2025年冀教新版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版选修3物理上册阶段测试试卷180考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示为某电场中的一条电场线，A、O、B为电场线上三点，且AO=OB，一带负电的粒子沿电场线从A运动到B；不计空气阻力及粒子重力。则下列判断正确的是（）

A.粒子一定在A点由静止释放B.粒子从A到B一定做匀减速运动C.粒子从A到B电势能一定增大D.粒子从A到O电场力做功一定等于O到B电场力做功2、下列说法错误的是（）A.“油膜法”估测分子大小实验中，可将纯油酸直接滴入浅盘的水面上B.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.摩尔质量为M（kg/mol），密度（kg/m3）的1m3的铜所含原子数为（阿伏伽德罗常数为NA）D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势3、在如右上图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1、R2为两个阻值固定的电阻；当可变电阻R的滑片向下移动时，安培表的示数I和伏特表的示数U将（）

A.I变大，U变大B.I变大，U变小C.I变小，U变大D.I变小，U变小4、竖直导线ab与水平面上放置的圆线圈隔有一小段距离；其中直导线固定，线圈可自由运动，当同时通以如图4所示方向的电流时（圆线圈内电流从上向下看是逆时针方向电流），则从左向右看，线圈将（）

A.不动。B.顺时针转动，同时靠近导线。C.顺时针转动，同时离开导线。D.逆时针转动，同时靠近导线。5、机械运动在介质中传播形成机械波，下列说法正确的是（）A.如果波源停止振动，在介质中传播的波动也立即停止B.在纵波中质点的振动方向总是垂直于波的传播方向C.在横波中两个相邻的波峰（或波谷）之间的距离等于波长D.横波中振动质点不随波迁移，纵波中振动质点随波迁移6、将粗细均匀的直导线弯折为导线框abcdef；各边长度如图所示，使线框以速度v匀速通过图示的匀强磁场区域，磁场宽度为2L，磁感应强度为B，从bc边进入磁场左边界开始计时，则在线框通过磁场的过程中，ab段导线的电压Uab与线框移动距离x的关系；正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示，一理想变压器的原、副线圈的匝数比22:1，交流电源的电动势电阻R＝10Ω，滑动变阻器的总阻值为15Ω．将滑动变阻器的滑片P从最左端向右滑动过程中（电压表和电流表均为理想电表）；则（）

A.副线圈两端电压为10VB.当滑动变阻器功率最大时，电压表的示数为4VC.当变压器输入功率最大时，电流表的示数为1AD.当电源频率变成原来的2倍时，变压器输入功率也变为原来的2倍8、下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B.外界对物体做功，物体内能一定增加C.温度越高，布朗运动越显著E.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大E.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大9、下列说法正确的是__________。A.气体分子的体积是指每个气体分子平均所占有的空间体积B.对于理想气体，只要能增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高C.外界对物体做功，物体内能一定增大E.温度不变时，饱和汽压不随体积的变化而变化E.温度不变时，饱和汽压不随体积的变化而变化10、如图所示，在奥托循环的图像中，一定质量的理想气体从状态依次经过状态和后再加到状态整个过程由两个等温和两个等容过程组成，下列说法正确的是（）

A.从到气体的温度一直升高B.从到气体与外界无热量交换C.从到气体对外放热D.从到气体吸收的热量与从到气体放出的热量相同11、下列说法正确的是（）A.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.一定质量的某种理想气体在等压膨胀的过程中，内能一定增加E.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为则阿伏加德罗常数可表示为E.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为则阿伏加德罗常数可表示为12、如图所示的电路图；AB间电压为U，则下列说法正确的是（）

A.滑动变阻器滑片向上移动时，两端电压变小B.滑动变阻器滑片向下移动时，两端电压变大C.滑动变阻器滑片位于中间时，两端电压小于D.滑动变阻器滑片位于中间时，若CD间改接为内阻为的电动机，电动机恰能正常工作，则此电动机消耗的热功率小于13、在下列几种现象中，动量不守恒的是()A.在光滑水平面上发生碰撞的两球B.车静止在光滑水平面上，车上的人从车头走到车尾，以人、车为系统C.水平放置的弹簧一端固定，另一端与置于光滑水平面上的物体相连，令弹簧伸长后释放使物体运动D.打乒乓球时，以球和球拍为系统14、如图所示，A、B是两盏完全相同的白炽灯，L是直流电阻不计、自感系数很大的自感线圈，如果断开电键S1，闭合S2，A、B两灯都能同样发光.如果最初S1是闭合的，S2是断开的.那么不可能出现的情况是。

A.刚一闭合S2，A灯就亮，而B灯则延迟一段时间才亮B.刚闭合S2时，线圈L中的电流为零C.闭合S2以后，A灯变亮，B灯由亮变暗D.再断开S2时，A灯立即熄火，B灯先亮一下然后熄灭评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图，△ABC为一玻璃三棱镜的横截面，∠A=30°，一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60°，则玻璃对红光的折射率为_____。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D点射出时的折射射角______（“小于”“等于”或“大于”）60°。16、两块非常长的光滑挡板围成一个夹角为10°的三角形区域，一小球沿着角平分线方向的初速度入射，设球与挡板间的碰撞是弹性的，则球与挡板一共会发生___________次碰撞。

17、如图电路中，电源有内阻，开关S1、S2、S3、S4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P；

(1)若只断开S1，则P将________．

(2)若只断开S2，则P将________．

(3)若只断开S3，则P将________．

(4)若只断开S4，则P将________．18、如图所示在通电螺丝管内部中间的小磁针，静止时N极指向右端，则电源的c端为电源________极，（填“正”或“负”）螺线管的a端为等效磁极的________极．（填“N”或“S”）19、质量为的小物块，带正电q，开始时让它静止在倾角的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平向左、大小为的匀强电场中，如图所示．斜面高为H，释放物体后，物块马上落地瞬间的速度大小为__________．

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)23、在“验证动量守恒定律”的实验中，气垫导轨上放置着带有遮光板的滑块A、B，遮光板的宽度相同，测得的质量分别为m1和m2．实验中，用细线将两个滑块拉近使轻弹簧压缩，然后烧断细线，轻弹簧将两个滑块弹开，测得它们通过光电门的时间分别为t1、t2．

（1）图2为甲、乙两同学用螺旋测微器测遮光板宽度d时所得的不同情景．由该图可知甲同学测得的示数为______mm，乙同学测得的示数为______mm．

（2）用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式：______，被压缩弹簧开始贮存的弹性势能EP=______．24、如图1所示，用半径相同的A、B两球的碰撞可以验证“动量守恒定律”．实验时先让质量为m1的A球从斜槽上某一固定位置C由静止开始滚下，进入水平轨道后，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的复写纸上，在下面的白纸上留下痕迹．重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把质量为m2的B球放在水平轨道末端，让A球仍从位置C由静止滚下，A球和B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次．M、P、N为三个落点的平均位置，未放B球时，A球的落点是P点，O点是水平轨道末端在记录纸上的竖直投影点，如图2所示．

（1）在这个实验中，为了尽量减小实验误差，两个小球的质量应满足m1____m2（选填“>”或“<”）；除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还必须使用的两种器材是___________．

A．秒表BB．天平CCD．刻度尺

D_______．打点计时器

（2）下列说法中正确的是

．A

．如果小球每次从同一位置由静止释放，每次的落点一定是重合的B．重复操作时发现小球的落点并不重合，说明实验操作中出现了错误C

．用半径尽量小的圆把10C个落点圈起来，这个圆的圆心可视为小球落点的平均位置OPD

．仅调节斜槽上固定位置，它的位置越低，线段m的长度越大m（3）在某次实验中，测量出两个小球的质量M1、N2OP．记录的落点平均位置O、OM几乎与OP在同一条直线上，测量出三个落点位置与ON点距离________________、OP、____________的长度．在实验误差允许范围内，若满足关系式

，则可以认为两球碰撞前后在方向上的总动量守恒；若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足关系式OP．（用测量的量表示）OM（4ON）在、、____________这三个长度中，与实验所用小球B质量无关的是______________，与实验所用小球质量

B有关的是M．P（5N）某同学在做这个实验时，记录下小球三个落点的平均位置、、M，如图N3OP所示．他发现OP和______________偏离了

方向．这位同学猜想两小球碰撞前后在25、要测量内阻较大的电压表的内电阻；可采用“电压半值法”，其实验电路如图。实验操作如下：

（1）先将滑动变阻器的滑动头调至最左端，将的阻值调至最大。

（2）闭合和调节使电压表满偏。

（3）断开保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表半偏，此时的值即为电压表的内阻值。

某同学在做该实验的时候，用的是量程的电压表，他发现不管怎么调节都无法让电压表满偏；他灵机一动，利用半值法的思想，自己按照如下步骤做了实验：

a.闭合和调节使电压表的示数为

b.断开保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表示数为

c.读出此时电阻箱的读数为

则可知按照该同学的测量方法，电压表内阻为________。（用带的表达式表示）评卷人得分六、解答题(共2题，共12分)26、如图所示为一简易火灾报警器的原理图，开口向上竖直放置的试管中装有水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警的响声。27℃时，下端封闭空气柱长度为16cm，水银上表面与导线端点的距离为8cm，管内水银柱的重量为8N，横截面积为大气压强求：

（1）当温度达到150℃时；报警器是否会报警？并通过计算说明理由。

（2）假设温度从27℃升到报警温度的过程中；水银柱缓慢上升且封闭空气柱从外界吸收的热量为3.12J，则空气柱的内能增加了多少？

27、如图所示，电场中的A、O、B三点在同一条直线上，A、B两点到O点距离均为d。过O点的竖直虚线ab左右两侧分别为匀强电场，方向如图所示，空间中各点场强大小相等。设O点电势为零，A、B点电势一个电量为q、质量为m的带正电粒子从O点左侧某位置由静止释放后，粒子以O点为中心在直线AB上做往复运动，已知粒子运动过程中最大电势能为Em，且不计粒子的重力。求：

（1）电场中各点的场强E的大小；

（2）粒子从释放到第一次回到释放点所需时间T。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

由于粒子带负电，因此粒子从A点运动到B点的过程中，电场力与运动方向相反，粒子做减速运动；由于电场强度大小无法确定，则无法确定是否做匀减速；由于电场力做负功，因此电势能越来越大，同理无法判断，AO与OB间电势差大小；则无法判断做功大小。

故选C。2、A【分析】【详解】

A．为形成单分子油膜；应将油酸酒精溶液滴入浅盘的水面上，A错误；

B．温度是分子平均动能的标志；温度升高分子的平均动能增大，分子热运动加剧，但个别分子的速率可能还会减小，B正确；

C．1m3铜所含有的原子数

C正确；

D．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离；液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势，D正确。

本题选择错误的，故选A。3、B【分析】当R的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知总电流I增大，电压表测量路端电压U，而U=E-Ir，I增大，E、r不变，则U变小；R1两端电压变大，R2两端变小，通过R2电流减小；总电流变大，通过A的电流变大，故B正确．

点晴：电路的动态分析：析的顺序：外电路部分电路变化→总电阻的变化→判断总电流的变化→由闭合电路欧姆定律判断U的变化→由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的变化欧→用串、并联规律分析变化电阻的电流、电压电功．4、D【分析】分析：根据安培定则判断通电导线AB产生的磁场方向；采用电流元法和特殊位置法分析圆环所受安培力，判断圆环的运动情况．

解答：解：根据安培定则可知；通电导线AB在右侧产生的磁场方向垂直纸面向里．采用电流元法，将圆环分成前后两半，根据左手定则可知，外侧半圆受到的安培力向上，内侧受到的安培力向下，圆环将逆时针转动．再用特殊位置法：圆环转过90°时，通电直导线AB对左半圆环产生吸引力，对右半圆环产生排斥力，由于吸引力大于排斥力，圆环靠近AB．则从左向右看，线圈将逆时针转动，同时靠近直导线AB．故D正确，A；B、C错误．

故选D．5、C【分析】振源停止振动时，因为惯性其他振动质点并不立即停止振动，所在在介质中传播的波动并不立即停止，故A错误；在纵波中质点的振动方向总与波的传播方向在同一直线上，故B错误；根据波定的定义知：在横波中两个相邻的波峰（或波谷）之间的距离等于波长，所以C选项是正确的；在横波和纵波中振动质点都不随波迁移，故D错误．故选C．6、A【分析】【详解】

设线圈总电阻为R；当线圈从进入磁场开始在0~L范围内，电流方向逆时针，电动势E＝BLv，则

在L~2L范围内，电流方向逆时针，电动势E＝2BLv，则

在2L~3L范围内，电流方向顺时针，电动势E＝BLv，则

在3L~4L范围内，电流方向顺时针，电动势E＝2BLv，则

综上所述，故选A。二、多选题(共8题，共16分)7、A:C【分析】【详解】

A.变压器原线圈的输入电压U1＝220V，由U1:U2＝n1:n2，得U2＝10V;故A正确.

B.在副线圈回路中可将副线圈和定值电阻R等效为电动势为10V，内阻为10Ω的直流电源与滑动变阻器串联，当R变＝R＝10Ω时；滑动变阻器的功率最大,此时电压表的读数为5V;故B错误.

C.变压器输入功率等于输出功率，当R变＝0时，P入最大，则故C正确.

D.变压器不能改变交流电的频率，则电源频率的改变对变压器的输入功率无影响;故D错误.8、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．温度是分子平均动能的标志；温度高的物体分子平均动能一定大，但是内能还与物质的多少；体积、状态等有关，故内能不一定大，故A正确；

B．外界对物体做功；若散热，物体内能不一定增加，故B错误；

C．温度越高；分子运动越剧烈，小颗粒受到分子撞击越剧烈，布朗运动越显著，故C正确；

D．当分子间的距离增大时；引力和斥力均减小，故D错误；

E．当分子间作用力表现为斥力时；分子间作用力随分子间距离的减小而增大，所以分子势能随分子间距离的减小而增大，故E正确。

故选ACE。9、B:D:E【分析】【详解】

A．气体粒子之间的距离远大于粒子本身的直径；所以气体分子的体积小于每个气体分子平均所占有的空间体积，故A错误；

B．温度是分子平均动能的标志；增加气体分子热运动的剧烈程度，气体温度就可以升高，故B正确；

C．气体对外界做功；同时从外界吸收热量，根据热力学第一定律，物体的内能可能增加；减小或不变，故C错误；

D．单晶体具有各向异性；多晶体和非晶体具有各向同性，都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性，故D正确；

E．在一定温度下；饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压力。温度不变时，饱和汽压不随体积的变化而变化，故E正确。

故选BDE。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．从a到b过程，气体发生等容变化，根据

由于压强一直增大；因此气体的温度一直升高，A正确；

B．从到气体膨胀，对外做功，而温度保持不变，因此从外界吸收热量，B错误；

C．从到气体发生等容变化，压强减小，温度降低，气体对外放热，C正确；

D．从到内能不变，气体吸收的热量等于对外做的功，同理，从到气体放出的热量等于外界对气体做的功。在p—V图像中；图像与横轴围成的面积等于做的功，因此两次做功不同，故吸收的热量与放出的热量不相等，D错误。

故选AC。11、A:C:D【分析】【详解】

A．扩散现象是由物质分子无规则热运动产生的分子迁移现象；可以在固体；液体、气体中产生，扩散速度与温度和物质的种类有关，故A正确；

B．在一定条件下；热量可能从低温物体传到高温物体，故B错误；

C．一定量的理想气体在等压膨胀过程中，根据理想状态的状态方程

可知气体的温度一定升高；所以内能一定增加，故C正确；

D．根据布朗运动的原因可知；液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子对它的撞击作用不平衡的结果，故D正确；

E．由于气体分子间距离较大；摩尔体积与分子体积的比值不等于阿伏伽德罗常数，故E错误。

故选ACD。12、C:D【分析】【详解】

滑动变阻器是分压式接法，电阻Rx与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联；滑动变阻器滑片向下移动时，串联部分电阻变大，并联电阻变小，分压小，则Rx两端电压变小；同理滑片向上移动时，两端电压变大，故AB错误；滑动变阻器滑片位于中间时，电阻R2与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联；由于并联部分的电阻比变阻器上半部分电阻小，故R2两端电压小于U/2，故C正确．CD间改接为内阻为RX的电动机，由C知其电压小于U/2，其又不是纯电阻电路，则其消耗的热功率小于则D正确，故选CD.13、C:D【分析】【详解】

在光滑的水平面上两球发生正碰，系统的合外力为零，遵守动量守恒，故A正确。人从车头走到车尾，人与车组成的系统受到的合外力为0，故动量守恒。故B正确；C选项中释放物体后，物体做简谐运动，速度周期性变化，动量周期性变化，动量不守恒，故C错误。打乒乓球时，球受到重力、球拍会受到人的作用力，系统的合外力不为零。动量不守恒，故D错误。本题选动量不守恒的，故选CD.14、B:C:D【分析】刚一闭合S2,电流立刻通过B流过A，AB灯就立即同时亮，线圈L产生很大的感应电动势阻碍电流的增大，而且感应电流方向向上，流过B，所以B灯由亮变暗，通过线圈L电流此时为零，断开S2时,A灯立即熄火,线圈产生的与原电流大小方向相同的感应电流流过B灯，B灯先亮一下然后熄灭三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】本题考查折射定律；光的色散及其相关的知识点。

根据题述和图示可知，i=60°，r=30°，由折射定律，玻璃对红光的折射率n==若改用蓝光沿同一路径入射，由于玻璃对蓝光的折射率大于玻璃对红光的折射率，则光线在D点射出时的折射角大于60°。【解析】大于16、略

【分析】【分析】

【详解】

如图所示。

小球第一次碰撞后与角的另一边的夹角为15°；如下图所示；

第二次碰后与角的另一边夹角为25°；可得每一次碰撞后下一次碰与角的一边的夹角为增加10°，碰撞第8次和第9次，如下图所示。

可得第9次后与角的边的夹角为85°；第10次碰后如下图所示。

可得碰后与角的边的夹角为75°；每碰撞一次，角度减少10°，当碰撞16次后，如下图所示。

小碰撞第17次后，路径沿水平向右，不会再发生碰撞，所以则球与挡板一共会发生17次碰撞。【解析】1717、略

【分析】【详解】

（1）只断开S1；电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静止状态．

（2）只断开S2；电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上做加速直线运动．

（3）只断开S3；电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下做加速直线运动．

（4）只断开S4；电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．

【点睛】

本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开s2，要知道稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解.【解析】静止向上做匀加速直线运动向下做加速直线运动静止18、略

【分析】试题分析：螺线管内部的磁场方向水平向右；根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，实验c端为电源的正极．内部的磁场由S指向N，a端为S极．

考点：安培定则。

【名师点睛】解决本题的关键掌握安培定则，会运用安培定则判断电流与磁场的关系．【解析】正极S极19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]对物块进行受力分析；物块受重力和水平向左的电场力，如图所示。

电场力为

从开始到落地过程，由动能定理得

解得【解析】四、作图题(共3题，共9分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共21分)23、略

【分析】【详解】

（1）甲图，螺旋测微器的固定刻度读数为3.5mm，可动刻度读数为0.01×0.5mm=0.005mm，

所以最终读数为3.5mm+0.005=3.505mm．

乙图，螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.01×48.5mm=0.485mm，

所以最终读数为3mm+0.485=3.485mm．

（2）根据动量守恒定律可知，设向右为正方向，则应满足的表达式为：0=-m1v1+m2v2；即：m1v1=m2v2

根据光电门的性质可知，v1=v2=代入可得：

根据功能关系可知，贮存的弹性势能等于后来的动能，则有：EP=m1v12+m2v22

代入可得：

点睛：本题考查了验证动量守恒定律实验中表达式的验证以及螺旋测微器的使用，要注意判断使用气垫导轨的应用，要知道动量守恒的条件与动量守恒定律，明确功能关系，知道弹簧的弹性势能转化为了两滑块的动能．【解析】3.505；3.485；；；24、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)根据碰撞的特点可知，两小球质量应满足该实验需要测量两球质量和平抛运动中的水平距离，故需要天平和刻度尺，故BC正确；

(2)由于实验误差的影响；每次碰撞的落点不一定相同，故A，B均错误；落点近似一个圆，取圆心为记录点，C正确；竖直高度越低，水平抛出的速度越小，平抛运动的水平位移就越短，D错误；

(3)若满足动量守恒，因为平抛运动中竖直方向高度相同，