（速度不为零时）以及电阻R上产生的热量；故D错误．

【点睛】

释放瞬间金属棒只受重力，加速度为．金属棒向下运动时，根据右手定则判断感应电流的方向．由安培力公式、欧姆定律和感应电动势公式推导安培力的表达式．金属棒下落过程中，金属棒减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能、金属棒的动能（金属棒速度不是零时）和电阻R产生的内能；本题考查分析、判断和推导电磁感应现象中导体的加速度、安培力、能量转化等问题的能力，是一道基础题．16、B:C:E【分析】【详解】

玻璃对蓝光的折射率较大，可知PM是黄光，PN是蓝光，选项B正确；根据v=c/n可知，蓝光在玻璃中传播速度较小，则蓝光穿过玻璃柱体所需的时间较长，选项A错误；玻璃对PM光束的折射率为选项C正确；PM光束在该玻璃中传播的速度为选项D错误；PM光线发生全反射的临界角为则C=45°，则若将PM光束从N点沿着MO方向射入，此时的入射角一定小于临界角，则一定不会发生全反射，选项E正确；三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【详解】

金属靠自由电子导电，电子带负电，其电荷量大小为所以在每秒钟内通过该导体横截面的自由电子数为导体中的电流为．【解析】7.5×10181.218、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]数字电路中基本的逻辑门电路是与门、或门和非门。【解析】与或非19、略

【分析】【详解】

[1][2]根据理想气体内能增量公式

由题目可知单原子代入相关数据得

根据热力学第一定律，有

即气体吸收了-84.3J的热量。【解析】124.7-84.320、略

【分析】试题分析：折线abc受力等效于a和c连线受力，由几何知识可知ac＝m，F＝ILBsinθ＝25×0.08××sin90°N＝N；

考点：匀强磁场中的安培力【解析】21、略

【分析】【分析】

两次磁铁的起始和终止位置相同；知磁通量的变化量相同，应用法拉第电磁感应定律比较感应电动势的大小．

【详解】

条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置处，磁通量的变化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第电磁感应定律：可知，感应电动势：E1＞E2．

【点睛】

知道磁通量的变化量相等、应用法拉第电磁感应定律即可正确解题．【解析】大于22、略

【分析】【详解】

小球从进入轨道；到上升到h高度时为过程第一阶段，这一阶段类似完全非弹性的碰撞，动能损失转化为重力势能（而不是热能）．

小球到达最大高度h时；小球与小车的速度相同，在小球从滑上小车到上升到最大高度过程中，系统水平方向动量守恒，以水平向左方向为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系统的机械能守恒，则得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球从进入到离开，整个过程属弹性碰撞模型，又由于小球和车的等质量，由弹性碰撞规律可知，两物体速度交换，故小球离开轨道时速度为零．【解析】0四、作图题(共3题，共18分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】