2025年统编版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、吉尔伯特制作了第一只验电器；后来，英国人格雷改进了验电器，其结构如图所示．验电器原来带正电，如果用一根带大量负电的金属棒接触验电器的金属球，金属箔的张角将（）

A.先变小后变大。

B.变大。

C.变小。

D.先变大后变小。

2、在图中，标出了磁场B

的方向、通电直导线中电流I

的方向，以及通电直导线所受磁场力F

的方向，其中正确的是A.B.C.D.3、某实物投影机有10

个相同的强光灯L1隆芦10(24V/200W)

和10

个相同的指示灯X1隆芦10(220V/2W)

将其连接在220V

交流电源上，电路见题图，若工作一段时间后，L2

灯丝烧断，则(

)

A.X1

的功率减小，L1

的功率增大B.X1

的功率增大，L1

的功率增大C.X2

功率增大，其它指示灯的功率减小D.X2

功率减小，其它指示灯的功率增大4、远距离输送交流电都采用高压输电；我国正在研究用比330kv高得多的电压进行输电．采用高压输电的优点是（）

A.可增加输电导线的电流。

B.可增加交流电的频率。

C.可减少输电线上的能量损失。

D.可加快输电的速度。

5、如图空间内存在水平匀强电场，不可伸长的轻绳一端固定于O

点，另一端系一质量为m

的带正电小球，小球可以在图中虚线位置保持静止.

现将小球拉至绳水平后由A

点无初速释放，则小球运动到绳竖直的B

点位置时绳的拉力大小为(

)

A.mg

B.32mg

C.12mg

D.34mg

6、在匀强磁场中放一电阻不计的平行金属导轨，导轨跟大线圈M

相接，如图所示.

导轨上放一根导线ab

磁感线垂直于导轨所在平面.

欲使M

所包围的小闭合线圈N

产生顺时针方向的感应电流，则导线的运动可能是(

)

A.匀速向右运动B.加速向右运动C.匀速向左运动。

D.加速向左运动评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)7、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)9、元电荷e=____C,1.25×1019个电子所带电量是____C10、治理rm{SO_{2}}rm{CO}rm{NO_{x}}污染是化学工作者研究的重要课题。Ⅰrm{.}硫酸厂大量排放含rm{SO_{2}}的尾气会对环境造成严重危害。rm{(1)}工业上可利用废碱液rm{(}主要成分为rm{Na_{2}CO_{3})}处理硫酸厂尾气中的rm{SO_{2}}得到rm{Na_{2}SO_{3}}溶液，该反应的离子方程式为________。Ⅱrm{.}沥青混凝土可作为反应：rm{2CO(g)+O_{2}(g)rightleftharpoons2CO_{2}(g)}的催化剂。图甲表示在相同的恒容密闭容器、相同起始浓度、相同反应时间段下，使用同质量的不同沥青混凝土rm{2CO(g)+O_{2}(g)rightleftharpoons

2CO_{2}(g)}rm{(娄脕}型rm{娄脗}催化时，rm{)}的转化率与温度的关系。

rm{CO}rm{(2)a}rm{b}rm{c}四点中，达到平衡状态的是________。rm{d}已知rm{(3)}点时容器中rm{c}浓度为rm{O_{2}}则rm{0.02mol/L}时，在rm{50隆忙}型沥青混凝土中rm{娄脕}转化反应的平衡常数rm{CO}________rm{K=}用含rm{(}的代数式表示rm{x}rm{)}下列关于图甲的说法正确的是________。A.rm{(4)}转化反应的平衡常数rm{CO}B.在均未达到平衡状态时，同温下rm{K(a)<K(c)}型沥青混凝土中rm{娄脗}转化速率比rm{CO}型要大C.rm{娄脕}点时rm{b}与rm{CO}分子之间发生有效碰撞的几率在整个实验过程中最高D.rm{O_{2}}点转化率出现突变的原因可能是温度升高后催化剂失去活性Ⅲrm{e}某含钴催化剂可以催化消除柴油车尾气中的碳烟rm{.}和rm{(C)}不同温度下，将模拟尾气rm{NO_{x}}成分如表所示rm{(}以相同的流速通过该催化剂，测得所有产物rm{)}rm{(CO_{2}}rm{N_{2}}与rm{N_{2}O)}的相关数据结果如图乙所示。。rm{NO}模拟尾气气体rm{(10mol)}碳烟rm{NO}rm{O_{2}}rm{He}rm{He}物质的量rm{(mol)}rm{0.025}rm{0.5}rm{9.475}rm{n}rm{(5)375拢楼}时，测得排出的气体中含rm{0.45molO_{2}}和rm{0.052molCO_{2}}则rm{Y}的化学式为________。rm{(6)}实验过程中采用rm{NO}模拟rm{NO_{x}}而不采用rm{NO_{2}}的原因是________。11、一座小型水电站，水以3m/s的速度流入水轮机，而以1m/s的速度流出，流出水位比流入水位低1.6m，水的流量为1m3/s。如果水流能量的75%供给发电机；20%使水温升高。则：

（1）已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；则此过程水温升高______

A.2.375×104℃B.4.75×104℃C.7.125×104℃D.9.5×104℃

（2）若发电机的效率为80%；则发电机的输出功率为______

A.6kWB.8kWC.10kWD.12kW

（3）若发电机的输出电压为240V，输电线路电阻为16Ω；允许损失的电功率为5%，用户所需电压为220V，电路如图所示，则所用升压变压器和降压变压器的原；副线圈匝数比各是______

A.3：25，95：11B.3：27，87：15C.11：95，25：3D.15：87，27：312、“用油膜法估测分子的大小”的实验中，所用油酸酒精溶液的浓度为每104mL溶液中有纯油酸6mL；用注射器测得1mL上述溶液为75滴．把1滴该溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用笔在玻璃板上描出油膜的轮廓形状，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和尺寸如图所示，坐标中正方形方格的边长为1cm，数得油酸膜分布格子数是115个，试求：

（1）油酸膜的面积是____cm2．

（2）每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是____mL．（取1位有效数字）

（3）按以上实验数据估测油酸分子的直径为____m．（取1位有效数字）

（4）利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常数．如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为ρ，摩尔质量为M，则阿伏加德罗常数的表达式为____．

13、如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场。在此过程中，线圈的磁通量将____（选填“变大”或“变小”）。若上述过程所经历的时间为0.1s，线圈中产生的感应电动势为0.2V，则线圈中的磁通量变化了Wb。14、一质量为0.5kg

的小物块放在水平地面上的A

点，距离A

点5m

的位置B

处是一面墙，如图所示。物块以v0=9m/s

的初速度从A

点沿AB

方向运动，在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7m/s

碰后以6m/s

的速度反向运动直至静止。那么物块与地面间的动摩擦因数娄脤=

_______，若碰撞时间为0.05s

碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F=

___________.(g

取10m/s2)

评卷人得分四、判断题(共4题，共32分)15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、识图作答题(共4题，共24分)19、图示为真核生物DNA分子控制蛋白质合成过程中的某一阶段，请据图回答：

（1）该图所示DNA分子正在进行____过程，此过程所需要的条件是____、原料、能量和酶。（2）图中Ⅰ是以____为原料，按照____原则合成的。合成后的mRNA进入细胞质，与____结合，继续进行合成蛋白质的____过程。20、研究发现；汞污染中的甲基汞（有机汞）的毒性远高于无机汞。在湿地生态系统等环境中，这两种物质可以相互转化，如下图所示。请回答：

（1）湿地生态系统被称为“地球之肾”，是因为其具有________功能。该功能体现了红树林在生态系统多样性中的_______价值，图中各生物种群占据不同的位置，体现了群落的________结构。目前人们正在逐步恢复被破坏的红树林湿地生态系统。红树林湿地生态系统恢复过程属于_______演替。（2）甲基汞的富集是通过______实现的，甲基汞会危害人体神经系统。研究发现，在甲基汞的作用下突触间隙会持续存在较多的乙酰胆碱（神经递质），同时发现甲基汞高度亲脂又能与蛋白质结合，请推测乙酰胆碱增多的可能原因是（合理即可）__________________________。（3）底泥中存在与B类细菌类似作用的真菌，这类真菌在生态系统中所属的成分是________。浮游植物所固定的太阳能除流向下一营养级的生物外，其去向还有_____________。（4）为有效降低水体汞污染，可采取在污染水体中栽培某些速生型植物或投放某些细菌等措施，这些植物和细菌的共同特点是___________。21、下图是绿色植物光合作用过程图解，请据图回答。

(1)图中①代表______阶段，科学家利用同位素标记法，证明了光合作用产生的O2来自图中物质A____________。(2)叶绿体中的色素包括叶绿素和类胡萝卜素，其中叶绿素主要吸收蓝紫光和________。(3)过程④表示C3的_______，农业生产中要增加农作物产量，应适当________(填“提高”或“降低”)CO2浓度。(4)植物在光合作用过程中，将光能转换成物质B__________中活跃的化学能，再转换成(CH2O)中稳定的化学能。(5)把下面光合作用的化学反应式补充完整。__________+H2O（CH2O）+O222、（8分）常见的酿酒酵母只能利用葡萄糖而不能利用木糖来进行酒精发酵，而自然界中某些酵母菌能分解木糖产生酒精，但是对酒精的耐受能力差。科学家利用基因工程培育了能利用这两种糖进行发酵且对酒精耐受能力强的酿酒酵母。请分析回答下列问题：（1）制备酵母菌培养基要进行倒平板操作，待平板冷凝后，要将平板倒置，该操作的主要原因是________。（2）取从自然界中采集的葡萄，用无菌水将葡萄皮上的微生物冲洗到无菌的三角瓶中，然后按图甲所示过程进行酵母菌的纯化培养。图乙是经过图甲过程A纯化培养的结果，在培养基上接种时划线的顺序依次是________（用图中编号表示），此过程中接种环灼烧________次。研究者在图甲过程C的操作培养过程中，得到了一个经培养后菌落分布如图丙所示的平板，推测接种时可能的操作失误是________。（3）将培养基上的酵母菌菌株转接到仅以________为碳源的培养基中，无氧条件下培养一周后，有些酵母菌死亡，说明这些酵母菌不能利用木糖发酵。（4）将利用转基因获得的酿酒酵母发酵能力进行测试，结果如图丁所示：据图丁分析，将转基因酿酒酵母接种在含________的培养基中进行酒精发酵能力测试。此过程中，最初培养基中的________糖被快速消耗，随着发酵的持续进行，若该酿酒酵母能够存活，说明它能________，即说明所需菌株培育成功。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】

验电器原来带正电；如果用一根带大量负电的金属棒接触验电器的金属球，金属棒上的部分负电荷中和了验电器上的正电荷，验电器的金属箔片张角变小，但是还剩余一部分负电，荷验电器的金属箔片的张角还会变大．

故选A．

【解析】【答案】验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的；金属箔片是否张开角度说明物体是否带电，金属箔片张开角度的大小反应了物体带电的多少．

当正电荷与负电荷接触时；就会发生中和现象，使物体带的电荷量减小．

2、A【分析】略【解析】A

3、C【分析】解：由图可知L1

和X1

并联；L2

和X2

并联

然后他们再串连接在220V

交流电源上；L2

灯丝烧断，则总电阻变大、电路中电流I

减小，又L1

和X1

并联的电流分配关系不变，则X1

和L1

的电流都减小、由P=I2R

可知，功率都减小，同理可知除X2

和L2

外各灯功率都减小，AB

均错；

由于I

减小，各并联部分的电压都减小，交流电源电压不变，则X2

上电压增大，根据P=U2R

可知X2

的功率变大；C

对；D

错．

故选C．

由电路图可知每个强光灯与指示灯并联后；再与其他灯串联；则根据灯丝烧断后，电路中电阻发生变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化；则可知各灯的功率变化．

本题虽然电路看起来较为复杂，但其实是简单的串并联电路，明确电路中电阻的变化，即可由欧姆定律的动态分析求解．【解析】C

4、C【分析】

A；在输电的过程中输送的功率一定；根据P=UI，输送电压越高，输送电流越小．故A错误．

B；输电电压的高低不改变交流电的频率以及输电的速度．故B、D错误．

C、输电电压越高，输电电流越小，根据根据知损失的功率越小．故C正确．

故选C．

【解析】【答案】在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI，输送电压越高，输送电流越小，根据知损失的功率小．

5、B【分析】解：小球在平衡点受力分析：电场力为：F碌莽=qE=mgtan37鈭�=0.75mg

小球从A

到B

的过程，由动能定理：mgL鈭�qEL=12mv2

在最低点受力分析得：T鈭�mg=mv2L

得出绳子对球拉力为：

T=32mg

故选：B

小球静止时；由平衡条件求出电场力的大小.

小球所受的电场力水平向右，由静止释放小球，根据动能定理求出小球到达B

点时的速度，根据牛顿第二定律求解细线的拉力，从而得到小球对细线的拉力．

本题是带电物体在电场中圆周运动问题，动能定理和向心力结合是常用的解题方法.

常见的题型.

对于多过程的问题可能多次应用动能定理求解问题．【解析】B

6、D【分析】本题考查了右手定则、楞次定律和安培定则。导线ab

匀速向右运动时，导线ab

产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M

产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N

中的磁通量不变，没有感应电流产生，选项A错误；导线ab

加速向右运动时，导线ab

中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab

电流方向由a隆煤b

根据安培定则判断可知：M

产生的磁场方向：垂直纸面向里，穿过N

的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N

产生逆时针方向的感应电流，不符合题意，选项B错误；导线ab

匀速向左运动时，导线ab

产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M

产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N

中的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意，选项C错误；导线ab

加速向左运动时，导线ab

中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab

电流方向由b隆煤a

根据安培定则判断可知：M

产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N

的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N

产生顺时针方向的感应电流，选项D正确。故选D。【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)7、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共6题，共12分)9、1.6×10-192C【分析】【解答】元电荷e=1.6×10-19C；

1.25×1019个电子所带电量Q=1.25×1019×1.6×10-19C=2C。

【分析】所有带电体的电荷量都是一些特定值，等于元电荷e的整数倍。10、（1）CO32-+SO2=SO32-+CO2

（2）bcd

（3）

（4）BD

（5）N2

（6）由于存在反应会导致一定的分析误差【分析】【分析】本题考查了化学平衡状态的判断，平衡常数的计算、转化率等内容，掌握平衡移动原理及平衡移动对转化率的影响是解题关键，注意二氧化氮和四氧化二氮是共存的这一特点，在平时的学习中要注意对重点知识的不同角度的理解可以有效提高解题的效率【解答】rm{(1)}rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{CO}与rm{CO}rm{{,!}_{3}}反应，rm{SO}rm{SO}rm{{,!}_{2}}得到rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{SO}rm{SO}rm{{,!}_{3}}由图像可知，溶液，该反应的离子方程式为：型、rm{CO_{3}^{2-}+SO_{2}=SO_{3}^{2-}+CO_{2}}型曲线在最高点前，反应未达到平衡状态，到达最高点反应达到平衡状态，随着温度再升高，平衡左移，该反应为放热反应，故，故答案为：为不平衡状态，rm{CO_{3}^{2-}+SO_{2}=SO_{3}^{2-}+CO_{2}}rm{(2)}由图像可知，rm{娄脕}型、rm{娄脗}型曲线在最高点前，反应未达到平衡状态，到达最高点反应达到平衡状态，随着温度再升高，平衡左移，该反应为放热反应，故rm{a}为不平衡状态，rm{b}rm{c}rm{d}为平衡状态，故答案为：rm{bcd}rm{(2)}为平衡状态，故答案为：rm{娄脕}rm{娄脗}相同起始浓度，设为rm{a}根据三段式rm{b}rm{c}rm{d}rm{bcd}rm{(3)}相同起始浓度，设为rm{amol/L}根据三段式rm{(3)}rm{amol/L}起始浓度rm{2CO(g)+O}rm{2CO(g)+O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}转化浓度rm{(g)}rm{?}rm{2CO}rm{2CO}平衡浓度rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{(g)}rm{(mol/L)}rm{a}rm{a}rm{0}rm{(mol/L)}rm{xa}rm{a-dfrac{xa}{2}=0.02mol/L}平衡常数rm{K=dfrac{{c}^{2}(C{O}_{2})}{{c}^{2}(CO)隆陇c({O}_{2})}=dfrac{x{a}^{2}}{(a-xa{)}^{2}隆脕(a-dfrac{xa}{2})}=dfrac{{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}隆脕0.02}=dfrac{50{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}}}故答案为：rm{dfrac{50{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}}}rm{dfrac{xa}{2}}A.平衡常数只与温度有关，该反应为放热反应，温度越高，平衡左移，平衡常数减小，故Crm{xa}转化反应的平衡常数rm{(mol/L)}故A错误B.由图像可知，在均未达到平衡状态时，同温下rm{a-xa}型沥青混凝土中rm{a-dfrac{xa}{2}}转化速率比rm{xa}型要大，故B正确；C.rm{O}点时为平衡状态，浓度越大，rm{O}与rm{{,!}_{2}}分子之间发生有效碰撞的几率越大，故在起点时碰撞几率在整个实验过程中最高，故C错误D.浓度为rm{0.02mol}点转化率出现突变的原因可能是温度升高后催化剂失去活性，故D正确故选BDrm{0.02mol}模拟尾气中含有rm{/}rm{L}rm{L}rm{a-dfrac{xa}{2}

=0.02mol/L}时，测得排出的气体中含rm{K=

dfrac{{c}^{2}(C{O}_{2})}{{c}^{2}(CO)隆陇c({O}_{2})}=

dfrac{x{a}^{2}}{(a-xa{)}^{2}隆脕(a-dfrac{xa}{2})}=

dfrac{{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}隆脕0.02}=dfrac{50{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}}

}rm{dfrac{50{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}}

}rm{(4)}rm{O}rm{K(a)>K(c)}rm{娄脗}根据图像反应的rm{CO}为rm{娄脕}根据rm{b}守恒，生成的rm{CO}rm{O_{2}}rm{e}rm{(5)垄脵10mol}模拟尾气中含有rm{0.025molNO}rm{0.5molO}rm{(5)垄脵10mol}的物质的量分别为rm{0.025molNO}和rm{0.5molO}rm{{,!}_{2}}为，rm{375隆忙}时，测得排出的气体中含rm{0.45molO}rm{375隆忙}rm{0.45molO}为：rm{{,!}_{2}}和rm{0.052}rm{molCO}rm{0.052}rm{molCO}真实的尾气中的rm{{,!}_{2}}以，因此反应的氧气为rm{0.05mol}根据图像反应的rm{NO}为rm{(8%+16%)隆脕0.025mol=0.006mol}根据rm{N}守恒，生成的rm{N}为主，而且rm{0.05mol}较rm{NO}稳定，rm{(8%+16%)隆脕0.025mol=0.006mol}rm{N}rm{N}不便于定量测定，会导致一定的分析误差，故答案为：由于存在反应rm{{,!}_{2}}会导致一定的分析误差或rm{N}【解析】rm{(1)CO_{3}^{2-}+SO_{2}=SO_{3}^{2-}+CO_{2}}rm{(2)bcd}rm{(3)dfrac{50{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}}}rm{(3)dfrac{50{x}^{2}}{(1-x{)}^{2}}

}rm{(4)BD}rm{(5)N_{2}}由于存在反应rm{(6)}会导致一定的分析误差rm{2N{O}_{2}?{N}_{2}{O}_{4}}11、DDA【分析】解：（1）每秒水流的质量m=ρvt；

每秒水流机械能损失为

代入时间解得△E=2×104J；

其中有20%使水温升高；则：cm△t=20%△E。

所以

代入数据解得△t=9.5×10-4℃．故D正确；A；B、C错误。

故选：D。

（2）发电机的输出功率为而t=1s，代入数据解得P出=12kW；故D正确，A；B、C错误。

故选：D。

（3）根据题中所给的供电线路示意图得P线=5%P出=600W。

因为所以I线=6A；

又因为I2=I线=6A，I1==50A；

所以对升压变压器有

即=

又因为I3=I线=6A，I4=A；

所以，对降压变压器有．故A正确；B；C、D错误。

故选：A。

故答案为：（1）D；（2）D，（3）A。

（1）根据每秒水流的质量求出每秒水流机械能的损失；根据能量守恒，结合水的比热容求出水温的升高。

（2）根据损失的机械能；结合发电机的效率求出发动机的输出功率。

（3）根据损失的功率；结合输电线的电阻求出输电线上的电流，结合升压变压器原线圈的电流，抓住线圈匝数之比等于电流之反比求出升压变压器原副线圈匝数之比。根据功率损失得出降压变压器的输入功率，求出降压变压器输出电流，从而得出降压变压器原副线圈匝数之比。

解决本题的关键知道原副线圈的电流比等于匝数之反比。以及知道发电机的输出功率等于电线上消耗的功率与用户得到的功率之和。【解析】DDA12、略

【分析】

（1）围成的方格中，不足半个舍去，多于半个的算一个，共有115个方格，故油膜的面积S=115×1cm2=115cm2．

故答案为：115．

（2）纯油酸的体积是：

（3）油酸分子的直径：

（4）油酸的摩尔体积为：①

每个油酸分子体积为：②

阿伏伽德罗常数为：

联立①②③解得：．

故答案为：．

【解析】【答案】（1）围成的方格中；不足半个舍去，多于半个的算一个，即可统计出油酸薄膜的面积；

（2）根据油酸酒精溶液的浓度和1mL溶液含有的滴数；可以求出每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积；

（3）则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积；恰好就是油酸分子的直径；

（4）求出油酸的摩尔体积除以每个油酸分子的体积；即可求出阿伏加德罗常数的表达式．

13、略

【分析】试题分析：由可知，面积增大，则磁通量增加；根据法拉第电磁感应定律得=0.02Wb。考点：本题考查磁通量意义、法拉第电磁感应定律。【解析】【答案】变大0.0214、0.32130N

【分析】【分析】由匀变速直线运动规律的速度位移公式解得物体的加速度，再由牛顿第二定律及摩擦力公式解得物块与地面间的动摩擦因数；在碰撞过程由动量定理解得墙面对物块平均作用力的大小。

本题主要考查匀变速直线运动规律、牛顿第二定律、滑动摩擦力公式、动量定理的综合应用，较简单。【解答】由匀变速直线运动规律的速度位移公式：v2鈭�v02=鈭�2ax

由牛顿第二定律：娄脤mg=ma

联立解得物块与地面间的动摩擦因数：娄脤=0.35娄脤=0.35在碰撞过程由动量定理：Ft=?mvFt=?mv解得碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小：F=130NF=130N故填：0.32

，130N

【解析】0.320.32130N130N

四、判断题(共4题，共32分)15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、识图作答题(共4题，共24分)19、（1）转录模板（2）核糖核苷酸（四种）碱基互补配对核糖体翻译【分析】【分析】本题结合图解，考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程、场所、条件及产物等基础知识，能准确判断图中各结构或物质的名称，再结合所学的知识答题。【解答】（1）根据题意，图示为真核生物DNA分子控制蛋白质合成过程中的某一阶段，观察可知，该图所示为DNA分子正在进行转录过程，此过程所需要的条件是模板（DNA的一条链）、原料、能量和酶。（2）分析可知，图中Ⅰ为mRNA，是以四种核糖核苷酸为原料，按照碱基互补配对原则合成的。合成后的mRNA进入细胞质，与核糖体结合，继续进行合成蛋白质的翻译过程。【解析】（1）转录模板（2）核糖核苷酸（四种）碱基互补配对核糖体翻译20、（1）净化水体间接空间(垂直和水平)次生演替

（2）食物链甲基汞导致突触前膜过量释放乙酰胆碱(也可以从影响酶活性回答，也可以从影响受体蛋白的角度回答)

（3）分解者流向分解者和通过呼吸作用散失

（4）能大量吸收汞或能分解甲基汞【分析】【分析】本题考查兴奋在神经元之间的传递、群落的结构、生态系统的能量流动等相关知识，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理判断的能力。【解答】

（1）因为湿地具有自然净化污水的功能，所以湿地生态系统被称为“地球之肾，该功能体现了红树林在生态系统多样性中的间接价值，由图可知，图中各生物种群占据不同的位置，在水平方向上存在差异，在垂直方向上也存在差异，这体现了群落的空间结构，演替是指随着时间的推移，一个群落被另一个群落代替的过程，红树林湿地生态系统恢复过程属于次生演替。

（2）根据生物富集效应；甲基汞是通过食物链富集而危害人体的神经系统，甲基汞高度亲脂又能与蛋白质结合，在甲基汞的作用下突触间隙会持续存在较多的乙酰胆碱神经递质，这说明甲基汞导致突触前膜释放过多的神经递质。