2025年中考物理押题猜想卷（武汉卷）（全解全析）

2025年中考考前押题密卷（武汉卷）

物理.全解全析

图丙图丁

A.甲图中,手在不同粗细的弦上拨动琴弦，是为了改变音色

B.乙图中,将振动的音叉尾部抵在牙齿上，即使用两个棉球塞住耳朵也能清楚地听到音叉发出的声音

C.丙图中,发声的扬声器对准烛焰，烛焰摇曳起来，说明声可以传递能量

D.丁图中,摩托车的消声器是通过防止噪声产生的方式控制噪声

【解答】解：A、手在不同粗细的弦上拨动琴弦，是为了改变弦的振动频率，从而改变声音的音调，故A错

误；

B、用棉花球塞住耳朵，把振动的音叉尾部抵在牙齿上，可以清楚地听到音叉发出的声音，这是利用固体传

声（骨传声）的原理，故B正确；

C、发声的扬声器对准烛焰，烛焰会摇曳起来，说明声可以传递能量，故C正确；

D、摩托车的消声器是在声源处通过防止噪声产生的方式控制噪声，故D正确。

故选：Ao

2.如图甲所示，学校走廊的AB处有一块如图乙所示的仪容镜靠墙而立，镜面与墙壁平行，小明同学沿着

平行于墙壁的方向由①到③直线走动。下列说法正确的是（）

A®

平.②

面

镜B

;®

〔

_

甲

乙

A.小明在镜中的像先变大后变小

B.小明在位置①可以在镜中看到位置③另一个同学的像

C.在平面镜后放一不透明木板，小明在位置②看不到自己的像

D.小明在位置①②③，都可以在镜中看到自己的像

【解答】解：A.平面镜成等大的虚像，小明在镜中的像大小不变，故A错误；

B.小明在位置①与位置③另一个同学的像的连线与镜面相交，故反射光可以进入小明眼睛，因而可以在镜

中看到位置③另一个同学的像，故B正确；

C.平面镜成像是光的反射，在平面镜后放一不透明木板，不影响光的反射，小明在位置②能看到自己的像,

故c错误；

D.小明在位置①③，像与自己眼睛的连线与镜面不相交，因而不可以在镜中看到自己的像，故D错误。

故选：Bo

3.下列有关热现象的描述，说法不正确的是（）

A.液化石油气利用压缩体积的方法将气体变为液体，便于储存和运输

B.仿佛仙境，“雾气”的形成是升华现象

人游泳之后刚从水中出来，感觉特别冷，是由于身体表面的水蒸发吸热

哈尔滨冰雪大世界的冰块来自松花江，江水凝固成冰的过程要放出热量

【解答】解：A.液化石油气在常温下利用压缩体积的方法将气体变为液体，便于储存和运输，故A正确；

B.舞台上喷洒干冰后雾气缥缈，仿佛仙境，利用干冰升华吸热，使得空气中的水蒸气液化形成小水滴，即

“雾气”，故B错误；

C.人游泳之后刚从水中出来，感觉特别冷，是由于身体表面的水蒸发吸热，故C正确；

D.哈尔滨冰雪大世界的冰块来自松花江，江水凝固成冰的过程要放出热量，故D正确。

故选：Bo

4.小明利用如图甲所示的装置，比较a、b两种液体吸热的情况：实验中小明量取质量相等的两种液体，

分别倒入相同的烧杯中，用相同规格的电加热器加热。图乙是小明根据实验数据绘制的图像。下列有关说

法错误的是（）

温度/七

0123456时间/面„

甲乙

A.a、b两液体内能的增加是通过热传递方式改变的

B.由图乙可知，同时加热6min,a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量

C.分析图乙可知，质量相等的液体a和b,升高相同温度时，a液体吸收的热量多

D.实验中a、b两种液体的比热容之比为4：5

【解答】解：A、加热过程中电热器放热，液体吸热内能增加，是通过热传递方式完成，故A正确；

B、根据转换法，同时加热6min,a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量，故B正确；

C、根据图乙知，加热6分钟（吸热相同），a升高的温度为：

60℃-20℃=40℃

b升高的温度为

60℃-10℃=50℃；

据此推理，升高相同温度时，a加热时间长，a液体吸收的热量多；故C正确；

D、根据Q=cmAt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与

比热容成反比，实验中a、b两种液体的比热容之比为；

50℃：40℃=5:4。

故D错误。

故选：Do

5.2021年12月30日，中科院合肥物质科学研究院等离子体物理研究所有“人造太阳”之称的全超导托卡

马克核聚变实验装置（EAST）实现1056秒超长放电运行，中国“人造太阳”再创最长放电纪录。这其中用

到了大量与能源、信息和材料的相关知识，下列说法正确的是（）

A.太阳能、核能和潮汐能都属于可再生能源

B.当前的核电站是利用原子核裂变释放的能量发电的

C.“超导体”用于电饭锅的发热体可提高其热效率

D.汽车上的北斗定位导航系统是利用声波进行定位和导航的

【解答】解：A、核能属于不可再生能源，太阳能、潮汐能是可再生能源，故A错误；

B、核裂变是可控的，故目前世界上的核电站都是利用原子核分裂时释放出的能量发电的，故B正确；

C、超导材料电阻为零，不会放热，电能无法转化为内能，故C错误；

D、我国的“北斗”卫星导航系统是利用电磁波进行定位和导航的，故D错误。

故选：Bo

6.跳台滑雪主要分为4个阶段：助滑、起跳、空中飞行和落地，如图所示，运动员正处于空中飞行状态。

不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.助滑过程中，运动员双膝尽量弯曲是为了减小运动员与滑道的摩擦力

B.运动员在空中飞行时，仍受重力作用

C.运动员的滑雪板长而宽，可以减小运动员落地时对雪地的压力

D.运动员落地还会继续向前滑行很远一段距离，是因为受到惯性的作用

【解答】解：A、助滑过程中，运动员双膝弯曲，是通过降低重心来增加稳度，故A错误；

B、运动员在空中飞行时，仍受到重力作用，故B正确；

C、运动员的滑雪板长而宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强，故C错误；

D、运动员落地还会继续向前滑行很远一段距离，是因为他具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用,

故D错误。

故选：Bo

7.跳水运动中蕴含着许多物理知识，如图所示，有关跳水过程中能量变化的说法正确的是（）

A.运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性势能减小

B.运动员被跳板向上弹起的过程中，重力势能减小

C.运动员离开跳板向上运动的过程中，运动员的动能转化为重力势能

D.运动员从最高点下落的过程中，机械能守恒

【解答】解：

A、运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性形变程度变大，弹性势能增大，故A错误;

B、运动员被跳板向上弹起的过程中，运动员的质量不变，高度变大，重力势能增大，故B错误；

C、运动员离开跳板向上运动的过程中，质量不变，高度增加，速度变小，则重力势能增加，动能减小，运

动员的动能转化为重力势能，故C正确；

D、运动员从最高点下落的过程中，由于受到空气阻力的作用，一部分机械能转化为内能，使得机械能减小,

故D错误。

故选：Co

8.如图是《天工开物》中记载的在井上汲水的桔棒，它的前端B端系一重20N的空木桶，后端A端系一重

50N的配重石块，0A长为0.6m,0B长为1.2m。木桶装满100N的水后，向上拉绳缓慢将桶提起。硬棒质

量忽略不计，下列说法中正确的是（）

A.只有向下拉绳放下空桶时，桔椽才为省力杠杆

B.向上拉绳提起装满水的桶时，拉力为50N

C.向下拉绳放下空桶时，拉力为25N

D.向上拉绳提起装满水的木桶时，拉力的大小会变大

【解答】解：由题意可知，AB两端的作用力方向都是竖直向下，据此画出两力的力臂，如图所示:

A、向下拉绳放下空桶时，B端的力为动力，A端的力为阻力，由所画图可知，动力臂大于阻力臂，属于省

力杠杆，向上拉绳提起装满水的桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂小于阻力臂，属于费力

杠杆，故A正确；

BC、由所画图可知，AOAC^AOBD,由数学知识可知，匹=空=。.

0DOB1.2m2

根据杠杆的平衡条件有:G石XOC=FBXOD,则杠杆平衡时B端的拉力FB=£XG；H=LG：S=_1><50N=25N,

0D22

放下空桶时，向下拉绳子的力FI=FB-G桶=25N-20N=5N,

装满水时，桶和水的总重力Gs=G桶+G水=20N+100N=120N,

向上拉绳提起装满水的桶时拉力为F2=G总-FB=120N-25N=95N,故BC错误；

D、向上拉绳提起装满水的桶时，由FB=@£XG石=1G有可知，B端的拉力不变，则向上拉绳提起装满水的

0D2

桶时拉力也不变，故D错误。

故选：Ao

9.如图所示的电路中，闭合开关后，LED发光、小灯泡不发光。已知电路中元件均完好，下列说法错误的

是（）

A.电子从LED较短的引脚流入，从较长的引脚流出

B.LED具有单向导电性，若将电池正负极对调，则电路相当于断路

C.由于只有LED发光，说明通过LED的电流比通过小灯泡的电流大

D.小灯泡不亮可能是因为它的实际电功率太小

【解答】解：A、因为电流从LED较长的引脚流入，从较短的引脚流出，而电子的移动方向与电流相反，故

电子从LED较短的引脚流入，从较长的引脚流出，故A正确；

B、因为二极管具有单向导电性，故将电路中的干电池正负极对调，则电路相当于断路，LED不会亮，故B

正确；

C、灯泡和LED时串联的，所以通过LED的电流与通过小灯泡的电流相同，故C错误；

D、灯的亮度由灯的实际功率决定，小灯泡不亮，原因可能是小灯泡的实际电功率太小，故D正确。

故选：Co

10.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）

进户线电能表

甲乙内丁

A.图甲中，床头灯开关内的线头相碰，会造成空气开关跳闸

B.图乙中，漏电保护器会在插座被短路时跳闸，迅速切断电流

C.图丙中，闭合开关，电灯不亮，用试电笔接触D、E点时航管均发光，测F点时速管不发光，该电路故

障为EF间断路

D.图丁中，用试电笔检查电气设备是否带电时，为了安全，手不能触碰金属笔尖和金属笔卡

【解答】解：A、床头灯开关内的线头相碰，相当于开关闭合，不会造成电路中的电流过大，不会造成图甲

中空气开关跳闸，故A错误；

B、插座被短路时，电路中的电流过大，经过火线、零线的电流相同，漏电保护器不会切断电流，故B错误;

C、闭合开关，电灯不亮，用试电笔接触D、E点时氟管均发光，测F点时短管不发光，该电路故障为E、F

之间断路，故C正确；

D、试电笔可以用来区分零线和火线，使用时要用指尖抵住笔尾的金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。

故选：Co

11.某向学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻”的实验，已知Rx为特测定值电阻，电源电压恒为4.5V,

滑动变阻器R标有“20。1A”字样，他记录的实验数据如下表所示。下列说法不正确的是（）

序号12345

U/V1.02.02.53.04.0

I/A0.10.220.260.30.4

A.该实验的原理是R号

B.第1次实验的数据是他编造的

C.实验过程中，当滑片左移时，Rx与R的功率之比增大

D.为减小实验误差，可利用每次实验测得的U之和与I之和的比得到电阻Rx的平均值

【解答】解：A.“伏安法测电阻”测电阻的实验原理R=U,故A合理；

I

B.由表中数据结合欧姆定律可得，定值电阻R=U=」I_=10Q,根据分压原理可知，当滑动变阻器的最大

I0.1A

电阻连入电路中时，电压表示数最小，

定值电阻两端的最小电压U最小XR=25VX1OC=1.5V>1V,所以第1次实验的数据是他

R+R渭10Q+200

编造的，故B合理；

C.如图，Rx与R串联，故电流相等，由P=FR可知，电流一定，Rx与R的功率之比就等于Rx与R之比，当

R

滑片左移时，滑动变阻器接入阻值R变小，定值电阻Rx不变，故一匹变大，即当滑片左移时，Rx与R的功

R

率之比增大，故c合理；

D.在测定值电阻的阻值时，由于测量存在误差，通常多次测量几组数据，分别求出电阻值求平均值来减小误

差，故D不合理。

故选：Do

12.如图所示是某同学设计的一款炒菜机模型的简化电路图，它可以实现常温翻炒、高温翻炒、低温炳煮

和高温炯煮四种工作模式，电动机上标有“6V,3W”字样且通电后正常工作，Ri、R2为发热电阻且电阻大

小相等，四种模式中电流表的最大示数为1.5A。关于下列结论：

①开关S与1、2触点时，炒菜机为高温爆煮模式；

②炒菜机处于低温炳煮模式时，电路的总电阻为12。；

③沙菜机处于常温翻炒与高温炳煮模式时消耗的电功率之比为1：2；

④炒菜机处于高温翻炒模式时，电路中lmin产生的热量为540J。

其中正确的是（）

A.①②④B.②③C.③④D.③

【解答】解：①、由图可知，开关S与：L、2触点时，Ri、R2串联，电动机不工作，根据串联的电阻特点可

知，此时电路中的总电阻最大，由p=U：可知，电路中的总功率最小，炒菜机为低温炳煮模式，

R

开关S与2、3触点时，只有Ri工作，电路中的总电阻较小，总功率较大，炒菜机为高温婀煮模式，故①错

误；

②、开关S与3、4触点时，Ri与电动机并联，炒菜机处于高温翻炒模式，根据并联的电流特点可知，此时

电路中的总电流最大，

P

由P=UI可知，电动机的额定电流：IM=』=21=0.5A,

U6V

根据并联电路的电流特点可知，此时通过Ri的电流：II=I-IM=1.5A-0.5A=1A,

由|=U可知，Ri的阻值：比=也_=空=6。，

R1A

由于Ri、R2为发热电阻且电阻大小相等，根据串联电路的电阻特点可知，炒菜机处于低温爆煮模式时，电

路的总电阻：R=RI+R2=6Q+6O=12O,故②正确；

C、开关S与4、5触点时，只有电动机工作，此时炒菜机处于常温翻炒模式，电路中的电功率：P=PM=3W,

高温炯煮模式时消耗的电功率：P'=Uli=6VXlA=6W,

炒菜机处于常温翻炒与高温炳煮模式时消耗的电功率：P：P'=3W：6W=1：2,故③正确；

④炒菜机处于高温翻炒模式时，电路中Imin消耗的电能：W=Ult=6VX1.5AXlX60s=540J,

由于电动机消耗的电能主要转化为机械能，则电路中lmin产生的热量小于540J,故④错误。

故选：Bo

13.2023年9月正式开通的光谷空轨旅游专线是中国首条悬挂式单轨线路，车辆行驶时，整个车厢悬挂在

高架桥上，犹如在空中“飞”过，乘客可在城市上空欣赏光谷科技城日新月异的变化。光谷空轨旅游专线

自开通以来，迅速成为我市一张靓丽的名片。

（1）光谷空轨旅游专线车厢里全程禁烟，一方面彰显我市全国文明城市的形象，另一方面也是对乘客的健

康保护。从分子运动的角度看，吸烟时，分子在不停地做无规则的运动，会造成其他乘客被动吸烟。

（2）光谷空轨旅游专线的技术创新之一是在国内首次工程化全面应用了飞轮储能型地面再生能量吸收装

置，当客车到站刹车时，飞轮也带动发电机发电。飞轮储能的本质是将机械能转化为电能。

【解答】解：（1）由于一切分子都在不停地做无规则运动，所以公共场合吸烟的时候，烟气会扩散到空气

中，会造成其他乘客被动吸烟；

（2）利用飞轮带动发电机发电时，将机械能转化为电能，达到储能的目的。

故答案为：（1）不停地做无规则的运动；（2）机械；电。

14.如图是一款运动手环，手环内置一空心密闭的塑料管，管内有一小块可移动的磁铁，管外缠绕着线圈。

戴着这种手环走路时磁铁在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，这是

利用了电磁感应原理。这种手环的工作原理与发电机（选填“发电机”或“电动机”）的工作原

理相同。某次外出小明手环记下的步数是4500步，用时40分钟，按“三步两米”（即每3步走过的路程为

2m）估算，小明此次运动的平均速度是1.25m/s。

【解答】解：（1）根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，线圈切割磁感

线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能；

（2）发电机的工作原理是电磁感应现象，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故手环的工作

原理与发电机相同；

（3）小明通过的路程：s=®22_X2m=3000m；

3

小明的平均速度：丫=巨=3000m=i.25m/s。

t40X60s

故答案为：电磁感应；发电机；1.25。

15.小明同学用如图所示的装置探究凸透镜成像规律，他选用了焦距为10cm的凸透镜A和焦距为15cm的

凸透镜B进行实验。

叩

缪|||||||||||||||||||||||||||||||||||||

昌Ocm]0;11111,11

60708090100e

乙

（1）如图甲，光屏上恰好得到了一个清晰的像，则小明在实验中选用的是凸透镜A（填“A”或"B”）,

照相机（填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用该成像原理工作的。

（2）小明取来一副眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上的像变模糊了，他向左移动蜡烛，光屏

上的像又变清晰了，说明该镜片可用来矫正近视眼（填“近视眼”或“远视眼”）的。

（3）如图乙，当凸透镜位于光具座上e点时，光屏上恰好得到清晰的像，此时蜡烛与光屏间的距离为L。、

与e点的距离为L；在保持蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到某点，光屏上再次得到清晰的

像，则透镜向右移动的距离s=Lo-2L（用Lo、L表示）。

【解答】解：（1）由图可知，u>v,且成像，说明u=30cm>2f,2f>=15cm>f,故15cm>f>7.5cm,则

小明选择的是A凸透镜；

此时成倒立、缩小的实像，与照相机成像原理一致；

（2）小明将一副镜片放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上的像变模糊了，向左移动蜡烛又出现清晰的像，

说明该镜片对光线具有发散作用，推迟光线会聚成像，故老师戴的镜片是凹透镜，近视眼镜；

（3）当凸透镜位于光具座上e点时，光屏上恰好得到清晰的像，此时蜡烛与光屏间的距离为Lo、与e点的

距离为L,则物距为L,像距为Lo-L,根据折射现象中，光路可逆可知，在保持蜡烛和光屏位置不变的情况

下，将凸透镜向右的距离为Lo-L,即此时的物距等于原来的像距，此时的像距等于原来的物距，光屏上再

次得到清晰的像。

故答案为：（1）A；照相机;（2）近视眼；（3）Lo-2Lo

16.如图所示是“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。实验中用到了一个弹簧测力计、一个木块、

一个祛码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。（1）甲实验中用弹簧测力计水平匀速直线拉

动木块，根据二力平衡的知识,可知弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等。

(2)比较乙、丙两次实验，可得出结论：当压力大小相同时,接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。

(3)丙实验中祛码随木块一起做匀速直线运动，在丙图画出木块对祛码作用力的示意图。

较光滑的木板

_____申

较粗糙的木板

【解答】解：(1)将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计水平匀速拉动木块，使木块沿长木板做匀速直

线运动。

木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡原理可知，此时木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力

计的示数;

(2)分析乙、丙两次实验可知，压力大小相同，改变接触面粗糙程度，数据可以得出，滑动摩擦力大小与

接触面粗糙程度大小有关；

(3)祛码现对于木块静止，不受摩擦力，木块对磋码的作用力是一个向上的支持力，故示意图如下：

较光滑的木板—

甲

较光滑的个木W板A、

较粗糙的木板

故答案为：(工)水平；二力平衡；(2)压力大小；(3)见上图。

17.小梦在做“探究通电螺线管外部的磁场分布”实验时，实验装置如图甲。

(1)闭合开关并轻敲玻璃板，观察到铁屑分布情况如图甲，则通电螺线管外部的磁场与条形磁体周

围的磁场相似。

(2)把小磁针放在通电螺线管四周不同的位置，小磁针静止时N极(小磁针涂黑的一端)所指方向如图乙,

则通电螺线管的右端为N极。

(3)对调电源正负极，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙，说明通电螺线管的极性与

电流方向方向有关。

【解答】解：（］）由图可看出，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似;

（2）在磁场中，小磁针的N极表示该点的磁场方向，磁场外部的磁场方向从N极指向S极，则通电螺线管

的右端为N极。

（3）对调电源的正负极重复上述实验，电流的方向发生了变化,小磁针的指向与之前相反，说明通电螺线

管的极性跟电流方向有关。

故答案为：（1）条形；（2）N；（3）电流方向。

18.小明探究“通过导体的电流与电阻的关系”。

图甲为实验装置，其中滑动变阻器最大阻值为50Q,电源电压恒为6V,实验时将电阻箱阻值依次调为25。、

20。、15。、1011,5。。

（1）图中有一根导线连接错误，请在该导线上画X,并用笔画线代替导线在图上改正（导线不能交叉）。

（2）改正电路后，闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，经检查排除导线和接线柱故障，则原

因可能是电阻箱断路。

（3）排除故障后，根据数据得1-1的图像如图乙所示，则电阻箱两端电压控制为2V。

R

（4）完成某次实验后，仅改变电阻箱阻值，观察到电压表示数如图丙所示，由此可知上一次电阻箱接入的

阻值为1511,

（5）由以上实验初步得出电流和电阻的关系，为使结论更具普遍性，下列操作可行的是C（A/B/C）；

A.将电阻箱阻值调为30。再测一组数据

B.仅将电源电压调为4V,电阻箱两端控制的电压不变，重复实验

C.电源电压保持不变，仅将电阻箱两端电压控制为3V不变，重复实验

【解答】解：（1）电阻箱和滑动变阻器串联接入电路，电压表与电阻箱并联接入电路，如图：

甲

（2）闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表串联接入电路，所以电路故

障为电阻箱断路；

（3）由可知当l=0.4A时，则R=---------=5（1,

R0.2QT

根据欧姆定律可得电阻箱两端的电压Uv=IR=0.4AX5Q=2V；

（4）实验中电阻箱两端的电压保持2V不变，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压UP=U-

Uv=6V-2V=4V,根据串联分压原理可得生2V

RpUp6V-2V2

设上一次电阻箱接入电路的阻值为R',则滑动变阻器接入电路的阻值为2R',由丙图可知电压表示数为

1.5V,

因为实验时将电阻箱阻值依次调为25。、20。、15。、10。、5。，由此分析可知下一次实验电阻箱的阻值总

比上一次小5。，

则根据串联电路电压规律、串联分压原理可得K,解方程可得R，=15。；

2R‘6V-1.5V

（5）为使结论更具普遍性，需改变电阻箱两端的电压，进行多次实验，

A.将电阻箱阻值调为30。再测一组数据，根据小题4中分析可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为60（1,

滑动变阻器最大阻值为500,故不可行；

B.将电源电压调为4V,重复实验，电阻箱两端的电压不变，根据欧姆定律可知实验数据不变；

C.电阻箱两端电压控制为3V不变，重复实验，根据串联电路电压规律、串联分压原理可得

R定二Uy=3V」

"R7"U-UV"6V-3V^2'

当R=25。时，滑动变阻器接入电路的阻值为25CV50O,故可行，

故选：Co

故答案为：（工）见上图；（2）电阻箱断路；（3）2；（4）15；（5）Co

19.如图甲所示，蓝鲸1号是我国研制的世界最先进的深水半潜式钻井平台。在重外的科技节上，小坤同

学制作了蓝鲸1号的模型，如图乙所示，该模型底部有2个相同的长方体浮箱，每个浮箱底面积为400cm2,

高10cm,每个浮箱内有体积为1800cm3的空心部分，可装水；两个浮箱上共有4根相同的均匀立柱，每根

立柱的横截面积为50cm2,高30cm,每根立柱内有体积为lOOOcm，的空心部分，可用于装载开采的石油:

整个模型空重60N。小坤将该模型的2个浮箱全部装满水，放入底面积为2000cm2的薄壁柱形容器中，如

图丙所示，模型底部通过4根相同的轻质细绳均匀固定在容器底部，使其保持竖立，此时细绳刚好被拉直。

（p酒精=0.8XlC）3kg/m3）

求：（1）当2个浮箱全部装满水时，整个模型的总重为多少N?

（2）图丙中，模型排开水的体积为多少？

（3）在图丙的基础上，将每根立柱装满酒精，再将浮箱中的水全部排到容器中，最终，每根绳子的拉力为

【解答】解：（1）每个浮箱内有体积为1800cm3的空心部分,

则两个浮箱装满水后水的重力为：G；«=m水g=p水V总gMlXloSkg/mBxigOOXlO-GmSxzXlON/kgnBGN；

则整个模型总重：G总=6水+G模=36N+60N=96N；

（2）模型漂浮在水面上，所受浮力等于其总重力，

由F浮=p水gV排得，模型排开水的体积