2025年冀教新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

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A.总功率一定增大B.效率一定减小C.内部损耗功率一定不变D.输出功率可能先增大后减小2、关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A.电磁波与机械波的传播都需要介质B.法拉第首先预言了电磁波的存在C.移动电话通讯是通过电磁波来实现的D.在电场周围一定产生磁场，在磁场周围一定产生电场3、如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的轻质绝缘细绳一端系着一个带电小球，另一端固定于O点、小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b。不计空气阻力；则（）

A.小球带负电B.小球所受电场力与重力的大小不相等C.小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减少D.小球在从a点运动到b点的过程中，合外力不做功4、三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示。a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的角平分线上，且到相应顶点的距离相等。将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3；下列说法正确的是（）

A.B1=B2<B3B.B1=B2=B3C.a和c处磁场方向垂直于纸面向外，b处磁场方向垂直于纸面向里D.a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里5、学习物理要理解和掌握物理问题中蕴含的思想和方法；下列说法正确的是（）

A.图甲所示的“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，运用了等效替代的思想B.图乙所示的“探究平抛运动规律”实验中，运用了极限的思想C.图丙所示的“探究向心力大小与质量、角速度、轨道半径的关系”实验中，运用了类比法D.图丁所示的“利用库仑扭秤装置探究库仑力”实验中，运用了微元法6、如图所示，光滑绝缘水平面上两个相同的带电小圆环A、B，电荷量均为q，质量均为m，用一根光滑绝缘轻绳穿过两个圆环，并系于结点O.在O处施加一水平恒力F使A、B一起加速运动，轻绳恰好构成一个边长为l的等边三角形；则()

A.小环A的加速度大小为B.小环A的加速度大小为C.恒力F的大小为D.恒力F的大小为7、如图所示，设想在真空环境中将带电导体球靠近不带电的导体。若沿虚线1将导体分成左右两部分，这两部分所带电荷量分别为若沿虚线2将导体分成左右两部分，这两部分所带电荷量分别为下列推断正确的是（）

A.与电荷量一定相等B.一定等于C.导体内虚线1上各点的场强小于虚线2上各点的场强D.导体内虚线1上各点的电势小于虚线2上各点的电势评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图甲所示，光滑绝缘水平面上有一沿水平方向的电场，MN是电场中的一条直线，线上有A、B、C三点。一带电量为+2×10-3C、质量为1×10-3kg的小物块从A点静止释放，只受电场力，沿MN作直线运动，其运动的v-t图像如图乙所示，经过B点时图像该点切线斜率最大（图中斜虚线），C点处的切线平行于t轴；运动过程中小物块电量保持不变，则下列说法中正确的是（）

A.AB两点电势差UAB=4VB.AC间各点电场强度方向相同，B点场强最大，大小为E=1V/mC.由A到C的过程中小物块的电势能先减小后变大D.小物块从B点到C点电场力做的功W=10-2J9、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示。以下判断正确的是（）

A.在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，这三点的纵坐标一定满足关系PA=PB＋PCB.b、c图线的交点与a、b图线的交点的横坐标之比一定为1∶2，纵坐标之比一定为1∶4C.电源的最大输出功率Pm=9WD.电源的电动势E=3V，内电阻r=0.5Ω10、三个带电粒子a、b、c的电荷量和质量分别（+q，m）、（+q，2m）、（+3q，3m），它们由静止开始经过同一加速电场加速后，分别以速度垂直电场方向进入一匀强偏转电场如图所示。不计重力和粒子间的相互影响，已知a粒子从M点飞出电场；则（）

A.B.C.b和c粒子分别从M点的上方和下方飞出电场D.b和c粒子均从M点飞出电场11、下列对电现象及规律的认识中，正确的是（）A.自然界中只存在正、负两种电荷B.同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引C.摩擦起电说明了电荷可以被创造D.点电荷间的静电力随它们之间距离的增大而增大12、如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，在x轴上的电势与坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点（0.15，3）的切线。现有一个质量为0.20kg、电荷量为+2.0×10-8C的滑块P（可看做质点），从x=0.10m处由静止释放，其与水平面的动摩擦因数为0.02。取重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）

A.x=0.15m处的场强大小为2.0×105N/CB.滑块开始运动的一段时间加速度先逐渐减小后增大C.滑块运动的最大速度为0.414m/sD.滑块最终不可能在0.3m处停下13、沿电场中某条直线电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标点O、x1、x2和x3与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距离相等。一个带正电的粒子从O点由静止释放，运动到A点的动能为Ek；仅考虑电场力作用。则（）

A.从O点到C点，电势先升高后降低B.粒子运动到C点时动能小于3EkC.粒子先做匀加速运动，后做变减速运动D.粒子在AB段的电势能变化量大于BC段的电势能变化量14、如图所示，轻质弹簧的一端固定在粗糙斜面的挡板O点，另一端固定在一个小物块上。小物块从位置（此位置弹簧伸长量为零）由静止开始运动，运动到最低点位置，然后在弹力作用下上升运动到最高点位置（图中未标出）。在此两过程中；下列判断正确的是（）

A.下滑和上滑过程弹簧和小物块系统机械能守恒B.下滑过程克服弹簧弹力和摩擦力做功总值比上滑过程克服重力和摩擦力做功总值小C.下滑过程弹簧和小物块组成的系统机械能减小量比上升过程机械能减小量大D.下滑过程物块速度最大值位置比上滑过程速度最大值位置高评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、非线性电阻R的图线如图甲所示，按照图乙连接电路，电压恒为电流表示数为定值电阻为800Ω，则此时非线性电阻R的阻值为______Ω，非线性电阻R的电功率为______W。（均保留三位有效数字）

16、（1）电流表的内阻：表头的电阻Rg叫作电流表的内阻。

（2）满偏电流：指针偏到_______时的电流Ig叫作满偏电流。

（3）满偏电压：表头通过_______时，加在它两端的电压Ug叫作满偏电压。17、长波的波长范围为3000～30000m，短波的波长范围为10～50m，则长波的频率范围是________，短波的频率范围是________。18、电磁波的特点：

（1）电磁波在空间传播不需要_________；

（2）电磁波是_________：电磁波中的电场强度与磁感应强度互相_________，而且二者均与波的传播方向_________，因此电磁波是_____________

（3）电磁波的波长、频率、波速的关系：v=________，在真空中，电磁波的速度c=_________m/s。

（4）电磁波能产生反射、_________、干涉、偏振和_________等现象。19、如图所示电路，电源电压保持恒定，若滑动变阻器的滑片向右移动，则电流表的示数将_______，电压表的示数将_______。（均选填“变大”；“变小”或“不变”）

20、电势差。

（1）定义：电场中两点之间____的差值，也叫作电压。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）电势差是_____，有正负，电势差的正负表示电势的_____。UAB>0，表示A点电势比B点电势____。

（3）静电力做功与电势差的关系。

WAB=_____或评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)21、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

22、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)24、某同学用如图所示的实验电路；测量一量程为1mA电流计的内阻。

（1）按图中的实验电路图进行实物连接，将滑动变阻器的滑片置于B端，R1为定值电阻。闭合开关S，断开开关S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的读数为U1（指针偏转超过量程的三分之一）；电流计满偏。

（2）闭合开关S1，反复调节电阻箱和滑动变阻器的滑片位置使电压表的示数仍为U1，电流计的指针偏转到满偏量程的三分之二。读取此时电阻箱的阻值为R0=190Ω。

（3）电流计的内阻Rg=_________Ω。

（4）该实验测得电流计的阻值_________真实值（填“>”、“<”；“=”）（只考虑系统误差）。

（5）该实验中电阻R1的作用是∶_________。

（6）同学要将该电流计改装为量程为20mA的电流表。将阻值为R2的定值电阻与1mA电流计连接；进行改装。然后利用一标准毫安表根据图（甲）所示电路对改装后的电表进行检测（虚线框内是改装后的电表）。

①根据图（甲）将图（乙）中的实物连接。______

②定值电阻R2=______Ω。25、如图所示，第一次用带正电的金属球A靠近不带电的验电器的金属球B时，发现验电器的金属箔片C张开一定的角度；第二次用带正电的金属球A与验电器的金属球B接触一下，同样金属箔片C张开一定角度。第一次金属球B带______电荷，金属箔片C带______电荷；第二次金属球B带______电荷，金属箔片C带______电荷。（选填“正”“负”）

评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)26、如图所示的电路中，电源电动势E=8V，电源内阻不计。电阻R1=2.5Ω，R2=3Ω；电流表可以当做理想表处理，求：

（1）当电阻箱Rx的阻值调到多少时；电流表的示数为2A；

（2）调节电阻箱Rx，使电流表的示数为1.6A时，电阻R2消耗的电功率。

27、如图所示，水平粗糙的长直轨道上P点左侧存在电场强度为E的匀强电场，材料相同的两个小滑块M、N静止在轨道上，其中N不带电静止于P点，质量为带电荷量为＋q的滑块M位于P点左侧与P相距处。现由静止释放滑块M，一段时间后滑块M运动到P点，在P点与滑块N发生弹性碰撞，碰撞后滑块M以碰撞前速度大小的二分之一反向弹回，同时滑块M所带的电荷量消失，又经过同样长一段时间后其速度减为0，此刻立即使其重新带上＋Q的电荷量；滑块M再次开始运动，并恰好能与N再次发生碰撞。求：

（1）滑块N的质量；

（2）滑块M从开始运动到第一次速度减为0所用的时间；

（3）电荷量Q与q的比值。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；

A．电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小；故A错误；

B．电源的效率

电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大；则电源效率增大，故B错误；

C．电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率减小；故C错误；

D．当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时；电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，可能先增大后减小，故D正确；

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．电磁波传播不需要介质；机械波的传播需要介质，选项A错误；

B．麦克斯韦首先预言了电磁波的存在；选项B错误；

C．移动电话通讯是通过电磁波来实现的；选项C正确；

D．在稳定的电场周围不会产生产生磁场；在稳定的磁场周围不会产生电场，选项D错误。

故选C。3、D【分析】【详解】

AB．据题小球在竖直平面内做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，小球受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力应与重力平衡，即小球所受电场力与重力等大反向，则知小球带正电。故AB错误；

C．小球在从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，小球的电势能增大，故C错误；

D．小球在从a点运动到b点的过程中，动能不变，则合外力不做功，故D正确。

故选D。4、A【分析】【详解】

AB．由安培定则判断，对a和b，其临近的两条导线在a和b点产生的磁感应强度等大方向，磁感应强度相互抵消，则a和b处的磁感应强度就等于远离的那条导线产生的磁感应强度，有对c，其临近的两条导线在c产生的磁感应强度等大同向，磁感应强度加倍，而远离c的那条导线在c产生的磁感应强度小于其临近的两条导线在c产生的磁感应强度，且方向相反，在c处的磁感应强度应大于a和b处的磁感应强度和A正确；B错误；

CD．由安培定则判断可得a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里；CD错误；

故选A．5、A【分析】【详解】

A．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中；运用了等效替代的思想方法，故A正确；

B．“探究平抛运动规律”实验中；运用了化曲为直的思想，故B错误；

C．“探究向心力大小与质量；角速度、轨道半径的关系”实验中；运用了控制变量法，故C错误；

D．“利用库仑扭秤装置探究库仑力”实验中；运用了微小放大法，故D错误。

故选A。6、B【分析】【详解】

AB．设轻绳的拉力为T，则对A：T＋Tcos＝kTcos＝maA

联立解得：aA＝

故B正确；A错误；

CD．恒力F的大小为F＝2maA＝

故CD错误．7、B【分析】【分析】

【详解】

AB．由电荷守恒定律有，将导体分为左右两边，两边都带有等量异种电荷，整个导体所带电荷量总是为0，但与电荷量不相等；A错误；B正确；

CD．处于静电平衡的导体内部场强处处为0；整个导体是个等势体，处处电势相同，CD错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．物块在A到B的过程中，根据动能定理得

带入数据解得

由

带入数据解得

故A正确；

B．根据v-t图的斜率等于加速度，可得在B点的加速度最大为

所受的电场力最大为

则电场强度的最大值为

故B正确；

C．由v-t图可知由A到C的过程中小物块的动能一直增大；则电势能一直减小，故C错误；

D．物块从B点到C点电场力做的功

故D正确。

故选ABD。9、A:B【分析】【详解】

A．根据E=UR＋Ur

横坐标相同即电流相同，则EI=URI＋UrI

即PA=PB＋PC

A正确；

B．b、c图线的交点是电源的输出功率等于内部产热的功率，也就是内电阻等于外电阻时，即R=r

此时横坐标为电流

此时纵坐标为电源内部消耗的功率也等于电源输出的功率为

a、b图线的交点时电源内部产生热的功率等于电源的总功率，此时外电阻为0，横坐标为电流

纵坐标为电源的总功率也等于电源内部消耗的功率

因此I1：I2=1：2，P1：P2=1：4

B正确；

D．由于

利用图像数据可知E=3V，r=1Ω

D错误；

C．当内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，且最大功率为

C错误。

故选AB。10、B:D【分析】【详解】

AB．经电场加速后，根据动能定律

可得

因此可知

A错误；B正确；

CD．粒子进入偏转电场后，做类平抛运动，设偏转电场的电场强度为E，宽度为L，粒子偏转的距离为y，则

而

联立整理得

可知偏转的距离与粒子的质量、带电量无关，因此a、b和c粒子均从同一点飞出电场；C错误，D正确。

故选BD。11、A:B【分析】【详解】

A．自然界中只存在正；负两种电荷；故A正确；

B．同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，故B正确；

C．根据电荷守恒定律可知；电荷不可能被创造，摩擦起电只是将电荷进行转移，故C错误；

D．根据库仑定律

可知点电荷间的静电力随它们之间距离的增大而减小；故D错误。

故选AB。12、B:D【分析】【详解】

AB．电势φ与位移x图线的斜率表示电场强度，则处的场强

此时的电场力

滑动摩擦力大小

在前，电场力大于摩擦力，做加速运动，加速度逐渐减小，后电场力小于摩擦力；做减速运动，加速度逐渐增大，故A错误，B正确；

C．在时，电场力等于摩擦力，速度最大，根据动能定理得

因为0.10m和0.15m处的电势差大约为代入求解，最大速度大约为0.1m/s，故C错误；

D．滑块最终在处停下则满足

处的电势

故从到过程中，电势差

电场力做

摩擦力做功

则

故滑块不能滑到处；故D正确。

故选BD。13、B:D【分析】【详解】

A．由图知，从O点到C点；沿电场线方向，电势逐渐降低，A错误；

B．由E-x图像中图线与坐标轴围成的图形“面积”代表电势差

得

由动能定理得

知粒子运动到C点时动能小于3Ek；B正确；

C．由静止释放的粒子所受电场力与速度方向一致，所以粒子一直做加速直线运动，在段电场强度逐渐变大；粒子所受电场力逐渐变大，做加速度增大的变加速直线运动，C错误；

D．E-x图像中图线与坐标轴围成的图形“面积”代表电势差，AB段的电势差大于BC段的电势差，故电场力做功WAB>WBC，由电场力做功与电势能变化的关系得，粒子在AB段电势能变化量大于BC段的电势能变化量；D正确。

故选BD。14、C:D【分析】【详解】

A．由于下滑和上滑过程摩擦力对小物块做负功；可知下滑和上滑过程弹簧和小物块组成系统机械能减少，A错误；

C．由于摩擦力对小物块做负功，弹簧和小物块组成系统机械能减少，可知位置一定低于位置，距离大于距离；且下滑和上滑过程摩擦力大小不变，可知下滑过程系统克服摩擦力做功大于上滑过程系统克服摩擦力做功，即下滑过程弹簧和小物块组成的系统机械能减小量大于上升过程机械能减小量，C正确；

D．假设下滑过程物块速度最大时，弹簧的伸长量为根据受力平衡可得

假设上滑过程物块速度最大时，弹簧的伸长量为根据受力平衡可得

可得

由于下滑过程弹簧的伸长量小于上滑过程弹簧的伸长量可知下滑过程物块速度最大值位置比上滑过程速度最大值位置高，D正确；

B．上滑过程克服重力和摩擦力做功总值等于弹簧对物块做的功，即等于弹性势能的减少量，由于上滑过程的最高点位置低于位置；可知上滑过程弹性势能的减少量小于下滑过程弹性势能的增加量，则有上滑过程克服重力和摩擦力做功总值小于下滑过程克服弹簧弹力和摩擦力做功总值，B错误；

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

[1]电阻R1的电流为

则通过R的电流为IR=75mA-15mA=60mA，则由图线可知R两端电压为UR=10V，则

[2]电阻R的电功率为P=IRUR=0.600W【解析】1670.60016、略

【分析】【分析】

【详解】

（2）[1]满偏电流：指针偏到最大时的电流Ig叫作满偏电流。

（3）[2]满偏电压：表头通过电流最大时，加在它两端的电压Ug叫作满偏电压。【解析】最大电流最大17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]已知长波波长范围为3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

则长波频率在10～100kHz之间．

[2]同理由短波的波长范围为10～50m，则频率范围是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz18、略

【解析】①.介质②.横波③.垂直④.垂直⑤.横波⑥.λf⑦.3.0×108⑧.折射⑨.衍射19、略

【分析】【详解】

[1][2]滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据闭合电路欧姆定律，整个回路的电流将变小，故电流表示数变小。电流变小，电压表所测电阻两端的电压根据欧姆定律可知将变小。【解析】①.变小②.变小20、略

【解析】①.电势②.φA-φB③.φB-φA④.标量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB四、作图题(共3题，共27分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析22、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共8分)24、略