2025年西师新版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、?如图所示电路中，C2=2C1,R2=2R1，下列说法正确的是：A.开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电荷量B.开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电荷量C.开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电荷量D.开关处于接通状态，电容C1的电量等于C2的电荷量2、如图所示，光滑曲面上方有一固定的带电量为的点电荷，现有一带电量为的金属小球（可视为质点），在点以初速度射入后始终沿着曲面运动，小球与面相互绝缘，则（）A.小球从点运动到B点过程中，速度逐渐增大B.小球从点到C点过程中，重力势能的增加量小于其动能的减少量C.小球在C点时受到的库仑力最大，所以对曲面的压力最大D.小球在曲面上运动过程中，机械能始终守恒3、有一种硬气功表演，表演者平卧在地面，将一大石板置于他的身体上，另一个人将重锤举到高处并砸向石板，石板被砸碎，而表演者却安然无恙.

假设重锤与石板撞击后二者具有相同的速度.

表演者在表演时尽量挑选质量较大的石板.

对这一现象，下面的说法正确的是(

)

A.重锤在与石板撞击的过程中，重锤与石板的总机械能守恒B.石板的质量越大，石板获得动量就越小C.石板的质量越大，石板所受到的打击力就越小D.石板的质量越大，石板获得的速度就越小4、下图表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系中正确的是5、在电场中某点放入电荷量为-q的试探电荷，测得该点电场强度为E；若在该点放入电荷量为+2q的试探电荷，此时测得该点的电场强度为（）A.大小为2E，方向和E相反B.大小为E，方向和E相同C.大小为2E，方向和E相同E.方向和E相反B．大小为E，方向和E相同C．大小为2E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反E.方向和E相反B．大小为E，方向和E相同C．大小为2E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反6、如图所示，A线框接一灵敏电流计，B线框放在匀强磁场中，B线框的电阻不计，具有一定电阻的导体棒可沿线框无摩擦滑动，今用恒力F向右拉CD由静止开始运动，B线框足够长，则通过电流计中的电流方向和大小变化是()A.G中电流向下，强度逐渐减弱，最后为零B.G中电流向上，强度逐渐减弱，最后为零C.G中电流向下，强度逐渐增强，最后为某一定值D.G中电流向上，强度逐渐增强，最后为某一定值7、下列情境中，纸箱、花盒、花盆、铁球和拖把受到的重力一定做功的是A.B.C.D.8、下列关于速度和加速度的说法中，正确的是(

)

A.物体的速度越大，加速度也越大B.物体的速度为零时，加速度也为零C.物体的速度变化量越大，加速度越大D.物体的速度变化越快，加速度越大评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)11、如图所示，当条形磁铁水平向右远离螺线管时，通过电流表G的电流方向为____（答a向b或b向a），螺线管受到磁铁给它向____的作用力．

12、一质子束入射到静止靶核Al上，产生如下核反应：H+Al=X+n式中X代表核反应产生的新核．由反应式可知，新核X的质子数为______，中子数为______．13、某同学设计了一个用打点计时器做“探究碰撞中不变量”的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥；推动小车A使之做匀速运动．然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速运动，他设计的具体装置如图1所示．在小车A后连着纸带，电磁打点计时器电源为50Hz，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力．

①若已得到打点纸带如图2所示，并测得各计数点间距离，A为运动起始的第一点，则应选______段来计算A和B碰后的共同速度．（填“AB”或“BC”或“CD”或“DE”）

②已测得小车A的质量m1=0.40kg，小车B的质量m2=0.20kg，由以上测量结果可得．碰前mAv0=______kg•m/s；碰后（mA+mB）v共=______kg•m/s；由此得出结论______．14、如图所示，AB

两端电压不变，将变阻器R2

的滑动端P

向左移动，BC

间的等效电阻将______(

选填“变大”“变小”或“不变”)

电阻R1

上的电压将______(

选填“变大”“变小”或“不变”)

灯泡L

会______(

选填“变亮”“变暗”或“不变”)

．15、如图所示，R1=R2=R3=3娄赂R4=6娄赂UAB=12V

当S

断开时，通过R1

的电流为______A

当S

闭合后，通过R1

的电流为______AR3

消耗的功率为______W.

16、在“研究电磁感应现象”的实验中；首先要按题图1接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图2将电流表与线圈B连成一个闭合电路，将线圈A；电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路．在图1中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏（不通电时指针停在正中央）．在图2中：（填“向左”或“向右”或“不”）

（1）S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针将____偏转．

（2）线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针____偏转．

（3）线圈A放在B中不动，突然切断开关S时，电流表指针____偏转．

17、学校的操场上有一条800m的跑道，小明从跑道的某处A开始沿着跑道走一圈回到出发点（如图所示）。整个过程小明通过的路程是____m,发生的位移大小为____m18、对一定质量的气体加热，气体吸收了420J的热量，它受热膨胀后对外做的功是300J，那么气体的内能____（填增加或减少）了____J。19、“研究感应电流产生的条件”的实验电路如图所示．实验表明：当穿过闭合电路的______发生变化时，闭合电路中就会有电流产生．在闭合电键S前，滑动变阻器滑动片P应置于______端（选填“a”或“b”）．电键S闭合后还有多种方法能使线圈C中产生感应电流．评卷人得分四、判断题(共1题，共2分)20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分五、简答题(共1题，共4分)21、某台电动机的额定电压为110V；额定电流是6A，正常工作时的效率是80%，求：

（1）电动机正常工作时的输入功率；

（2）电动机正常工作时的输出功率；

（3）电动机正常工作30min，该电动机电枢线圈电阻产生的内能．评卷人得分六、实验探究题(共3题，共12分)22、某同学在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验时(

图甲)

对打出的一条纸带进行研究(

电源频率为50

赫兹)

该同学取了ABCDEF

计数点进行研究，该同学已求出一些计数点对应的速度，其数值见图乙．

(1)

关于用打点计时器“探究小车速度随时间变化的规律”的实验；以下说法正确的是______

A.打点计时器应固定在长木板上靠近滑轮的一端。

B.开始实验时小车应放在靠近打点计时器的位置。

C.应先释放小车；再启动打点计时器。

D.牵引小车的钩码质量越大越好。

(2)

根据纸带提供的信息；该同学已经计算出了打下BDE

这三个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数点C

时小车的速度(

结果小数点后保留三位)

并填入下表．

。计数点BCDEv/(m?s鈭�1)0.4150.5800.660(3)

以速度v

为纵轴；时间t

为横轴在坐标纸上建立直角坐标系；根据以上数据在所给的坐标纸中(

图丙)

作出小车的v鈭�t

图线．

(4)

根据你所做出的图象；小车在打下A

点时小车的速度vA=

______m/s(

小数点后保留三位)

小车运动的加速度a=

______m/s2(

小数点后保留两位)

．

23、某同学做“测定电源的电动势和内阻”实验。

(1)

他采用如图所示的实验电路进行测量。图中给出了做实验所需要的各种仪器，请你按电路图把它们连成实验电路。

(2)

根据实验数据做出U鈭�I

图象，如图所示，蓄电池的电动势E=

_________V

内电阻r=

_______娄赂

．

(3)

这位同学对以上实验进行了误差分析。其中正确的是___________。

A.实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用B.实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用C.实验测出的电动势小于真实值D.实验测出的内阻大于真实值24、湄江中学科技小组为测量某一玩具电动机M中导线圈的电阻率；该小组的部分实验方案如下：

（1）用螺旋测微器测得与导线圈导线同种规格的导线的直径d如图1所示，则该导线直径的长度d=______[填正确的代号]

A.15.000mm；B.0.155cm；C.0.155mm；D.0.160mm

（2）用多用表测量电动机不转时线圈的电阻Rx：选择“×1Ω”欧姆档，并按正确步骤操作后，指针的位置如图2所示，则Rx=______Ω．[填正确的代号]

A.25；B.35；C.20.5；D.200

为了提高精度，又用以下仪器再次测量导线圈的电阻Rx：

A．电流表（0-3A；约5Ω）；B．电流表（0-30mA、约10Ω）；

C．滑动变阻器（0-1kΩ）；D．滑动变阻器（0-50Ω）；

定值电阻R0=60Ω；电源（4V；约1Ω）及开关等；导线若干．

（3）实验小组为使测量过程中电动机不转动而采用了如图3所示的电路图，应选泽的电流表是______，滑动变阻器是______；[填正确的代号]

（4）按照实验要求，多用电表已选择“直流电压2.5V”档作为电压表使用，依据图3将图4所示的实验电路中的实物图用导线将欠缺的两处补完整时，正确连接的两选项是______

A：①接⑨B；①接⑧C、①接③D、④接⑦

（5）图5是该小组用测得的数值描绘出的U-I图象，其斜率表示的是______（填正确选项）．

A．导线圈的电阻。

B．导线圈的电阻与R0阻值之和．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|D【分析】【解析】试题分析：当开关S断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势，根据且得：电容器的电量大于的带电量，故A正确，B错误；当开关S闭合时，电容器C2的电压等于R1的电压，电容器的电压等于电阻R2的电压．而两电阻串联，电压之比等于电阻之比，根据且得：电容器C2的电量等于的带电量，故C错误．D正确故选AD考点：考查了带有电容电路的动态分析【解析】【答案】AD2、B【分析】试题分析：据题意，小球从A点开始运动过程中，受到重力G、支持力N和电场力F，小球从A运动到B的过程中，由动能定理得：由于电场力做负功，所以小球速度减小，故A选项错误；从A点到C点，由动能定理得：即重力势能增加量小于其动能减少量，故B选项正确；小球在C点对曲面的压力为小球在D点对曲面的压力为所以小球对曲面的最大压力位置可能出现在C点也可能出现在D点，C选项错误；小球在曲面运动过程中，由于有电场力做功，机械能不守恒，D选项错误。考点：本题考查动能定理和圆周运动。【解析】【答案】B3、D【分析】解：A

只有完全弹性碰撞无能量损失；而题中.

假设重锤与石板撞击后二者具有相同的速度，说明是完全非弹性碰撞，能量损失是碰撞中最大的，故A错误；

B、根据动量守恒定律得：mv0=(m+M)v

解得：v=mv0M+m

所以M

越大，v

越小，而P=Mv=Mmv0M+m=mv01+mM

则M

越大，P

越大，故B错误，D正确；

C；石板所受的打击力只与锤子有关；与石板本身无关，所以C错误．

故选D

假设重锤与石板撞击后二者具有相同的速度；说明是完全非弹性碰撞，能量损失是碰撞中最大，机械能不守恒，根据动量守恒定律即可分析BD

石板所受的打击力只与锤子有关，与石板本身无关．

本题只要考查了机械能守恒的判断方法及动量守恒定律的应用，难度适中．【解析】D

4、D【分析】【解析】试题分析：根据左手定则进行判断，正确为D考点：左手定则【解析】【答案】D5、B【分析】试题分析：电场强度是反映电场强弱的物理量，是电场本身的性质，与放入多大电荷量的试探电荷及电荷的电性无关，所以只有选项B正确；其它选项均错误；考点：点电荷的场强【解析】【答案】B6、A【分析】试题分析：当导体棒向右运动时，根据右手定则，CD棒中产生的感应电流方向D→C，由安培定则可知，穿过A线框的磁通量向里的增大，根据楞次定律，G中电流方向向下．导体棒CD在恒力作用下，从静止开始先做加速运动，速度越来越大，导体棒所受的安培力也会越来越大，导致加速度逐渐减小，当恒力F与安培力平衡时，导体棒做匀速运动，这时穿过A线圈的磁通量不再发生变化，A线圈不再产生感应电流，这时流过G的电流为零．A正确，B、C、D都不对。考点：电磁感应【解析】【答案】A7、A【分析】【分析】

功的因素有两个：一是有力；二是力的方向上有位移。本题考查功的计算，要注意明确公式中的位移应为沿力方向上的位移。【解答】

A.往高处堆放纸箱时；人对纸箱的力向上，物体有向上的位移，故重力做功，故A正确；

B.水平移动花盆时；花盆没有竖直方向上的位移，故重力不做功，故B错误；

C.没有提起铁球时；铁球没有位移，故重力不做功，故C错误；

D.水平移动的拖把；由于没有竖直方向上位移，故重力不做功，故D错误。

故选A。

【解析】A

8、D【分析】解：A

如果物体加速度方向与速度方向相同；加速度在减小，速度却在增大，即速度增大得越来越慢，故A错误；

B；物体的速度为零时；加速度不一定为零，例如竖直上抛到最高点，故B错误；

C、根据a=鈻�v鈻�t

可知加速度a

由速度的变化量鈻�v

和速度发生改变所需要的时间鈻�t

共同决定，虽然鈻�v

大，但鈻�t

更大时；a

可以很小.

故C错误；

D；加速度是表示速度变化快慢的物理量.

物体的速度变化越快；加速度越大.

故D正确；

故选：D

．

根据加速度的定义式a=鈻�v鈻�t

可知物体的加速度等于物体的速度的变化率；加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大.

加速度是表示速度变化快慢的物理量．

把握加速度的定义式a=鈻�v鈻�t

中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共9题，共18分)11、略

【分析】

当条形磁铁水平向右远离螺线管时，导致线圈的磁通量减小时，感应电流的磁场与它原来方向相同，再由右手螺旋定则可得，感应电流的方向．即螺线管下端相当于电源负极，上端是正极．因此通过电流表G的电流方向：a向b；

而此时通电螺线管；周围存在磁场，由同名磁极相斥，异名磁极相吸可得，它们之间相互吸引．

故答案为：a向b；右。

【解析】【答案】根据楞次定律知；感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁铁向左运动，导致线圈的磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁铁向右运动，导致线圈的磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同．

12、略

【分析】解：质子的电荷数为1；质量数为1，中子的电荷数为0，质量数为1．根据电荷数守恒；质量数守恒，X的质子数为1+13-0=14，质量数为1+27-1=27．因为质量数等于质子数和中子数之和，则新核的中子数为27-14=13．

故答案为：14；13．

根据电荷数守恒；质量数守恒；得出新核的质子数和中子数．

解决本题的关键知道在核反应方程中电荷数守恒、质量数守恒，以及知道常见粒子的电荷数和质量数．【解析】14；1313、略

【分析】解：（1）推动小车由静止开始运动；故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；

碰撞过程是一个变速运动的过程；而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度。

（2）碰前系统的动量即A的动量，则P1=mAv0=mA=0.40×=0.420kg•m/s；

碰后的总动量P2=mAvA+mBvB=（mA+mB）v2=（mA+mB）=（0.40+0.20）×=0.417kg•m/s；

由实验数据可知：在误差允许的范围内；小车A；B组成的系统碰撞前后总动量守恒．

故答案为：（1）DE；（2）0.420；0.417；在误差允许的范围内；小车A；B组成的系统碰撞前后总动量守恒．

（1）碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度；确定AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后，在匀速运动时在相同的时间内通过的位移相同，所以BC应为碰撞之前匀速运动阶段，DE应为碰撞之后匀速运动阶段．

（2）物体发生的位移与发生这些位移所用时间的比值等于匀速运动的物体在该段时间内的速度；由动量定义式求出动量．并得出结论．

根据碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度，确定AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后，是解决本题的突破口．同时注意明确动量守恒定律的验证方法．【解析】DE；0.420；0.417；在误差允许的范围内，小车A、B组成的系统碰撞前后总动量守恒．14、略

【分析】解：将滑片向左移；减小滑动变阻器阻值，BC

间的等效电阻变小，从而导致总电阻变小，总电流增大，R1

两端的电压变大，灯泡两端的电压变小.

灯泡L

变暗。

故答案为：变小变大变暗。

抓住AB

两端电压不变；结合滑动变阻器阻值的变化得出BC

间等效电阻的变化，从而得出总电阻变化，根据欧姆定律得出电流的变化，得出R

两端电压变化，从而得出电阻R1

上的电压的变化．

本题考查了部分电路的动态分析，关键抓住AB

间的电压不变，结合欧姆定律和串并联电路的特点进行求解．【解析】变小；变大；变暗15、略

【分析】解：当S

断开时；R2R3

串联后与R1

并联，再与R4

串联，接入电源；

并联部分电阻R=1(R2+R3)R1+R2+R3=189=2娄赂

则并联部分的电压U=RUABR+R4=28隆脕12=3V

则通过R1

的电流I1=UR1=33=1A

当S

闭合后；R3R4

并联后与R1

串联，再与R2

并联；

R3R4

并联电阻R隆盲=R3R4R3+R4=3隆脕63+6=2娄赂

则R1

两端的电压为U隆盲=R1UABR1+R隆盲=3隆脕125=7.2V

通过R1

的电流I1=U隆盲R1=7.23=2.4A

R3R4

并联部分电压U虏垄=UAB鈭�U隆盲=12鈭�7.2=4.8V

R3

消耗的功率P=U虏垄2R3=4拢庐823=7.68W

故答案为：12.47.68

当S

断开时；R2R3

串联后与R1

并联，再与R4

串联，接入电源，当S

闭合后，R3R4

并联后与R1

串联，再与R2

并联，根据串并联电路的特点及功率功率即可求解．

本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别．【解析】12.47.68

16、略

【分析】

在图1中；闭合开关，电流从正接线柱流入电流表，电流表指针向左偏转，即电流从哪个接线柱流入，指针就向哪侧偏转．在图2中，闭合开关后，由安培定则可知，线圈A中的电流产生的磁场竖直向上；

（1）将S闭合后；将螺线管A插入螺线管B的过程中，穿过B的磁场向上，磁通量变大，由楞次定律可知，感应电流从电流表正接线柱流入，则电流表的指针将右偏转；

（2）螺线管A放在B中不动；穿过B的磁场向上，将滑动变阻器的滑动触片向右滑动时，穿过B的磁通量变大，由楞次定律可知，感应电流从电流表正接线柱流入，则电流表的指针将右偏转；

（3）螺线管A放在B中不动；穿过B的磁场向上，突然切断开关S时，穿过B的磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流从电流表负接线柱流入，则电流表的指针将向左偏转．

故答案为：（1）向右；（2）向右；（3）向左．

【解析】【答案】由安培定则判断出判断出线圈A产生的磁场方向；然后判断出穿过线圈B的磁通量如何变化，最后由楞次定律判断出感应电流的方向，确定电流表指针的偏转方向．

17、略

【分析】【解析】试题分析：路程为路径的长度，所以路程为800m，位移为初位置指向末位置的有向线段，所以本题中的位移为零考点：考查位移与路程的区分【解析】【答案】800018、略

【分析】【解析】【答案】增加，120J19、略

【分析】解：当穿过闭合电路的磁通量发生变化时；会产生感应电流．闭合电键前，为了保护电路，需将滑动变阻器滑至最大阻值处，即将滑动片置于a端．当移动滑动变阻器时；或断开电键时、将线圈A插入或拔出时，穿过C线圈的磁通量发生变化，产生感应电流．

故答案为：磁通量；a．

当通过闭合回路中的磁通量发生变化时；会产生感应电流，从而即可求解．

解决本题的关键知道感应电流的产生条件，当通过闭合回路中的磁通量发生变化时，会产生感应电流．【解析】磁通量；a四、判断题(共1题，共2分)20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．五、简答题(共1题，共4分)21、略

【分析】

（1）电动机工作时；输入功率P=UI；

（2）电动机的输出功率P出=ηP入；

（3）动机线圈消耗的功率P=P入-P出；再根据Q=Pt求解．

本题考查功率公式的应用，要注意明确电动机为非纯电阻电路，各个公式的应用要明确，不能混淆，难度不大，属于基础题．【解析】解：（1）电动机的输入功率为：P入=UI=110×6=660W；

（2）电动机的输出功率为：P出=ηP入=660×0.80=528W；

（3）电动机线圈消耗的功率为：P=P入-P出=660-528=132W

电动机正常工作30min，电枢线圈电阻产生的内能为：W=Pt=132×30×60=3.78×104J

答：（1）电动机正常工作时的输入功率为660W；

（2）电动机正常工作时的输出功率为528W；

（3）电动机正常工作30min，该电动机电枢线圈电阻产生的内能为3.78×104J．六、实验探究题(共3题，共12分)22、略

【分析】解：(1)A

实验中；小车处于打点计时器和滑轮间做匀加速直线运动，所以打点计时器和滑轮间距要足够大.

故A错误；

B；实验过程中；放开小车前，小车要靠近打点计时器.

故B正确；

C；要先接通电源；然后再放开小车.

故C错误；

D、当m<<M

时；即当砝码和小桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码和小桶的总重力.

故D错误．

故选：B

．

(2)

打C

点时的速度vC=xBD2T=(5.46鈭�1.50)隆脕10鈭�20.08=0.495m/s

．

(3)

如图所示．

(4)

图象与纵坐标的交点坐标就是0

时刻的速度；即打下A

点时小车的速度，所以vA=0.330m/s

．

图象的斜率等于小车的加速度a=鈻�v鈻�t=0.650鈭�0.3300.16m/s2=2.00m/s2

．

故答案为：(1)B(2)0.495(3)

如图所示，(4)0.3302.00

．

(1)

实验时；将小车紧靠打点计时器，打点计时器和滑轮间距要足够大；实验时先接通电源，再释放小车．

(2)

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C

点的瞬时速度．

(34)

根据瞬时速度作出v鈭�t

图线；通过纵轴截距求出A

点的速度，通过图线的斜率求出小车的加速度．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度；知道速度时间图线的纵轴截距和图线斜率表示的物理意义．【解析】B0.3302.00

23、（1）

（2）1.50.75

（3）AC【分析】【分析】(1)(1)根据电路图连接实物电路图。

(2)(2)电源U鈭�IU-I图象与纵轴交点坐