2025年牛津上海版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版高二物理下册月考试卷844考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列所描述的运动中，不可能的有(

)

A.速度变化很大，加速度很小B.速度变化方向为正，加速度方向为正C.速度变化越来越快，加速度越来越小D.速度越来越大，加速度越来越小2、如图为一只“极距变化型电容式传感器”部分构件的示意图，当动极板和定极板之间的距离d

变化时，电容C

便发生变化，通过测量电容C

的变化就可知道两极板之间距离d

的变化情况.

在如图答案中能正确反映电容C

与距离d

之间变化规律的是(

)

A.B.C.D.3、图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以该时刻为计时起点的振动图象，下列说法不正确的是（）A.从该时刻起经过0.15s时，质点P到达波峰B.从该时刻起经过0.25s时，质点Q的加速度小于质点P的加速度C.从该时刻起经过0.15s时，波沿x轴的正方向传播了3mD.从该时刻起经过0.35s时，质点Q距平衡位置的距离大于质点P距平衡位置的距离4、伽利略以前的部分学者认为：物体越重，下落得越快。伽利略等一些物理学家否定了这种看法。在一高塔顶端同时释放一片羽毛和一个玻璃球，玻璃球先于羽毛落地，这主要是因为A.它们的重量不同B.它们的形状不同C.它们的材料不同D.它们受到空气阻力不同5、自然界的力、电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。下列说法正确的是()A.焦耳研究了摩擦生热等现象，确定了热与功之间的定量关系B.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系C.法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系D.奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系6、根据欧姆定律，下列判断正确的是（）A.导体两端的电压越大，导体的电阻越大B.加在气体两端的电压与通过的电流的比值是一个常数C.电流经过电阻时，沿电流方向电势要降低D.电解液短时间内导电的U-I线是一条曲线7、关于力对物体做功，下列说法正确的是(

)

A.恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关B.合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C.作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等，一正一负D.滑动摩擦力对物体一定做负功8、若已知阿伏伽德罗常数；物质的摩尔质量、摩尔体积；则不可以估算出()

A.固体物质分子的直径和质量。

B.液体物质分子的直径和质量C.气体分子的直径D.气体分子的质量和分子间的平均距离9、玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上易碎，落在海绵垫上不易碎，这是因为茶杯与水泥地撞击过程中(

)

A.茶杯动量较大B.茶杯动量变化较大C.茶杯所受冲量较大D.茶杯所受冲力较大评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、有些机床为了安全，照明电灯用的电压是36V，这个电压是把380V的交流电压经变压器降压后得到的。将变压器视为理想变压器，如图所示，如果原线圈是1140匝，则副线圈的匝数是匝，变压器原、副线圈的电流之比为。11、如图所示；将边长为L；总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）

（1）所用拉力F=______．

（2）拉力F做的功W=______．

（3）拉力F的功率PF=______．

（4）线圈放出的热量Q=______

（5）线圈发热的功率P热=______．

（6）通过导线截面的电量q=______．12、静电计是测量电势差的仪器.

指针偏转角度越大；金属外壳和上方金属小球间的电势差越大，实验装置如图.

在本实验中，静电计指针和A

板等电势，静电计金属壳和B

板等电势，因此指针偏转角越大表示AB

两极板间的电势差越大.

现对电容器充电后断开开关.

若按图下方的说明来做实验，则甲图中两板间电势差______；乙图中两板间电势差______；丙图中两板间电势差______.(

“变大”、“变小”或“不变”)

13、（1）读出图1中游标卡尺和螺旋测微器的读数．游标卡尺的读数为______mm．；图2中螺旋测微器的读数为______mm．

（2）在图3中，如果是采用×100欧姆档测电阻，则读数为______Ω．

如果是采用5mA档测直流电流，则读数为______mA．

如果是采用50V档测直流电压，则读数为______V．14、如图为双缝干涉的实验示意图，若要使干涉条纹的间距变大可改用长更______(

填长、短)

的单色光，或是使双缝与光屏间的距离______(

填增大、减小)

．15、如图所示的理想变压器原线圈匝数n1=220

匝，副线圈匝数n2=10

匝，灯泡电阻为R=10娄赂

现给变压器原线圈中通入e=2202sin100娄脨t(V)

的交流电，则灯泡两端的电压U=

______V

电流表的读数I=

______A.(

结果可以用分数表示)

评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

24、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共3题，共21分)25、本题为选做题，包括24鈭�A

和24鈭�B

两题，考生只选择其中一题作答

隆陋A.

本题供使用选修1隆陋1

教材的考生作答．真空中电磁波的波速为____m/s

．电磁波从一种介质进入另一种介质传播过程中，不变的物理量为____(

选填“频率”、“波长”)

24隆陋B.

本题供使用选修3隆陋1

教材的考生作答．一根长为L

横截面积为S

粗细均匀的电阻丝阻值为R

在温度不变的情况下，相同材料的均匀电阻丝在L

不变、S

增大一倍时的阻值为____R

在L

和S

都缩为原来的12

时的阻值为____R.

26、蓄电池的电动势是2V

说明电池内非静电力每移动1C

的电荷做功________J

其电势能_______(

填“增加”或“减小”)

是________能(

化学能或电能)

转化为________能的过程(

填“化学能”或“电能”)

27、光电管在各种自动化装置中有很多应用，街道的路灯自动控制开关就是其应用之一，如图所示为其模拟电路，其中A为光电管，B为电磁继电器，C为照明电路，D为路灯。试简述其工作原理。评卷人得分五、推断题(共3题，共6分)28、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。29、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵-垄脼}元素，回答下列问题。rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是_________________。rm{(2)垄脺}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是_______________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脹}和rm{垄脺}两种元素的最高价氧化物对应的水化物碱性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式：_______________________。rm{(4)}写出rm{垄脺}与rm{垄脻}最高价氧化物对应的水化物反应的离子方程式：_____________________。30、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。评卷人得分六、证明题(共2题，共16分)31、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。32、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】解：A

根据a=鈻�v鈻�t

知；速度变化很大，加速度可能很小，故A正确．

B；加速度的方向与速度变化量的方向相同；速度变化方向为正，加速度方向为正，故B正确．

C；加速度是反映速度变化快慢的物理量；速度变化越来越快，加速度越来越大，故C错误．

D；当加速度的方向与速度方向相同；加速度越来越小，速度越来越大，故D正确．

本题选不可能的；故选：C

．

加速度等于单位时间内的速度变化量；反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动．

解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．【解析】C

2、A【分析】解：根据电容的定义式C=?S4娄脨kd

电容C

与板间距离d

成反比，根据数学知识可知，C鈭�d

图象是双曲线．

故选A

根据电容的定义式C=?S4娄脨kd

电容C

与板间距离d

成反比，根据数学知识选择图象．

图象问题可根据物理规律得到解析式，再根据解析式结合数学知识选择图象．【解析】A

3、D【分析】解：A、由振动图象乙可知，该波的周期为T=0.2s，t=0时刻质点P沿y轴负方向振动，由波形的平移法可知该波沿x轴正方向传播；因为t=0.15s=T；所以从该时刻起经过0.15s时，质点P到达波峰，故A正确；

B、因t=0.25s=1T，由于图示时刻Q正向上运动，P正向下运动，则从该时刻起经过0.25s时，质点Q位于平衡位置上方，而质点P位于波谷，质点Q的位移大小小于质点P的位移大小，根据简谐运动的特征a=-可知；P点的位移较大，所以质点Q的加速度小于质点P的加速度，故B正确；

C、由甲图知，该波的波长λ=4m，则该波的波速为v==m/s=20m/s；所以从该时刻起经过0.15s时，波沿x轴的正方向传播的距离为：x=vt=20×0.15m=3m；故C正确；

D；因t=0.35s=1.75T；则从该时刻起经过0.35s时，质点Q位于平衡位置与波谷之间，而质点P位于波峰，所以质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，故D不正确；

本题选不正确的；故选：D。

由振动图象读出t=0时刻P点的振动方向；判断出波的传播方向。由振动图象读出周期，根据所给的时间与周期的关系，判断P点和Q点的位置，确定加速度。由波长和周期求出波速，由x=vt求出波在0.15s内传播的距离。

波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系。同时熟练根据时间与周期的关系分析质点的位移，再判断各个物理量的大小关系。【解析】D4、D【分析】【解析】试题分析：根据自由落体运动规律在没有空气阻力情况下，不论轻重的物体，下落时一样快的。但是玻璃球先于羽毛落地，是因为羽毛的阻力跟其重力比不可忽略，因此加速度要小，所以后落地，答案为D考点：自由落体运动规律【解析】【答案】D5、A【分析】【解答】焦耳研究了摩擦生热等现象；确定了热与功之间的定量关系，即1卡=4.18J，选项A正确；欧姆发现了欧姆定律，说明了导体两端的电压与电流之间存在联系，选项B错误；

奥斯特发现了电流的磁效应；揭示了电现象和磁现象之间的联系，选项C错误；

法拉第发现了电磁感应现象；揭示了磁现象和电现象之间的联系，选项D错误；

故选A

【分析】本题考查物理学史，需要平时多积累，难度不大。6、C【分析】解：AB；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定；与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故A错误．

B；气体不适用于欧姆定律；故加在气体两端的电压与通过的电流的比值不是一个常数；故B错误；

C；每个电阻均要产生电势差；故沿电流的方向；电势要降低；故C正确；

D；电解液导电适用欧姆定律；故其U-I图象为一直线；故D错误；

故选：C．

导体电阻由导体材料；长度、横截面积决定；与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题；同时明确电解液导电适用欧姆定律．

本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、应用欧姆定律即可正确答题，注意明确欧姆定律的适用范围．【解析】【答案】C7、A【分析】解：A

恒力做功与路径无关；只与初末位置有关.

比如重力做功.

故A正确．

B

合外力不做功；不一定做匀速直线运动，比如匀速圆周运动.

故B错误．

C

作用力与反作用力大小相等；方向相反，但所做的功不一定一正一负，也不一定大小相等.

比如两人滑冰，相互推开，在推开的过程中，作用力与反作用力都做正功.

故C错误．

D

滑动摩擦力的方向可能与运动方向相同；所以滑动摩擦力可能做正功.

比如物块放在木板上，都向右运动，但木板的速度大于木块的速度，则木块所受摩擦力方向向右，与运动方向相同，做正功.

故D错误．

故选A．

恒力做功与路径无关；只与初末位置有关.

根据力与运动方向的关系判断该力是做正功还是负功．

解决本题的关键知道恒力做功的特点，以及摩擦力不一定做负功，作用力与反作用力做功不一定大小相等，不一定一正一负．【解析】A

8、C【分析】【分析】摩尔质量等于分子的质量与阿伏加德罗常数常数的乘积；固体和液体的摩尔体积等于每个分子占据的体积与阿伏加德罗常数常数的乘积；分子体积V=43娄脨R3

本题关键要区分固体与液体分子间距很小，可以忽略不计，而气体分子分子间距很大，不能忽略不计。

【解答】A、固体分子间隙很小，可以忽略不计，故固体物质分子的大小等于摩尔体积与阿伏加德罗常数的比值，然后可求得物质分子直径；固体物质分子的质量等于摩尔质量与阿伏加德罗常数的比值，故A错误；

B、液体分子间隙很小，可以忽略不计，故液体物质分子的大小等于摩尔体积与阿伏加德罗常数的比值，然后可求得物质分子直径；液体物质分子的质量等于摩尔质量与阿伏加德罗常数的比值，故B错误；

C、气体分子间隙很大，摩尔体积等于每个分子占据的体积与阿伏加德罗常数常数的乘积，故无法估算分子的体积和直径，故C正确；

D、气体物质分子的质量等于摩尔质量与阿伏加德罗常数的比值；气体物质分子占据空间的大小等于摩尔体积与阿伏加德罗常数的比值，故可以进一步计算分子的平均间距，故D错误。

故选C。

【解析】C

9、D【分析】解：AB

玻璃茶杯从同一高度掉下；与水泥地和海绵垫接触前瞬间速度相同，动量相同，与水泥地和海绵垫作用后速度均变为零，茶杯动量的变化相同.

故AB错误．

C

茶杯的动量变化相同，根据动量定理I=鈻�P

得知；茶杯所受冲量相同.

故C错误．

D

茶杯与水泥地作用时间短，茶杯与海绵垫作用时间长，由动量定理得，鈻�P=Ft鈻�P

相同；则茶杯与水泥地撞击过程中所受冲力较大.

故D正确．

故选D

玻璃茶杯从同一高度掉下；落在水泥地上，茶杯与水泥地作用时间短，而落在海绵垫上，茶杯与海绵垫作用时间长，根据速度关系，分析动量和动量变化的关系，根据动量定理分析茶杯所受冲量关系和冲力的关系．

本题应用动量定理分析生活现象，要抓住相等的条件进行分析.

常见问题，比较简单．【解析】D

二、填空题(共6题，共12分)10、略

【分析】试题分析：由于原线圈的电压为380V，副线圈的电压为36V，则原副线圈的匝数之比为故副线圈的匝数n2==108匝；变压器原、副线圈的电流之比为9：95。考点：变压器。【解析】【答案】108；9：95。11、略

【分析】解：（1）因为线圈被匀速拉出，所以F=F安

感应电动势的大小为：E=BLv

根据闭合欧姆定律得：I=．

则拉力为：F=F安=

（2）拉力F做的功为：W=FL=

（3）拉力F的功率为：PF=Fv=

（4）线圈放出的热量为：Q===

（5）线圈发热的功率为：P热=Fv=

（6）通过导线截面的电量为：q=It=

又L=vt

则得：q=

故答案为：

（1）（2）（3）（4）（5）（6）．

（1）线圈匀速拉出时；拉力等于安培力，结合切割产生的感应电动势公式；闭合电路欧姆定律以及安培力的大小公式求出拉力的大小．

（2）根据W=FL求解拉力做功．

（3）拉力F的功率PF=Fv．

（4）根据焦耳定律求出线圈中产生的热量．

（5）线圈发热的功率P热=I2R．

（6）根据电量q=It求出通过线圈某一截面的电荷量．

本题综合考查了电磁感应与电路的综合，要求掌握切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律、安培力大小公式以及焦耳定律、电量的公式等．【解析】12、略

【分析】解：图甲中当极板B

向上移动时，正对面积减小，根据电容决定式C=?S4娄脨kd

可知电容减小，根据U=QC

可知，电量不变，由于电容减小，电压则增大，图乙中，电容器板间距离减小，电容增大，根据U=QC

可知电压减小，图丙中插入电解质，电容增大，电容增大，根据U=QC

可知电压减小．

故答案为：增大减小减小。

当电容器一直和电源相连时电压不变；充电后和电源断开时，所带电量不变，因此判断电容器的状态是解题关键，然后根据板间距离；正对面积、电解质等对电容器的影响来判断电容变化，根据电压、电容、电量之间的关系判断电压变化情况。

有关电容器的问题主要考查对电容器的决定式：C=?S4娄脨kd

和电容器的定义式：C=

的理解和灵活应用情况，尤其注意公式之间的推导与换算【解析】增大；减小；减小13、略

【分析】解：（1）游标卡尺的主尺读数为：5cm=50mm；游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm；

所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm．

螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为42.0×0.01mm=0.420mm，所以最终读数为0.5mm+0.420mm=0.920mm；

（2）如果是采用×100欧姆档测电阻；则读数为30×100=3000Ω；

如果是采用5mA档测直流电流；则分度值为0.1mA，读数为：1.8mA；

如果是采用50V档测直流电压；则分度值为1V，读数为：18V；

故答案为：（1）50.15；0.920；（2）3000；1.8；18．

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

欧姆表读数等于示数乘以倍率；直流电流和直流电压档都采用第二排刻度．

本题考查多用电表的读数，直流电流、直流电压、交流电压、交流电流、电阻这些测量的物理量测量时选择的刻度是不一样，要明确其对应关系．【解析】50.15；0.920；3000；1.8；1814、略

【分析】解：依据双缝干涉相邻条纹间距规律鈻�x=Ld鈰�娄脣

可知要使干涉条纹的间距变大，在其它条件不变的情况下要么改用波长更长的单色光即增大娄脣

要么增大双缝与屏之间的距离L

要么减小双缝之间的距离d

．

故答案为：长；增大．

双缝干涉相邻条纹之间的距离鈻�x=Ld鈰�娄脣

其中娄脣

为入射光的波长，L

为双缝与屏之间的距离，d

为双缝之间的距离．

掌握了双缝干涉相邻条纹之间的距离公式鈻�x=Ld鈰�娄脣

明确每个物理量的含义是解决此类题目的关键．【解析】长；增大15、10；【分析】解：原线圈电压的有效值为：

U1=22022=220V

根据电压与匝数成正比；有：

U1U2=n1n2

代入数据解得：U2=n2n1U1=10220隆脕220=10V

输入功率等于输出功率，根据P1=P2

有：U1I1=U22R

代入数据：220I1=10210

解得：I1=122A

故答案为：10122

根据电压与匝数成正比；电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，分析即可得出结论．

掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．【解析】10122

三、判断题(共9题，共18分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．24、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、简答题(共3题，共21分)25、24-A．3.0×108；频率；24-B．1。【分析】24鈭�A

【分析】本题主要考查电磁波的发射和传播。由电磁波的特点可得结论。【解答】真空中电磁波的波速等于光速为3.0隆脕108m/s

电磁波从一种介质进入另一种介质传播过程中频率不变。故填3.0隆脕108

；频率。24鈭�B

【分析】本题考查电阻的决定式。由电阻决定式R=娄脩LS

可得。【解答】由电阻的决定式R=娄脩LS

可知，L

不变，S

增大一倍，电阻变为原来的12L

和S

都缩为原来的12

时电阻不变。故填121

。【解析】24鈭�A.3.0隆脕108

；频率；24鈭�B

．12

；1

。26、2J，增加，化学，电【分析】【分析】电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，根据电源的电动势定义式E=Wq

分析电动势的意义.

式中W

是非静电力做功，q

是非静电力所移动的自由电荷的电荷量.

本题考查对电动势物理意义的理解.

对电动势定义式E=Wq

理解准确到位，就能正解作答．【解答】蓄电池的电动势是2V2V根据电源的电动势定义式E=WqE=dfrac{W}{q}分析可知，电池内非静电力每移动1C1C的电荷做功W=qE=1隆脕2J=2JW=qE=1隆脕2J=2J蓄电池内非静电力对自由电荷做功，将化学能转化为自由电荷的电势能。

故答案为：2J2J增加，化学，电【解析】2J2J增加，化学，电27、略

【分析】【解析】试题分析：开关合上后，白天，光电管在可见光照射下有电子逸出，从光电管阴极逸出的电子被加速到达阳极，使电路接通，电磁铁中的强电流将衔铁吸下，照明电路断开，灯泡不亮，夜晚，光电管无电子逸出，电路断开，弹簧将衔铁拉上，照明电路接通，这样就达到日出路灯熄，日落路灯亮的效果。考点：传感器【解析】【答案】光电传感器的使用原理，具体见答案五、推断题(共3题，共6分)28、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{C}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}据此分析：rm{(1)垄脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)垄脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案为：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脻}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{O}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{S}故答案为：rm{S}故答案为：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，非金属性逐渐正确，最高价氧化物对应水化物的酸性逐渐正确，rm{(3)S}的非金属性比rm{(3)S}弱，所以酸性性较强的为和故答案为：rm{Cl}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为rm{S}的非金属性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性较强的为rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}29、rm{(1)}

rm{(2)Al}rm{NaOH}

rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

rm{(4)Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}

【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{H}rm{垄脷}为rm{N}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是元素rm{(1)}的原子结构示意图是故答案为：rm{垄脷}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠和氢氧化铝，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱，rm{Al}的金属性比rm{Na}强，所以碱性较强的为rm{Al}故答案为：rm{Na}r