2025年湘教版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图，带电量分别为qa、qb、qc的小球，固定在等边三角形的三个顶点上，qa所受库仑力的合力F方向垂直于qa、qb的连线；则（）

A.qb、qc异号，且qc=2qbB.qa、qb异号，且qb=2qaC.qa、qc同号，且qc=2qaD.qa、qb同号，且qb=2qa2、如图所示，R1=2Ω，R2=R3=6Ω，R4总电阻为6Ω，电源内阻r=1Ω，开始P在R4的最上端，现让P滑至最底端(电表均为理想电表)；下列关于该过程的说法正确的是（）

A.电源输出功率减小B.R4消耗的功率先增大后减小C.电源效率在增大D.电压表与电流表的示数改变量之比逐渐变小3、法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图为点电荷所形成电场的电场线分布图；下列说法正确的是（）

A.为异种电荷，带电量大于带电量B.为异种电荷，带电量小于带电量C.为同种电荷，带电量大于带电量D.为同种电荷，带电量小于带电量4、如图，在绝缘光滑水平面上C点固定一个正的点电荷甲，另一个带负电的小球乙仅受甲的库仑力作用沿椭圆轨道I运动（甲、乙均可视为质点），C点是椭圆轨道的其中一个焦点，A、D点分别为该椭圆轨道的左右顶点。小球乙在某一时刻经过A点时因速度大小突然发生改变（电量不变）而进入以C为圆心的圆形轨道Ⅱ做匀速圆周运动；以下说法错误的是（）

A.在甲电荷的电场中，轨道I上的各点，D点的电势最高B.乙球在轨道I运动时，经过D点时系统的电势能最大C.乙球在两个轨道运动时，经过A点的加速度大小相等D.乙球从轨道I进入轨道Ⅱ运动时，系统的总能量减小5、某电场在直角坐标系中的电场线分布情况如图所示，O、P、M、N为电场中的四个点，其中P和M在一条电场线上；则下列说法正确的是（）

A.M点的场强小于N点的场强B.M点的电势高于N点的电势C.将一负电荷由O点移到M点电势能增加D.将一正电荷由P点无初速释放，仅在电场力作用下，可沿PM电场线运动到M点评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、如图所示，竖直平面内有固定的半径为R的光滑绝缘圆形轨道，水平匀强电场平行于轨道平面向左，P、Q分别为轨道的最高点、最低点。质量为m、电荷量为q的带正电小球（可视为质点）在轨道内运动，已知重力加速度为g，场强要使小球能沿轨道做完整的圆周运动；下列说法中正确的是（）

A.小球过Q点时速度至少等于B.小球过Q点时速度至少等于C.小球过Q、P点受轨道弹力大小的差值为6mgD.小球过Q、P点受轨道弹力大小的差值为7.5mg7、带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了的功。那么（）A.M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B.P点的场强一定小于Q点的场强C.P点的电势一定高于Q点的电势D.M在P点的动能一定大于它在Q点的动能8、把一带正电小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使小球a能静止在如图所示的位置上，需在MN间放一带电小球b，则球b可能（）

A.带正电，放在A点B.带负电，放在A点C.带负电，放在C点D.带正电，放在C点9、如图所示,以电荷量为+Q的点电荷为圆心的圆弧上有A、B、C、D四个点,其中A、C两点连线和B、D两点连线垂直.在点电荷的右侧有一接地金属板MN,点电荷和金属板附近的电场线分布如图。下列说法正确的是()

A.B、D两点的电势相等，场强大小相等B.A点的场强小于C点的场强，A点的电势高于C点的电势C.将一个试探电荷由A点移到C点，电场力做功为零D.将一个带正电的不计重力的粒子从B点由静止释放，粒子将沿电场线运动10、下列关于电流的说法中，正确的是（）A.金属导体中，电流的传播速率就是电场的传导速率B.温度升高时，金属导体中自由电子热运动加快，电流也就加大C.电路接通后，电子就由电源出发，只要经过一个极短的时间就能到达用电器D.通电的金属导体中，自由电子的运动是热运动和定向移动的合运动，电流的传播速率等于光速11、如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表示数变化量的绝对值分别为理想电流表示数变化量的绝对值为则（）

A.B.C.和保持不变D.电源输出功率先增大后减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、如图所示，A灯的额定功率为15W，A灯与B灯额定电压相同，在外加电压改变时设两盏灯的电阻保持不变，当K1与K2都断开时，电压表读数U=12V；当K1闭合，K2断开时，电压表读数U1=11V；当K1、K2都闭合时，电压表读数U2=9V时；则B灯的额定功率为________W

13、用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图所示，若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中。

指针位置选择开关所处挡位读数a直流电流10mA______mA直流电压50V______V______Vb电阻×100______Ω14、如图所示，两条不等长的细线一端固定在同一点，另一端分别拴两个带同种电荷的小球，两小球所带的电荷量分别为质量分别为当两小球静止时恰好处于同一水平线上，且试分析造成的原因是___________。

15、已知轴上电场方向与轴方向平行，轴上各点电势如图所示，处电势为一电子从处由静止释放，则处电场强度为___________该电子运动到处时的动能为__________

16、电动机消耗的功率P电＝_____。17、描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是________，其单位可用国际单位制中的基本单位表示为________。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)18、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短19、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

20、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)21、如图a所示；某同学利用下图电路测量电源电动势和内阻．先将电路中的电压传感器d端与a端连接．

（1）若该同学开始实验后未进行电压传感器的调零而其他器材的使用均正确，则移动滑片后，得到的U-I图象最可能为___________．

（2）将电压传感器d端改接到电路中c端，正确调零操作，移动滑片后，得到如图b所示的U-I图，已知定值电阻R=10Ω，则根据图象可知电源电动势为_________V、内阻为________Ω．（结果保留2位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)22、如图所示；充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间的距离为d，上板正中有一小孔．质量为m；电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）．求：

（1）小球到达上极板小孔处的速度；

（2）极板间电场强度的大小E和电容器所带电荷量Q；参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

根据题意可知，小球a，c之间存在排斥力，同号，小球a，b之间存在吸引力，异号，所以和异号，根据平行四边形法则，排斥力是吸引力的两倍，根据库伦定律

故

根据题意得

所以有

故BCD错误；A正确。

故选A。2、B【分析】【详解】

A．R3及滑动变阻器上部分的电阻被短路，电源的内阻r=1Ω，外电阻R=R1+R并=2Ω+R并

在P向下滑动的过程中，R并减小，R减小因为R＞r且减小；所以电源的输出功率变大，选项A错误；

B．设滑动变阻器连入电路的阻值为R′，R4两端的电压

R4消耗的电功率

当时，即R′=2Ω时，R4消耗的电功率最大，故R4消耗的功率先增大后减小；选项B正确；

C．电源的效率

当P向下滑动的过程中，电路中的总电阻减小由闭合电路欧姆定律知，干路中的电流I增大；故电源的效率减小，选项C错误；

D．设电源的路端电压为U0，由闭合电路欧姆定律知E=U0+Ir，则U0=E-Ir，根据数学知识知

故电压表与电流表的示数改变量之比不变；选项D错误。

故选B。3、A【分析】【详解】

由图可知电场线方向由指向故带正电，带负电；根据电场线的疏密程度可知，带电量大于带电量。

故选A。4、A【分析】【详解】

A．甲为正的场源电荷，在其周围电场线向外，电势逐渐降低，则D点离甲最远；电势最低，故A错误，符合题意；

B．由电势能

知负电荷在电势最低的D点电势能最大；故B正确，不符合题意；

C．圆轨道和椭圆轨道的同一点，都是相同的库仑力产生加速度

则两轨道经过同一A点时的加速度相等；C正确，不符合题意；

D．乙球从椭圆轨道进入低轨道需要减速；则需要损失部分动能，根据能量守恒定律知系统的总能量减小，D正确，不符合题意。

故选A。5、C【分析】【详解】

A．电场线密的地方电场强度大，由图可知M点电场线比N点的密，所以M点的场强大于N点的场强度；故A错误；

B．沿电场线方向电势降低，所以M点的电势低于N点的电势；故B错误；

C．将一负电荷由O点移到M点电场力做负功；所以电荷的电势能增加，故C正确；

D．一正点电荷从P点由静止释放，该电荷所受的电场力是变力，与电场线的相切，据曲线运动的条件该电荷并不能沿电场线运动到M点；故D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)6、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．要使小球能沿轨道做完整的圆周运动；则小球恰好能通过等效最高点，此时合外力为。

根据牛顿第二定律得。

联立解得。

设等效最高点的合力与竖直方向夹角为θ；则。

从Q点到等效最高点；根据动能定理。

解得。

故A正确；B错误；

CD．已知Q点的速度；根据牛顿第二定律得。

从Q到P根据动能定理。

解得。

根据牛顿第二定律得。

联立解得。

故C正确；D错误。

故选AC。7、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．从题目可知移动电荷的过程中克服电场力做功，即电场力做负功，故电势能增加，P点的电势能一定小于它在Q点的电势能，电场分布情况不知，无法判断P点和Q点电场强度的大小关系；故A正确，B错误；

C．因为电荷正负不知；故无法判断电势高低，故C错误；

D．因为只有电场力做功，因此只有电势能和动能之间的转化，电势能增加，则动能减小，M在P点的动能一定大于Q点的动能；故D正确。

故选AD。8、A:C【分析】【分析】

【详解】

小球a能静止在斜面上，则a球的合外力为0，小球在斜面上所受到重力、支持力的合力应该与b球给a球的库仑力大小相等方向相反；则当b球带正电，放在A点时，向上的电场力与重力平衡时，a能静止；当b球带负电，放在C点，b对a的引力、a的重力和斜面对a的支持力可能平衡。

故选AC。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．根据对称性，B、D两点的电势相等；场强大小相等，A正确；

B．电场线的疏密反应了场强的大小，由图可知，A点的场强小于C点的场强，由于正点荷与C之间电场线密集，电势降落的快，而正点电荷与A点间电场线稀疏，电势降落的慢，因此C点电势低于A点电势；B正确；

C．由于A、C两点电势不等，因此将一个试探电荷由A点移到C点；电场力做功不为零，C错误；

D．将一个带正电的不计重力的粒子从B点由静止释放；由于电场线是弯曲的，因此粒子不会沿电场线运动，D错误。

故选AB。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．金属导体中；电流的速率就是建立电场的速率，故A正确；

B．金属导体中自由电子热运动加快；但是电子定向移动的速率并未加快，所以电流不会增大，故B错误；

C．电场建立后；回路中的自由电子开始做定向移动，所以并非是从电源发出的电子，故C错误；

D．通电导体中；自由电子的运动是热运动和定向移动的合运动，电流的传播速率即光速，故D正确。

故选AD。11、B:C【分析】【详解】

A．测量路端电压，测量R的电压，测量滑动变阻器的电压，将滑动变阻器滑片向下滑动，滑动变阻器阻值减小，总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，变小，变大，变小，减小量小于增大量和减小量之和，所以

；A错误：

B．根据闭合电路欧姆定律得

则有B正确；

C．根据欧姆定律得不变，根据闭合电路欧姆定律得

则有不变，C正确；

D．当外电路电阻等于内阻时，电源输出功率最大，而电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r；所以将滑动变阻器滑片向下滑动，电源输出功率变大，D错误．

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】【详解】

当开关均断开时，电压表示数为电源的电动势，故E=12V；当S1闭合S2断开，只有B灯接入电路，由闭合电路欧姆定律可知12=11+I1r

由欧姆定律可知

当S1、S2都闭合，电压表读数U2=9V，则有12=9+I2r；

联立以上四式可得

两灯的额定电压相等，则由可知两灯的功率之比

故PB=×15=40W【解析】4013、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]指针在a位置时；直流电流10mA挡，读第二行刻度“0～10”一排，最小分度值为0.2mA，估读到0.1mA就可以了，读数为2.0mA。

[2]指针在a位置时；直流电压50V挡，读第二行刻度“0～50”一排，最小分度值为1V，估读到0.1V就可以了，读数为10.0V。

[3]指针在b位置时，电阻×100挡，读第一行刻度，测量值等于表盘上读数“3.2”乘以倍率100，读数为320Ω。【解析】①.2.0②.10.0③.32014、略

【分析】【分析】

【详解】

对两个球受力分析；均受重力；拉力和静电斥力，如图所示。

无论电荷量大小热河，静电斥力都大小相等，故电荷量关系不影响角度和根据平衡条件有

由于

故

故原因是【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据图线斜率的意义可知，φ-t图线的斜率表示电场强度，所以可知在x=0处电场强度为0

[2]电子从x=-2cm处由静止释放，由图可知，在x=-2cm处的电势为2V，电子在x=0处的电势为5V，电子的电势增大3V，所以电子的电势能减小3eV，由于电子运动的过程中只有电场力做功，电子动能的增加量等于电势能的减少量，所以电子到达x=0处的动能为3eV【解析】0316、略

【分析】【详解】

略【解析】UI17、略

【分析】【详解】

[1]描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是电动势；

[2]根据公式

可得【解析】电动势四、作图题(共3题，共18分)18、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD19、略

【分析】【详解】

电场线上每一点