2025年新科版选择性必修2物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版选择性必修2物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻不计，A、B为两个完全相同的灯泡，电压表指针居于刻度盘中央，量程为E，可以测量正、反向电压。线圈L的自感系数较大；直流电阻不计，下列说法正确的是（）

A.开关闭合后，B逐渐变亮B.开关闭合，待电路稳定后，B比A更亮C.断开开关瞬间，a点电势比b点低D.断开开关瞬间，电压表不会烧坏2、如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数比为n1：n2，原线圈接正弦交流电源，电压保持不变，副线圈接有滑动变阻器、一个小灯泡；一个电容器。电流表和电压表均可视为理想电表。当滑动变阻器的滑片向右滑动时；下列选项正确的是（）

A.电压表V2的示数不变B.灯泡变亮C.变压器的输入功率变大D.电容器的电荷量减少3、如图甲为手机及无线充电板。图乙为充电原理示意图。交流电源接充电板，对充电板供电，充电板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电。为方便研究，现将问题做如下简化：设受电线圈的匝数为n，面积为S，若在到时间内，磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈，其磁感应强度由均匀增加到下列说法正确的是（）

A.c点的电势高于d点的电势B.受电线圈中感应电流方向由d到cC.c、d之间的电势差为D.若想增大c、d之间的电势差，可以仅增加送电线圈中的电流的变化率4、如图所示，一个理想边界为PQ、MN的匀强磁场区域，磁场宽度为d，方向垂直纸面向里。一电子从O点沿纸面垂直PQ以速度v0进入磁场。若电子在磁场中运动的轨道半径为2d。在MN上，且与MN垂直。下列判断正确的是（）

A.电子将向右偏转B.电子打在MN上的点与点的距离为dC.电子打在MN上的点与点的距离为D.电子在磁场中运动的时间为5、如图所示，在一个半径为R的圆形区域内存在磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，一个比荷为的正粒子，从A点沿与AO成30°角的方向射入匀强磁场区域，最终从B点沿与AO垂直的方向离开磁场。若粒子在运动过程中只受磁场力作用，则（）

A.粒子运动的轨道半径B.粒子在磁场区域内运动的时间C.粒子的初速度为D.若仅改变初速度的方向，该粒子仍能从B点飞出磁场区域6、如图所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的O点，出现一个光斑．在垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为r的圆弧运动；打在荧光屏上的P点，然后在磁场区域再加一竖直向下，场强大小为E的匀强电场，光斑从P点又回到O点，关于该粒子（不计重力），下列说法正确的是。

A.粒子带负电B.初速度为C.比荷为D.比荷为7、下列说法中正确的是（）A.动生电动势是洛伦兹力对导体中自由电荷做功而引起的B.因为洛伦兹力对运动电荷始终不做功，所以动生电动势不是由洛伦兹力而产生的C.动生电动势的方向可以由右手定则来判定D.导体棒切割磁感线产生感应电流，受到的安培力一定与受到的外力大小相等、方向相反8、在制作精密电阻时；为了清除使用过程中由于电流变化而引起的自感现象，采用双线并绕的方法，如图所示。其原理是（）

A.当电路中的电流变化时，两股导线产生的自感电动势相互抵消B.当电路中的电流变化时，两股导线产生的感应电流相互抵消C.当电路中的电流变化时，两股导线中原电流的磁通量相互抵消D.以上说法都不对9、关于下列器材的原理和用途；正确的是()

A.变压器可以改变交变电压也能改变频率B.扼流圈对交流的阻碍作用是因为线圈存在电阻C.真空冶炼炉的工作原理是炉体产生涡流使炉内金属熔化D.磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示，以直角三角形为边界的有界匀强磁场区域，磁感应强度为为的中点，在点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子，粒子的比荷已知，发射速度大小都为且满足发射方向由图中的角度表示。对于粒子进入磁场后的运动（不计粒子间的相互作用及重力作用）；下列说法正确的是（）

A.粒子在磁场中运动半径为B.的粒子可能从段射出C.在边界上最多有一半区域有粒子射出D.所有从边界射出的粒子随着角的增大在磁场中运动时间变小11、如图所示，一个理想变压器原、副线圈的匝数比，原线圈的两端接正弦交流电源，电压表V1的示数为110V，负载电阻R=22Ω．若电压表和电流表都是理想电表，则下列说法正确的是

A.电压表V2的示数为22VB.电流表A的示数为1.0AC.电流表A的示数为5.0AD.变压器的输入功率为22W12、一匀强磁场的磁感应强度大小为方向垂直于纸面向外，其边界如图中虚线所示，弧是半径为的半圆，与直径共线，与与之间的距离等于半圆的半径。一束质量为电荷量为的粒子，在纸面内从点垂直于射入磁场，这些粒子具有各种速率，不计粒子之间的相互作用和粒子的重力，速度分别为和的粒子在磁场中的运动时间分别为则（）

A.B.C.D.13、如图所示，等腰直角三角形abc区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，直角边ac长度为l，磁感应强度大小为B。在c点有一粒子源，可沿纸面内各个方向射出质量为m、电荷量为+q的粒子，所有粒子不计重力、速度大小均为v0。其中从c点沿cb方向射入磁场的粒子，运动轨迹恰好垂直于边界ab射出磁场。若在该平面内再加上一个沿ca方向的匀强电场，电场强度为E。关于粒子的运动下列说法正确的是（）

A.粒子速度v0的大小满足B.不加电场时，从a点射出磁场的粒子在c点的速度方向与bc夹角为30°C.不加电场时，与bc夹角为45°的入射粒子在磁场中的运动时间为D.加上电场后，所有粒子飞出场区时动能的最大值为14、如图所示，理想变压器与定值电阻R、理想交流电压表V、理想交流电流表A按图甲所示方式连接。已知变压器的原、副线圈的匝数比为测得电阻R两端的电压u随时间t的变化图像如图乙所示；下列说法正确的是（）

A.电压表V的示数为311VB.电流表A的示数为0.44AC.变压器的输入功率为484WD.变压器原线圈两端的电压为550V15、如图是回旋加速器的原理图，由两个半径均为R的D形盒组成，D形盒上加周期性变化的电压，电压的值为U，D形盒所在平面有垂直盒面向下的磁场，磁感应强度为B。一个质量为m、电荷量为q的粒子在加速器中被加速；则（）

A.粒子每次经过D形盒之间的缝隙后动能增加qUB.粒子每次经过D形盒之间的缝隙后速度增大C.粒子以速度v在D形盒内运动半圆后动能增加2qυBRD.粒子离开D形盒时动能为16、如图所示，一个半径为R内壁光滑的绝缘薄圆筒竖直放置在水平面上，空间中存在竖直向下磁感应强度为B的匀强磁场．一个质量m电荷量q的带正电小球，从圆筒上端某处以初速度v0贴着圆筒内壁水平抛出,已知．对小球运动判断正确的是（）

A.小球落地前对筒壁的压力大小不变B.如果圆筒足够高，小球有可能脱离圆筒内壁C.如果减小v0，小球下落时间会变大D.如果沿图虚线展开圆筒，小球映射在圆筒上的轨迹是抛物线17、如图所示；在一固定水平放置的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁，从离地面高h处由静止开始下落，最后落在水平地面上．磁铁下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过圆环，而不与圆环接触．若不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法中正确的是。

A.在磁铁下落的整个过程中，从上向下看圆环，圆环中的感应电流方向始终为逆时针B.在磁铁下落的整个过程中，从上向下看圆环，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针C.磁铁在整个下落过程中，圆环对它的作用力方向始终竖直向上D.磁铁落地时的速率一定等于18、可测速的跑步机原理如图所示。该机底面固定有间距L=0.8m，长度d=0.5m的平行金属电极。电极间充满磁感应强度B=0.5T、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，且接有理想电压表和R=9Ω的电阻。绝缘橡胶带上镀有平行细金属条，橡胶带运动时，磁场中始终仅有一根金属条，每根金属条的电阻均为r=1Ω并与电极接触良好。若橡胶带以速度匀速运动时（）

A.流过R的电流方向为B.金属条产生的电动势为0.72VC.电压表的示数为0.72VD.一根金属条每次经过磁场区域克服安培力做的功为0.016J评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)19、简单的直流电动机由_________和_________两部分组成，其中一个是永久磁铁，那么另一个就是_________。安装在电动机转轴上用来改变电流方向的装置叫_________，压在换向器上有一对电刷，它必须通过_________与电源相连接。20、判断下列说法的正误．

（1）LC振荡电路的电容器放电完毕时，回路中磁场能最小，电场能最大．____

（2）LC振荡电路的电容器极板上电荷量最多时，电场能最大．____

（3）LC振荡电路中电流增大时，电容器上的电荷一定减少．____

（4）LC振荡电路的电流为零时，线圈中的自感电动势最大．____

（5）LC振荡电路中，电容器的某一极板，从带最多的正电荷放电到这一极板带最多的负电荷为止，这一段时间为一个周期．____21、判断下列说法的正误。

（1）各种电磁波中最容易表现出干涉和衍射现象的是γ射线。____

（2）红外线有显著的热效应，紫外线有显著的化学作用。____

（3）低温物体不能辐射红外线。____

（4）紫外线在真空中的传播速度大于可见光在真空中的传播速度。____

（5）可利用红外线的荧光效应辨别人民币的真伪。____

（6）X射线的穿透本领比γ射线更强。____22、将①红外线、②紫外线、③无线电波、④可见光、⑤γ射线、⑥X射线，按波长由大到小的排列顺序是___________；其中___________最容易发生明显衍射现象，___________的穿透能力最强。（每空均填写电磁波前的序号即可）23、正弦式交变电流和电压。

电流表达式i=_________，电压表达式u=_________。其中Im、Um分别是电流和电压的_________，也叫_____________24、如图所示，面积为0.2m2的100匝线圈处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，已知磁感应强度随时间变化的规律如图，定值电阻R1=6Ω，线圈电阻R2=4Ω，则ab两点的电势___________（填“>”或“=”或“＜”），回路中的感应电动势大小为___________V。

25、如图所示，一条形磁铁竖直下落穿过一水平固定放置的金属圆环，若俯视金属圆环，则圆环中产生的感应电流方向先沿______方向，再沿______方向。（填“顺时针”或“逆时针”）

26、判断下列说法的正误。

（1）各种电磁波中最容易表现出干涉和衍射现象的是γ射线。____

（2）红外线有显著的热效应，紫外线有显著的化学作用。____

（3）低温物体不能辐射红外线。____

（4）紫外线在真空中的传播速度大于可见光在真空中的传播速度。____

（5）可利用红外线的荧光效应辨别人民币的真伪。____

（6）X射线的穿透本领比γ射线更强。____评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)27、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

28、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

29、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

30、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)31、理想变压器是指在变压器变压的过程中，线圈和铁芯不损耗能量、磁场被束缚在铁芯内不外漏的变压器．现有一个理想变压器、一个原线圈（匝数为n1）和一个副线圈（匝数为n2）。甲；乙两位同学想探究这个理想变压器的原、副线圈两端的电压与线圈匝数的关系。

（1）甲同学的猜想是U1∶U2＝n1∶n2；乙同学的猜想是U1∶U2＝n2∶n1.你认为猜想合理的同学是________，你做出上述判断所依据的物理规律是_________。

（2）为了验证理论推导的正确性，可以通过实验来探究。为保证实验安全、有效地进行，应选用________电源。

（3）在实验时，若采用多用电表进行测量，应先将选择开关置于________挡，并选用________量程进行试测，大致确定被测数据后，再先用适当的量程进行测量。32、物体的带电量是一个不易测得的物理量，某同学设计了一个实验来测量带电物体所带电量。如图（a）所示；他将一由绝缘材料制成的小物块A放在足够长的木板上，打点计时器固定在长木板末端，物块A靠近打点计时器，一纸带穿过打点计时器与物块A相连，请结合下列操作步骤回答问题。

(1)为消除摩擦力的影响，他将长木板一端垫起一定倾角，接通打点计时器，轻轻推-下小物块A，使其沿着长木板向下运动。多次调整倾角直至打出的纸带上点迹均匀，测出此时木板与水平面间的倾角，记为

(2)如图（b）所示，在该装置处加上一范围足够大的垂直纸面向里的匀强磁场，用细绳通过一轻小定滑轮将物块A与物块B相连，绳与滑轮的摩擦不计。给物块A带上一定量的正电荷，保持倾角不变，接通打点计时器，由静止释放小物块A，该过程可近似认为物块A的带电量不变。下列关于纸带上点迹的分析正确的是()

A．纸带上的点迹间距先增加后减小至零。

B．纸带上的点迹间距先增加后减小至一不为零的定值。

C．纸带上的点迹间距逐渐增加；且相邻两点间的距离之差不变。

D．纸带上的点迹间距逐渐增加；且相邻两点间的距离之差逐渐减少，直至间距不变。

(3)为了测定物块A所带电量q，除倾角磁感应强度B外，本实验还必须测量的物理量有___________；

(4)用重力加速度g、磁感应强度B、倾角和所测得的物理量，可得出q的表达式为___________。33、现要组装一个酒精测试仪，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，此传感器的电阻R随酒精气体浓度的变化而变化，规律如图甲所示。目前国际公认的酒驾标准是“0.2mg/mL≤酒精气体浓度<0.8mg/mL”；醉驾标准是“酒精气体浓度≥0.8mg/mL”。提供的器材有：

A．二氧化锡半导体型酒精传感器Rx

B．直流电源（电动势为4V；内阻不计）

C．电压表（量程为3V；内阻非常大，作为浓度表使用）

D．电阻箱（最大阻值为999.9Ω）

E．定值电阻R1（阻值为50Ω）

F．定值电阻R2（阻值为10Ω）

G．单刀双挪开关一个；导线若干。

(1)图乙是酒精测试仪电路图，请在图丙中完成实物连线______；

(2)电路中R应选用定值电阻___________（填R1或R2）；

(3)为便于识别；按照下列步骤调节此测试仪：

①电路接通前，先将电阻箱调为30.0Ω，然后开关向___________（填“c”或“d”）端闭合，将电压表此时指针对应的刻度线标记为_______________mg/mL；

②逐步减小电阻箱的阻值；电压表的示数不断变大按照甲图数据将电压表上“电压”刻度线标为“酒精浓度”；

③将开关向另一端闭合；测试仪即可正常使用。

(4)某同学将调适好的酒精测试仪靠近酒精瓶口，发现该表显示为醉驾，则电压表的实际电压为_________。34、如图是“研究电磁感应现象”的实验装置：

（1）将图中所缺导线补充完整，连成实验电路______。

（2）下列能引起灵敏电流表指针偏转的操作是______。

A．开关闭合和断开的瞬间。

B．闭合开关后；线圈A在B中上下移动。

C．开关保持闭合；且不改变变阻器滑片的位置。

D．断开开关后；将变阻器的滑片向右移动。

（3）电路连接正确之后（A在B中），闭合开关时发现灵敏电流表的指针向左偏了一下。若保持其他不变，仅将滑动变阻器滑片迅速向左移动，电流表的指针将______（选填“向右偏”或“向左偏”）：若将线圈A从线圈B中迅速拨出时，电流表的指针将______（选填“向右偏”或“向左偏”）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．开关闭合后；B马上变亮，所以A错误；

B．开关闭合，待电路稳定后，由于线圈L的自感系数较大；直流电阻不计，AB为两个完全相同的灯泡，则两灯一样亮，所以B错误；

C．断开开关瞬间，B灯有从a到b的反向电流通过，所以a点电势比b点高；则C错误；

D．断开开关瞬间；电压表两端出现反向电压，但大小不会超过原来的大小，所以不会烧坏，D正确；

故选D。2、D【分析】【详解】

A．当滑动变阻的滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，可将副线圈与滑动变阻器看成电源，副线圈两端电压不变，则路端电压变小，即电压表V2的示数变小；故A错误；

B．由于路端电压变小；则灯泡变暗，故B错误；

C．副线圈中电流变小；则原线圈中的电流变小，由于原线圈中电压不变，则变压器的输入功率变小，故C错误；

D．由于路端电压变小，则电容器两端电压变小，由公式可知；电容器的电荷量减少，故D正确。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

AB．穿过受电线圈的磁通量向上且均匀增加，根据楞次定律可知感应线圈产生的磁场向下，根据安培定则可知电流从d流出，从c流入，所以d点电势高于c点电势；AB错误；

C．根据法拉第电磁感应定律可知受电线圈产生的电动势大小

则

C错误；

D．仅增加送电线圈中的电流的变化率，穿过受电线圈的增大，所以c、d两端的电势差增大；D正确；

故选D。4、D【分析】【详解】

A．电子带负电；进入磁场后，由左手定则可知，电子所受洛伦兹力方向向左，电子将向左偏转，故A错误；

BC．设电子打在上的点与点的距离为如图所示。

根据几何知识可得

故BC错误；

D．设轨迹对应的圆心角为由几何关系得

得

则电子在磁场中运动的时间为

故D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．画出粒子轨迹示意图；如下图所示；

因为粒子从B点沿与AO垂直的方向离开磁场，故O′B与AO平行，又因为△OAB与△O′AB均为等腰三角形，可得

所以O′A与BO也平行，因为粒子速度方向偏转的角度为故

所以四边形OAO′B为两个等边三角形组成的菱形，故粒子运动的轨道半径

A错误；

B．粒子在磁场中运动的周期

粒子在磁场中转过的圆心角θ=60°，所以粒子在磁场中运动的时间为

B错误；

C．根据洛伦兹力提供向心力可得

结合轨道半径r=R，联立可得粒子的初速度为

C正确；

D．当入射粒子速度方向发生变化时；粒子运动的轨迹示意图如图所示；

速度大小不变，粒子做圆周运动的半径不变，入射速度方向发生变化，粒子在圆周上的出射点也随之变化，所以若仅改变初速度的方向，该粒子将不能从B点飞出磁场区域；D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束打在荧光屏上的P点，根据左手定则可知，粒子带正电，选项A错误；当电场和磁场同时存在时：解得选项B错误；在磁场中时，由可得：故选项D正确；C错误；故选D.

【点睛】

本题主要是考查带电粒子在复合场的运动，解答本题要能够根据共点力的平衡条件分析洛伦兹力和电场力的大小关系；在复合场中做匀速直线运动粒子，在解题时要注意过程分析和受力分析．7、C【分析】【分析】

【详解】

AB．动生电动势是洛伦兹力沿导体方向的分力对导体中自由电荷做功而引起的；但洛伦兹力对自由电荷所做的总功仍为零，故A；B错误；

C．动生电动势是由导体切割磁感线产生的；可由右手定则判定其方向，故C正确；

D．只有在导体棒做匀速切割磁感线运动时；除安培力以外的力的合力才与安培力大小相等；方向相反，做变速运动时不成立，故D错误。

故选C。8、C【分析】【分析】

【详解】

两个线圈中的电流大小相等；线圈匝数相等，并且铁芯相同，所以每个线圈产生的磁感应强度相同，由于两个线圈的绕向相同，但电流相反，所以其磁场方向相反，相互抵消，所以螺线管内没有磁场，两股导线中原电流的磁通量相互抵消。

故选C。9、D【分析】【详解】

A．变压器可以改变交变电压但是不改变交流电频率；A错误；

B．扼流圈对交流的阻碍作用是因为线圈会产生自感现象；即感应电流，B错误；

C．真空冶炼炉的工作原理是线圈中产生涡流使炉内金属融化；C错误；

D．铝是导体，仪表指针偏转时铝框随之转动，并切割磁感线产生感应电流，感应电流又会受到安培阻力，阻碍线圈的转动，属于电磁阻尼，故D正确．二、多选题(共9题，共18分)10、A:C:D【分析】【详解】

A．粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

且解得

故A正确；

B．若粒子刚好从D点射出，由几何关系可知，弦长为L，设此时的弦切角为则有

得

即此时粒子刚好沿OC方向进入磁场，由旋转法可知，的粒子不可能从CD段射出；故B错误；

C．当θ=飞入的粒子在磁场中，粒子恰好从AC中点飞出，因此在AC边界上只有一半区域有粒子射出；故C正确。

D．设从AO段射出的粒子的弦切角为则运动时间为

随着角的增大，弦切角减小；则运动时间减小，故D正确。

故选ACD。11、A:B:D【分析】【分析】

理想变压器输入功率等于输出功率；原副线圈电流与匝数成反比，原副线圈电压与匝数成正比.

【详解】

原、副线圈电压所以电压表V2示数为22V，A正确；根据可知电流表示数为1.0A，则B正确，C错误；变压器的输入功率等于副线圈的输出功率，由W；D正确；故选ABD．

【点睛】

理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率.12、B:D【分析】【分析】

【详解】

由洛伦兹力作为向心力可得。

联立解得。

AB．当时，粒子的运动轨迹如图所示。

由几何关系可知；对应的圆心角为。

则粒子在磁场中的运动时间为。

A错误；B正确；

CD．当时，粒子的运动轨迹如图所示。

由几何关系可知；对应的圆心角为。

则粒子在磁场中的运动时间为。

C错误；D正确。

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

A．从c点沿cb方向射入磁场的粒子，运动轨迹恰好垂直于边界ab射出磁场，可知粒子运动的轨道半径为l，根据

可得粒子的速度

选项A正确；

B．不加电场时，从a点射出磁场的粒子的轨道半径为l，则在c点的速度方向与bc夹角为60°；选项B错误；

C．不加电场时，与bc夹角为45°的入射粒子在磁场中转过的角度小于90°，则运动时间

选项C错误；

D．加上电场后，因电场力方向竖直向上，则从a点飞出的粒子电场力做功最大，则所有粒子飞出场区时动能的最大值为

选项D正确。

故选AD。14、C:D【分析】【详解】

电阻R两端电压的峰值

则有效值

电表所测的值均为有效值；所以电压表V的示数为220V，选项A错误；

通过电阻R的电流

变压器输入电流

电流表A的示数为0.88A；选项B错误；

变压器的输入功率

选项C正确；

变压器原线圈两端的电压

选项D正确。

故选CD。15、A:D【分析】【详解】

AB．粒子每次经过D形盒之间的缝隙过程，电场力做功，根据动能定理可得

即动能增加qU。由动能表达式

可知第n次经过D形盒之间的缝隙后速度变化为

故A正确；B错误；

C．粒子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动；洛伦兹力不做功，粒子动能保持不变。故C错误；

D．粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有

粒子离开D形盒时，粒子轨道半径为R，动能为

联立，可得

故D正确。

故选AD。16、A:D【分析】【详解】

小球一方面沿圆筒内部做匀速圆周运动，一方面在竖直方向在重力作用下向下做自由落体运动，合运动为螺旋运动；根据因则FN>0，小球落地前对筒壁的压力FN大小不变，选项A正确；无论圆筒多高，小球始终沿圆筒内壁，做螺旋线运动，选项B错误；小球运动的时间由竖直方向的运动决定，则如果减小v0，小球下落时间不变，选项C错误；根据以上分析可知，如果沿图虚线展开圆筒，小球映射在圆筒上的轨迹是抛物线，选项D正确；故选AD.17、B:C【分析】【分析】

由题意可知；考查电磁感应规律，根据楞次定律；能量守恒定律分析可得．

【详解】

AB．由楞次定律分析感应电流的方向；当磁铁靠近圆环时，取圆环为研究对象，原磁场方向向下，磁通量增加，为阻碍磁通量增加，感应电流产生的磁场方向向上，由安培定则可判断感应电流为逆时针方向．同理分析，当磁铁远离圆环时，感应电流为顺时针．故A不符合题意，B符合题意；

C．磁铁在整个下落过程中；磁铁的机械能转化为电能，圆环对它的作用力做负功，所以作用力的方向始终竖直向上，C符合题意；

D.因磁铁的机械能减少，所以落地时的速率小于故D不符合题意．

【点睛】

判断感应电流方向要用楞次定律，因电磁感应中能量守恒，磁铁的机械能减少，磁铁始终受到阻力作用，表现为“来拒去留”．18、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由题意可知，金属条做向右切割磁感线的运动，根据右手定则可知电路中电流方向为逆时针，流过R的电流方向为A正确；

B．根据电磁感应定律可得，感应电动势为

B错误；

C．根据电磁感应定律可得，感应电动势为

又因在电路中接有理想电压表和R=9Ω的电阻，橡胶带运动时，磁场中始终仅有一根金属条，每根金属条的电阻均为r=1Ω并与电极接触良好，电压表的电压为R两端的电压；电压之比为电阻之比，故可得电压表的示数为0.72V，C正确；

D．根据电磁感应定律可得，感应电动势为

一根金属条每次经过磁场区域克服安培力做的功为

D正确。

故选ACD。三、填空题(共8题，共16分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]简单的直流电动机由转子和定子两部分组成；其中一个是永久磁铁，那么另一个就是线圈。

[4]安装在电动机转轴上用来改变电流方向的装置叫换向器。

[5]压在换向器上有一对电刷，它必须通过引出线与电源相连接。【解析】①.转子②.定子③.线圈④.换向器⑤.引出线20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.错误21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.错误④.错误⑤.错误⑥.错误22、略

【分析】【详解】

[1]按波长由大到小的排列顺序是无线电波；红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线。

[2]波长最长的无线电波最容易发生明显衍射现象。

[3]波长最短的γ射线穿透能力最强。【解析】①.③①④②⑥⑤②.③③.⑤23、略

【解析】①.Imsinωt②.Umsinωt③.最大值④.峰值24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据楞次定律，线圈中感应电流的方向为逆时针方向，所以a点电势大于b点电势。

[2]根据法拉第电磁感应定律得【解析】>2025、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]磁铁从上方接近线圈的过程中，穿过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，线圈中产生俯视逆时针方向的感应电流；当磁铁穿过线圈原理线圈时，穿过线圈的磁通量向下减小，根据楞次定律可知，线圈中产生俯视顺时针方向的感应电流。【解析】逆时针顺时针26、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.错误④.错误⑤.错误⑥.错误四、作图题(共4题，共16分)27、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】30、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共24分)31、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]由变压器的工作原理可知；猜想合理的同学是甲同学．做出上述判断依据的物理规律是法拉第电磁感应定律．

（2）[3]为了保证实验安全；有效地进行；应