2018-2019学年江西省吉安市新干四中九年级（上）期中物理试卷

2018-2019学年江西省吉安市新干四中九年级（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、填空题1、小清同学跟妈妈去庐陵生态园游玩。如图所示，鲜花盛开散发出阵阵花香，说明分子在不停地做______，清晨的露珠像一颗颗珍珠在荷叶上滚来滚去，说明水分子之间存在相互作用的______。2、建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔(如图所示)，钻孔时钻头发热是由于克服摩擦力______使钻头的内能增加了，在钻孔过程中不断地往钻头上注水，可以利用水的______较大，能吸收较多的热量，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏。3、生活中常用的热水瓶注入一定量的热水(不满)后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来。这一过程中瓶内气体的______能转化为软木塞的机械能。汽油机的______冲程也发生同样的能量转化。4、如图所示，在烧杯中加入盐水，然后将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中，这样就制成了一个盐水电池。观察电压表的接线和指针偏转可知：锌片是盐水电池的______极，电池的电压为______V.盐水中，正电荷不断地在铜片聚集，负电荷不断地在锌片聚集，盐水中电流的方向是______。5、许多宾馆都利用房卡取电，如图所示，只有把房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用。房卡的作用相当于家庭电路中的______，通电后用一个便携式充电器给手机电池充电，在充电过程中，该手机电池相当于电路中的______。(选填“电源”、“用电器”或“开关”)。6、如图所示电路，如果同时闭合开关S1、S3，且断开S2，则灯L1、L2为______联；如果同时闭合开关S27、如图所示的电路中，电源电压为6.3V，闭合开关后，电压表示数为2.8V，电压表测量小灯泡______两端的电压，灯泡L2两端的电压为______V。8、在收音机等电器中，有一种叫电位器的变阻器，电位器的外形及其内部构造如图所示。图中A、B、C三个焊接点相当于变阻器的三个接线柱。若将该电位器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯变亮，则应连接接线柱______(选填”A和B“、”B和C“或”A和C“)，并将其与灯泡______联后接入电路中。9、德国物理学家欧姆，从1825年开始研究电流与电源及导线长度的关系，并于1826年归纳出了今天所称的欧姆定律，即：导体中的电流，跟导体两端的电压成______，跟导体的电阻成______。10、如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合后，只有一个电表示数发生了变化。假设电路中只有一处故障，且只发生在电阻R或灯泡L上。若电流表的示数发生了变化，则故障原因是______，若电压表的示数发生了变化，则故障的原因是______。二、单选题1、通常情况下，下列家用电器中，额定电流从小到大排列正确的是()A.电子手表、节能灯、空调、电视机 B.节能灯、电子手表、空调、电视机C.节能灯、电子手表、电视机、空调 D.电子手表、节能灯、电视机、空调 2、如图所示是四冲程汽油机一个工作循环中的三个冲程，缺少了一个冲程名称及顺序，下列判断正确的是()A.吸气冲程，应在甲图之前 B.排气冲程，应在丙图之后C.压缩冲程，应在甲、乙图之间 D.做功冲程，应在乙、丙图之间 3、击剑比赛中，当甲方运动员的剑(图中用“S甲”表示)击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯L乙亮，同理，乙方剑击中甲方，灯L甲亮。下面能反映这种原理的电路是A. B.C. D. 4、如图所示，是处于内陆地区的城市西宁和处于海边的城市三亚两地在5月18日的天气预报截图。请分析造成两地温差差异的主要原因是()A.水的比热容比泥土、砂石的比热容大 B.水的内能比泥土、砂石的内能大C.水的密度比泥土、砂石的密度小 D.水的温度比泥土、砂石的温度低 5、在研究“导体电阻的大小与哪些因素有关”时，小明将如图所示的

三根镍铬合金线(ab与ef长度相同，ab与cd粗细横截面积相同)分别接入电路中，则小明利用该实验装置不能探究的是()A.导体电阻与长度的关系 B.导体电阻与材料的关系C.导体电阻与横截面积的关系 D.导体电阻与长度、横截面积的关系 6、如图所示，闭合开关后两灯不亮，用电压表先后测得UAD=UAC=A.灯L2发生断路 B.灯L1发生断路 C.灯L1发生短路 D.灯三、多选题1、两个相同的容器分别装有a、b两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，则下列说法正确的是()A.若a、b两种液体的质量相同，则a的比热容小于b的比热容B.若a、b两种液体的质量相同，则a的比热容大于b的比热容C.若a、b为同种液体，则b液体的质量小于a液体的质量D.若a、b为同种液体，则b液体的质量大于a液体的质量 2、如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，电流表A的示数逐渐变小，这一过程中()A.滑片P是向左滑动的 B.电流表A1C.电压表V的示数逐渐变小 D.电流表A与A1的示数差不变四、计算题1、新疆地区昼夜温差很大，流传着“早穿皮袄午穿纱”的说法，请你解释这是为什么并列举一个与该原理有关的一个应用。______2、小星家的太阳能热水器，水箱容积是100L.小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20℃，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45℃.请你求解下列问题：(1)水箱中水的质量；(2)水吸收的热量；(3)如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，求至少需要燃烧多少m3的煤气？______3、小华同学在一次实验中连接了如图所示的电路，当S1闭合，S2、S3断开时，在确定所有操作都正确的情况下，读出电压表的示数为5V；当S1、S3断开，(1)电源电压是多少？(2)当S1、S3闭合，S2(3)细心的小芳同学发现小华的一个操作存在问题，请你指出来。______4、如图所示电路图，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压恒定，当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表的读数为0.50安，电压表读数为2.5V，灯L正常发光，当开关S1、S2闭合，S3(1)电阻R的阻值；(2)电源电压；(3)题中，当开关S1、S2闭合，S3______5、用图所示的装置演示气体扩散现象，其中一瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一瓶装有空气。为了有力地证明气体发生扩散，装二氧化氮气体的应是______(选填“上”或“下”)瓶。扩散现象说明气体分子______。若实验温度分别为①0℃，②4℃，③20℃，④30℃，则在______温度下(填序号)气体扩散最快。______五、实验探究题1、图所示是小明同学探究改变物体内能的实验：他用打气简向装有少量酒精的瓶内用力打气，瓶内气体的内能会______。当他继续向瓶中打气，瓶塞从瓶口处跳出的瞬间，小明观察到瓶内有白雾产生。白雾是由于瓶内的气体对外做功使其内能______，温度降低发生液化形成的。(选填“增大”、“不变”或“减小”)______六、综合题1、如图1是实验室常用的一种电流表，其零刻度不在表盘的最左端。小明把导线a、b分别与标有“-”和“3”的接线柱相连时，电流表指针偏转情况如图1所示，此时，电流是从导线______(填“a”或“b”)流入电流表，小林实验时电流表指针如图2所示，则读数为______A。______2、为了比较水和沙子容热本领的大小，小明在2个相同的烧杯中分别装入水和沙子。用两个相同的酒精灯对其加热。(1)在实验前要控制水和沙子的______和______相同。(2)比较水和沙子吸热升温快慢的方法有两种：方法一：加热时间相同比较它们各自升高的温度。方法二：______。(3)用两个相同的酒精灯对其加热的目的是______。(4)如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，______(沙子/水)升高的温度更高。(5)实验中有些同学发现：刚开始加热时，情况与(4)结论不符，你认为可能的原因是______。______3、某同学对“串联电路电压规律”进行探究。【设计与进行实验】(1)按如图所示电路图连接电路；(2)闭合开关，用电压表测出L1(3)在测量L2两端电压时，为了节省时间采用以下办法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C(4)测出AC间的电压。【交流与评估】(1)在拆接电路时，开关必须______。(2)该同学用上面的方法______(选填“能”或“不能”)测出L2UABUBCUAC2.11.83.7(3)方法改进后，所测出的A、B，B、C，A、C间的电压记录在右表中，分析数据可以得出本次实验的结论：串联电路总电压______(选填“等于”或“不等于”)各用电器两端电压之和。(4)这个实验在步骤设计上还存在的不足之处是______；在表格设计上的不足是______。______4、小美利用如图甲电路探究电流跟电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。(1)请根据图甲的电路图将图乙实物图补充完整，要求滑片右移时电流变小，(导线不允许交叉)。(2)实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙I-R图象。①由实验图象可得出的结论：______。②上述实验中，小明利用5Ω的电阻完成实验后，接下来的操作是：将10Ω的电阻接入电路中，闭合开关，向______(选填“左”“右”)移动滑片，使电压表示数为______V，读出电流表的示数。(3)为完成整个实验，根据上述定值电阻，应选择最大阻值至少为______Ω的滑动变阻器，若实验室只有标有“50Ω0.3A”的滑动变阻器，上述定值电阻中有______个不能够完成上述试验。(4)探究过程中多次实验的目的是：______。______

2018-2019学年江西省吉安市新干四中九年级（上）期中物理试卷参考答案一、填空题第1题参考答案:无规则运动

引力

;解：(1)能闻到阵阵花香，是花的芳香分子运动到空气中，是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；(2)露珠有一定的形状，说明水分子间存在相互作用的引力。故答案为：无规则运动；引力。(1)不同物质组成的物体相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则运动；(2)分子间存在相互作用的引力和斥力。本题考查分子的无规则运动是通过扩散现象表现出来的；要会应用平面镜成像的特点分析解决实际问题。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:做功

比热容

;解：建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻头打完孔后会发烫，因为钻头和墙相互摩擦，机械能转化为内能，这是通过做功方式改变了钻头的内能；水和其他物质比较，质量相同时，水的比热容大，升高相同的温度，水吸收的热量多，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏；故答案为：做功；比热容。(1)改变物体内能的方法：一是做功(能量的转化)，二是热传递(能量的转移)；(2)水的比热容大，是指相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。本题考查了学生对改变内能的方法(做功、热传递)、水的比热容大的应用，属于热学常见题目。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:内

做功

;解：(1)瓶塞跳起来，机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能；(2)汽油机在做功冲程中，气缸内高温气体膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能。故答案为：内、做功。(1)瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；(2)汽油机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能。本题从生活中的物品入手，考查了改变内能的方式，注重了物理知识与生活的联系。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:负

0.6

从锌片流向铜片

;解：根据图示可知，因为锌片与电压表的负接线柱相连，因此锌片为盐水电池的负极；电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为0.6V；电流的方向是从铜片流经电压表流向锌片，而自由电子的移动方向与电流方向相反，所以铜片与电压表之间的导线中，自由电子的运动方向是从电压表流向铜片；而盐水中的电流的方向是由负极到正极，所以盐水中电流的方向是从锌片流向铜片。故答案为：负；0.6；从锌片流向铜片。电源外部电流总是从电源的正极出发，经过用电器，回到电源的负极的，电源内部电流是由负极到正极；根据电压表的正确使用方法确定电源的正负极；根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；电荷的定向移动形成电流，正负电荷定向移动方向相反，规定正电荷定向移动的方向为电流方向；所以负电荷定向移动的方向与电流方向是相反的。本题利用了电压表的使用方法来判断电源的正负极、电池的电压以及电源的内部、外部电流方向判断，属于基础题。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:开关

用电器

;解：(1)房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当于家庭电路干路上的开关；(2)在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，手机电池消耗了电能，手机电池相当于用电器。故答案为：开关；用电器。(1)开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器。(2)根据电路的组成进行判断。本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点以及电路的组成，联系生活实际会辨认，会解释。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:并

电源短路

;解：如果同时闭合开关S_{1}、S_{3}，且断开S_{2}，电流从电源正极出发，分两支，一支经开关S_{3}、灯泡L_{1}，另一支经灯泡L_{2}，然后经过开关S_{1}共同回负极，则灯L_{1}、L_{2}并联；如果同时闭合开关S_{2}、S_{3}，导线直接接在电源两极上，电流不经过任何用电器，会形成电源短路，造成电流过大，烧坏电源；故答案为：并；电源短路。电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；如果电流在某点出现分路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联，根据题目中的开关组合，分析电流的流向，从而判断电路的连接情况。本题考查了判断电路元件的连接方式，知道串并联电路的连接方式、分析清楚电路结构即可正确解题。会根据串并联电路的特点分析电路的连接。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:L1

3.5

;解：由图可知，电压表并联在L_{1}两端，故电压表测L_{1}两端的电压，即L_{1}两端的电压U_{1}=2.8V，又因为L_{1}、L_{2}串联，L_{2}两端的电压为U_{2}=U-U_{1}=6.3V-2.8V=3.5V。故答案为：L_{1}；3.5。由电路图可知，灯泡L_{1}、L_{2}串联，电压表并联在L_{1}两端，即电压表的示数为L_{1}两端的电压；根据串联电路的电压特点求出L_{2}两端的电压。本题考查了串联电路的电压特点，关键是电压的正确使用和所测电路元件的判断，是一道基础题目。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:B和C

串

;解：电位器是一个滑动变阻器，当把A、C接入电路时，相当于定值电阻，不能改变通过电位器的电流；若将该电位器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯变亮，说明接入电路的电阻变小，则应连接接线柱B和C接入电路，并将其与灯泡串联。故答案为：B和C；串。电位器的实质是一个滑动变阻器，滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，据此分析即可判断。电位器是一个变形的滑动变阻器，此滑动变阻器有三个接线柱，明确每选择其中的两个接线柱时，滑动变阻器连入电路的电阻。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:正比

反比

;解：德国物理学家欧姆经过大量的实验研究，得出了电流与电压、电阻的关系：导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比。故答案为：正比；反比。根据对欧姆定律内容的掌握作答。本题主要考查了欧姆定律的内容，是一道基础题，熟练掌握欧姆定律是正确解题的关键。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:L短路

L断路

;解：由图知，闭合开关后，灯泡与定值电阻串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路中的电流；①开关断开时，电压表和电流表示数均为零；②闭合开关后，电流表示数发生变化，说明电路是接通的，可能是L短路或R短路，而电压表示数不变(即电压表示数仍然为零)，则故障一定为L短路；③闭合开关后，电压表示数发生变化，说明电压表与电源相连，可能是L断路或R短路，而电流表示数不变(即电流表示数为零)，则故障一定为L断路；故答案为：L短路；L断路。由图知，灯泡与定值电阻串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路中的电流；故障原因只有两种可能：断路或短路，具体原因根据灯泡是否发光进行判断。此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和仪表特点进行分析。二、单选题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:D解：电子手表的工作电流大约为3μA左右，即3×10^{-6}A左右；节能灯的工作电流约0.2A左右；电视机的工作电流约0.5A左右；空调的工作电流约2A左右；故ABC错误；D正确；故选：D。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:D解：甲图进气门打开、排气门都关闭，活塞由上向下运动，所以为吸气冲程；乙图中进气门、排气门都关闭，活塞由下向上运动，所以为压缩冲程；丙图进气门关闭、排气门打开，活塞由下向上运动，所以为排气冲程；综上所述可以知道，在乙和丙之间补充做功冲程。故选：D。汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；读出图中三个冲程的名称即可找出应补充冲程的名称。此题主要考查的是学生对汽油机四个冲程的认识和了解，基础性题目。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:D解：因为甲方指示灯和乙方指示灯可以单独工作，并且互不影响，因此甲、乙指示灯为并联连接；根据题意可知，甲方开关控制乙方指示灯的工作；乙方开关控制甲方指示灯的工作；因此D选项电路符合要求。故选：D。当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时，乙方指示灯亮，而甲方指示灯不会亮；同理，当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时，甲方指示灯亮，而乙方指示灯不会亮，由此可知这两盏灯的连接方式为并联，且S_{甲}与乙方的灯串联，S_{乙}与甲方的灯串联。本题考查串并联电路的特点，会根据用电器的工作情况确定用电器的连接方式，并会根据题意确定开关的位置是解决本题的关键。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:A解：三亚属于沿海地区水多，水的比热容较大；西宁属于内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小。白天，相同质量的水和砂石泥土比较，吸收相同的热量，水的温度升高幅度小，砂石泥土升温幅度大，所以三亚气温较低，西宁气温较高；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低幅度小，砂石泥土降温幅度大，所以气温较高，西宁气温较低，因此内陆地区的西宁日温差比沿海地区的三亚日温差大。故选：A。沿海地区水多，水的比热容较大。内陆地区地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小。白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区比内陆地区昼夜的温差小。此题考查的是利用所学的物理知识(水的比热容大的特点)解释生活中的现象，是中考命题的热点形式。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:B解：由导体的决定因素可知，电阻的大小与四个因素有关，因此要探究导体电阻的大小与决定因素的关系，需要用到控制变量法。ab与cd粗细横截面积相同，由此可以确定这两段电阻丝的材料、横截面积是相同的。根据图示的两根电阻丝，可以知道电阻丝的长度不同。因此实验探究的是导体的电阻与长度的关系；ab与ef长度相同，由此可以确定这两段电阻丝的材料、长度是相同的。根据图示的两根电阻丝，可以知道电阻丝的横截面积不同。因此实验探究的是导体的电阻与横截面积的关系；根据控制变量法可知三根镍铬合金线，不能探究的是导体电阻与材料的关系。故选：B。根据题目中的操作，结合图示的物理情景，挖掘出两根电阻丝的不同点，然后利用控制变量法的思路从而可以确定实验探究的目的。由于电阻的大小由多个决定因素决定，因此探究其大小时与其决定因素的关系时，要用到控制变量法。理解控制变量法的具体使用方法是解决此题的关键。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:B解：由题意可知，闭合开关后两灯都不亮，测得U_{AD}=U_{AC}=U_{AB}=4.5V，说明电源电压为4.5V；A、若灯L_{2}发生断路，电压表测量AB间电压时，电压表不能与电源相连通，则U_{AB}=0V，故A错误；B、若灯L_{1}发生断路，电压表测量AD、AC、AB间电压时，电压表的正负接线柱都能与电源的正负极相连，测的是电源电压，都为4.5V，故B正确；C、若灯L_{1}发生短路，灯泡L_{2}发光，电压表测量AB间电压时，U_{AB}=0V，故C错误；D、若灯L_{2}发生短路，灯泡L_{1}发光，故D错误。故选：B。电路发生断路时，当电压表的正负接线柱与电源两极相连时，电压表有示数，否则无示数。本题考查了用电压表检测电路的故障。当电压表所测的那部分电路断路，电压表与电路串联，分担电源电压，要注意辨别。三、多选题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:A解：AB、由公式Q_{吸}=cm\trianglet变形得：c=\dfrac{Q_{{吸}}}{m\trianglet}，由图象可知，质量和吸收的热量都相同的a、b两种液体，a液体升高的温度高，所以a比b液体的比热容小，故A正确，B错误；CD、由公式Q_{吸}=cm\trianglet变形得：m=\dfrac{Q_{{吸}}}{c\trianglet}，若甲、乙为同种液体，则a、b的比热容相同，由图象可知，吸收相同热量时，a液体升高的温高，所以a比b液体的质量小，故D正确，C错误。故选：AD。①用同一热源加热，相同的加热时间，ab液体吸收的热量就是相同的；②在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与ab两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较ab两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多，根据公式Q_{吸}=cm\trianglet，结合图象可以对每一个选项作出判断。(1)知道公式Q_{吸}=cm\trianglet，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较。(2)看懂图象的含义，其中包含了大量的信息，找出解题需要的量。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:B解：由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A_{1}测滑动变阻器支路的电流，电流表A测干路电流。因电源的电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过定值电阻的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A的示数逐渐变小，所以，通过滑动变阻器的电流逐渐变小，即电流表A_{1}的示数逐渐变小，故B正确；由I=\dfrac{U}{R}的变形式R=\dfrac{U}{I}可知，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，即滑片向右滑动，故A错误；因电流表A与A_{1}的示数差等于通过定值电阻的电流，所以，电流表A与A_{1}的示数差不变，故D正确。故选：BD。由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A_{1}测滑动变阻器支路的电流，电流表A测干路电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数不变，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过定值电阻的电流不变，根据并联电路的电流特点判断出通过滑动变阻器电流的变化，再根据欧姆定律判断接入电路中电阻的变化和滑片移动的方向，再根据并联电路的电流特点判断两电流表示数差值的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好通过滑动变阻器电流的变化是关键。四、计算题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:答：新疆沙漠地区的沙石多，白天在太阳照射下，砂石吸收热量，由于沙石的比热容小，因此温度变化大，气温升得很高；晚上，沙石放出热量，由于沙石的比热容小，因此温度变化大，气温降得很低，故新疆沙漠地区会出现早晚冷、中午热的现象；例如炎热的夏日，河边的砂石烫脚而河水却比较凉。比热容是指单位质量的物质温度升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量；比热容小的物体与比热容大物体吸收同样的热量，比热容小的物体温度升高的快。运用所学知识解释自然现象，把理论和实践结合起来是我们学习物理的关键。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：（1）水的体积：V=100L=100dm3=0.1m3，根据ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×0.1m3=100kg；（2）水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（45℃-20℃）=1.05×107J；（2）由题知，煤气完全燃烧释放热量：Q放===2.625×107J，由Q放=mq可得，需要煤气的体积：V==≈0.673m3。答：（1）水箱中水的质量为100kg；（2）水吸收的热量为1.05×107J；（3）至少需要燃烧0.673m3的煤气。(1)水箱装满水时水的体积和水箱的容积相等，根据密度公式求出水的质量；(2)知道水的质量和水的初温、末温以及水的比热容，根据Q_{吸}=cm(t-t_{0})求出水吸收的热量；(3)知道煤气灶的效率，利用效率公式求出煤气完全燃烧放出的热量，再利用Q=mq求出需要煤气的体积。本题考查了密度公式和吸热公式、效率公式和燃料完全燃烧释放热量公式的应用，重点考查了学生的综合应用能力及应用物理知识解决实际问题的能力，体现了物理与生活相联系的思想。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:解：（1）当S1闭合，S2、S3断开时，如下图所示：两灯泡串联，电压表测L1两端的电压，所以U1=5V，当S1、S3断开，S2闭合时，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，所以U2=1V，电源的电压U=U1+U2=5V+1V=6V；（2）当S1、S3闭合，S2断开时，如图所示：电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，所以此时电压表的示数为6V；当S1、S3闭合，S2断开时，L2短路，故L2两端的电压为0；（3）据题意可知，当S1、S3断开，S2闭合时，电压表接线柱接反。答：（1）电源电压是6V；（2）当S1、S3闭合，S2断开时，电压表的示数为6V，L2两端的电压是0；（3）分析可知，当S1、S3断开，S2闭合时，电压表接线柱接反。当S_{1}闭合，S_{2}、S_{3}断开时，两灯泡串联，电压表测L_{1}两端的电压；当S_{1}、S_{3}断开，S_{2}闭合时，两灯泡串联，电压表测L_{2}两端的电压；(1)根据串联电路的电压特点求出电源的电压；(2)当S_{1}、S_{3}闭合，S_{2}断开时，电路为L_{1}的简单电路，电压表测电源的电压；(3)据电压表的正负接线柱分析即可判断。本题考查了串联电路的电压特点，关键时开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电压表所测电路原件的判断。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:解：（1）开关S1、S2断开，S3闭合时，由图可知L与R串联，电压表测R两端电压UR=2.5V，电流表测电路电流I=0.5A，电阻R的阻值：R===5Ω；（2）灯泡正常工作，此时灯泡两端电压U灯=U额=2.5V，可得电源电压U=UR+U灯=2.5V+2.5V=5V；（3）当开关S1、S2闭合，S3断开时，由图可知L与R并联，此时灯泡的实际电压即电源电压5V，远大于其正常工作时两端电压，因此灯泡会被烧坏，即通过的电流为0。答：（1）电阻R的阻值为5Ω；（2）电源电压为5V；（3）当开关S1、S2闭合，S3断开时，通过小灯泡L的电流为0。(1)开关S_{1}、S_{2}断开，S_{3}闭合时，分析电路可知L与R串联，电压表测R两端电压，根据串联电路的特点，结合用电器正常工作时的特点及串联电路的电压规律求电阻R的值和电源电压；(2)开关S_{1}、S_{2}闭合，S_{3}断开时，分析可知R与L并联，电流表测干路电流，比较灯泡两端实际电压与其正常工作时两端的电压，分析灯泡工作情况，确定电流值。本题考查了串、并联电路的特点，要理解欧姆定律，掌握用电器正常工作时其实际电压与额定电压相等。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:下

在不停地做无规则运动

④

解：二氧化氮气体的颜色是红棕色的，而且比空气的密度大，因此必须放在下面的瓶子中。将两个瓶口对在一起，二氧化氮气体分子会向空气中运动，所以下面瓶内的气体颜色会变淡，上瓶内的气体颜色会变红。而且温度越高，运动速度越快。故答案为：下；在不停地做无规则运动；④。分子在永不停息地做无规则运动，运动速度和温度有关，温度越高速度越快。本题考查学生对分子运动特点和其相关因素的掌握情况，需要对分子动理论加强记忆方面的训练。五、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:增大

减小

解：瓶子里装有一些酒精，用力打气，在瓶塞未跳起前，压缩瓶内的气体做功，瓶内气体的内能增加；继续打气，当瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减少，温度降低，使瓶内的水蒸气液化成小水珠，出现白气。故答案为：增大；减小。改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递。对物体做功物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少。掌握改变物体内能的两种方法：做功和热传递。物体内能变化可能温度变化，也可能是物态变化。六、综合题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:a

0.32

解：(1)读图1可知，电流表的指针向左偏转(偏向零刻度线的左侧)，说明电流表正负接线柱的位置接反了，故此时电流是从导线“a”流入电流表的；(2)图2中，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.32A。故答案为：a；0.32。(1)电流表在连接时，应使电流正进负出，否则会出现指针反偏；(2)明确电流表的量程与分度值，可根据指针位置读出示数。本题主要考查了对电流表的连接、量程选择、读数方法的掌握，是我们必须熟练掌握的基本实验技能。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:初温

质量

升高相同的温度比较所用的时间

相同时间供给水和沙子的热相同

沙子

水的导热性能好，而沙子受热不均匀

解：(1)为了研究水与沙子比热的大小，实验时，要控制水与沙子的初始温度、质量相等。(2)可通过研究水与沙子升高相同的温度，所需时间的长短来比较水和沙子吸热温度升高的快慢。(3)用两个相同的酒精灯对其加热的目的是：相同时间供给水和沙子的热相同。(4)由于水的比热大于沙子的比热，所以如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，沙子升高的温度更高。(5)由于水的导热性能比沙子的导热性能好，而沙子受热不均匀，所以刚开始加热时，水升温快。故答案为：(1)初温，质量；(2)升高相同的温度比较所用的时间；(3)相同时间供给水和沙子的热相同；(4)沙子；(5)水的导热性能好，而沙子受热不均匀。从控制变量法的实验方法、水的比热大于沙子的比热、水与沙子导热快慢角度分析解答此题。本实验采用了控制变量法，在研究设计多个量的问题时，为了研究某两个量间的关系，要控制除这两个量外的其它各量保持不变，这就是控制变量法，在实验中要注意控制变量法的应用。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:断开

不能

电压表正、负接线柱接反了

不等于