2025年人教五四新版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.等压线与轴之间夹角变大B.等压线与轴之间夹角不变C.等压线与轴交点的位置不变D.等压线与轴交点的位置一定改变3、一定质量的理想气体按的顺序经历一系列状态变化，其图像如图所示。图中线段与纵轴平行，线段与纵轴垂直。气体在状态变化过程中下列叙述正确的是（）

A.过程气体体积增加B.过程气体不放热也不吸热C.过程气体分子在单位时间内撞击单位面积容器壁的次数增加D.过程气体对外界做的功小于过程外界对气体做的功4、图中所示ox轴沿水平方向，oy轴沿竖直向上方向．在x>0，y>0的区域内存在某种分布范围足够广的介质，其折射率随着y的变化而变化．一束细光束入射到介质表面，并沿着如图所示从a到b的一条弧形路径传播．下列判断正确的是。

A.此介质的折射率随着y的增大而减小B.海洋蜃景发生时空气折射率随高度的变化与此类似C.沙漠蜃景发生时空气折射率随高度的变化与此类似D.这束细光束在继续传播的过程中会发生全反射5、下列说法正确的是（）A.β衰变的实质是原子核内的一个中子转化成一个质子，同时释放出一个电子B.实验表明，只要照射光的强度足够大，就一定能发生光电效应C.钍的半衰期为24天，1g钍经过120天后还剩0.2gD.根据玻尔的原子理论，氢原子从n＝5的激发态跃迁到n＝3的激发态时，核外电子动能减小评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、下列说法正确的是__________.A.当分子之间表现为斥力时，分子间距离越小，分子势能越大B.物体的温度越高，分子的热运动越剧烈，每个分子的动能都增大C.外界对封闭气体做功，气体的温度可能降低E.气体向真空自由膨胀的过程是不可逆过程E.气体向真空自由膨胀的过程是不可逆过程7、下列说法正确的是（）A.热机中燃气的内能不可能全部转化为机械能B.已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数，可求得该分子的体积C.一定量100的水变成100的水蒸气，其分子之间的势能减小E.一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少E.一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少8、如图所示为研究决定平行板电容器电容大小因素的实验装置．两块相互靠近的等大正对的平行金属板、组成电容器，板固定在绝缘座上并与静电计中心杆相接，板和静电计的金属壳都接地，板上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板的位置．在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电荷量不变，对此实验过程的描述正确的是（））

A.只将板从图示位置稍向左平移，静电计指针张角变大B.只将板从图示位置稍向上平移，静电计指针张角减小C.只将板从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移，静电计指针张角变大D.只在之间插入云母板，静电计指针张角变大、9、关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系,下列说法正确的是()A.加速度增大时，速度必减小B.速度、加速度方向始终相反C.通过平衡位置时，v、a均改变方向D.远离平衡位置时，v、a方向相反10、在机械波一章中我们引进了一个新的物理量叫做‘波长’，下列关于波长的描述正确的是（）A.相邻的、振动情况总相同的两个质点间距离B.横波中，两波峰间的距离C.机械波在一个这周期内传播的距离D.在波形图中，波的图像的长度11、某横波在介质中沿轴传播，图甲是时的波形图，图乙是介质中处质点的振动图象，则下说法正确的是____

A.波沿轴正向传播，波速为1m/sB.＝2s时，＝2m处质点的振动方向为y轴负向C.＝lm处质点和＝2m处质点振动步调总相同E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近悬挂的通草球时，通草球被推开，则通草球带______电；反复摩擦后，发现橡胶棒的温度升高，这是通过______的方式改变物体的内能的。13、如图所示，一定质量的理想气体由状态经过等压变化到达状态再从状态经过等容变化到达状态状态与状态温度相等。则：气体在状态的温度______在状态的温度（选填“小于”“等于”或“大于”），气体在状态的内能______在状态的内能（选填“小于”“等于”或“大于”）；从状态到状态的过程中，气体______（选填“吸热”或“放热”）。

14、一定量的理想气体的p－V图像如图所示，气体状态经历了A→B→C变化过程，A、B、C三个状态的有关参量如图所示，则气体在状态C的内能______________气体在状态A的内能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C过程中，气体需____________（填“吸热”或“放热”），它与外界交换的热量的绝对值为_____________J。15、下图是等离子体发电机示意图，平行金属板间匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，两板间距离为0.2m，要使输出电压为220V，则等离子体垂直射入磁场的速度v0=________m/s，a是发电机的________极。(发电机内阻不计)16、如图所示，先后以速度和匀速地把同一线圈从同一位置拉出有界匀强磁场的过程中，在先后两种情况下：

(1)线圈中的感应电流之比

(2)线圈中通过的电量之比

(3)拉力做功的功率之比．17、质量为m,电荷量为q的带电粒子由静止开始，在电压为U的电场中仅在电场力作用下加速后的速度为___________18、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)22、为验证动量守恒:（1）小明同学用如图所示的装置做实验．若入射小球的质量为半径为被碰小球的质量为半径为则_________

A．B．

C．D．

（2）为完成此实验，必须使用的器材有________________

A．刻度尺B．秒表C．弹簧秤D.天平。

（3）各小球的落地点如图所示，若满足动量守恒，则必须满足的表达式是________________若是弹性碰撞，还满足的表达式是____________________23、在用两面平行的玻璃砖测定玻璃折射率的实验中；其实验光路如图（a）．

（1）在实验中，如果用量角器分别量出入射角和折射角那么，该玻璃砖的折射率的表达式为______________．

（2）在实验数据的处理中；有两位同学各设计了一个记录表格，而且都已完成了计算，根据他们设计的表格所反应的信息，判断他们论证做得是否正确．

甲同学设计的表格是：

乙同学设计的表格是：

答：上述两位同学做得正确的是________（选填“甲”或“乙”）．

（3）若甲在做测定玻璃的折射率的实验时，法线画得与界面不垂直，出现如图（b）所示的倾斜；若在放置玻璃砖时，玻璃砖的平面没有与重合，出现如图（c）所示的偏差，则他们测得的折射率比真实值_______

A．甲、乙均偏小B．甲、乙均偏大C．甲偏大、乙偏D．甲偏小，乙偏大24、为了测量一个量程为的直流电压表的内阻（约为几千欧）；所用的电路如图甲所示。

（1）请将图乙的器材连成完整的电路。（_____）

（2）该实验中需要进行的步骤罗列如下。

a.闭合开关S；

b.将电阻箱的阻值调到零；

c.调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为

d.断开开关S；

e.调节电阻箱的阻值，使电压表示数为读出此时电阻箱的阻值；

f.把滑动变阻器的滑片P滑到a端。

该实验操作的合理顺序是___________（选填字母代号）。

A．bfacedB．abfcedC．bacfedD．afebed

（3）若在实验步骤e中，调节后电阻箱旋钮位置如图丙所示，则的阻值为___________该电压表的内阻的测量值为___________由于系统误差，测量值___________（选填“偏大”或“偏小”）。25、李华同学用图甲所示装置探究一定质量的气体等温变化的规律。

（1）关于该实验下列说法正确的是_____。

A．应快速推拉柱塞。

B．为方便推拉柱塞；应用手握紧注射器再推拉柱塞。

C．注射器旁的刻度尺只要刻度分布均匀即可；可以不标注单位。

D．为保证封闭气体的气密性；应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油。

（2）测得多组空气柱的压强p和体积V的数据后，为直观反映压强与体积之间的关系，以p为纵坐标，以为横坐标在坐标系中描点作图。某小组用上述方法作出的图线如图乙所示，图像出现弯曲的原因可能是_______。

A．实验过程中注射器漏气了。

B．实验过程中注射器进气了。

C．实验过程温度温度升高了。

（3）为了更准确地测出气体的压强，李华改用如图丙实验装置来进行研究，若考虑到连接注射器与传感器的软管内气体体积不可忽略，则封闭气体的真实体积为下列图像中可以正确反应p、V关系的是_______。

评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)26、如图，A、C两点分别位于x轴和y轴上，∠OCA=30°，OA的长度为L．在△OCA区域内有垂直于xOy平面向里的匀强磁场．质量为m、电荷量为q的带正电粒子，以平行于y轴的方向从OA边射入磁场．已知粒子从某点射入时，恰好垂直于OC边射出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t0．不计重力．

(1)求磁场的磁感应强度的大小；

(2)若粒子先后从两不同点以相同的速度射入磁场，恰好从OC边上的同一点射出磁场；求该粒子这两次在磁场中运动的时间之和；

(3)若粒子从某点射入磁场后，其运动轨迹与AC边相切，且在磁场内运动的时间为求粒子此次入射速度的大小．27、下图是一种汽车空气减震器的模型，其主要构造是导热性良好的气缸和活塞（面积为），活塞通过连杆与车轮轴连接。将装有减震装置的轮子模拟静止在斜坡上的汽车，固定在倾角为的斜面上，连杆与斜面垂直，初始时气缸内密闭体积为压强为的理想气体，环境温度为气缸与活塞间的摩擦忽略不计，大气压强始终为在气缸顶部固定一个物体A，稳定时气缸内气体体积缩小了该过程气体温度保持不变。重力加速度取

（1）放上A物体待其稳定后，气缸对气体做功判断该过程气缸内气体是吸热还是放热。并求出热量的大小；

（2）求气缸和物体A的总质量M；

（3）由于环境温度变化，气缸内气体体积逐渐恢复到求体积恢复后的环境温度

28、如图1所示的电路，电源的电动势为E、内阻为r，R为变阻箱，电流表可视为理想电表．闭合开关S，改变变阻箱R的阻值，电流表的示数I随之变化．

（1）当变阻箱的阻值为R1时，求电流表的示数I1．

（2）以为纵坐标，R为横坐标，在图2中画出变阻箱阻值R变化过程中图像的示意图，并分别说明图线与纵轴交点和图线斜率的物理意义；

（3）在金属导体中，自由电子定向移动形成电流．已知自由电子在导线内定向移动速率的数量级为m/s，但实际上，闭合开关S后，电路中几乎瞬间就形成了电流，请说明理由．29、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，顶端接阻值为R的电阻．质量为m、电阻为r的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放；金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g，求：

(1)金属棒在磁场中运动时；流过电阻R的电流方向？

(2)金属棒的速度为v时；金属棒所受的安培力为大小？

(3)金属棒以稳定的速度下滑时；电路消耗的热功率为多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

分别用波长为λ的单色光照射两块不同的金属板M、N，根据光电效应方程：当改用波长为的单色光照射M时:当改用波长为的单色光照射N时:联立解得：Ekm=15eV，故选D.2、C【分析】【详解】

AB．质量不变，压强增大后，根据可知，的比值将减小；故图像的斜率减小；等压线与t轴夹角变小；故AB错误；

CD．由于等压线一定过热力学温度的0点，故一定交与-273℃处；故等压线与t轴交点的位置不变；故C正确，D错误。

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

AB．过程由图可知为等温变化，气体内能不变，根据玻意耳定律可知，当压强p增大时，体积V减小，可知外界对气体做功，根据热力学第一定律由于内能不变，可知过程气体放出热量；故AB错误；

C．由图可知为等容变化，为等压变化，过程中气体温度升高；根据盖—吕萨克定律可知体积变大，由于压强不变，温度升高，气体分子平均速率增大，则气体分子在单位时间内撞击单位面积容器壁的次数减少，故C错误；

D．由于a、c两个状态体积相同，则过程气体体积的变化量与过程气体体积的变化量相同，而过程气体压强不变，过程气体压强增大，根据可知，过程气体对外界做的功小于过程外界对气体做的功；故D正确。

故选D。4、C【分析】由光的传播路径可知；此介质的折射率随着y的增大而增大，故A错误；海洋蜃景发生时，海面上的下层空气的温度比上层低，下层空气的密度比上层大，折射率也比上层大；沙漠蜃景发生时，沙漠的上层空气的温度比下层低，则上层空气的密度比下层大，则上层空气的折射率比下层空气折射率大，由此可知沙漠蜃景发生时空气折射率随高度的变化与此类似，故B错误，C正确；光的全反射条件为光从光密介质进入光疏介质，而图中的光是从光疏介质进入光密介质，故不会发生全反射，故D错误；故选C.

【点睛】根据图象得出折射率随y轴的增大而增大，知道海洋蜃景和沙漠蜃景的原理，掌握光的全反射条件为光从光密介质进入光疏介质，从而进行分析判断．5、A【分析】【详解】

A；β衰变的实质是原子核内的一个中子转化成一个质子；同时释放出一个电子，故A正确；

B；根据光电效应方程可知；发生光电效应的条件与光的频率有关，与光的强度无关，故B错误；

C、钍的半衰期为24天，1g钍经过120天后，发生5次衰变，根据m＝m0（）5g＝0.03125g；故C错误；

D、据玻尔的原子理论，氢原子从n＝5的激发态跃迁到n＝3的激发态时，库仑力提供向心力，向心力增加，速度变大电子动能增加，故D错误．二、多选题(共6题，共12分)6、A:C:E【分析】【详解】

A；当分子之间表现为斥力时；分子间距离越小，斥力做负功，分子势能增大，故选项A正确；

B；物体的温度越高；分子的热运动越剧烈，分子平均动能增大，但不是每个分子的动能都增大，有个别分子动能也可能减小，故选项B错误；

C；外界对封闭气体做功；气体向外界放出热量，如果放出热量大于做功，内能会减小，气体温度降低，故选项C正确；

D；从单一热源吸收热量；如果有外界参与时，是可以使之完全变成功，故选项D错误；

E、热现象具有方向性，气体向真空自由膨胀的过程就是一种不可逆过程，没有外界的参与气体是不可能自动收缩回去的，故选项E正确．7、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．热力学第二定律的一种表述为：不可能从单一热源吸取热量；使之完全变为有用功而不产生其他影响，即无论采用任何设备和手段进行能量转化，总是遵循“机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能”，故A正确；

B．已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数；可以求出气体分子占据的平均空间，不能求出该分子的体积，故B错误；

C．一定量100的水变成100的水蒸气其内能增加；但分子平均动能不变，其分子之间的势能增大，故C错误；

D．多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的；所以多晶体具有各向同性现象，故D正确；

E．根据压强的微观意义可知；当气体的压强不变时，单位时间内作用在单位面积上的力不变；温度升高时，分子对器壁的平均撞击力增大，所以在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减小，故E正确。

故选ADE。8、A:C【分析】【详解】

只将板M从图示位置稍向左平移，d增大，根据知，电容减小，根据知势差增大，则静电计指针张角变大，故A正确；只将板M从图示位置稍向上平移，正对面积S减小，根据知，电容减小，根据知电势差增大，则静电计指针张角变大，故B错误；只将板M从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移，正对面积S减小，根据知，电容减小，根据知电势差增大，则静电计指针张角变大，故C正确；只在M、N之间插入云母板，介电常数变大，根据知，电容增大，根据知电势差减小，则静电计指针张角变小，故D错误．所以AC正确，BD错误．9、A:D【分析】【详解】

加速度满足所以加速度增大时，位移也增大，所以速度必减小，故A正确；向平衡位置运动时，速度、加速度方向相同，故B错误；通过平衡位置时，速度方向不改变，故C错误；远离平衡位置时，加速度方向指向平衡位置，速度方向背离平衡位置，即v、a方向相反，故D正确．所以D正确，BC错误．10、A:C【分析】A：相邻的；振动情况总相同的两个质点间距离等于波长；故A项正确．

B：横波中；相邻两波峰间的距离等于波长，故B项错误．

C：机械波在一个这周期内传播的距离等于波长；故C项正确．

D：在波形图上位移总是相同的相邻两质点之间的距离等于一个波长；故D项错误．

点睛：机械波是机械振动的传播，分为横波和纵波．波速表示振动在单位时间内向前传播的距离．波长表示介质中振动情况总相同的两个相邻质点间的距离，等于相邻两个波峰(波谷)之间的距离，还等于波在一个周期内传播的距离．波速等于波长和频率的乘积．11、B:D:E【分析】A、由甲图知，波长λ=2m，由乙图知，质点的振动周期为T=2s，则波速为：由乙图知，t=1s时刻，x=2m处质点向上运动，根据甲图可知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；

B；由乙图知；t=2s时，x=2m处质点的振动方向为y轴负向，故B正确；

D、因则在C；x=lm处质点和x=2m处质点相距半个波长，振动步调总相反，故C错误；

1s的时间内；波动图象上任意质点通过的路程都是两个振幅，为10cm，故D正确；

E、在t=1s到t=2s经历的时间为t=1s时刻x=0.5m处的质点位于波峰，则在t=1s到t=2s的时间内该质点的速度先增大后减小，故E正确；

故选BDE．

【点睛】本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的传播方向．三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】【详解】

[1]毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；通草球受到斥力作用，故通草球也带负电；

[2]摩擦橡胶棒时通过做功的方式改变物体内能。【解析】①.负电②.做功13、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态到状态发生等压变化，根据盖—吕萨克定律知，体积增大，温度升高，所以气体在状态的温度小于在状态的温度。

[2]理想气体的内能只与温度有关，两状态气体温度相等，内能相等，即气体在状态的内能等于气体在状态的内能。

[3]气体从到的过程，体积不变，温度降低，内能减少，做功为零，根据热力学第一定律

应该放出热量。【解析】小于等于放热14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．由图示图象可知，在A、C两状态，气体的pV相等；由理想气体状态方程可知，A；C两状态的温度相等，则气体在两状态的内能相等；

[2][3]．由图示图象可知；A→B过程为等压过程，气体体积减小，外界对气体做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C过程是等容变化，气体不做功，在整个过程中，由热力学第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整个过程气体对外放热，放出的热量为300J．【解析】＝放热30015、略

【分析】【详解】

根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a是电源的正极．两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有：qvB=q所以：．

【点睛】

解决本题的关键掌握等离子体进入磁场受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．【解析】2200正16、略

【分析】【分析】

感应电流根据求解；热量根据焦耳定律列式求解；在恒力作用下，矩形线圈以不同速度被匀速拉出，拉力与安培力大小相等，拉力做功等于拉力与位移的乘积，而拉力功率等于拉力与速度的乘积感应电荷量由求解．

【详解】

设线圈的长为a，宽为L

（1）线圈中感应电流可知故感应电流之比是1：2．

（2）流过任一横截面感应电荷量可知q与v无关；所以感应电荷量之比为1：1；

（3）由于线圈匀速运动，外力与安培力大小相等，为外力的功率为所以外力的功率之比为1：4．

【点睛】

要对两种情况下物理量进行比较，我们应该先把要比较的物理量表示出来再求解关键要掌握安培力的推导方法和感应电荷量的表达式．【解析】2:12:14:117、略

【分析】【分析】

带电粒子经加速电场加速后；动能的大小等于电场力做功，求得速度v；

【详解】

设加速后的速度为v，根据动能定理可得：所以．

【点睛】

本题考查带电粒子在电场中的加速，注意动能定理的应用．【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】四、作图题(共3题，共21分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)22、略

【分析】【详解】

（1）验证动量守恒，两小球发生对心碰，所以两小球半径相等，为了防止入射小球反弹，所以入射球的质量大于被碰球的质量，ABD错误C正确．

（2）实验中要测量落地点到抛出点的水平距离；所以需要刻度尺，因为平抛运动竖直高度相同，运动时间相等，不需要测量时间，不需要秒表；验证动量守恒定律需要知道两球质量，所以需要天平不需要弹簧秤，BC错误AD正确．

（3）根据平抛规律可知：因为平抛高度相同，运动时间相同，根据水平动量守恒有：联立以上各式可得：如果是弹性碰撞，机械能守恒，所以整理得：．【解析】CAE23、略

【分析】【详解】

（1）根据光的折射定律可知：

（2）为了减小测量的偶然误差；必须采用多次测量取平均值的方法，由于每次测量时，入射角不同，折射角不同，每次测量有入射角与折射角之间没有直接关系，入射角和折射角取平均值没有意义，而介质的折射率仅由介质的性质决定，是不变的，所以应求出每一个入射角及对应的折射角，运用折射定律求出折射率，再求出折射率的平均值，可有效减小测量的误差，这样做有意义．故甲同学做得正确.

（3）（b）测得的入射角和折射角都偏大，而且增大相同的角度，玻璃砖的折射率为：运用特殊值法分析：假设若法线与界面垂直时，入射角为i=45”，拆射角为r=30”，则拆射率为：若法线与界面不垂直时，入射角与折射角都增大15°，则折射率为：可见，甲的测量值将偏小．出现如图（c）所示的偏差时测量的入射角和折射角都增大，而且增大相同的角度，故测量值将偏小，故A正确，BCD错【解析】（1）（2）甲（3）A24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]如图所示。

（2）[2]b.将电阻箱的阻值调到零；f.把滑动变阻器的滑片P滑到a端;a.闭合开关S；c.调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为e.调节电阻箱的阻值，使电压表示数为读出此时电阻箱的阻值；d.断开开关S（注意先调零与先移动滑动变阻器到最大值，前后不影响，故bf的顺序可以颠倒）；故合理的顺序是bfaced.

（3）[3][4][5]由图丙读出的阻值为2900因是串联关系，则电阻与电压成正比：电压表示数为1.5V，则电阻箱分压为1.5V则因该支路实际电压要比原电压大，即的分压要大一些，故的实际值要小一些，即测量值比真实值大。【解析】A29002900偏大25、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．实验中应缓慢推拉柱塞；防止气体温度发生变化，选项A错误；

B．不能用手握紧注射器再推拉柱塞；防止气体温度发生变化，选项B错误；

C．注射器旁的刻度尺只要刻度分布均匀即可；可以不标注单位，选项C正确；

D．为保证封闭气体的气密性；应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油，选项D正确。

故选CD。

（2）[2]若漏气会导致pV之积减小，即p-图像的斜率减小；若实验过程中注射器进气或者温度升高都会导致图像的斜率变大；则选A。

（3）[3]在软管内气体体积△V不可忽略时，被封闭气体的初状态的体积为V0+△V，压强为p0，末状态的体积为V+△V，压强为p，由等温变化有p0（V0+△V）=p（V+△V）

解得

当式中的V趋向于零时，有

即该双曲线的渐近线方程是

则p-图像为B所示；

由p0（V0+△V）=p（V+△V）

可得

则图像为D。

故选BD。【解析】CD##DCABD##DB六、解答题(共4题，共12分)26、略

【分析】【详解】

（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，在时间t0内其速度方向改变了90°，故其周期T=4t0①

设磁感应强度大小为B，粒子速度为v，圆周运动的半径为r

由洛伦兹力提供向心力得：②

匀速圆周运动的速