2025年鲁人新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、用伏安法测电阻，当对被测电阻的阻值一无所知而无法选择何种接法时，可采用试触的方法．如图所示，某同学测量未知电阻R时，让电压表一端接在A点，另一端先后接在B点和C点．他发现电流表示数有明显变化；而电压表示数无明显变化．则下列说法正确的是。

A.R与电压表阻值接近，应选择电流表内接电路B.R与电压表阻值接近，应选择电流表外接电路C.R与电流表阻值接近，应选择电流表外接电路D.R与电流表阻值接近，应选择电流表内接电路2、如图所示，平行金属板充电后与电源断开，板间有一带电液滴处于静止状态．下列说法正确的是（）

A.带电液滴带负电B.若将下极板下移，带电液滴会向下运动C.若将下极板上移，带电液滴会向下运动D.若将下极板稍微向左平移一小段，带电液滴会向下运动3、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻；R为滑动变阻器。开关闭合后，灯能正常发光，当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是。

A.路端电压变小B.灯泡L将变亮C.电容器C的电量将减小D.电容器C的电量将增大4、研究表明，新冠病毒耐寒不耐热，温度在超过56℃时，30分钟就可以灭活。如图所示，含有新冠病毒的气体被轻质绝热活塞封闭在绝热气缸下部a内，气缸顶端有一绝热阀门K，气缸底部接有电热丝E，气缸的总高度h=90cm。a缸内被封闭气体初始温度℃，活塞与底部的距离cm，活塞和气缸间的摩擦不计。若阀门K始终打开，电热丝通电一段时间，稳定后活塞与底部的距离cm；关于上述变化过程，下列说法正确的是。

A.b气缸中逸出的气体占原b气缸中气体的B.a气缸中的气体吸收的热量等于其增加的内能C.稳定后，a气缸内的气体温度为50℃D.稳定后，保持该温度不变再持续30分钟，a气缸内新冠病毒能够被灭活5、如图所示，厚度均匀的矩形金属块棱长ab＝10cm，bc＝5cm，其左、右两端面为正方形．当将A与B接入电压为U的电路中时，电流为1A；若将C与D接入同一电路中；则电流为()

A.4AB.2AC.0.25AD.0.5A6、如图所示，在空间中存在着方向为水平方向的匀强磁场，磁感强度为一个带电电荷量为质量为的微粒从图中的处由静止释放，它运动的轨迹如图中的曲线表示，其中点为轨迹的最低点，与点在同一水平面内，此后将重复这一阶段的运动。下面关于最低点的说法中不正确的是（）

A.微粒经过点时的速度方向为水平方向B.微粒经过点时受到的磁场力与重力大小相等而方向相反C.微粒经过点时的速度大于D.微粒经过点时的重力势能与动能之和等于在点时的重力势能评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、新冠肺炎导致许多重症病人肺部受损，医院使用氧气瓶可以对病人进行氧疗。如图所示，现有一瓶使用过一段时间的氧气瓶（瓶内氧气可看作理想气体），p-T图像从1→2→3的过程中；下列说法正确的是（）

A.1→2过程正在灌气B.1→2过程中气体分子平均动能减小C.2→3过程外界对气体做功，内能增加D.2→3过程中气体分子单位时间内在器壁单位面积上撞击的次数增大8、北方室内供暖后；室内外温差会很大，正所谓“窗外寒风刺骨，屋内温暖如春”。现将一导热性能良好的敞口空瓶在室外静置一段时间，等充分热交换后，盖紧塞子，把瓶子拿回室内。设盖好瓶塞后瓶子密闭良好，瓶内气体可视为理想气体。在室内充分热交换后，瓶内气体（）

A.与外界空气达到热平衡，其标志是与外界气体的压强相等B.温度升高，分子热运动的平均速率增大C.压强增大，分子对瓶和塞内侧单位面积上的压力增大E.用国际单位制单位表示的状态参量在图中图线一定过原点，可能如图中E.用国际单位制单位表示的状态参量在图中图线一定过原点，可能如图中9、下列说法中正确的是（）A.当分子间的距离增大时，分子间的引力变大而斥力变小B.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的C.一定质量的理想气体等温膨胀时，对外做功，内能不变E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度10、如图所示，发电机的矩形线圈面积为S，匝数为N，绕轴在磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度匀速转动。从图示位置开始计时；下列判断正确的是（  ）

A.此时穿过线圈的磁通量为NBS，产生的电动势为零B.线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为C.P向下移动时，电流表示数变小D.P向下移动时，发电机的电功率增大11、波速均为lm/s的两列简谐横波，分别从波源x=0、x=12m处沿x轴相向传播，t=0时的波形图如图所示；下列说法正确的是。

A.两列波的频率均为0.25HzB.t=0.2s时，两列波相遇C.两列波相遇过程中，x=5m处和x=7m处的质点振动加强D.t=3s时，x=6m处的质点位移达到最大值12、如图所示；用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B并留在其中，由子弹；弹簧和A、B物块组成的系统，在下列说法中正确的是（）

A.子弹射入木块过程动量守恒，机械能不守恒B.子弹射入木块过程动量不守恒，机械能也不守恒C.弹簧推着含子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量不守恒，机械能守恒D.弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；动量守恒，机械能不守恒13、如图所示，光滑水平面上放一个质量为M足够长的木板，开始M静止，现在有一个质量为m的滑块以速度v0滑上M，m和M间的动摩擦因数为µ，以下说法正确的是（）

A.如果增大M，则m和M相对运动的时间变长，因摩擦而产生的热量增加B.如果增大m，则m和M相对运动的时间变短，m在M上滑行的距离变大C.如果增大动摩擦因数µ，则因摩擦而产生的热量不变D.如果增大初速度v0,则因摩擦而产生的热量增加评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、如图所示，一轻质弹簧两端连着物体A、B，放在光滑的水平面上，若物体A被水平速度为v0的子弹射中，且后者嵌在物体A的中心，已知物体A的质量是物体B质量的子弹质量是物体B的弹簧被压缩到最短时，求物体A；B的速度。

15、在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，形管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为水银柱高；图中给出了气体的两个不同的状态。

(1)实验时甲图气体的压强为___________乙图气体压强为___________

(2)实验时某同学认为形管的横截面积可不用测量，这一观点正确吗？___________（选填“正确”或“错误”）。

(3)数据测量完后在用图像法处理数据时，某同学以压强为纵坐标，以体积（或空气柱长度）为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出与间的反比关系吗？___________（选填“能”或“不能”）。16、一定质量的气体经历a、b、c、d四段变化过程，压强与热力学温度的关系如图所示，气体体积在增大的过程是_________。忽略气体分子势能，气体的内能在增大的过程是_________。17、如图，两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为的U型管，左管上端封闭，石管上端开口。右管中有高的水银柱，水银柱上表面离管口的距离管底水平段的体积可忽略。环境温度为大气压强现从右侧端口缓慢注入水银（与原水银柱之间无气隙），恰好使水银柱下端到达右管底部。此时封闭气体的压强为______要使封闭气体在回到原来的体积，应将气体温度升高到______

18、如图甲所示，在xOy平面内有两个沿z方向做简谐振动的点波源S1（－2，0）和S2（4，0）。两波源的振动图线分别如图乙和图丙所示，两列波的波速均为0.50m/s。两列波从波源传播到点A（－2，8）的振幅为______m，两列波引起的点B（1，4）处质点的振动相互____（填“加强”或“减弱”），点C（0.5，0）处质点的振动相互________（填“加强”或“减弱”）。

19、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)23、为了测量一个量程为的直流电压表的内阻（约为几千欧）；所用的电路如图甲所示。

（1）请将图乙的器材连成完整的电路。（_____）

（2）该实验中需要进行的步骤罗列如下。

a.闭合开关S；

b.将电阻箱的阻值调到零；

c.调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为

d.断开开关S；

e.调节电阻箱的阻值，使电压表示数为读出此时电阻箱的阻值；

f.把滑动变阻器的滑片P滑到a端。

该实验操作的合理顺序是___________（选填字母代号）。

A．bfacedB．abfcedC．bacfedD．afebed

（3）若在实验步骤e中，调节后电阻箱旋钮位置如图丙所示，则的阻值为___________该电压表的内阻的测量值为___________由于系统误差，测量值___________（选填“偏大”或“偏小”）。24、甲、乙两位同学利用假期分别在两个地方做“用单摆测重力加速的实验”，回来后共同绘制了T2－L图象；如图甲中A；B所示，此外甲同学还顺便利用其实验的单摆探究了受迫振动，并绘制了单摆的共振曲线，如图乙所示，那么下列说法中正确的是___________

A.B.C.E.E.评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)25、空间存在范围足够大的水平方向匀强电场，长为L的绝缘细线一端固定于O点，另一端系一带电量为正q质量为m的小球，已知电场强度OA处于水平方向，OB在竖直方向。小球从A点由静止释放，求当小球运动到O点正下方B时的速度大小及此时细线对小球拉力的大小取参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

由图示电路图可知，电压表的一端接A点，另一端接到B点时，电压表与电阻并联，电流表测电阻与电压表电流之和，另一端接到C点时，电流表测通过电阻的电流；若电流表示数有明显变化，而电压表示数无明显变化，说明电压表分流较大，待测电阻阻值较大与电压表阻值接近；由于电压表分流较大，为减小实验误差，电流表应选择内接法，故选A．2、A【分析】【详解】

电液滴静止，故受力平衡，受电场力向上，带负电，A正确；断开电源，若板间距增大，不变，据电容的决定式C=及电容的定义式C=Q/U，与E=U/d，分析可知，E=则场强不变，液滴所受的电场力不变，则液滴将静止不动．故BC错误．若将下极板稍微向左平移一小段，S减小，C减小，Q一定，则U变大，E变大，带电液滴会向上运动，选项D错误；故选A．

点睛：本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．3、D【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，路端电压增大，故A错误．电路中电流减小，灯L变暗，故B错误．电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大．故C错误，D正确．故选D.4、D【分析】【详解】

A．由题意可知，原b气缸的高度

当a气缸稳定后活塞与底部的距离cm

此时b气缸的高度

设S为活塞的面积，那么b气缸中逸出的气体占原b气缸中气体为

A错误；

B．a气缸中的气体吸收热量对外做功由热力学第一定律

可知，a气缸中的气体吸收的热量大于其增加的内能；B错误；

CD．由于K始终打开，a气缸中的气体的压强不变，可得

代值求得

C错误；D正确。

故选D。5、A【分析】【详解】

设沿AB方向的横截面积为S1，沿CD方向的横截面积为S2，则：

A、B接入电路中时的电阻为R1，C、D接入电路中时的电阻为R2，由电阻定律可得：

两种情况下电流之比为：

故：I2＝4I1＝4A；

A．4A，故A符合题意；

B．2A；故B不符合题意；

C．A，故C不符合题意；

D．A；故D不符合题意。

故选A。6、B【分析】【详解】

A．b点为微粒轨迹的最低点，没有竖直方向的分速度，所以微粒经过b点时的速度方向为水平方向；故A正确，不符合题意；

BC．由题意，在b点可以将带电微粒的运动看做是在重力和磁场力的作用下，向右匀速直线运动与逆时针方向的匀速圆周运动的合运动，则微粒的运动具有周期性与对称性，微粒在最高点与最低点受到的合力的方向相反，大小相等，微粒在最高点的速度是0，只受到的重力的作用，方向向下，可知微粒在最低点时，受到的洛伦兹力与重力的合力方向向上，大小也等于重力，即qvB−mg=mg

所以可有qvB=2mg

解得

B错误；符合题意，C正确，不符合题意；

D．由于洛伦兹力的方向始终与运动的方向垂直，洛伦兹力不做功，微粒的动能与重力势能之间相互转化，机械能守恒，微粒经过b点时的重力势能与动能之和等于在a点时的重力势能；D正确，不符合题意。

故选B。

【点睛】

该题考查带电微粒在重力和洛伦兹力的作用下的运动，由于洛伦兹力的大小随速度发生变化，洛伦兹力的方向也随速度的方向发生变化，所以通常的方法是使用偏微分方程来解答．该题中，由于题目给出了“小球在重力和磁场力的作用下的运动可看作是向右匀速直线运动与逆时针方向的匀速圆周运动的合运动”的特殊的方法，因此，可以结合运动的周期性和对称性，以及受力的周期性与对称性进行解答。二、多选题(共7题，共14分)7、B:D【分析】【详解】

A．1→2过程气体压强减小；温度降低，图线上各点与坐标原点连线的斜率与体积成反比，斜率减小说明气体体积增大，说明正在放气，A错误。

B．1→2过程中气体温度降低；分子平均动能减小，B正确；

C．2→3过程气体体积不变；外界对气体不做功，温度升高说明内能增加，C错误；

D．2→3过程温度升高；压强增大，说明气体分子单位时间内在器壁单位面积上撞击的次数增大，D正确。

故选BD。8、B:C:E【分析】【详解】

A．在室内充分热交换后；瓶内气体吸收热量与室内空气达到热平衡，根据热平衡定律，温度相等是达到热平衡的标志，A错误；

BD．瓶子导热性能良好；从室内吸热，瓶内气体体积不变，不参与做功，由热力学第一定律可得瓶内气体内能增大，温度升高，分子热运动的平均速率增大，B正确，D错误；

C．根据查理定律；瓶内气体体积不变，温度升高，压强增大，根据压强的微观意义可知，分子对单位面积上的压力增大，C正确；

E．瓶内封闭气体温度升高，压强增大，但体积不变，则有

可知图像为过原点的倾斜直线；E正确。

故选BCE。9、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间的距离增大时；分子间的引力和斥力都变小，选项A错误；

B．气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的；选项B正确；

C．一定质量的理想气体等温膨胀时；体积变大，对外做功，温度不变，则内能不变，选项C正确；

D．“第一类永动机”不可能制成；是因为它违反了能量守恒定律，选项D正确；

E．绝对零度是低温的极限；永远不可能达到，选项E错误。

故选BCD。10、B:D【分析】【详解】

A．此时线圈平面与磁场垂直，磁通量最大，磁通量是BS；变化率为零，即感应电动势为零，故A错误；

B．过程中产生的感应电动势最大值为

故表达式为

故B正确；

CD．P向下移动时，副线圈匝数增大，根据

可得副线圈的输入电压增大，即电流表示数增大，根据

可得副线圈消耗的电功率增大；而副线圈消耗的电功率决定发电机的功率，所以发电机的功率增大，故D正确C错误。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

A项：两列波的波长为由得故A正确；

B项：时；两列波相遇，故B错误；

C项：两列波相遇过程中，x=5m处和x=7m处的质点波峰与波谷相遇振动减弱；故C错误；

D项：两波的周期为时两列波在x=6m相遇，相遇x=6m处质点向下振动，再经过即t=3s时，该质点到达波谷，位移达到最大值，故D正确．12、A:C【分析】AB；子弹射入木块过程；由于时间极短，子弹与木块组成的系统动量守恒，则系统动量守恒．在此运动过程中，子弹的动能有一部分转化为系统的内能，则系统的机械能减小，所以机械能不守恒．故A正确，B错误；

CD；弹簧推载着子弹的B物块向右运动；直到弹簧恢复原长的过程，弹簧要恢复原长，墙对弹簧有向右的弹力，系统的外力之和不为零，则系统动量不守恒．在此运动过程中，只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒．故C正确，D错误．

故选AC.13、A:C:D【分析】【详解】

视木板和滑块为系统，合外力为零，动量守恒，根据动量守恒有：解得：根据能量守恒可知摩擦而产生的热量为：对木板利用动量定理可得：解得m和M相对运动的时间：

A．若只增大M，则m和M相对运动的时间变长，因摩擦而产生的热量增加；故A正确；

B．如果增大m，则m和M相对运动的时间变短，根据动能定理可得：解得m在M上滑行的距离变小；故B错误；

C．如果增大动摩擦因数μ，则因摩擦而产生的热量不变；故C正确；

D．如果增大初速度v0，则因摩擦而产生的热量增加，故D正确；三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【详解】

设B的质量为m，则A的质量是子弹质量是子弹和A、B木块组成的系统动量守恒，有

解得【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]题图甲中气体压强为图乙中气体压强为

(2)[3]由玻意耳定律

即（为空气柱长度）

知，形管的横截面积可不用测量；

(3)[4]以为纵坐标，以为横坐标，作出图线是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应作出图线，看是否为过原点的直线，才能最终确定与是否成反比。【解析】①.76②.80③.正确④.不能16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由图可知；a过程，温度不变，压强增大，由玻意耳定律可得，气体的体积减小，由于a过程温度不变，因此内能不变；

b过程温度升高，压强增大，由于图像的斜率不变，因此气体的体积不变，由于b过程温度升高；因此气体的内能增大；

c过程压强减小；温度不变，由玻意耳定律可得，气体的体积增大，由于c过程温度不变，因此气体的内能不变；

d过程温度降低；压强减小，由于图线的斜率不变，因此气体的体积不变，由于d过程气体的温度降低，因此气体的内能减小；

综上所述，气体体积在增大的过程是c过程，气体的内能在增大的过程是b过程；【解析】c过程b过程17、略

【分析】【详解】

[1]对于左端密封气体，状体1的体积为

状态1的压强为

状态2的体积为

根据气体实验定律得

解得

[2]升温过程是等压变化，根据气体实验定律得

将带入得【解析】88.932018、略

【分析】【详解】

[1]由图可得周期

则波长

两列波从波源传播到点A（－2，8）的路程差

两列波的振动步调相反，所以A点为振动减弱点；其振幅为2m。

[2]从波源传播到点B（1；4）路程差为0，引起该处质点的振动相互减弱。

[3]从波源传播到点C（0.5，0）的路程差为

该处质点为振动加强点。【解析】2减弱加强19、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】四、作图题(共3题，共15分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以