2025年上外版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版必修3物理上册月考试卷785考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC＝60°，BC＝20cm。把一个电量q＝10－5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，克服电场力做功1.73×10－3J；则该匀强电场的场强大小和方向是（）

A.865V/m，垂直AC向左B.865V/m，垂直AC向右C.1000V/m，垂直AB斜向上D.1000V/m，垂直AB斜向下2、与早期的电缆传输信息相比，光纤通信具有各方面压倒性的优势。基于传输效率的考量，目前光纤信号传输主要采用850nm、1310nm、1550nm三种波长的激光，其波长均大于红光波长（630~760nm）。下列说法正确的有（）A.光纤中采用的激光的波长小于X射线的波长B.波长为850nm的激光的频率约为C.波长为1550nm的激光的频率比波长为1310nm的激光的频率高D.相同时间内，波长为1550nm的激光传递的信息量比波长为1310nm的激光传递的信息量大3、微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的，如图所示，极板固定，当手机的加速度变化时，极板只能按图中标识的“前后”方向运动。图中为定值电阻。下列对传感器描述正确的是（）

A.静止时，电流表示数为零，电容器两极板不带电B.保持向前匀加速运动时，电路中没有电流C.由静止突然向后加速时，电容器的电容减小D.由静止突然向前加速时，电流由向流过电流表4、如图所示为某实验小组设计的两个量程的电流表，已知表头G的满偏电流为Ig，定值电阻R1、R2的阻值均等于表头的内阻。当使用1和2两个端点时，电流表的量程为I1，当使用1和3两个端点时，电流表的量程为I2.下列说法正确的是（）

A.I1=2IgB.I2=3IgC.若仅使R1阻值变小，则I1和I2均变大D.若仅使R2阻值变小，则I1和I2均变大5、真空中的两个点电荷间距离为r，相互作用力为F，若将它们之间的距离变为则它们之间的作用力将变为（）A.FB.C.FD.6、关于静电场的电场强度和电场线，下列说法正确的是（）A.在一个以点电荷为中心、r为半径的球面上，各处的电场强度都相同B.仅适用于真空中点电荷形成的电场C.电场强度的方向就是放入电场中的电荷受到的电场力的方向D.当电荷的初速度为零时，放入电场中的电荷在电场力作用下的运动轨迹一定与电场线重合7、如图所示，Q为一带正电的点电荷，P为原来不带电的枕形金属导体，a、b为导体内的两点，将导体P靠近但不接触点电荷Q。当导体P处于静电平衡状态时，a、b两点电场强度大小为Ea、Eb，电势大小为φa、φb；规定无穷远电势为零。下列关系正确的是（）

A.Ea＞EbB.Ea=Eb=0C.φa＞φbD.φa=φb=08、如图，AB、CD是圆O的两条直径，在A、B两点上各放置电荷量为＋Q和－Q的点电荷，设C、D两点的电场强度分别为EC、ED，电势分别为、下列说法正确的是（））

A.与EC相同，与不相等B.ED与EC不相同，与相等C.ED与EC相同，与相等D.ED与EC不相同，与不相等ED评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示；一平行板电容器两极板A；B水平放置，上极板A接地，电容器通过滑动变阻器R和电键S与电动势为E的电源相连．现将电键S闭合，位于A、B两板之间的P点的带电粒子恰好处于静止状态，电源内阻可以忽略，则（）

A.B板电势为-EB.改变滑动变阻器的滑片位置，带电粒子仍处于静止状态C.将B板向上移动，P点电势将不变D.将B板向左平移，带电粒子电势能将不变10、如图所示，虚线A、B、C、D是某匀强电场中的4个平行且等距的等势面，其中等势面C的电势为0，一电子仅在静电力的作用下运动，经过A、D等势面时的动能分别为26eV和5eV；则下列说法正确的是（）

A.等势面D的电势为－7VB.等势面B的电势为4VC.该电子不可能到达电势为－10V的等势面D.该电子运动到某一位置，其电势能变为8eV时，它的动能为4eV11、如图所示，真空中的为两个等大的均匀带电圆环，其圆心分别为带电量分别为将它们平行放置，连线垂直于圆环平面，为的中点，现有质量为带电量为的微粒（重力不计）从左方沿连线方向射入，到点时速度到点时速度取无穷远处为电势零点，点电荷的电势公式为式中为静电力常量，为点电荷的电量，为到点电荷的距离；则（）

A.微粒从至做加速运动，且B.微粒越过点后先做加速运动，后做减速运动C.微粒将以为中心做往返运动D.微粒在整个运动过程中的最终速度为12、如图所示，平行板电容器与电动势为的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。闭合开关，一带电油滴位于两板中央的点且恰好处于静止状态；下列说法正确的是（）

A.保持开关闭合，将上极板向上移动一小段距离，油滴仍静止B.保持开关闭合，将上极板向左移动一小段距离，油滴将向上运动C.若将开关断开，并将上极板向上移动一小段距离，油滴仍静止D.若将开关断开，并将上极板向左移动一小段距离，油滴将向上运动13、一定数量的直导线沿竖直方向均匀分布在圆心为O的圆周上，圆周所在平面水平，导线中均通有方向相同、大小相等的电流，每根导线在圆心处产生的磁感应强度大小均为B0。设n根依次相邻的直导线在圆心O处产生的磁感应强度大小为Bn，且B2=B4，则（）A.n=8B.n=6C.B3=2B0D.B3=B014、如图所示为真空中的实验装置，平行金属板A、之间的加速电压为之间的偏转电压为为荧光屏。现有质子、氘核和粒子三种粒子分别在A板附近由静止开始加速，最后均打在荧光屏上。已知质子、氘核和粒子的质量之比为电荷量之比为则质子、氘核和粒子三种粒子（）

A.三种粒子都打在荧光屏上同一个位置B.从开始到荧光屏所经历时间之比为C.打在荧光屏时的动能之比为D.打在荧光屏时的动能之比为15、如图所示，有四个等量异种电荷，放在正方形的四个顶点处．A、B、C、D为正方形四条边的中点，O为正方形的中心．下列说法正确的是（）

A.O点电场强度为零B.A、B两点的电场强度相同C.将一正试探电荷从B点沿直线移到D点，电场力做功为零D.将一正试探电荷从A点沿直线移到C点，试探电荷的电势能增大16、如图所示，孤立点电荷＋Q固定在正方体的一个顶点上，与＋Q相邻的三个顶点分别是A、B、C，下列说法正确的是()

A.A、B、C三点的场强相同B.A、B、C三点的电势相等C.A、B、C三点所在的平面为一等势面D.将一电荷量为＋q的检验电荷由A点沿直线移动到B点的过程中电势能先增大后减小17、如图所示，以A、B、C、D为顶点构成的长方形处于一平行板电容器（未画出）形成的匀强电场中，长方形所在平面与两平行板垂直，AB的长度为8cm，BC的长度为6cm，D点距带正电荷的电容器极板的距离为20cm。取无穷远处为零电势，A、B、C三点的电势分别为9V；25V、16V。则（）

A.D点电势为0VB.D点电势为18VC.两平行板间的电势差为50VD.两平行板间的电势差为100V评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、能源的开发与应用：

近年来，我国在能源开发方面取得了很大的成就：如：______发电、水力发电、______发电、______发电。19、串联电路、并联电路的特点。项目串联电路并联电路电流各处电流______，即I=______总电流等于各支路电流______，即I=______电压总电压等于各部分电压______，即U=______各支路两端电压______，即U=______总电阻总电阻等于各部分电阻______，即R=_______总电阻倒数等于各支路电阻______，即=______20、（1）两种电荷：自然界中只存在两种电荷，即___________电荷和___________电荷。

（2）电荷量：电荷的___________，用Q表示，有时也可用q来表示。在国际单位制中，单位是___________，简称___________，符号是___________。21、如图，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为+q、质量为m的小球在力F（未知量）的作用下沿图中虚线由A至B做竖直向上的匀速运动．已知力F和AB间夹角为θ，AB间距离为d，重力加速度为g．则电场强度E的最小值为___．若电场强度时，小球从A运动到B电势能变化量大小可能为____．

22、黑体∶

（1）定义∶某种物体能够____吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射，这种物体就叫作____。

（2）黑体辐射的特点∶黑体辐射电磁波的强度按____的分布只与黑体的____有关。23、下列说法正确的是_________。评卷人得分四、实验题(共1题，共10分)24、某同学在测定一根截面为圆形的废旧电热丝的电阻实验中：

（1）首先用螺旋测微器测量该电热丝的直径D，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为________mm；

（2）接着将电热丝接入图乙所示的电路，用毫米刻度尺测出电热丝接入电路的长度L，实验中读出安培表A和电压表V的读数I和U，则待测电热丝的电阻率=________（用I、U、L、D表示）；

（3）实验中采用安培表外接法将导致测得的电阻率与真实值比较________（选填“准确”、“偏大”或“偏小”）评卷人得分五、解答题(共2题，共4分)25、如图所示，两平行金属板水平放置，两板间距离为d=12cm，板长l=20cm，两板之间的电压为U=120V，上板带正电，下板放在水平地面上。一带电粒子质量为kg、电荷量为C，该带电粒子以水平速度沿着上板的边缘垂直于电场方向进入两板电场中（假设两板之间为匀强电场，两板外无电场，不计带电粒子的重力）。求：

(1)该带电粒子在电场中运动的加速度大小；

(2)带电粒子从两板间射出时在竖直方向上的偏移量；

(3)带电粒子落地位置。

26、如图所示是研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在xOy平面坐标系的第一象限内，存在两个电场强度大小均为E，方向分别水平向左和竖直向上的匀强电场区域Ⅰ和Ⅱ。两电场的边界均是边长为L的正方形；位置如图所示。（不计电子所受重力）

(1)在Ⅰ区域AO边的中点处由静止释放电子；求电子离开Ⅱ区域的位置坐标；

(2)在电场区域Ⅰ内某一位置（x、y）由静止释放电子，电子恰能从Ⅱ区域右下角B处离开，求满足这一条件的释放点x与y满足的关系。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

由题，q=10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，则A与B电势相等，AB连线是一条等势线．从B移到C，电场力对正电荷做负功，说明C点电势高于B点的电势；根据电场线与等势面垂直，且指向低电势处，电场线如图所示。

BC间电势差为。

则该匀强电场的场强大小。

故ABC错误；D正确。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．X射线的波长范围为0.001~10nm；故光纤中采用的激光的波长大于X射线的波长，A错误；

B．由可知，波长为850nm的激光的频率

B正确；

C．由可知；频率与波长成反比，波长越长，频率越低，则波长为1550nm的激光的频率比波长为1310nm的激光的频率低，C错误；

D．频率越高；传递的信息量越大，则相同时间内，波长为1550nm的激光传递的信息量比波长为1310mm的激光传递的信息量小，D错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

A．静止时，N板不动；电容器的电容不变，则电容器电量不变，则电流表示数为零，电容器保持与电源相连，两极板带电，故A错误；

B．保持向前匀加速运动时，加速度恒定不变，则N板的位置在某位置不动，电容器电容不变，电容器保持与电源相连电压不变，由

知电量不变；电路中无电流，故B正确；

C．由静止突然向后加速时，N板相对向前移动，则板间距减小，根据

知电容C增大；故C错误；

D．由静止突然向前加速时，N板相对向后移动，则板间距增大，根据

知电容C减小，电压不变，由

知电容器电量减小，电容器放电，电流由b向a流过电流表；故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

AB．设R1=R2=RG=R，根据电表改装原理得I1=IgI2=Ig

联立可得I1=3Ig，I2=1.5Ig

故AB错误；

CD．由以上分析可知，若仅使R1阻值变小，则I1和I2均变大；若仅使R2阻值变小，则I1减小，I2变大；故C正确，D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

根据库仑定律可知。

故选C。6、B【分析】【详解】

A.在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度的大小都相同；而方向不同，故A错误；

B.仅适用于真空中点电荷形成的电场；故B正确．

C.电场强度方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向；故C错误；

D.若电场线是曲线，则电荷受力将发生方向的变化，则其轨迹不可能与电场线重合，故D错误；7、B【分析】【分析】

【详解】

处于静电平衡的导体，其内部场强为零。导体为等势体，因为导体处于正电荷附近，所以a、b两点电势相等且大于零。

故选B。8、A【分析】【详解】

带等量异号电荷的电场的电场线如图所示：

可以看出C、D两点的电场强度大小相等、方向相同；沿着电场线电势减小，D点电势一定大于C′点电势，而C点电势等于C点电势，故D点电势一定大于C点电势；故选A.

【点睛】

本题关键是结合等量异号电荷的电场线图线进行分析处理，要明确沿着电场线，电势逐渐降低，电场线的疏密程度表示电场强度的大小，电场线上任意一点的切线方向表示该点的电场强度方向.二、多选题(共9题，共18分)9、A:B:D【分析】【详解】

A、AB两板的电势差为E，．所以B板的电势为-E，故A正确；B、改变滑动变阻器的滑片位置，两极板间的电压不变，极板间的电场强度不变，粒子所受电场力不变，带电粒子仍处于静止状态，故B正确；C、将B板向上移动，距离减小，极板间场强变大，A板与P点的电势差变大，A点电势不变，P点电势变小，故C错误；D、将B板向左平移，极板间的距离和电压不变，场强不变，P点电势不变；带电粒子电势能不变，故D正确；故选ABD.

【点睛】

本题较难之处是分析电势变化，往往根据电势差和该点与零电势点间电势的高低，分析电势的变化，这是常用的方法．10、A:D【分析】【详解】

A．因电子只在静电力的作用下运动，经过A、D等势面点的动能分别为26eV和5eV，根据动能定理，则有

解得

又可解得

故A正确；

B．因匀强电场中

则有，等势面B的电势为7V；故B错误；

C．因只有电场力做功，动能与电势能之和保持不变，当电子的速度为零时，由能量守恒定律，可知

解得

故C错误；

D．同理，由能量守恒定律，可知

解得

故D正确。

故选AD。11、A:B:D【分析】【详解】

A．由题意可知由至电场向右，微粒所受电场力向右，故从到微粒做加速运动，由对称性可知，粒子由至与由至电场力做的功相同，故动能的变化量相同，故有

代入数据可得故A正确；

B．根据电场分布的特点可知微粒越过点后开始阶段电场力向右；微粒做加速运动；后面电场力向左，微粒做减速运动，故B正确；

CD．由对称性可知，整个图形的中垂线为等势线，取无穷远处为零势点时此线即为零势线，粒子由点运动到无穷远处，电势未发生变化，电场力做功为零，故粒子最终的速率与点的速率相等，即为最终速度为微粒不会返回B点；故C错误，D正确。

故选ABD。12、C:D【分析】【详解】

一带电油滴位于两板中央的点且恰好处于静止状态；则电场力与重力平衡。

A．保持开关闭合，可知电容器两极板间的电势差U不变，将上极板向上移动一小段距离，则d增大，根据可知两板间电场强度减小；则油滴受到的电场力小于重力，油滴将向下运动，故A错误；

B．保持开关闭合，可知电容器两极板间的电势差U不变，将上极板向左移动一小段距离，则两极板正对面积S变小；但两板间距离不变，则电场强度不变，油滴仍然静止，故B错误；

C．若将开关断开，可知电容器的电荷量Q不变，将上极板向上移动一小段距离，则d增大，根据可得

可知两极板间电场强度E不变；则电场力不变，故油滴仍然静止，故C正确；

D．若将开关断开，可知电容器的电荷量Q不变，将上极板向左移动一小段距离，则两极板正对面积S变小，根据可得

可知两极板间电场强度E变大；则电场力变大，油滴将向上运动，故D正确。

故选CD。13、B:C【分析】【详解】

依题意，假设相邻导线之间的夹角为（），则2根依次相邻导线在O点产生的磁感应强度大小为

4根依次相邻导线在O点产生的磁感应强度大小为

由题知

联立可求得

则由数学知识可知

所以由几何知识可求得3根依次相邻的导线产生的磁感应强度大小为

故选BC。14、A:B:C【分析】【详解】

B．设加速电场AB间距离为d，偏转极板长度为l，偏转极板间的距离为h，屏到偏转电场右边缘距离为s，粒子在加速过程中，根据

可得

在加速电场中运动的时间

进入偏转电场，以及离开偏转电场后到打到屏上，水平方向速度保持不变，因此打到屏的时间

从开始到荧光屏所经历时间

可知运动时间与成反比，由于

设质子、氘核和粒子三种粒子离开加速度电场的速度分别为因此

B正确；

A．粒子进入偏转电场之后，做类平抛运动

其中

可得

可知所有粒子在偏转电场中；偏转距离相等，即三种粒子打到荧光屏上的位置相同，A正确；

CD．根据动能定理

可知打在荧光屏时的动能仅仅与粒子的带电量成正比，因此

D错误；C正确。

故选ABC。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据点电荷产生的场强叠加可知，O点的场强为零；故A正确；

B．正方形左边一对正负电荷在A点的场强方向向下，正方向右边正负电荷在A的场强方向向上，由等量异种电荷的电场线分布可知，A点的合场强方向向下，同理，正方形上边一对正负电荷在B点的场强方向向右，正方形下边正负电荷在B的场强方向向左，由等量异种电荷的电场线分布可知，B点的合场强方向向右，由于AB两点的合场强方向不同，所以A、B两点的电场强度不相同；故B错误；

C．由于BD连线在两组等量异号电荷的中垂线上，所以将一正试探电荷从B点沿直线移到D点；电场力做功为零，故C正确；

D．由于AC连线在两组等量异号电荷的中垂线上，所以将一正试探电荷从A点沿直线移到C点，电场力做功为零，试探电荷的电势能不变，故D错误．16、B:D【分析】【详解】

A．由点电荷场强公式可知，A、B、C三点的场强大小相等；但方向不同，由于场强是矢量，所以三点的场强不同，故A错误；

B．孤立点电荷+Q的等势面以是+Q为球心的球面，所以A、B、C三点位于同一等势面上；电势相等，故B正确；

C．A、B、C三点所在的平面上各点到+Q的距离不全相等；电势也就不全相等，所以该平面不是等势面，故C错误；

D．将一电荷量为+q的检验电荷由A点沿直线移动到B点的过程中，离点电荷的距离先减小后增大，根据等势面的分布规律可知，电势先升高后降低，由于电荷正电，所以电势能先增大后减小，故D正确．17、A:D【分析】【详解】

AB．在匀强电场中，平行等间距的两点电势差相等，可得

带入数据可得0

故A正确；B错误；

CD．将CD分为8等分，每一等分对应1cm，所以F点的电势为9V，连接AF，过D点做AF的垂线,如图。

有几何关系可得DG的长度为

解得

所以电场强度的大小为

解得

又因为D的电势为0，且D点距离正极板的距离为20cm，有对称性可知，两极板间的距离为40cm，所以两极板间的的电势差为

解得

故D正确；C错误。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】太阳能风能核能19、略

【分析】【分析】

【详解】

见答案【解析】①.相等②.③.之和④.⑤.之和⑥.⑦.相等⑧.⑨.之和⑩.⑪.倒数之和⑫.20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.正②.负③.多少④.库仑⑤.库⑥.C21、略

【分析】【详解】

分析小球受力情况：小球受到重力拉力F与电场力因为小球做匀速直线运动，合力为零，则F与的合力与大小相等、方向相反，作出F与的合力，如图，可知当电场力与F垂直时；电场力最小，此时场强也最小．

则得：所以电场强度的最小值为．若电场强度即时，电场力可能与AB方向垂直，如图1位置，电场力不做功，电势能变化量为0；也可能电场力位于位置2方向，则电场力做功为．

【点睛】

解决本题的关键是对小球进行正确的受力分析，灵活运用图解法分析极值情况，并根据力图要知道电场力大小一定时，方向可能有两种情况，不能漏解．【解析】0或22、略

【分析】【分析】

【详解】