2025年沪科版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下列说法中正确的是（）A.导体中正电荷的运动就形成了电流B.在国际单位制中，电流的单位是安培C.电流有方向，它是一个矢量D.任何一个物体，只要其两端电压不为零，就有电流存在2、图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子从M点运动到N点的轨迹；可以判定（）

A.粒子带负电B.M点的电势低于N点的电势C.粒子在M点的动能小于在N点的动能D.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力3、如图所示电路，电源内阻不能忽略，阻值小于变阻器的总电阻，初态滑片位于变阻器的中点，由中点向上移动到顶端的过程中（）

A.电流表的示数一直增大B.电压表的示数先增大后减小C.电源的总功率先减小后增大D.电源的效率先减小后增大4、在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，如理想实验法，控制变量法，极限思想法，理想模型法，微元法和比值定义法等等，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果。下列表述符合物理学史事实的是（）A.根据速度定义式v=当非常非常小时，就可以用表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想法B.在不需要考虑物体本身大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了等效替代的思想C.牛顿由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律D.卡文迪许利用扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究5、下面是教材中的四幅插图；下列说法正确的是（）

A.由甲图可知当两个相邻的分子间距离大于r0时，随它们之间的距离增大分子力先变小后增大B.图乙是封闭在容器中的一定质量的理想气体，若温度升高，其内能一定增大C.从图丙可看出随着温度升高，辐射强度的极大值向频率较小的方向移动D.图丁中一只水黾能停在水面上，主要是靠水对水黾的浮力作用评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、某同学将一毫安表改装成双量程电流表。如图所示，已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，R1和R2为定值电阻，且R1=5Ω，R2=20Ω；则下列说法正确的是（）

A.若使用a和b两个接线柱，电表量程为24mAB.若使用a和b两个接线柱，电表量程为25mAC.若使用a和c两个接线柱，电表量程为4mAD.若使用a和c两个接线柱，电表量程为5mA7、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图所示电路的A、B两端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2；则下列判断正确的是（）

A.R1＝R2B.R1＞R2C.U1＜U2D.U1＝U28、如图甲所示，某点电荷固定在O点，Ox轴上有a、b、c三点，Ox轴上各点的电势的变化规律如图乙所示。若某带负电的粒子只在电场力的作用下从a点以某一初速度沿直线运动到c点；则（）

A.O点处的点电荷带负电B.a点的电场强度小于b点的电场强度C.粒子从a点沿直线运动到c点的过程中动能减小D.粒子从a点运动到b点过程电场力做的功大于从b点运动到c点过程电场力做的功9、Q是真空中的点电荷，它激发的电场的电场线在虚线右侧的部分如图所示。M、N是电场中的两点，M与点电荷的距离小于N与点电荷的距离。下列说法正确的是（）

A.Q带正电荷B.M点的电场强度大于N点的电场强度C.M点的电场强度小于N点的电场强度D.同一试探电荷在M点受到的电场力大于它在N点受到的电场力10、电荷量不等的两点电荷固定在x轴上坐标为－3L和3L的两点，其中坐标为3L处电荷带正电，电荷量为Q.两点电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中x＝L处电势最低，x轴上M、N两点的坐标分别为－2L和2L；则下列判断正确的是()

A.两点电荷一定为异种电荷B.原点O处场强大小为C.负检验电荷在原点O处受到向左的电场力D.负检验电荷由M点运动到N点的过程，电势能先减小后增大11、如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后；悬线偏转了角度α．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是。

A.缩小a、b间的距离B.加大a、b间的距离C.取出a、b两极板间的电介质D.换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质12、如图所示，带电小球用绝缘细线悬挂在O点，在竖直平面内做完整的变速圆周运动，小球运动到最高点时，细线受到的拉力最大。已知小球运动空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E，小球质量为m，带电量为q，细线长为l，重力加速度为g；则（）

A.小球带正电B.电场力大于重力C.小球运动到最低点时速度最大D.小球运动过程最小速度至少为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、如图所示为一改装后的电流表和电压表电路，已知表头满偏电流为100微安，内阻为900欧姆，定值电阻R1=100欧姆，定值电阻R2=1910欧姆；A为公用接线柱则。

（1）当使用___________两接线柱时是电流表，其量程为___________安培；

（2）当使用___________两接线柱时是电压表，其量程为___________伏特；14、判断下列说法的正误。

（1）公式UAB=Ed适用于计算任何电场中A、B两点间的电势差。____

（2）根据公式UAB=Ed，在匀强电场中A点和B点间距离越大，则这两点的电势差越大。____

（3）在匀强电场中，沿电场线方向，相同距离上降低的电势必相等。____

（4）由公式得，电场强度E与电势差U成正比，与两点间距离d成反比。____15、A、B两电阻的伏安特性曲线如图，它们的电阻之比_______；把它们并联在电路中，在相同时间内通过它们的电量之比_______。

16、有一长方体导体，长a、宽b、高h之比为6∶3∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如图所示，分别将AA′、BB′、CC′接在同一恒压电源上时，导体的电阻之比R1∶R2∶R3=___________；若导体中电荷定向移动的速度分别为v1、v2、v3，则v1∶v2∶v3=___________。

17、在绵阳南山中学物理实验室中，甲同学用螺旋测微器测一金属丝直径时，仪器刻度的位置如左下图所示，则金属丝为__________mm；该同学又用游标卡尺测一金属球直径时，仪器刻度的位置如右下图所示，则金属球的直径为__________cm。

评卷人得分四、实验题(共3题，共15分)18、导电玻璃是制造LCD的主要材料之一。为测量导电玻璃的电阻率，某小组同学选取长度L=25.00cm、直径d=0.900mm的圆柱体导电玻璃进行实验，用欧姆表粗测其电阻Rx，电阻约12.0Ω。

(1)为精确测量Rx的阻值，该小组设计了如图所示的实验电路。可供使用的主要器材如下∶

电源E（电动势为4.5V；内阻约1Ω）

定值电阻R0（阻值为20Ω）

电压表V1（量程0~3V；内阻约3kΩ）

电压表V2（量程0~15V；内阻约15kΩ）

电流表A1（量程0~200mA；内阻约1.5Ω）

电流表A2（量程0~3A；内阻约0.5Ω）

滑动变阻器R1（阻值范围0~1kΩ）

滑动变阻器R2（阻值范围0~20Ω）

①图中电压表应选用__；电流表应选用__；滑动变阻器应选用__；（填器材代号）

②该小组进行了如下操作∶

A.将滑动变阻器的滑片移到最右端，将S1拨到位置1，闭合S2；调节滑动变阻器，读出电流表和电压表的示数分别为0.185A和2.59V；

B．将滑动变阻器的滑片移到最右端，将S1拨到位置2；调节滑动变阻器，读出电流表和电压表的示数分别为0.125A和2.65V；

C．将滑动变阻器的滑片移到最右端，断开S1、S2。可求得Rx=____Ω。

(2)由以上实验可求得该导电玻璃的电阻率ρ=____Ω·m。19、小李走进实验室；看到一个如图甲所示的二极管（正向电阻较小，反向电阻较大），二极管的两个管脚长短不一，正负极的标识不清楚，于是他计划用实验室的多用电表判断短管脚B的正负。

(1)用多用电表欧姆挡“”倍率两次实验情况如图乙、丙所示，由此可知___________（填“A”或“B”）端为二极管的正极。

(2)小李设计了如图丁所示的实验电路测量二极管正；反向电压均为5V时的阻值（图示电路为测量二极管加反向电压时的电路）；电路中电流表用多用电表电流挡代替，请把图戊实物图用笔画线连接完整。（________）

(3)欲测二极管加反向电压时的阻值，单刀双掷开关应掷于___________端（填“a”或“b”）。

(4)欲用如图丁所示的电路测正向电阻，调整二极管的正负极接法以及电流表的内外接法后进行测量，则正向电阻的测量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真实值，理由是___________。20、在探究感应电流产生的条件时；同学们分别用下列三种方案进行了探究。

（1）下列操作中，能使灵敏电流计发生偏转的是______（填选项前字母）。

A．甲图中将条形磁铁放在线圈中保持静止。

B．乙图中闭合开关的瞬间。

C．乙图中闭合开关后，导体杆ab在磁场中平行磁场方向上下运动。

D．丙图中断开开关的瞬间。

（2）同学们用三套实验方案做了各种尝试；最终总结如下：

甲方案：只有当磁铁和线圈有相对运动时才会产生感应电流；

乙方案：只有当开关闭合，并且ab棒做切割磁感线运动时才会产生感应电流；

丙方案：只要线圈A中的电流有变化时；线圈B中就会产生感应电流。

运用磁通量的概念，根据以上结论可将感应电流产生的条件全面，简洁地表示为______。评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)21、如图所示，用长L=0.50m的绝缘轻质细线，把一个质量m=1.0g带电小球悬挂在带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离d=5.0cm，两板间电压U=1.0×103V．静止时，绝缘线偏离竖直方向θ角，小球偏离竖直距离a=1.0cm．（θ角很小，为计算方便可认为tanθ≈sinθ，取g=10m/s2；需要求出具体数值，不能用θ角表示）求：

（1）两板间电场强度的大小；

（2）判断小球带何种电荷并计算其带电荷量；

（3）在图示位置，若将细线突然剪断，小球做何种性质的运动？求加速度a的大小．22、有一个表头G，其满偏电流内阻将它：

(1)改装成能测0~10V电压表需要怎么改装？

(2)改装成能测0~1A电流表需要怎么改装？23、某码头用电动势为电源的电路控制电动机（如图2）带动传送带（如图1）向高处传送物品，电路中接有一标有“6V12W”字样的小灯泡L。现将一质量为的小物体（可视为质点）轻放在传送带的点，此后灯泡正常发光，电动机正常工作，其额定电压为6V，电动机带动传送带以的速度匀速运动，传送带长为与水平面之间的夹角为小物体与传送带之间的动摩擦因数在传送带将小物体从点传送到最高点点的过程中，求：

(1)电源内阻

(2)小物体运动至传送带顶端的速度；

(3)为传送小物体；电动机多输出的能量？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．导体中只有产生电荷的定向移动才能形成电流；故A错误；

B．在国际单位制中；电流的单位是安培，符号是A，故B正确；

C．电流有方向；但电流的计算不能用平行四边形定则，故是标量，故C错误；

D．任何导体，只要其两端电势差不为零，根据公式可知就有电流存在；故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．粒子的轨迹向下弯曲；粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电，故A错误；

B．沿电场线电势降低，则M点的电势高于N点的电势；故B错误；

C．粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，则粒子M点的动能小于N点的动能；故C正确；

D．电场线的疏密反映电场的强弱，所以M点的场强小于N点的场强，所以粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力；故D错误。

故选C。3、A:B:C【分析】【详解】

AB．因并联电路的总电阻

当两电阻之和确定时，两电阻大小相等时总电阻最大；所以P向上滑动时；并联电路的总电阻先增大后减小，外电路的总电阻就先增大后减小，所以电压表的示数（路端电压）先增大，后减小。与电流表串联的电阻在减小，所以开始时电流表的示数是增加的，故A错误，B正确；

C．因P向上滑动时，并联电路的总电阻先增大后减小，则干路电流先减小，后增加，由可知电源的总功率先减小后增大。则C正确；

D．因电源效率

所以电源效率先增大后减小。则D错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

A．根据速度定义式v=当非常非常小时，就可以用表示物体在t时刻的瞬时速度；这是应用了极限思想法，故A正确；

B．在不需要考虑物体本身大小和形状时；用质点代替物体的方法，采用了理想模型法，故B错误；

C．伽利略由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律；故C错误；

D．库伦利用扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究；故D错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

A．由甲图可知，当两个相邻的分子间距离大于r0时；分子力表现为引力，分子力随它们之间的距离增大先增大后减小，故A错误；

B．图乙是封闭在容器中的一定质量的理想气体；若温度升高，其内能一定增大，故B正确；

C．从图丙可看出随着温度升高；辐射强度的极大值向波长较小的方向移动，即向频率较大的方向移动，故C错误；

D．图丁中一只水黾能停在水面上；主要是因为水的表面张力的原因，故D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)6、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．若使用和两个接线柱，则与表头串联然后共同与并联；根据并联电路两端电压相等，可得。

解得。

故A错误；B正确；

CD．若使用和两个接线柱，则与串联然后共同与表头并联；根据并联电路两端电压相等，可得。

解得。

故C错误；D正确。

故选BD。7、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．电流从导体的横截面流过；由电阻定律。

R＝ρ＝ρ＝可见电阻与边长a无关；选项A正确，B选项错误；

CD．因外电阻相同；故路端电压相等，选项D正确，C选项错误。

故选AD。8、A:D【分析】【详解】

A．由题图乙可知，沿x轴正方向电势升高，对于负电荷，电势能减小，电场力做正功，故负电荷所受电场力水平向右，所以电场线方向沿x轴负方向，O点处的点电荷带负电；选项A正确；

B．由

可知，到点电荷的距离越大处的电场强度越小，故a点的电场强度大于b点的电场强度；选项B错误；

C．粒子从a点沿直线运动到c点的过程中；电场力做正功，根据动能定理可知其动能增大，选项C错误；

D．对于点电荷电场，场强是不均匀的，由于

但是，离点电荷越近，场强越大，所以a、b两点间的电场强度大于b、c两点间的电场强度，即a、b两点间的平均电场强度大于b、c两点间的平均电场强度，由

可知，粒子从a点运动到b点过程电场力做的功大于从b点运动到c点过程电场力做的功；选项D正确。

故选AD。9、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由电场线的分布可知，Q带正电荷；选项A正确；

BC．M点的电场线较N点密集，可知M点的电场强度大于N点的电场强度；选项B正确，C错误；

D．根据F=Eq可知，同一试探电荷在M点受到的电场力大于它在N点受到的电场力；选项D正确。

故选ABD。10、B:C【分析】【分析】

由题中“两点电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示”可知；本题考查两点电荷之间电势变化；电场和电场力变化，根据点电荷电场规律、电场线分布规律和电势变化可分析本题．

【详解】

A．正电荷周围的电势为正；负电荷周围的电势为负，因此由图可知，两点电荷均为正电荷，故A错误；

BC．在x＝L处电势最低，此处图线的斜率为0，即该点的合场强为0，

得故原点出的场强大小为

方向向右，负检验电荷在原点O处受到的电场力向左；故BC正确；

D．由M点到N点电势先减小后增大，所以负检验电荷由M点运动到N点的过程，电势能先增大后减小，故D错误．11、B:C【分析】【详解】

试题分析：两极板间的电荷量恒定，因为a板和Q板接地，b板和P板相连，所以ab间的电势差和PQ间的电势差相等，根据公式可知缩小a、b间的距离，电容增大，根据公式可得减小，则也减小，即PQ间的电场强度减小，所以偏角变变小，反之增大ab间的距离，则偏角变大，A错误B正确；根据公式可知取出a、b两极板间的电介质，电容ab减小，根据公式可得增大，则也增大；即PQ间的电场强度增大，所以偏角变大，反之换一块形状大小相同，介电常数更大的电介质，偏小变小，C正确D错误；

考点：考查了电容的动态变化分析。

【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变12、B:D【分析】【详解】

AB．因为小球运动到最高点时；细线受到的拉力最大，可知重力和电场力的合力（等效重力）方向向上，则电场力方向向上，且电场力大于重力，小球带负电，故A错误，B正确；

C．因重力和电场力的合力方向向上；可知小球运动到最高点时速度最大，故C错误；

D．由于等效重力竖直向上，所以小球运动到最低点时速度最小，最小速度满足

即

故D正确；

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]当使用A；B两接线柱时是电流表；其量程为。

（2）[3][4]当使用A；C接线柱时是电压表；其量程为。

【解析】A、B0.001A、C2.014、略

【解析】①.错②.错③.对④.错15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图线A的电阻为

图线B的电阻为

故

[2]把它们并联在电路中，它们的电压相同，则

根据

则【解析】①.②.16、略

【分析】【详解】

[1]根据电阻定律可得

[2]根据欧姆定律有

根据电流的微观表达式有

联立可得

所以【解析】36∶9∶41∶2∶317、略

【分析】【详解】

[1]

[2]【解析】5.2000.97四、实验题(共3题，共15分)18、略

【分析】【详解】

(1)①[1]电源电动势为4.5V，小于电压表V2量程的因此结合待测电阻Rx的粗测阻值，可知电压表应选用量程为3V的电压表V1；

[2]电流表应选用量程为200mA的电流表A1；

[3]滑动变阻器应选用最大阻值与待测导电玻璃阻值差不多的滑动变阻器R2。

②[4]设电流表内阻为RA，对操作步骤A，由欧姆定律可得U1=I1（RA+Rx）

对操作步骤B，由欧姆定律可得U2=I2（RA+R0）

联立解得

代入数据解得Rx=12.8Ω

(2)[5]根据解得

代入数据可得ρ=3.26×10-5Ω【解析】V1A1R212.83.26×10-5Ω19、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]红表笔接欧姆表内部电路的负极；红表笔接A端，二极管电阻较小，表明二极管导通，因此A端是二极管的负极，B端是二极管的正极。

(2)[2]二极管的短管脚接电源的负极；多用电表使用电流挡时，红表笔接电源的正极,实物图如图所示。

(3)[3]由于是测量二极管加反向电压时的阻值，二极管反向阻值较大，因此采用电流表内接法，选择开关掷于b端。

(4)[4][5]测量二极管的正向电阻时，阻值较小，因此采用电流表外接法，选择开关掷于a端，根据可知，由于电压表的分流作用，代入