2025年粤教版九年级物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版九年级物理上册阶段测试试卷765考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于光的反射和折射下列说法正确的是（）A.入射光线与镜面的夹角为20°时反射角也为20°B.入射光线不动，镜面转动θ角，反射光线将转动为2θC.入射光线靠近法线，折射光线同时远离法线D.光的反射和光的折射过程中，光路是不可逆的2、现如今，汽车已经普及到千家万户，通过自己对汽车的观察和了解，结合所学的物理知识，判断下列几种说法中错误的是（）A.轮胎用橡胶制成利用了它良好的弹性B.避震弹簧在被压缩时弹性势能会增加C.倒车雷达利用超声波探测车后方情况D.冬天为汽车加注的防冻液凝固点较高3、关于如图所示国庆60周年大阅兵场景；下列说法错误的是（）

A.迎风招展的红旗呈现红色，是因为红旗反射红色光B.士兵帽子上的军徽熠熠发光，因为军徽是光源C.整个队列整齐划一，观众是通过光沿直线传播来判断的D.士兵强劲有力的嘹亮口号，是通过空气传入观众耳内的4、如图所示电路连接中；当开关S闭合时，下列说法正确的是（）

A.螺线管上端S极，滑片P向左移，弹簧测力计示数增大B.螺线管上端N极，滑片P向左移，弹簧测力计示数减小C.螺线管上端S极，滑片P向右移，弹簧测力计示数增大D.螺线管上端N极，滑片P向右移，弹簧测力计示数减小5、如图所示的电路，通电后，电流表A1、A2、A3的示数分别为I1、I2、I3；则下面各关系式中正确的是（）

A.I1=I2+I3B.I1＞I2＞I3C.I1=I2=I3D.I1＜I2＜I36、如图，开关S闭合时，可能发生的现象是（）A.电池被烧坏B.L1、L2均不发光C.L1发光，L2不发光D.L2被烧坏7、2014年，海南将举办国际冲浪赛、金椰子高尔夫赛、万宁国际海钓精英赛等7大项国内外大赛．下列比赛情形中，对物体没有做功的是（）A.龙舟比赛开始前，选手蓄势待发B.冲浪选手在波浪里上下穿行C.高尔夫球员将球击打向空中D.钓鱼高手把掉在地上的鱼捡起来8、有两个相同的验电器甲和乙，使甲带正电，然后用有绝缘柄的金属棒把甲、乙的金属球连接起来，如图所示，则（）A.甲金属箔张角增大，质子从乙转移到甲B.甲金属箔张角减小，电子从乙转移到甲C.甲金属箔张角不变化，无电子转移D.无法判断9、关于温度、热量、热能[内能]的关系，下列说法正确的是（）A.物体吸收热量，它的温度一定升高，热能[内能]一定增加B.物体的温度升高，它一定吸收了热量，热能[内能]一定增加C.物体的热能[内能]减少，它有可能温度降低，但不放出热量D.物体的热能[内能]减少，它不可能既放出热量，又降低温度评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、下列说法中正确的是（）A.固体放出热量温度可能降低B.可以采用增大热机功率的方法来增大热机的效率C.液体的沸点随液面上方气压的增大而降低D.对物体做功可能使物体内部分子运动变剧烈11、如图为探究“磁生电”的实验装置．当闭合开关，让悬着的导体AB左右运动时，发现电流表指针偏转不明显，为了使指针偏转明显，下列做法可行的是（）A.上下移动导体或磁铁B.左右快速移动导体或磁铁C.将AB换成一个线圈D.换用一个磁性更强的磁铁12、关于燃料的热值，以下说法不正确的是（）A.燃料的热值与燃料的燃烧情况有关B.容易燃烧的燃料，热值一定大C.煤的热值比干木柴大，燃烧煤放出的热量一定比燃烧干木柴放出的热量多D.0.5g汽油和2kg汽油，它们的热值是一样的13、如图所示的用具中，属于省力杠杆的是（）A.镊子B.

钳子C.

起子D.

剪子14、下列几种操作中，正确的是（）A.B.C.D.15、物理课上，老师演示了如图所示的实验，木块竖立在小车上，随小车一起以相同的速度向右作匀速直线运动．不考虑空气阻力，下列分析正确的是（）A.木块随小车一起作匀速直线运动时，木块不受摩擦力B.小车的运动速度增大，则它的惯性和动能也随之增大C.木块对小车的压力与小车对木块的支持力属于平衡力D.小车受到阻力突然停止运动时，那么木块将向右倾倒评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、电热器是利用了电流的热效应工作的，发热元件是一个阻值为1×104Ω的电阻．当发热元件两端的电压为220V时，流过该元件的电流为____mA；通电100s产生的热量是____J．17、某导体两端加2V电压时，通过的电流为0.5A，则这段导体的电阻为____Ω．当该导体两端的电压为3V时，导体的电阻为____Ω，当该导体两端的电压为3V时，该导体所消耗的电功率为____W．18、一辆汽车不小心陷进了泥潭中，司机按如图所示的甲、乙两种方法安装滑轮，均可将汽车从泥潭中拉出，如果汽车受到的阻力为1000N，则甲图人匀速拉动汽车的拉力至少为____，其中比较省力的是____图．（绳与滑轮间的摩擦不计）将汽车拉出泥潭1.5米，司机至少需要做多少____J的功．

19、使用温度计测量物体的温度．

（1）估计：首先要估计____的温度．

（2）选择：选择适当____的温度计，认清温度计的____和____以便于读数；被测物体的温度不能超过温度计的____．

（3）放置：测量温度时，必须使温度计的____与被测物体充分接触，但不能接触到容器的____．

（4）读数：待接触足够长的时间，温度计的示数____后再读数，读数时温度计的____要继续与被测物体充分接触，并且视线要与温度计中液柱的液面____．

（5）记录：记录的结果包括数值和____．20、两只电阻R1R2=23

并联后接在电源上，R1R2

两端的电压之比为______，R1R2

消耗的功率之比为______。21、（2015秋•昌平区校级期中）小明家的电能表7月初时的示数为7746.6kW•h，月末的示数如图所示，若1度电的电费按0.48元计算，小明家这个月的电费是____元．22、（2014秋•渝中区校级月考）实验测得2kg某物质温度随时间变化图象如图所示．该物质在相同的热源下吸热（相同时间吸热多少相同）；根据图象解答下列问题：

（1）该物质是____（填“晶体”或“非晶体”），它的熔点为____℃，该物质完成熔化过程共用时间为____min．

（2）若不考虑蒸发，该物质在熔化过程中，要____热量，温度____，内能____．

（3）若该物质在液态下的比热容c1=3.6×103J/（kg•℃），通过计算判断该物质在固态下的比热容c2=____J/（kg•℃）．23、电的使用惠及千家万户；但如果用电时麻痹大意，轻则损坏用电器，重则家毁人亡．请根据你所学的知识，为你的家人和朋友提出两条有关安全用电的建议．

（1）____；（2）____．评卷人得分四、判断题(共3题，共24分)24、是非判断题：

（1）____灯泡发光时；通过的电量越多，电流越大．

（2）____教室里有四盏日光灯；开关其中一盏灯都不影响其它三盏灯，这四盏灯的连接方式是串联或并联．

（3）____电流从电池的正极流出后逐渐减小．

（4）____不管何种电流表都必须串联在电路中．25、任何情况下，空气都是不能导电的．____．26、力并不总是成对出现，物体受到的重力就不是成对出现．____．评卷人得分五、实验探究题(共4题，共28分)27、在“探究并联电路中电流的规律”的实验中，小湘选用了两个相同的“2.5V0.3A”小灯泡来做实验．她设计了正确的电路图，如图1所示．实验中小湘要准确地测得a、b；c三点的电流值．

（1）如果要进行a点电流值的测量实验．

①电流表应选择____A的量程，在连接线过程，开关应是____的．

②请你连接图2中的实物测量a点电流值．

（2）实验中小湘准确地测得a、b；c三点的电流值；记录如下表：

。表一测量地点abc电流I/A0.220.220.44小湘根据表中的数据；于是得出了结论：并联电路各支路的电流相等；请问：

①小湘的结论正确吗？答：____

②若不正确，你认为问题出在哪里？答：____

（3）由于本组其他同学对小湘得出的结论有异议，于是他们又选用了一个“3.8V0.4A”和一个“2.5V0.3A”的小灯泡，重新做了两次实验，得到的数据如表二所示．。表二a点电流Ia/Ab点电流Ib/Ac点电流Ic/A第一次测量0.220.280.50第二次测量0.180.44①第二次测量中，b点的电流Ib如图3所示，为____A．

②综合分析表一、表二中的数据，得出的结论是：____．28、如图所示电路用的是等效替代法测量未知电阻阻值．

其中Rx

是待测电阻(

阻值大约几百欧)R

是滑动变阻器，R0

是电阻箱(

电阻箱的最大电阻值大于Rx)

请根据实验电路图把下列主要实验步骤中的空白填齐．

(1)

按电路图连好电路；并将电阻箱R0

的阻值调至最大．

(2)

只闭合开关S1

和______；调节滑片P

使电流表指针指在适当的位置，记下此时电流表的示数为I

．

(3)

只闭合开关S1

和______；同时调节______(

选填“滑动变阻器”或“电阻箱”)

使电流表的示数为______．

(4)

读出______，即可知道Rx

的阻值．29、在研究牛顿第一运动定律的实验中；如图所示，用同一小车从同一斜面的同一高度滑下，接着在材料不同的平面上继续运动，分别停在图中所示位置，请回答：

（1）要使小车从同一斜面上的同一高度滑下是因为____．

（2）小车在不同平面上运动的距离不等是因为____．

（3）从这个实验可以得出结论，表面越光滑，摩擦阻力越小，它的速度减小得____，当小车受到的摩擦阻力为零时，它将做____．30、给你一个吸盘、一个弹簧秤、一把刻度尺、一块玻璃，请你设计一个粗略测量大气压的方法．评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)31、宿迁是意杨之乡，意杨林是一巨大的天然“氧吧”，因为绿色植物在光合作用下可以放出大量的氧气（有资料表明绿色植物在光合作用下每吸收103J的太阳能可以放出0.05L的氧气）．小明同学为测量地球表面植物吸收太阳能的本领，做了如下实验：用一脸盆装6kg的水，水面的表面积为0.1m2，经太阳垂直照射15min，温度升高了1℃．[水的比热容是4.2×103J/（kg•℃）]．

求：（1）实验时6kg的水吸收了多少热量？

（2）若地表植物接收太阳能的能力与水相同，那么100m2绿地15min可以放出多少升的氧气？32、小明探究杠杆的平衡条件：

（1）如图（a）；要使支架上的杠杆在水平位置平衡，可将杠杆右端的平衡螺母向______调节．

（2）如图（b）；在左边用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是______．

（3）如图（c），当杠杆在水平位置平衡时，与图（b）相比，弹簧测力计示数将______（选填“变大”、“变小”或“不变”），弹簧测力计示数与其力臂的积______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

33、如图所示，是考古工作队在贵港罗泊湾码头用起重机沿竖直方向匀速向上打捞一个体积为0.5m3、质量为1.2t的圆柱体文物的情景。B为起重机的配重，OA为起重机的起重臂，AB=25m，OB=5m，若在整个打捞过程中，文物始终保持0.3m/s的速度不变（江水的密度为ρ=1.0×103kg/m3；g取10Nkg，起重机横梁重力和滑轮重力及摩擦均不计）。求：

（1）文物从开始上升直到刚露出江面的过程中受到的浮力大小。

（2）在整个打捞文物的过程中；起重机的拉力做功的最小功率。

（3）为了使起重机不翻倒，起重机的配重B的质量至少是多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】要解决此题；需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线；法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角．可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”．

同时要掌握入射角和反射角的概念：知道入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角．【解析】【解答】解：A；当入射光线与反射面的夹角为20°时；则入射角为90°-20°=70°，所以反射角也为70°，故A说法错误．

B；若入射光线不动；当镜面绕入射点顺时针或逆时针转动θ角时，法线随平面镜顺时针或逆时针转过θ角，则入射角增大或减小θ角，反射角也增大或减小θ角，则入射光线与反射光线的夹角改变了2θ角．故B正确；

C；入射光线靠近法线时；入射角减小，折射角也随之减小，因此折射光线靠近法线，故C说法错误．

D；光的反射和光的折射过程中；光路是可逆的．故D说法错误．

故选B．2、D【分析】【分析】要解答此题需掌握弹性势能大小影响因素、超声波的应用、液体凝固点的影响因素等知识点．【解析】【解答】解：A；橡胶的耐磨性能好、弹性好；轮胎用橡胶制成利用了它良好的弹性．故A正确．

B；避震弹簧在被压缩时；形变程度变大，故弹性势能会增加，故B正确；

C；倒车雷达利用超声波探测车后方情况；故C正确；

D；冬天为汽车加注的防冻液凝固点较低；不易结冰，故D错误；

故选D．3、B【分析】【解答】解：A；红旗是不透明的；它能够反射红光，所以红旗呈现红色，说法正确，不符合题意，故A错误．

B；军徽自身不能发光；它不是光源；士兵帽子上的军徽之所以熠熠发光，是因为军徽把照在它上面的光反射了出去，说法错误，符合题意，故B错误．

C；整个队列整齐划一；观众是通过光沿直线传播来判断的，说法正确，不符合题意，故C错误．

D；士兵强劲有力的嘹亮口号；是通过空气传入观众耳内的，说法正确，不符合题意，故D错误．

故选B．

【分析】根据以下知识解题：

1；不透明物体的颜色由它反射的色光决定；

2；本身能够发光的物体叫做光源．

3；在同种均匀介质中；光是沿直线传播的．

4、振动的物体能发生，声音的传播需要介质．4、A【分析】【解答】解：闭合开关后；电流从通电螺线管的上流向下，利用右手定则可知通电螺线管的上端为S极，下端为N极，已知测力计下磁体下端为N极，则异名磁极相互吸引，当滑片向左移动时，电流增大，则磁性增强，测力计示数变大．

故选：A．

【分析】利用安培右手定则判断出通电螺线管的NS极，再根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的作用规律判断弹簧测力计示数的变化．5、B【分析】【解答】解：由图知；

三盏灯泡并联，A1测通过三盏灯的电流和，A2测通过L2和L3的电流之和，A3测通过L3的电流；

因并联电路的干路电流等于各支路电流之和；

声音，所以A1的示数最大，电流表A2示数大于电流表A3的示数．

综上分析可知I1＞I2＞I3．

故选B．

【分析】首先分析出三块电流表所测的电路，根据并联电路的电流特点进行分析，并联电路的干路电流等于各支路电流之和．6、C【分析】解：根据电路图可知，两灯泡串联连接，都会发光；闭合开关S后，L2被短路，所以L2不再发光，此时电路为L1的基本电路，因此只有灯L1能继续发光．

故选C．

根据开关的连接位置和连接方式判断闭合开关S将会发生的现象．

解决此类问题要结合电路的三种状态进行分析判断，即通路、短路和断路．【解析】【答案】C7、A【分析】【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可．【解析】【解答】解：A；龙舟比赛开始前；选手蓄势待发，既没有力，龙舟也没有在力的方向上移动距离，不做功，故A符合题意；

B；冲浪选手在波浪里上下穿行；对物体施加了力，物体在力的方向上通过了距离，具备做功的两个必要因素，做了功，故B不合题意；

C；高尔夫球员将球击打向空中；在球离开球杆之前，对球施加了力，球在力的方向上通过了距离，做了功，故C不合题意；

D；钓鱼高手把掉在地上的鱼捡起来；对鱼施加了力，鱼在力的方向上通过了距离，具备做功的两个必要因素，做了功，故D不合题意．

故选A．8、D【分析】【分析】解决此题要知道金属导体内能够自由移动的是自由电子，验电器金属箔张角的大小取决于验电器所带的电荷数．【解析】【解答】解：（1）在金属导体中发生转移的是电子；质子并不能发生转移，所以A是错误的；

（2）关于乙的带电情况；题目中并没有说明，所以分以下几种情况：

①乙不带电；电子从乙转移到甲；

②乙带负电；电子从乙转移到甲；

③乙带正电；但是比甲少，电子从乙转移到甲；

④乙带正电；并且比甲多，此时电子从甲转移到乙；

故选D．9、C【分析】【分析】①物体温度的变化一定会引起内能的变化．

②物体温度不变；其内能可能改变（物体内能增加或减小，不一定引起温度变化）．

③物体内能变化；不一定吸收（或放出热量）．

④物体吸热或放热一定会引起内能的变化．

⑤物体吸热（或放热）；不一定引起温度变化．

⑥物体温度变化，不一定吸热或放热．【解析】【解答】解：A；物体吸收热量；内能一定增加，但温度可能不变，比如晶体在熔化过程，吸热，内能增加但温度不变，不符合题意；

B；物体温度升高；也可能是外界对它做功，不一定是吸收了热量，不符合题意；

C；物体的温度降低；内能变小，但不一定放出热量，还可以对外做功，表现为体积增大，符合题意；

D；物体放出热量；内能一定减少，温度可能降低，不符合题意；

故选C．二、多选题(共6题，共12分)10、AD【分析】【分析】（1）物体吸收或者放出热量；内能一定变化，但是其温度不一定变化．

（2）用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率．

（3）液体的沸点与气压有关；随着液面气压的增大而升高．

（4）组成物体的分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈．【解析】【解答】解：A；大部分物体放出热量可能温度降低；因此，固体放出热量温度可能降低，故A正确；

B；用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率；增大热机功率不能增大热机的效率，故B错误；

C；液体的沸点与气压有关；随着液面气压的增大而升高，故C错误；

D；外界对物体做功时；物体温度可能升高，分子的无规则运动可能会变剧烈，故D正确；

故选AD．11、BCD【分析】【分析】（1）掌握产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动．

（2）电流的大小应与切割磁感线的速度、磁场强度、线圈匝数有关．【解析】【解答】解：（1）由图知；磁感线方向在竖直方向，所以导体AB左右运动才会切割磁感线，电路中才会有感应电流；

（2）电流表指针偏转不明显；是电流太弱，可以加快导体的移动速度；将导体换成一个线圈、可以换用一个磁性更强的磁体．

故选：BCD．12、ABC【分析】【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关．【解析】【解答】解：

A；燃料的热值只与燃料的种类有关；与燃料的燃烧程度无关，故A错；

B；热值大小与燃料是否容易燃烧无关；故B错；

C；煤的热值比干木柴大；说明1kg的煤完全燃烧放出的热量比1kg干木柴完全燃烧放出的热量多．本选项的说法中不一定完全燃烧，故C错；

D；燃料的热值只与燃料的种类有关；与燃料的质量无关，故D正确．

故选ABC．13、BCD【分析】【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解析】【解答】解：镊子在使用过程中；动力臂小于阻力臂，费力杠杆．

钳子在使用过程中；动力臂大于阻力臂，省力杠杆．

起子在使用过程中；动力臂大于阻力臂，省力杠杆．

剪子在使用过程中；动力臂大于阻力臂，省力杠杆．

故选BCD．14、BD【分析】【分析】①电流表电阻非常小；相当于导线，必须将电流表与用电器串联使用；

②在不超过电压表量程的前提下；可以使用电压表测量电源电压；

③滑动变阻器采用“一上一下”的接法串联在电路中；改变电路电流；

④使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光．【解析】【解答】解：

A；电流表与灯泡并联在电源两极上；会烧坏电流表．此选项错误；

B；电压表在不超过量程和电流方向正确的前提下；可以测量电源电压．此选项正确；

C；滑动变阻器同时选择了下面的两个接线柱接入电路．此选项错误；

D；测电笔使用方法正确．此选项正确．

故选B、D．15、AD【分析】【分析】（1）摩擦力的产生条件；两物体相互接触，并且物体之间要发生或已经发生相对运动．

（2）惯性的大小只与物体的质量有关；速度大小；受力大小都不影响惯性．

（3）二力平衡的条件：大小相等；方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上．

（4）牛顿第一定律：物体不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动．【解析】【解答】解：A；由于木块随小车一起作匀速直线运动；木块相对于小车没有运动的趋势，所以它没有受到摩擦力的作用．故A符合题意．

B；惯性与物体运动的速度无关；惯性是物体保持原来动状态不变的性质．故B不符合题意．

C；木块对小车的压力与小车对木块的支持力分别作用在小车和木块上；属于相互作用力，是一对作用力和反作用力，不是平衡力．故C不符合题意．

D；小车突然停止运动；木块下部由于受摩擦速度减小，而木块的上部还要保持原来的运动状态，所以木块向右倾倒．故D符合题意．

故选AD．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【分析】知道发热元件的电阻和两端的电压，根据欧姆定律求出流过元件的电流，再根据焦耳定律求出通电100s产生的热量．【解析】【解答】解：根据欧姆定律可得；流过该元件的电流：

I===0.022A=22mA；

通电100s产生的热量：

Q=I2Rt=（0.022A）2×1×104Ω×100s=484J．

故答案为：22；484．17、略

【分析】

（1）导体的电阻：

R===4Ω；

（2）因电阻与两端的电压和通过的电流无关；

所以；当该导体两端的电压为3V时，导体的电阻仍为4Ω；

此时导体消耗的电功率P===2.25W．

故答案为：4；4；2.25．

【解析】【答案】（1）已知导体两端的电压和通过的电流；根据欧姆定律求出这段导体的电阻；

（2）电阻是导体本身的一种性质与两端的电压和通过的电流无关，据此可知当导体两端的电压为3V时导体的电阻，再根据P=求出该导体所消耗的电功率．

18、略

【分析】

甲图使用定滑轮，拉力等于汽车受到的阻力，F甲=f=1000N，乙图使用动滑轮，拉力为汽车所受阻力的一半，F乙===500N；

所以比较省力的是乙图；

甲图司机做功W甲=F甲S=1000N×1.5m=1500J，乙图司机做功W乙=F乙×2S=500N×2×1.5m=1500J．

所以至少做功1500J．

故答案为：1000N；乙；1500．

【解析】【答案】已知汽车做匀速运动；甲图使用定滑轮，拉力等于汽车受到的阻力；乙图使用动滑轮，拉力为汽车所受阻力的一半，但移动距离是汽车移动距离的2倍；

已知汽车移动的距离和司机的拉力；根据公式W=FS可求司机做的功．

19、被测物体量程量程分度值最大测量值玻璃泡底和壁稳定玻璃泡相平单位【分析】【分析】正确使用温度计测量液体的温度，应从三个方面去加深认识，一是使用温度计之前，必须先观察温度计的量程和分度值，二是掌握正确的测量方法，三是测量液体温度时要注意读数时的问题．【解析】【解答】解：测量物体温度的步骤是：

（1）测量前应估测被测物体温度；

（2）观察温度计的测量范围和分度值；选择量程合适的温度计进行测量，被测物体的温度不能超过温度计的最大测量值；

（3）使用温度计应该使玻璃泡和被测物体充分接触；不要碰到容器底和容器壁；

（4）温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿；待温度计的示数稳定后再读数；观察时，温度计的玻璃泡不能离开被测物体，读数时视线与温度计中液柱的液面相平；

（5）记录的结构包括数值和单位．

故答案为：

（1）被测物体；（2）量程；量程；分度值；最大测量值；（3）玻璃泡；底和壁；（4）稳定；玻璃泡；相平；（5）单位．20、略

【分析】解：两只电阻并联后接在电源上时；

因并联电路中各支路两端的电压相等；

所以；R1R2

两端的电压之比为11

由P=UI=U2R

可得；R1R2

消耗的功率之比：

P1P2=U2R1U2R2=R2R1=32

故答案为：1132

两电阻并联时它们两端的电压相等，根据P=UI=U2R

求出R1R2

消耗的功率之比。

本题考查了并联电路的电压特点和电功率公式的应用，是一道基础题目。【解析】1132

21、略

【分析】【分析】从电能表上可以读出月末的示数，月末的示数减去月初的示数就是本月消耗的电能，已知电费的单价，可求一个月的电费．【解析】【解答】解：

小明家本月用电：

W=7996.6kW•h-7746.6kW•h=250kW•h；

小明家这个月的电费：

0.48元/kW•h×250kW•h=120元．

故答案为：120．22、略

【分析】【分析】（1）要解决此题；需要掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升．会分析晶体的熔化图象．知道晶体熔化时的温度为熔点．要知道晶体从开始熔化到完全熔化完为晶体的熔化过程．

（2）晶体熔化的特点是温度不变；但要继续吸热，其内能不断增大．质量不随温度的改变而改变．

（3）比热容是指质量是1kg的某种物质温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量．由于在相同的时间内吸收的热量相同，然后利用热平衡方程求出固态下的比热容．【解析】【解答】解：（1）由图知；该物质在熔化过程中，温度保持20℃不变，所以该物质为晶体．并且熔点为20℃．

该晶体从第2分钟开始熔化；到第10分钟完全熔化完，所以该晶体的熔化过程经历了10min-2min=8min；

（2）由于在熔化过程中不断吸热；虽然温度保持不变，但其分子的运动速度将加快，内能增大．

（3）该物质在液态下的比热容c1=3.6×103J/（kg．℃），根据比热容的定义可知其物理意义：1千克的该液体在温度升高1℃时吸收的热量为3.6×103J；

∵在相同的时间内吸收的热量相同；

∴Q2=Q1，即c1m△t1=c2m△t2；

∵物体状态变化、质量不变，m2=m1=3kg，△t1=20℃，温度的变化△t2=40℃；

∴所以该物体固体的比热容c2===1.8×103J/（kg•℃）．

故答案为：（1）晶体；20；8；（2）吸收；不变；增加；（3）1.8×103．23、略

【分析】【分析】安全用电的注意事项非常多；概括包括两个方面：避免触电，触电后的措施．

（1）安全用电的原则：不接触低压带电体；不靠近高压带电体．

（2）发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治．【解析】【解答】答：有关安全用电的建议有：：①请不要在电线上晾衣服．

②电视室外天线应远离电线．

③发生触电事故应立即切断电源．

④发生触电事故时，不要直接用手拉电线．四、判断题(共3题，共24分)24、×【分析】【分析】（1）单位时间通过导体横截面的电荷量；叫做电流．

（2）串联电路中的用电器相互影响；其中一个工作，其他的都必须工作，其中一个不工作，其他的不能工作；并联电路中的用电器相互不影响，其中一个工作，其他的可工作也可不工作，即每个用电器都可单独工作．

（3）在电源外部；电流从电源正极流出经过用电器回到电源负极．串联电路中，电流处处相等．

（4）电流表与被测电路串联．【解析】【解答】解：（1）灯泡发光时；通过的电量越多，电流不一定大．因为时间的长短不知道．故此题说法错误．

（2）教室里有四盏日光灯；开关其中一盏灯都不影响其它三盏灯，说明这四盏灯的连接方式是并联，不是串联．故此题说法错误．

（3）串联电路中；电流处处相等．即串联电路中，电流从电池的正极流出后直到电源负极，电流处处相等．故此题说法错误．

（4）电流表与被测电路串联．所以不管何种电流表都必须串联在电路中．故此题说法正确．

故答案为：×××√．25、×【分析】【分析】根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导体和绝缘体之间没有明显的界限，在一定条件下，绝缘体也可以变成导体．【解析】【解答】解：空气在正常情况下；属于良好的绝缘体，是不能导电的，但是当它在很高的电压下时会被电离成正负离子而变成导体．

故答案为：×．26、×【分析】【分析】物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体对它的反作用力．【解析】【解答】解：力都是成对出现的；存在施力物体和受力物体；例如一本书放在水平桌面上时，受到重力和支持力的作用，单独受一个力的情况是不存在的．

故答案为：×．五、实验探究题(共4题，共28分)27、略

【分析】【分析】（1）使用电流表时；在电流不超过电流表的量程时，尽量选择较小的量程，会使测量结果更准确．

（2）电流表的正确读数：首先确定电流表使用的量程；再确定每一个大格和每一个小格代表的示数．

（3）电流表的正确使用：电流表串联在电路中；不要超过电流表的量程，电流从正接线柱流入从负接线柱流出，绝对不允许不经过用电器直接接在电源上．

（4）根据电路图连接实物图的方法：先连接元件比较多的一条支路；确定分点和合点，再连接另一条支路，最后把支路并联在分点和合点之间．

（5）拆接电路时；开关要处于断开状态．

（6）探究并联电路的电流的特点；要选择相同规格的灯泡，或不同规格的灯泡，或不同的用电器进行多次实验，进行多次测量得出多组实验数据，总结实验结论，使实验结论具有普遍性．

（7）并联电路中干路电流等于各支路电流之和．【解析】【解答】解：（1）小湘选用了两个相同的“2.5V0.3A”小灯泡来做实验．每个支路的电流最大是0.3A；干路电流等于各支路电流之和，干路电流不会超过0.6A，电流表选择0～0.6A．

（2）拆接电路时；开关处于断开状态，保护用电器．

（3）电流表测量a点电流，实际是测量灯泡L1的电流．电流表和灯泡L1是串联的．连接电路时，首先连接元件比较多的支路，首先把电源、开关、电流表；灯泡L1、依次连接起来．再把灯泡L2并联在灯泡L1和电流表之间．

（4）根据实验数据得出：并联电路各支路的电流相等．实验时只是采用两个相同规格的灯泡；没有采用不同规格的灯泡进行实验，实验具有偶然性．所以实验结论不一定正确．

（5）电流表使用的是0～0.6A量程；每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，示数是0.26A．

（6）根据实验数据得到：并联电路干路的总电流等于各支路的电流之和．

故答案为：（1）①0～0.6；断开；②如下图．

（2）①不正确；②小湘选用了两个相同的小灯泡来做实验；所以得出不准确的结论，应该选用两个规格不一样的灯泡来做实验．

（3）①0.26；②并联电路干路的总电流等于各支路的电流之和．28、(2)S3(3)S2

电阻箱；I(4)

电阻箱接入电路的阻值R0

【分析】解：

由等效替代法可知；当闭合开关S1

只闭合开关S2

或S3

时，保持滑动变阻器接入电路的阻值保持不变，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数相同，故实验步骤如下：

(1)

在图示电路中；按电路图连好电路，并将电阻箱R0

的阻值调至最大．

(2)

只闭合开关S1

和S3

调节滑片P

使电流表指针指在适当的位置，记下此时电流表的示数I

．

(3)

只闭合开关S1

和S2

保持R

的电阻不变，同时调节电阻箱R0

使电流表的示数仍为I

．

(4)

读出电阻箱接入电路的阻值R0

由于两次电流表示数相同；则两次的总电阻相同，即Rx+R禄卢=R0+R禄卢

所以Rx=R0

．

故答案为：(2)S3(3)S2

电阻箱；I(4)

电阻箱接入电路的阻值R0

．

由等效替代法可知；当闭合开关S1

只闭合开关S2

或S3

时，保持滑动变阻器接入电路的阻值保持不变，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数相同，说明待测电阻Rx

和电阻箱R0

的阻值是等效电阻，即可得到待测电阻的大小．

本题考查了滑动变阻器的作用、转换法和控制变量法的灵活应用，关键是理解等效替代法的思想．【解析】(2)S3(3)S2

电阻箱；I(4)

电阻箱接入电路的阻值R0

29、略

【分析】【分析】（1）实验中；应通过小车下滑时的位置控制小车到达水平面的初速度相同；

（2）小车受到的阻力不同；其最终滑行的距离会不同，表面越光滑，摩擦力越小，运动的距离越远；

（3）如果小车不受力时，将一直做匀速直线运动．【解析】【解答】解：（1）在实验中；我们使小车从同一斜面上的同一高度滑下，是为了控制小车到达水平面的初速度相同；

（2）小车在不同的表面上受到的阻力不同；其最终滑行的距离会不同，表面越光滑，摩擦阻力越小，滑行距离越远；

（3）本实验中；表面越光滑，摩擦阻力越小，它的速度减小得越慢，如果运动的物体不受力，它将做匀速直线运动．

故答案为：（1）控制小车到达水平面的初速度相同；

（2）不同的表面上受到的阻力不同；

（3）越慢；匀速直线运动．30、略

【分析】【分析】让吸盘在大气压力和弹簧测力计拉力作用下平衡，根据P=算出大气压强．【解析】【解答】解：吸盘的直径为D，则面积为S=π，排出空气，将吸盘扣在玻璃上，用弹簧测力计拉动，直到吸盘刚要被拉开，读出测力计示数为F，大气压强为P==．

故答案为：①将吸盘紧附玻璃上（将空气完全挤出）

②用弹簧测力计勾住吸盘；将吸盘拉离玻璃的力就等于大气产生压力F

③用前面学的刻度尺知识量取吸盘的直径D，那么半径r=，所以S=

④P==．六、解答题(共3题，共15分)31、略

【分析】【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水温度的升高值，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；

（2）求出100m2绿地每秒吸收太阳能，再根据每吸收103J的太阳能可以放出0.05L的氧气，计算100m2绿地每秒可以放出氧气的体积．【解析】【解答】解：

（1）水吸收的热量：

Q吸=cm△t

=4.2×103J/（kg•℃）×6kg×1℃=2.52×104J；

（2）水面的表面积为0.1m2；经太阳垂直照射1s吸收太阳能：

2.52×104J÷（15×60）=28J；

1m2绿地每秒吸收太阳能为：

Q1=28J×10=280J；

100m2绿地每秒吸收太阳能为：

Q总=100Q1=100×280J=2.8×104J；

100m2绿地每秒钟放出的氧气体积为：

v=0.05L×=0.05L×=1.4L；

100m2绿地15min可以放出的热量：

V=1.4L/s×15×60=1260L．

答：（1）实验时6kg的水吸收了2.52×104J的热量；

（2）100m2绿地15min可以放出1260L的氧气，32、略

【分析】

（1）因为杠杆右端下沉；所以应将杠杆右侧的平衡螺母向左调