2018-2019学年河南省郑州市实验文博学校九年级（上）期中物理试卷

2018-2019学年河南省郑州市实验文博学校九年级（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、填空题1、如图所示，世界上最大的城市湿地公园一一郑汴新区中央公园已经开建，公园中大量的水可以调节湿度和气温。由于水的______较大，使该区域夏季气温______(选填“低于”、“高于”)市区的气温。该公园建成后将会成为国内一流的生态休闲基地，真正成为郑州的呼吸中心。2、如图所示是快速飞行的子弹穿过扑克牌的瞬间的情形，这时子弹对扑克牌的力使扑克牌发生了______；同时子弹受到了扑克牌的阻力使子弹的______也发生了改变。我们可以看到扑克牌被子弹穿过的地方有烧焦的痕迹，这是通过______的方式使扑克牌的内能增加的。我们还会闻到扑克牌被烧焦的气味，这时一种______现象。3、如图是某种车载空气净化器的工作过程，受污染的空气被吸入后，颗粒物进入电离区后带上某种电荷，然后在集尘器上被带电金属网捕获，再通过复合过滤网使空气净化，其中带电金属捕获颗粒物的工作原理是______，车载空气净化器的额定电流为0.5A，额定电压为12V，则它正常工作1小时电流所做的功为______J。4、如图所示，电源两极间电压不变，R1=8Ω，R2=12Ω.当S2闭合，S1断开，若都是电流表时，①②两表示数之比为______；当S1、5、如图所示，闭合电键后，移动滑片P的过程中，标有“2.5V”字样的小灯L始终不亮，为了查找电路故障，用电压表进行检测，先将电压表的正接线柱与A接线柱相连，电压表的负接线柱依次与电路中的其他接线柱相连，对应的电压表示数如表所示，若只有R、L可能出现了故障，则可判断电路中可能存在故障的是______，若电路中串联一个电流表，发现电流表有示数，则判断电路中存在的故障可能是______。与电压表负接线柱相连的接线柱电压表的示数/VB3C3D0E06、一台某型号单缸四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟对外做功______次。效率是汽油机性能的重要指标，请你说出两条提高汽油机效率的途径：(1)______，(2)______。二、单选题1、关于分子动理论及有关现象，下列说法中正确的是()A.PM2.5霾粒人眼看不见，所以雾霾粒子的运动是分子的无规则运动B.水在凝固成冰后分子的无规则运动就停止了C.破镜不能重圆说明分子间存在斥力D.天气炎热更容易闻到垃圾堆发出的臭味，因为温度越高分子热运动越剧烈 2、取两个相同的验电器A和B，使A带上负电荷，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来(如图所示)，观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开。下列描述错误的是()A.金属棒是导体B.实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是自A到BC.B验电器金属箔片张开是因为金属箔片带上了负电荷D.小明做实验时不小心手接触金属棒的右端，两验电器金属箔将闭合 3、小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”。a、b为长度一样的镍铬合金丝，b比a的横截面积大。关于此实验，下列说法正确的是()A.小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大B.利用此装置只能探究导体电阻大小和横截面积的关系C.利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度的关系D.为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电压表 4、小明家的电能表标有“3000revs/kW⋅h“，小红家的电能表标有“2000revs/kW⋅h”。所测量的1小时内，两电能表均转过6000转。下列相关描述正确的是()A.时间相同，所以两电能表消耗的电能一样多B.在该时间段内，小红家用电器消耗的电能多于小明家用电器消耗的电能C.在该时间段内，小明家的电能表转的更快D.在任何时候，小明家的电能表都比小红家的电能表转的更快 5、热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的。要想设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路，要求温度升高时电表示数减小，以下电路符合要求的是()A. B.C. D. 6、小明在研究通过导体的电流时，根据测量数据绘制出如图所示的I-U图象。对此作出的判断中，错误的是()A.通过R1B.通过R2C.将它们串联接入到同一电路中时，通过R1D.将它们并联连接到两端电压为1.5V的电路中时，通过干路的电流大约是0.46A 三、多选题1、如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，小灯泡L标有“2.5V0.5A”(灯丝电阻不变)。在保证小灯泡L电流不超出额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是()A.电路中允许通过的最大电流为0.6AB.滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10ΩC.电流表示数变化范围是0.3～0.5AD.滑片向右滑动过程中，电压表与电流表示数的比值变小 2、如图所示，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是()A.电压表V1示数与VB.电压表V2示数变大，灯LC.电流表A的示数变大，灯L的亮暗变暗D.电压表V1与电流表A示数比值变大，灯L的亮度变暗四、作图题1、在右图的圆圈中填入电压表或电流表，使电阻R1和R2______2、如图所示，按照电路图，将实物图连接完整。______五、实验探究题1、为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了图所示的实验：在2个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下表：(1)本实验用加热时间的长短来表示物质______，这用到的科学方法是______。(2)分析下表中的实验数据可知，如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，______(沙子/水)升高的温度更高。(3)实验中有些同学发现：刚开始加热时，情况与(2)结论不符，你认为可能的原因是：______。质量/g温度升高10℃所需要的时间/s温度升高20℃所需要的时间/s温度升高30℃所需要的时间/s沙子306489124水3096163220______2、如图所示是小明“探究串联电路中电压的关系”的实验电路图。【实验步骤】(1)将电源、两个规格相同的灯泡用导线按图所示的电路图连接起来；(2)闭合开关，用电压表测出L1(3)在测L1两端的电压时，小明同学为了节省实验时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C(4)测出AC间的电压。【讨论交流】(1)小明同学用上面的方法______(能/不能)测出L2(2)小明按图连接好电路，闭合开关，测L1两端的电压时发现电压表示数为0，灯L1不发光，灯(3)排除故障并改进方法后，小明所测出AB、BC、AC间的电压记录在下面表格中。并由此得到结论：串联电路中各个用电器两端的电压相等，总电压等于各个用电器两端电压之和。本实验设计存在不合理或可以改进的地方，请你指出：a______；b______。UABUBCUAC/V1.41.42.8(4)另一组小华在做实验时(电路图同上)，把电压表接到灯泡L1两端的接线柱上，电压表示数为1V，把电压表接到灯泡L2两端的接线柱上，电压表示数为1V，但把电压表接到AC间时测得电压为2.9V，小华所有操作均无误，老师经过分析，给小华更换了一个器材，聪明的你认为老师更换的是______(______3、在伏安法测量定值电阻的实验中，某同学设计了如图甲所示的电路图，并准备了相应的器材：两节干电池、阻值约为5Ω的待测电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干等。(1)如图乙，请根据电路图将实物电路连接完整，要求：滑片向A端滑动时电压表的示数变小；(2)实验过程中获得的数据如下表：序号12345电压U/V0.51.01.52.02.5电流I/A0.10.21.50.40.5表格中出现错误的数据是______，出现这一错误最可能的原因是______；(3)若表中第1组和第5组数据分别对应滑片位于滑动变阻器的两个端点时，则根据这两组数据可以求得滑动变阻器的最大阻值为______Ω；(4)小米同学也利用该电路测量小灯泡的电阻值，得到的数据如下表格所示，该表格存在的不合理之处是______，小灯泡的电阻不是定值的原因是______，小米根据表格中的数据绘出I-U图象如图丙中A所示，其中图丙中B图线表示一个定值电阻，当二者串联在电路中，且电流等于0.15A时，二者两端的总电压是______V。电压/V0.51.01.52.02.53.0电流/A0.100.160.200.230.250.27电阻/Ω5.06.37.58.710.011.1平均电阻/Ω8.1(5)另一组的小红同学在开始实验时发现电压表损坏了，无法实验。同桌提醒她：一个电流表也能测量，只要滑动变阻器的阻值合适即可，并将电路图展示给她看，如图丁所示，设滑动变阻器的最大阻值为R0，闭合开关，分别记下P在滑动变阻器最左端和最右端时的电流I1，I0______六、计算题1、小美同学家原来用液化石油气烧水，每天约用60℃的热水100kg。她参加“探究性学习”活动后，在老师指导和同学帮助下，制作了一台简易的太阳能热水器。(1)若这台热水器夏天平均每天可将120kg的水从20℃加热到50℃，这些水吸收的热量为多少？(2)若液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，她家改用太阳能热水器后，平均每天可节约液化石油气多少千克？(液化石油气的热值为8.0×107(3)请你说出使用太阳能热水器的优点。(至少说出一点)______2、燃气式热水器由于经济、安装简便在现在仍然有不少人家在使用，但由于安装不当或不注意卫生间的通风，使用热水器时导致一氧化碳中毒的事件时有发生。某校科技兴趣小组想要设计一个可以检测一氧化碳浓度的装置，电路图如图。电源电压恒为4.5V，R是定值电阻，阻值为100Ω，R0是一氧化碳气敏电阻，其阻值与其所接触空气中一氧化碳浓度变化规律如表，报警装置(可看成电压表)采集AB间输出的电压，报警器设定AB间电压等于或大于3V时报警，此时空气中一氧化碳浓度刚好是触发报警装置报警的最小浓度。求：(1)当AB间电压刚好达到报警电压时，R两端的电压是多少，通过R0(2)当空气中一氧化碳浓度为400ppm时，通过计算说明报警器是否报警。浓度/ppm0100200300400500600电阻/Ω50100150200250300350______

2018-2019学年河南省郑州市实验文博学校九年级（上）期中物理试卷参考答案一、填空题第1题参考答案:比热容

低于

;解：公园中水多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，因此，使该区域夏季气温低于市区的气温。故答案为：比热容；低于。单位质量的某种物质温度升高(或降低)1℃吸收(或放出)的热量为该物质的比热容，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的了解和掌握，属基础知识的考查。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:形变

（运动状态）速度

做功

扩散

;解：(1)子弹使纸牌分成了两半，说明力使纸牌发生了形变；纸牌对子弹的阻力作用，使子弹的速度减小，速度的改变属于运动状态的改变。(2)我们可以看到扑克牌被子弹穿过的地方有烧焦的痕迹，这是通过做功的方式使扑克牌的内能增加的。(3)组成纸牌的物质分子由于不停地做无规则的运动，分子通过扩散分布在子弹周围的空间中，从而可闻到到纸牌烧焦的味道。故答案为：形变；运动状态(速度)；

做功；

扩散。(1)力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态，物体的速度和方向的变化都属于运动状态的改变；(2)做功和热传递都可以改变物体的内能；(3)扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。本题考查了几个重要的知识点：力的作用效果、做功改变物体的内能、扩散现象。有一定综合性，但难度不大。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:异种电荷相互吸引

2.16×104

;解：(1)由题意可知，颗粒物进入电离区带上电荷，颗粒物所带电荷与集尘器带电金属网所带电荷电性相反，异种电荷相互吸引，因此颗粒物被电网捕获；(2)1小时电流所做的功：W=UIt=12V×0.5A×3600s=2.16×10^{4}J。故答案为：异种电荷相互吸引；2.16×10^{4}。(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；(2)已知电压、电流和工作时间，利用W=UIt求消耗的电能。本题考查了空气净化器的工作原理、消耗电能的计算，分析清楚净化器的结构、知道其工作过程是关键。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:2：5

5：3

;解：(1)当S_{2}闭合S_{1}断开，①②都是电流表时，两电阻并联，电流表①测R_{2}支路的电流，电流表②测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两支路的电流之比：\dfrac{I_{1}}{I_{2}}=\dfrac{\dfrac{U}{R_{1}}}{\dfrac{U}{R_{2}}}=\dfrac{R_{2}}{R_{1}}=\dfrac{12Ω}{8\Omega}=\dfrac{3}{2}；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，两电流表的示数之比：\dfrac{I_{①}}{I_{\;②}}=\dfrac{I_{2}}{I_{1}+I_{2}}=\dfrac{2}{2+3}=\dfrac{2}{5}；(2)当S_{1}、S_{2}都闭合，①②都是电压表时，两电阻串联，电压表①测电源的电压，电压表②测R_{2}两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，两电压表的示数之比：\dfrac{U_{①}}{U_{\;②}}=\dfrac{I(R_{1}+R_{2})}{IR_{2}}=\dfrac{R_{1}+R_{2}}{R_{2}}=\dfrac{8Ω+12Ω}{12\Omega}=\dfrac{5}{3}。故答案为：2：5；5：3。(1)当S_{1}闭合S_{2}断开，①②都是电流表时，两电阻并联，电流表①测R_{2}支路的电流，电流表②测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比；(2)当S_{1}、S_{2}都闭合，①②都是电压表时，两电阻串联，电压表①测电源的电压，电压表②测R_{2}两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出两电压表的示数之比。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:R断路

L短路

;解：电压表的正接线柱与A接线柱连接，电压表负接线柱与B接线柱连接，电压表有示数，说明电源完好；电压表负接线柱与C接线柱连接，电压表有示数，说明AC之间完好；电压表负接线柱与D接线柱连接，电压表没有示数，说明AD之间有断路；电压表负接线柱与E接线柱连接，电压表没有示数，说明AE之间有断路；所以故障出在DE之间，可能是变阻器R发生断路。若电路中串联一个电流表，发现电流表有示数，则判断电路是通路，但由于电压表测量AE之间没有电压，所以存在的故障可能是灯泡L短路。故答案为：R断路；L短路。电压表检测电路故障时，当电路发生断路时，电压表与电源两极相连时，电压表有示数，否则，电压表无示数。电流表检测电路故障时，当电路发生断路时，电流表无示数，否则，电流表有示数。用电压表检验电路故障时，电压表有示数(一般等于电源电压)，说明与之并联的导体发生断路或串联的导体发生短路；电压表无示数，说明与之并联的导体发生短路或串联的导体发生断路。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:10

减少热量的损失

减少废气带走的热量

;解：汽油机完成1个工作循环，完成四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，1200r/min=20r/s，即每秒完成10个工作循环，完成40个冲程，对外做功10次；热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。所以减少热量的损失、减少废气带走的热量和使燃料充分燃烧都可以提高热机的效率。故答案为：10；减少热量的损失；减少废气带走的热量。(1)汽油机完成1个工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次；(2)热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比；比值越大，效率越高。此题考查了内燃机完成一个工作循环飞轮转动的圈数和做功次数，同时考查了学生对考查了学生对热机效率的理解，属于基础题。二、单选题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:D解：A、PM2.5霾粒是大量极细微的尘粒，所以雾霾粒子的运动是一种机械运动，不是分子的无规则运动，故A错误；B、当水凝固成冰后，由于分子都在不停地做无规则运动，水分子的热运动不会停止，故B错误；C、破镜片不能再粘在一起是因为镜片分子无法再达到相互吸引的距离，即无法再产生引力，不能说明分子间存在斥力，故C错误；D、天气炎热更容易闻到垃圾堆发出的臭味，因为温度越高分子热运动越剧烈，扩散越快，故D正确。故选：D。(1)扩散现象表明分子在永不停息地做无规则的运动；霾天气大量极细微的尘粒悬浮在空中是一种机械运动；(2)分子都在不停地做无规则运动；(3)分子之间引力和斥力是同时存在的；(4)温度越高分子的热运动越剧烈，扩散现象越明显。本题考查了分子动理论的基础知识，掌握课文知识是解题的关键。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:B解：A、据题意可知，该金属棒能导电，所以金属棒是导体，故A正确；B、电子的运动方向是A到B，由于电子是负电荷，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，所以电流的方向是由B到A，故B错误；C、验电器的原理是同种电荷相互排斥，两金属箔片能够张开是因为带上了同种电荷，故C正确；D、实验时不小心手接触金属棒的右端，则验电器金属箔的多余的电荷将减小为零，则金属箔将会闭合，故D正确；故选：B。(1)善于导电的物体称为导体；(2)电流的方向与负电荷定向移动的方向相反；(3)验电器的原理是同种电荷相互排斥；(4)验电器金属箔片的带电量越小，张角越小，当金属箔片没有多余的电荷，则金属箔会闭合。此题考查了导体、绝缘体的判断、验电器的原理、电流方向的判断等知识点，是一道综合题。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:C解：A、小灯泡越亮，说明电路中的电流越大，表示接入的合金丝电阻越小，故A错误；B、利用此装置中的一根电阻丝，用移动夹子来改变接入电阻丝的长度，也可以探究导体电阻大小和长度的关系，故B错误；C、已知a、b为长度一样的镍铬合金丝，b

比a的横截面积大，所以利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积的关系；根据B项分析可知，该装置也可以探究电阻大小与长度的关系，故C正确；D、为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流的大小来判断电阻的大小。而电压表相当于断路，所以若串联一个电压表，不管接哪根电阻丝，电压表的示数都不变，都接近电源电压，无法比较两条合金丝的电阻；故D错误。故选：C。(1)在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度来判断，但是现象不是很明显，效果不好，为了准确比较电阻的大小，可以在电路中串联一只电流表。(2)因为两根电阻丝的材料一样，故运用控制变量法，可以探究导体的电阻大小和横截面积、长度的关系。此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:B解：A、由于电能表是测量电路中消耗电能多少的仪器，故电能表本身消耗的电能无法比较；故A错误；B、电能表转过6000转；则小明家电能表消耗的电能W_{1}=\dfrac{6000revs}{3000revs/kW\cdoth}=2kW⋅h，小红家电能表消耗的电能W_{2}=\dfrac{6000revs}{2000revs/kW\cdoth}=3kW⋅h，所以小红家用电器消耗的电能多于小明家用电器消耗的电能，故B正确；C、由于1小时内，两电能表均转过6000转，所以电能表转的一样快，故C错误；D、电能表是测量电路中消耗的电能，电能表转的更快表示电流的功率大，由于小明家的电功率不一定大，所以小明家的电能表比小红家的电能表的转速不一定更快，故D错误。故选：B。电能表是测量电路中消耗的电能，根据电能表参数的含义进行解答。本题考查了功率的计算公式、单位换算以及电能表参数含义的理解与掌握，是一道基础题目。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:D解：AB.定值电阻R_{0}与热敏电阻并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，温度变化时，通过R_{0}的电流不变，因热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以，温度升高时，热敏电阻的阻值减小，由I=\dfrac{U}{R}可知，通过热敏电阻的电流增大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流增大，则A选项中电流表位于干路，B选项中电流表位于热敏电阻的支路，电流表的示数均增大，故CD不符合；CD.定值电阻R_{0}与热敏电阻串联，因热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以，温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=\dfrac{U}{R}可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R_{0}两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，热敏电阻两端的电压减小，则C选择中电压表并联在R_{0}两端其示数增大，C选择中电压表并联在热敏电阻两端其示数减小，故C不符合、D符合。故选：D。(1)定值电阻R_{0}与热敏电阻并联时，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知温度变化时通过R_{0}的电流不变，根据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知通过热敏电阻电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析电流表的位置进行判断；(2)定值电阻R_{0}与热敏电阻串联时，据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R_{0}两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知热敏电阻两端的电压变化，然后分析电压表的位置进行判断。本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:C解：A、电阻R_{1}的函数图象是一条过原点的向上的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比。说法正确，不符合题意。B、电阻R_{2}的函数图象像是一条弯曲的曲线，所以通过R_{2}的电流与它两端所加电压不成正比如图。说法正确，不符合题意。C、若将它们串联接入到同一电路中，因串联电路中电流处处相等，所以通过R_{1}和R_{2}电流相同。则该选项中说法错误，符合题意。D、将它们并联连接到两端电压为1.5V的电路中时，由图象中可知：通过R_{1}和R_{2}电流分别为0.3A、0.16A，则通过干路的电流大约是0.46A.说法正确，不符合题意。故选：C。(1)根据比例函数图象可知：成正比的是一条过原点的向上的直线，所以由I-U图象的曲线直接可判断。导体中的电流跟导体的电压成正比时，电阻的阻值保持不变；若阻值是变化的，则通过它的电流与它两端所加电压就不成正比。(2)串联电路中电流处处相等。(3)并联电路各支路两端的电压相等，通过干路的电流可通过图象直接读出各自的电流，然后求和。本题考查图象的分析能力，注意掌握图象中的曲线表示的特点，并会从中读取数据。三、多选题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:B解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A、串联电路中电流处处相等，所以，为保证小灯泡L的电流不超过额定电流，则电路中的最大电流为0.5A，故A错误；BC、灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压U_{滑}=U-U_{L}=4.5V-2.5V=2V，根据欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路的最小阻值：R_{滑小}=\dfrac{U_{{滑}}}{I_{{大}}}=\dfrac{2V}{0.5A}=4Ω；由欧姆定律可得，灯泡的电阻：R_{L}=\dfrac{U_{L}}{I_{{大}}}=\dfrac{2.5V}{0.5A}=5Ω，由串联分压规律可知，当电压表示数最大为U_{滑大}=3V时，滑动变阻器连入电路的电阻值最大，此时电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：U_{L}′=U-U_{滑大}=4.5V-3V=1.5V，则电路中的最小电流：I_{小}=I_{L}′=\dfrac{U_{L}′}{R_{L}}=\dfrac{1.5V}{5\Omega}=0.3A；滑动变阻器连入电路的最大阻值：R_{滑大}=\dfrac{U_{{滑大}}}{I_{{小}}}=\dfrac{3V}{0.3A}=10Ω，所以滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω，故B正确；综上所述，电流表示数变化范围是0.3～0.5A，故C正确；D、滑片向右滑动过程中，滑动变阻器连入电路的阻值变大；由图知电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于变阻器接入电路的阻值，所以该比值变大，故D错误。故选：BC。由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)为保证小灯泡L电流不超出额定电流，可知电路中的最大电流；(2)根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的分压特点求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值；(3)电阻最大时，电流最小，根据欧姆定律求出电流最小值；(4)滑片向右滑动过程中，滑动变阻器连入电路的电阻值变大。本题考查串联电路的有关计算，要理解电路最大电流与最小电流的确定方法，掌握串联电联电路的特点。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:A解：AB、由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V_{1}测电源电压，电压表V_{2}测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；电压表V_{1}测电源电压，因电源电压不变，则电压表V_{1}示数不变；在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由串联分压的规律可知，滑动变阻器分得电压变大(即电压表V_{2}示数变大)，则灯泡分得的电压将变小；变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中电流变小，即电流表示数变小；由“电压表V_{1}示数不变、电压表V_{2}示数变大”可知，电压表V_{1}示数与V_{2}示数的差值减小，故A正确；由于电路中电流变小，灯泡的电压变小，则由P=UI可知灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故B错误；C、由B的分析可知，电流表示数变小，灯泡变暗，故C错误；D、电压表V_{1}示数不变，电流表A示数变小，则电压表V_{1}与电流表A示数比值变大，由B的分析可知，灯L的亮度变暗，故D正确；故选：AD。由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V_{1}测电源电压，电压表V_{2}测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题。本题是一道电路的动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。四、作图题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：两灯都正常发光，则两灯中均有电流通过，若三圆圈中均接电流表，则电路短路；若三表均为电压表，则电路断路；电流从电源正极出发，因为电阻R1R2并联，故最上方的应为电流表，中间的应为电压表；电流经过电阻R1后通过下面的表流回电源的负极，故下面的为电流表，如图所示：电流表与用电器串联，电压表和用电器并联。根据电表的连接方式进行判断。本题考查电流表、电压表的使用；明确电流表及电压表的不同应用，能准确使用两电表测量电流或电压。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：图1中，R与灯串联，电压表与灯并联测灯的电压，电流表测电路中的电流，电流表可选用小量程与灯串联，根据电路图连接实物图，如下所示：分析电路的连接，电压表与灯并联，电流表与灯串联。注意各元件顺序与电路图一一对应。本题考查根据根据电路图连接实物图，关键是电表的连接。五、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:吸收的热量

转换法

沙子

沙子受热不均匀

解：(1)实验采用相同的酒精灯对其加热，加热时间越长，沙子和水吸收的热量就多，因此实验中用加热时间表示水和沙子吸热的多少，采用的方法是转换法。(2)如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，水的比热容大于沙子的比热容，根据吸收热量的计算公式Q=cm\trianglet可知，沙子的温度变化的大。(3)由于沙子的导热性能不好，沙子受热不均匀，故在刚开始加热时，沙子局部温度可能低于水的温度，所以要不断用搅拌棒进行搅拌。故答案为：(1)吸收的热量；转换法；(2)沙子；(3)沙子受热不均匀。(1)相同的酒精灯，加热时间越长，水和沙子吸收的热量就越多；(2)如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，利用吸收热量的计算公式Q=cm\trianglet，即可判断。(3)分析沙子的特点可知在实验中进行搅拌的原因。本题考查内能增加量的实验方法，在实验中要注意控制变量法的应用，并且正确应用比热公式Q=cm\trianglet进行分析判断。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:不能

电压表正负接线柱接反了

L1被短路

所用灯泡规格相同，具有特殊性

实验次数太少，存在偶然性

电压表

解：(1)用电压表测出L_{1}两端的电压；则与B点连接的为电压表的正接线柱。小明同学为了节省实验时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上；小芳同学用上面的方法不能测出L_{2}两端的电压，因为正负接线柱接反了；(2)串联电路，灯L_{1}不发光，灯L_{2}发光，不可能是断路，只能是短路，电压表示数为零，说明L_{1}两端没有电压，可能是由于L_{1}被短路造成；(3)用同一规格的灯泡实验有特殊性，应当再用其他规格的灯泡再做几次；实验一次就得出结论具有偶然性，应当多测几次，再得结论。(4)当电压表的内阻太小时，与电阻并联后导致并联的总电阻减小，分压变少，使得测量灯泡L_{1}两端电压或灯泡L_{2}两端电压偏小，故应该更换电压表。故答案为：(1)不能；电压表正负接线柱接反了；(2)L_{1}被短路；(3)所用灯泡规格相同，具有特殊性；

实验次数太少，存在偶然性；(4)电压表。(1)要掌握电压表的使用规则，知道电压表应与所测电路并联；电流应从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出；(2)串联电路，灯L_{1}不发光，灯L_{2}发光，不可能是断路，只能是短路，电压表示数为零，说明L_{1}两端没有电压，可能是由于L_{1}被短路造成；(3)用同一规格的灯泡实验有特殊性，应当再用其他规格的灯泡再做几次；实验一次就得出结论具有偶然性；(4)根据电压表内阻的大小分析解答。本题对串联电路电压规律进行实验探究，考查故障分析、注意事项、电压表使用和数据分析及归纳法的运用。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:1.5（电流）

电流表选用小量程却按大量程读数了

20

灯的电阻不是一个定值，取平均值没有意义

灯泡的电阻随温度的变化而变化

2.5

RX=R0

解：(1)伏安法测量定值电阻的实验中，电压表与电阻并联，滑片向A端滑动时电压表的示数变小，由欧姆定律I=\dfrac{U}{R}，电路中的电流变小，故电路的电阻变大，故滑片以右电阻丝连入电路中与电阻串联；电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：(2)由表中数据，除第3组数据外，其它实验的电压与电流之比：\dfrac{0.5V}{0.1A}=-----\dfrac{2.5V}{0.5A}=5Ω，为一定值，表格中出现错误的数据是1.5(电流应为0.3A)，出现这一错误最可能的原因是电流表选用小量程却按大量程读数了；(3)当滑动变阻器滑片位于最小阻值处时，滑动变阻器接入电路中的阻值为0，电路中的电流达到最大值，为I_{5}=0.5A，电源电压为2.5V，由欧姆定律I=\dfrac{U}{R}，则定值电阻的阻值为：R=\dfrac{U_{5}}{I_{5}}=\dfrac{2.5V}{0.5A}=5Ω；当滑动变阻器滑片位于最大阻值处时，滑动变阻器与电阻串联接入电路，电路中电流达到最小值，I_{1}=0.10A，则电路中的总电阻为：R_{总}=\dfrac{U}{I_{1}}=\dfrac{2.5V}{0.1A}=25Ω；根据电阻的串联，故滑动变阻器的阻值为：R′=R_{总}-R=25Ω-5Ω=20Ω；(4)图丙中B图线为过原点的直线，表示一个定值电阻，如图丙A为曲线，表示灯电流随电压的变化规律，当二者串联在电路中，且电流等于0.15A时，由串联电路电流的规律，即通过每个灯的电流为0.15A，由图知，灯的电压为1V，定值电阻的电压为1.5V，由串联电路电压的运用自如，二者两端的总电压是：U_{串联}=1V+1.5V=2.5V；(5)设滑动变阻器的最大阻值为R_{0}，闭合开关，分别记下P在滑动变阻器最左端和最右端时的电流I_{1}，I_{0}，当滑片P在变阻器最左端时，为R_{X}的简单电路，由欧姆定律，电源电压：U_{源}=I_{1}×R_{X}------①，P在最右端时，两电阻串联，根据电阻的串联和欧姆定律，电源电压：U_{源}=I_{0}(R_{0}+R_{X})-------②，由①②得：I_{1}×R_{X}=I_{0}(R_{0}+R_{X})，故待测电阻：R_{X}=\dfrac{I_{0}}{I_{1}-I_{0}}R_{0}。故答案为：(1)如上所示；(2)1.5(电流)；电流表选用小量程却按大量程读数了；(3)20Ω；(4)灯的电阻不是一个定值，取平均