2025年浙教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列说法错误的是（）A.“油膜法”估测分子大小实验中，可将纯油酸直接滴入浅盘的水面上B.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.摩尔质量为M（kg/mol），密度（kg/m3）的1m3的铜所含原子数为（阿伏伽德罗常数为NA）D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势2、下列说法错误的是（）A.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的B.液体表面层内分子间的相互作用力表现为斥力C.若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则压强一定增大D.分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大3、用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）

A.B.C.D.4、某兴趣小组制作了一个简易的“转动装置”；如图甲所示，在干电池的负极吸上两块圆柱形强磁铁，然后将一金属导线折成顶端有一支点；底端开口的导线框，并使导线框的支点与电源正极、底端与磁铁均良好接触但不固定，图乙是该装置的示意图．若线框逆时针转动(俯视)，下列说法正确的是。

A.线框转动是因为发生了电磁感应B.磁铁导电且与电池负极接触的一端是S极C.若将磁铁的两极对调，则线框转动方向不变D.线框转动稳定时的电流比开始转动时的大5、如图所示，一个匝数为n的圆形线圈，面积为S，电阻为r．将其两端a、b与阻值为R的电阻相连接，在线圈中存在垂直线圈平面向里的磁场区域，磁感应强度B随时间t均匀增加，当时线圈中产生的感应电流为I1；当时，其他条件不变，线圈中产生的感应电流变为I2．则通过电阻R的电流方向及I1与I2之比分别为。

A.c→d，I1:I2=1:2B.c→d，I1:I2=2:1C.d→c，I1:I2=2:1D.d→c，I1:I2=1:26、图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表，线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动；从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是()

A.电流表的示数为20AB.交流电的频率是100HzC.0.01s时线圈平面与磁场方向平行D.0.02s时线框平面与中性面重合7、在高纬度地区的高空，大气稀薄，常出现五颜六色的弧状、带状或幕状的极其美丽壮观的发光现象，这就是我们常说的“极光”．“极光”是由太阳发射的高速带电粒子（重力不计）受地磁场的影响，进入两极附近时，撞击并激发高空中的空气分子和原子引起的．假如我们在南极地区忽然发现正上方的高空出现了射向地球的、沿顺时针方向生成的紫色弧状极光（显示带电粒子的运动轨迹），则关于弧状极光的弯曲程度下列说法正确的是（）A.轨迹半径逐渐减小B.轨迹半径先增大后减小C.轨迹半径先减小后增大D.轨迹半径逐渐增大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示；AOB为一边界为四分之一圆的匀强磁场，O点为圆心，D点为边界OB的中点，C点为边界上一点，且CD//AO.现有两个完全相同的带电粒子以相同的速度射入磁场（不计粒子重力）.其中粒子1从A点正对图心射入，恰从B点射出，粒子2从C点沿CD射入，从某点离开磁场，则可判断。

A.粒子2一定在B点射出磁场B.粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为3：2C.粒子2可能在BC之间某点射出磁场D.粒子1与粒子2的速度偏转角度相同9、如图所示，电源电动势为E内阻为r，当滑动变阻器R2滑动端向右滑动后，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表示数变化量的绝对值为ΔU．下列说法中正确的是（）

A.电压表V的示数变大B.电流表A2的示数变小C.ΔU与ΔI1比值一定小于电源内阻rD.ΔU与ΔI2比值一定小于电源内阻r10、如图所示，匀强磁场垂直于纸面向里，匀强电场平行于斜面向下，斜面是粗糙的．一带正电物块以某一初速度沿斜面向上滑动，经a点后到b点时速度减为零，接着又滑了下来．设物块带电荷量保持不变，则从a到b和从b回到a两过程相比较。

A.加速度大小相等B.摩擦产生热量不相同C.电势能变化量的绝对值相同D.动能变化量的绝对值相同11、下列说法正确的是（）A.晶体一定具有固定的熔点，但不一定具有规则的几何外形B.降低温度能够使气体的饱和气压降低，从而使气体液化C.一定质量的理想气体等压膨胀过程中一定从外界吸收热量E.一定量的理想气体，如果体积不变，分子每秒平均碰撞器壁次数随着温度的降低而增大E.一定量的理想气体，如果体积不变，分子每秒平均碰撞器壁次数随着温度的降低而增大12、下列说法正确的是（）A.晶体具有固定的熔点，某种物理性质可表现为各向异性B.液体的表面张力垂直于液面指向液体的内部C.空调既能制热又能制冷，说明在非自发的条件下，热传递可以逆向E.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏小E.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏小13、如图所示的电路，当滑线变阻器滑片P由a滑到b的过程中，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为则下列各组数据中可能出现的是（）

A.B.C.D.14、如图所示，A、B是两盏完全相同的白炽灯，L是直流电阻不计、自感系数很大的自感线圈，如果断开电键S1，闭合S2，A、B两灯都能同样发光.如果最初S1是闭合的，S2是断开的.那么不可能出现的情况是。

A.刚一闭合S2，A灯就亮，而B灯则延迟一段时间才亮B.刚闭合S2时，线圈L中的电流为零C.闭合S2以后，A灯变亮，B灯由亮变暗D.再断开S2时，A灯立即熄火，B灯先亮一下然后熄灭评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图所示为圆柱形区域的横截面，在该区域加沿圆柱轴线方向的匀强磁场。带电粒子（不计重力）第一次以速度v1沿截面直径入射，粒子飞入磁场区域时，速度方向偏转60°角；该带电粒子第二次以速度v2从同一点沿同一方向入射，粒子飞出磁场区域时，速度方向偏转90°角。则带电粒子第一次和第二次在磁场中运动的半径之比为_______；速度之比为__________；周期之比为_________；时间之比为__________。16、实验发现，二氧化碳气体在水深170m处将会变成液体。现用一活塞将一定量的二氧化碳气体封入某导热容器中，并将该容器沉入海底。已知随着深度的增加，海水温度逐渐降低，则在容器下沉过程中，容器内气体的密度将会________（选填“增大”、“减小”或“不变”），气体的饱和汽压将会____（选填“增大”、“减小”或“不变”）。17、一瓶酒精用了一些后，把瓶盖拧紧，不久瓶内液面上方形成了酒精的饱和汽，此时_____（选填“有”或“没有”）酒精分子从液面飞出。当温度升高时，瓶中酒精饱和汽的密度_____（选填“增大”“减小”或“不变”）。18、一定量的理想气体从状态a变化到状态b，再变化到状态c，再回到状态a，该过程的图线如图所示，则气体从状态a变化到状态b过程内能______（填“增大”、“减小”或“不变”）；气体从状态b变化到状态c过程温度____________（填“升高”、“降低”或“不变”），气体从状态c变化到状态a过程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）热量。

19、两个分别带有电荷量和的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为两小球相互接触后将其固定距离变为则两球间的库仑力的大小为的__________倍．20、如图所示，一束激光频率为传播方向正对卫星飞行方向，已知真空中光速为c，卫星速度为u，则卫星上观测到激光的传播速度是______，卫星接收到激光的频率______（选填“大于”“等于”或“小于”）。

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)24、在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：

A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ）

B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ）

C．电流表A1（量程3A；内阻约为0.2Ω）

D．电流表A2（量程600mA；内阻约为1Ω）

E．变阻器R1（0～100Ω，0.3A）

F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）

G．电池E（电动势为3V；内阻约为0.3Ω）

H．开关S；导线若干。

为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有______．

为了减小实验误差，应选用图甲中______（选填“a”或“b”）为该实验的电路图．

25、在用两面平行的玻璃砖测定玻璃折射率的实验中；其实验光路如图（a）．

（1）在实验中，如果用量角器分别量出入射角和折射角那么，该玻璃砖的折射率的表达式为______________．

（2）在实验数据的处理中；有两位同学各设计了一个记录表格，而且都已完成了计算，根据他们设计的表格所反应的信息，判断他们论证做得是否正确．

甲同学设计的表格是：

乙同学设计的表格是：

答：上述两位同学做得正确的是________（选填“甲”或“乙”）．

（3）若甲在做测定玻璃的折射率的实验时，法线画得与界面不垂直，出现如图（b）所示的倾斜；若在放置玻璃砖时，玻璃砖的平面没有与重合，出现如图（c）所示的偏差，则他们测得的折射率比真实值_______

A．甲、乙均偏小B．甲、乙均偏大C．甲偏大、乙偏D．甲偏小，乙偏大26、用伏安法测定一个待测电阻（阻值约为200Ω）的阻值；要求结果尽可能准确．实验室提供如下器材：

A．电池组E（电动势3V；内阻不计）；

B．电流表A1（量程0～15mA；内阻约为10Ω）；

C．电流表A2（量程0～300uA；内阻为1000Ω）；

D．滑动变阻器R1（阻值范围0～20Ω；额定电流为2A）；

E．电阻箱R2（阻值范围0～9999Ω；额定电流为1A）；

F．开关S；导线若干．

（1）将电流表A2与电阻箱R2串联，改装成一个量程为3.0V的电压表，需将电阻箱R2的阻值调到__．

（2）在方框中完整画出测量R阻值的电路图，并在图中标明器材代号_______．

（3）调节滑动变阻器R1两电流表的示数如图所示，可读出电流表A1的示数为__mA，电流表A2的示数为__μA，测得待测电阻的阻值为__Ω（结果保留一位小数）评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)27、如图所示,在水平面内固定两条光滑水平导轨，导轨右端连接一阻值为R=2Ω的电阻,两导轨之间相距为d=3m，一长为l=4m的均匀导体棒PQ垂直导轨放在导轨上，导体棒的电阻r=4/3Ω。整个装置放置在竖直向下的无界匀强磁场中；B=1T，在水平向右的拉力F作用下水平向右匀速运动，已知v=1m/s。

(1)求导体棒PQ的感应电动势多大？

(2)求水平拉力的功率多大？

(3)求导体棒PQ两端的电压多大？28、如图所示为一列简谐横波沿x轴传播在t=0(实线)和t=0.5s(虚线)时刻的波形图．

(1)若t=0时刻，x=2.5m处质点正沿y轴负方向振动，求该质点第一次回到t=0时刻的位置所经过的最长时间；

(2)若波动的周期T≤0.5s≤2T，则在1s内波形传播的距离为多少?参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

A．为形成单分子油膜；应将油酸酒精溶液滴入浅盘的水面上，A错误；

B．温度是分子平均动能的标志；温度升高分子的平均动能增大，分子热运动加剧，但个别分子的速率可能还会减小，B正确；

C．1m3铜所含有的原子数

C正确；

D．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离；液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势，D正确。

本题选择错误的，故选A。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学第二定律；自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，故A正确；

B．液体表面层内的分子之间距离大于所以表面层内分子间的相互作用力表现为引力，故B错误；

C．一定质量的理想气体被压缩；则分子数密集程度增加，同时吸收热量，则温度升高，分子运动激烈，从压强的微观角度分析可知，压强一定增大，故C正确；

D．当分子间距小于时，分子间作用力表现为斥力，分之间距离变大分子力做正功势能降低，当距离大于分子力表现为引力，距离变大做负功势能增加，故D正确。

本题选错误的，故选B。3、C【分析】【详解】

甲图均为并联部分的电压电流，所以测量值为电压表内阻与电阻的并联值，小于电阻值，即．乙图均为串联部分的电压电流，所以测量值为电流内阻与电阻的串联值，大于电阻值，即C对．4、B【分析】【分析】

【详解】

ABC．对线框的下端平台侧面分析；若扁圆柱形磁铁上端为S极，下端为N极，周围磁感线由上往下斜穿入线框内部，在垂直于纸面向外的径向上，磁感应线有垂直于纸面向里的分量，在此径向上的负电荷由下往上运动，由左手定则知：此负电荷受到垂直于径向沿纸面向右的洛伦兹力，即在径向的左垂线方向；同理，其他任一径向上的电荷均受到左垂线方向的洛伦兹力（中心原点除外），所以，由上往下看（俯视），线框沿逆时针转动，若扁圆柱形磁铁上端为N极，下端为S极，则转动方向相反，所以该装置的原理是电流在磁场中的受力，不是电磁感应．故AC错误，B正确；

D．稳定时，因导线切割磁感应线，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D错误．5、A【分析】【详解】

根据楞次定律，磁场方向向里增加，则产生方向向外的感应磁场，则感应电动势为逆时针，电流从c到d，则选项CD错误．由可知变为2倍，则感应电动势变为2倍，电阻不变，电流变为2倍，则选项A正确，B错误．故选A.6、C【分析】【详解】

电流表的示数为有效值：故A错误；由图知周期T=0.02s，根据故B错误；0.01s时线圈产生的感应电动势最大，说明线框与磁场平行，磁通量为零，故C正确；由图知0.02s时线框中感应电流最大，说明线框与磁场平行，磁通量为零，故D错误．7、A【分析】【详解】

由题意可知，运动过程中粒子因空气阻力做负功，粒子的动能变小，速度减小，而且磁场的强度逐渐增强，则根据公式可知轨迹半径逐渐小，故A正确，BCD错误．二、多选题(共7题，共14分)8、A:B【分析】【详解】

粒子运动轨迹如图所示：

粒子1从A点正对圆心射入，恰从B点射出，粒子在磁场中运动的圆心角为90°，粒子轨道半径等于BO，粒子2从C点沿CD射入其运动轨迹如图所示，设对应的圆心为O1，运动轨道半径也为BO=R，连接O1C、O1B，O1COB是平行四边形，O1B=CO，则粒子2一定从B点射出磁场，故A正确，C错误；粒子1的速度偏角，粒子在磁场中转过的圆心角θ1=90°，连接PB，可知P为O1C的中点，由数学知识可知，θ2=∠BO1P=60°，两粒子的速度偏角不同，粒子在磁场中运动的周期：T=两粒子的周期相等，粒子在磁场中的运动时间t=T，的运动时间之比：t1：t2=θ1：θ2=90°：60°=3：2；故B正确，D错误；故选AB．

点睛：本题考查了粒子在匀强磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，作出粒子运动轨迹、应用数学知识、周期公式即可正确解题．9、A:B:C【分析】【分析】

当滑动变阻器滑动端向右滑动后，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，分析外电路总电阻如何变化，确定总电流的变化情况，即可知电流表A2的示数变化情况．根据串联电路的特点分析并联部分电压的变化情况，确定电流表A1的示数变化情况，根据并联电路的电流规律，分析A1与A2的变化量大小．根据闭合电路欧姆定律分析△U与△I1比值．

【详解】

A、B项：当滑动变阻器滑动端向右滑动后，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小．所以电流表A2的示数减小．

根据串联电路分压的特点分析可知；并联部分电压增大，即电压表V的示数增大，故A；B正确；

C项：根据并联电路的电流规律I2=I1+I，A2的示数I2变小，通过定值电阻R1的电流增大，则A1的示数I1变小，所以△I1一定大于△I2．

电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律U=E-I2r可知而△I1大于△I2，所以故D错误；C正确．

故选ABC．

【点睛】

本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、明确电表所测电压，关键能根据闭合电路欧姆定律分析电压与电流变化的比值，即可正确解题．10、B:C【分析】【详解】

试题分析：物块从a到b运动时，由牛顿定律：受洛伦兹力垂直斜面向上；而由b向a滑动时，由牛顿定律：受洛伦兹力垂直斜面向下，两次物体对斜面的压力不同，摩擦力不同，即f1＜f2,故两过程的加速度大小不相等，选项A错误；又相对，可知两过程摩擦产生热量不相同，选项B正确；物块从a到b运动时，电场力做负功，电势能增加；物块从b回到a电场力做正功；电势能减小，故电场力做功不相同，但是电势能变化量的绝对值相同，选项C正确；上滑过程和下滑过程，都是重力；摩擦力及电场力做功，但是上滑时摩擦力小于下滑时的摩擦力，由动能定理得，动能变化量大小不相同，故D错误．故选BC.

考点：牛顿定理；电场力做功和电势能；动能定理.11、A:B:C【分析】【详解】

A．晶体分为单晶体和多晶体；都具有固定的熔点，但单晶体有规则的几何外形，而多晶体没有规则的几何外形，故A正确；

B．降低温度能够使气体的饱和气压降低；从而使气体液化，故B正确；

C．根据

可知；一定质量的理想气体等压膨胀过程中温度一定升高，理想气体的内能一定增大，同时气体膨胀对外做功，由热力学第一定律可知，气体一定从外界吸热，故C正确；

D．当两分子间的作用力表现为斥力时；分子间的距离增大，分子力做正功，分子动能增大，势能减小，故D错误；

E．一定量的理想气体，如果体积不变，根据

可知；温度降低，压强减小，因此分子每秒平均碰撞器壁次数将减小，故E错误；

故选ABC。12、A:C:D【分析】【详解】

A．晶体具有固定的熔点；单晶体某种物理性质可表现为各向异性，多晶体某种物理性质表现为各向同性，故A正确；

B．液体表面张力跟液面相切；跟这部分液面的分界线垂直，故B错误；

C．空调既能制热又能制冷；说明在非自发的条件下，热传递是可逆的，故C正确；

D．两个系统达到热平衡时；它们的温度相等，它们的分子平均动能一定相等，故D正确；

E．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中；将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，油的体积偏大，会使分子直径计算结果偏大，故E错误。

故选ACD。13、B:D【分析】【分析】

滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断△U2、△U3的大小．

【详解】

滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U1减小，则变阻器两端电压U3减小．由于U1=U2+U3，U1减小，则知△U2<△U3，△U1＜△U3；所以BD是可能的，AC不可能．故BD正确，AC错误．故选BD．

【点睛】

本题解题的关键是抓住U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小．14、B:C:D【分析】刚一闭合S2,电流立刻通过B流过A，AB灯就立即同时亮，线圈L产生很大的感应电动势阻碍电流的增大，而且感应电流方向向上，流过B，所以B灯由亮变暗，通过线圈L电流此时为零，断开S2时,A灯立即熄火,线圈产生的与原电流大小方向相同的感应电流流过B灯，B灯先亮一下然后熄灭三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

粒子进入磁场时，受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，速度的偏向角等于轨迹对应的圆心角，再可求出轨迹对应的圆心角由求解时间之比；根据几何知识求出轨迹半径之比，由半径公式求出速度之比．

【详解】

设圆柱形区域为R。带电粒子第一次以速度沿直径入射时；轨迹如图所示：

粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转60°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为带电粒子第二次以速度沿直径入射时，粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转90°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为所以轨迹半径之比：时间之比：根据半径公式得速度之比：根据可知；周期之比为1：1。

【点睛】

本题关键要掌握推论：粒子速度的偏向角等于轨迹的圆心角，运用几何知识求出半径关系，就能正确解答【解析】111:12：316、略

【分析】【详解】

[1]随着深度的增加，海水温度逐渐降低，压强也增大，由理想气体状态方程

二氧化碳的体积减小；而质量不变，则密度一定增大；

[2]随着温度的降低，饱和汽压会减小。【解析】增大减小17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]形成饱和气后；酒精还是会蒸发，只是液体里跑到气体中的分子和气体中的分子跑到液体里的速度一样快，整体来看是不变的，维持了动态平衡。但此时仍然会有酒精分子从液面飞出；

[2]温度升高使气体分子的动能增大，离开液体表面的气体分子更多，饱和汽的密度增大。【解析】有增大18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]ab为过原点的直线；根据。

压强随着体积的减小而增大；温度不变，所以内能不变。

[2]气体从状态b变化到状态c过程；压强减小，体积也减小，根据公式。

可知温度降低。

[3]气体从状态c变化到状态a过程；根据公式。

压强不变，体积增大对外做功，温度升高，吸收热量。【解析】不变降低吸收19、略

【分析】【分析】

清楚两小球相互接触后；其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．

【详解】

相距为r时，根据库仑定律得：接触后各自带电量变为则此时两式联立得即大小为F的倍．

【点睛】

本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键．【解析】20、略

【分析】【详解】

[1]根据光速不变原理，卫星上观测到激光的传播速度为c；

[2]因为激光和卫星是相向运动，依据多普勒效应可知，卫星接收到激光的频率大于【解析】C大于四、作图题(共3题，共18分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共24分)24、略

【分析】【详解】

（1）必选器材有电池、开关和导线；因为电动势为：E=3V，故电压表选择V1，最大电流为：Imax==0.6A，故电流表选择A2；限流式电路，因为最大电流Imax=0.6A，故为了安全应选择滑动变阻器R1．故应选用的实验器材有：ADEGH；

因为被测电阻为：Rx≈5Ω，所选电压表内阻：RV≈15000Ω，所选电流表内阻为：RA≈1Ω；满足故应选用电流表外接法．故选b.【解析】ADEGHb25、略

【分析】【详解】

（1）根据光的折射定律可知：

（2）为了减小测量的偶然误差；必须采用多次测量取平均值的方法，由于每次测量时，入射角不同，折射角不同，每次测量有入射角与折射角之间没有直接关系，入射角和折射角取平均值没有意义，而介质的折