2025年粤教版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、的物理意义是()A.导体的电阻与电压成正比，与电流成反比B.导体的电阻越大，则电流越大C.加在导体两端的电压越大，则电流越大D.导体的电阻等于导体两端的电压与通过导体电流的比值2、如图所示，等边三角形abc与纸面平行，在顶点a、b处各放一垂直纸面向里、大小相等的恒定电流，已知a处电流在c处产生的磁场磁感强度为B，则关于c处的磁感强度大小和方向说法正确的是（）

A.磁感强度大小为方向平行ab边水平向右B.磁感强度大小为方向垂直ab边竖直向下C.磁感强度大小为B，方向ab平行边水平向右D.磁感强度大小为B，方向垂直ab边竖直向下3、如图所示，A是带正电的球，B为不带电的导体，A、B均放在绝缘支架上，M、N是导体B中的两点；以无限远处为电势零点，当导体B达到静电平衡后，说法正确的是（）

A.M、N两点电场强度大小的关系为EM>ENB.M端感应出负电荷，N端感应出正电荷，所以M、N两点电势高低的关系为C.若用导线将M、N两端连起来，将发生电荷中和现象D.感应电荷在M、N两点产生的电场强度为4、如图所示，在a、b两点固定着两个带等量异种电荷的点电荷，c、d两点将a、b两点的连线三等分；则（）

A.c、d两点的电场强度大小相等，方向相反B.c、d两点的电场强度大小相等，方向相同C.从c点到d点，电场强度先增大后减小D.c、d连线的中点的电场强度为05、如图，一电荷量为的正点电荷位于电场中的点，受到的电场力为若把该点电荷换为电荷量为的负点电荷，则点的电场强度为（）

A.方向与相反B.方向与相反C.方向与相同D.方向与相同6、一质量为带电量为的小球从水平放置的带正电圆环的轴线处A点由静止释放，A、关于点对称；下列判断正确的是（）

A.小球在点处动能最大B.小球在点的加速度最大C.小球在点的电势能最小D.小球可能在A、间往复运动7、电流表的内阻是满刻度电流值是现欲把这个电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A.应串联一个约500的电阻B.应并联一个约500的电阻C.应串联一个约0.05的电阻D.应并联一个约0.05的电阻8、额定电压为3V的小灯泡L的伏安特性曲线如图甲中图线①所示，定值电阻R的伏安特性曲线如图甲中图线②所示，电源的路端电压随电流的变化曲线如图甲中图线③所示。将小灯泡L、定值电阻R和电源组成如图乙所示的电路。根据图像信息可判断（）

A.电源的电动势内阻B.断开开关闭合开关电源的效率约为33.3%C.断开开关和小灯泡消耗的电功率约为0.38WD.断开开关和小灯泡的电阻约为7.6Ω评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示电路中，电源内阻忽略不计．闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中。

A.U先变大后变小B.I先变小后变大C.U与I比值先变大后变小D.U变化量与I变化量比值等于R310、如图，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，R1=R2＜R3＜R4；下列说法中正确的是（）

A.若R2短路，电流表示数变小，电压表示数变大B.若R2断路，电流表示数变大，电压表示数为零C.若R1断路，电流表示数变小，电压表示数变小D.若R4断路，电流表示数变小，电压表示数变大11、光滑绝缘水平面上固定两个等量同种点电荷Q，在它们连线的中垂线上，有A和B两点到连线中点O的距离相等；如图所示，则（）

A.A，B两点的电场强度大小相等、方向相反B.同一点电荷在A，B两点的电势能相等C.把负点电荷q从A点静止释放，同时缓慢增大两个Q，q将不能到达BD.把负点电荷q从A点静止释放，同时缓慢增大两个Q，q越过B点后速度才减为012、我国国产东风洲际弹道核导弹可突破西方国家的防空反导系统；具有很强的战略威慑力，其内部固定安装有多种类型的传感器。例如电容式导弹加速度传感器原理如图所示，质量块左；右侧分别连接电介质和轻质弹簧，弹簧与电容器固定在武器身体内部，质量块套在光滑且平行于弹簧轴线的固定直杆上，质量块可带动电介质移动从而改变电容。则（）

A.电介质插入极板间越深，则电容器电容越大B.导弹沿弹簧轴线方向向右做加速运动，则电路中一定有电流C.导弹由静止突然沿弹簧轴线方向向右匀加速运动时，电路中有顺时针方向的电流D.导弹沿弹簧轴线方向向右匀加速运动过程中突然开始匀速，稳定后弹簧长度会变长13、一根粗细均匀的金属导线，在其两端加上电压U0时，通过导线的电流为I0，导线中自由电子定向移动的平均速度为v，若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的再给它两端加上电压3U0，则（）A.通过导线的电流为B.通过导线的电流为C.导线中自由电子定向移动的平均速率为D.导线中自由电子定向移动的平均速率为v14、一根粗细均匀的金属导线，两端加电压为U时，通过导线的电流强度为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v；若导线均匀拉长，使其半径变为原来的两端电压仍为U，则（）A.通过导线的电流强度为IB.通过导线的电流强度为IC.自由电子定向移动的平均速率为vD.自由电子定向移动的平均速率为v评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、带正电1.0×10-2C的粒子，在电场中先后经过A、B两点，飞经A点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了_______J，A、B两点电势差为_______。16、试说明下列能源利用的方式中能量转化过程：

（1）水力发电______。

（2）柴油机车牵引列车前进______。

（3）电动水泵抽水______。

（4）核电站发电机发电______。

（5）风力发电机发电______。

（6）火箭发射人造卫星______。17、在一点电荷Q产生的电场中，电荷量为+q的粒子在某点的电势能Ep与该点到Q的距离r的关系如图所示。设电场中距Q的距离为L、3L处的电势分别为φ1、φ2，电场强度分别为E1、E2，则Q带____（选填“正”或“负”）电，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

18、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？19、如图所示，分别在A、B两点放置点电荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分线上有一点C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一电子静止放在C点处，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，则它所受的静电力的大小为______N，方向______。

20、如图用伏安法测电阻时，如果不知道待测电阻的大概值时，为了选择正确的电路以减少误差，可将电压表一个接头分别在两点接触一下，如果安培表读数有显著变化，则S应接在___________处，如果伏特表读数有显著变化，则S应接在___________处。

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)21、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

23、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。24、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)25、如图所示为小明同学用毫安表改装多用电表的原理图。已知毫安表表头内阻为满偏电流为2mA，R1和R2为定值电阻。

（1）若单刀双掷开关S2接“1”时，将毫安表改装成4mA和40mA两个量程的电流表，则R1+R2=_______R1=__________

（2）将开关S2接“2”端时为欧姆表。根据图中电源情况可以判断表笔A应接_____色（选填“红”或“黑”）表笔：若开关S1与a端相接时欧姆表为“×10”倍率挡，则开关S1与b端相接时应为______（选填“×1”或“×100”）倍率挡；

（3）图中作为欧姆表使用时，若电池用旧后电动势不变，电池内阻变大，欧姆调零后测电阻，这种情况对测量结果_________（选填“有”或“没有”）影响。26、有一额定电压为2.8V；额定功率0.56W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个小灯泡的伏安特性曲线，有下列器材可供选用：

A.电压表（量程0~3V内阻约6kΩ）

B.电压表（量程0~6V；内阻约20kΩ）

C.电流表（量程0~0.6A；内阻约0.5Ω）

D.电流表（量程0~200mA；内阻约20Ω）

E.滑动变阻器（最大电阻10Ω；允许最大电流2A）

F.滑动变阻器（最大电阻200Ω；允许最大电流150mA）

G.三节干电池（电动势约为4.5V）

H.电键；导线若干。

(1)为提高实验的精确程度，电压表应选用____；电流表应选用___；滑动变阻器应选用____；（以上均填器材前的序号）

(2)请在虚线框内画出描绘小灯泡伏安特性曲线的电路图____；

(3)通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，某同学将一电源（电动势E=2V，内阻r=5Ω）与此小灯泡直接连接时，小灯泡的实际功率是____W（保留两位有效数字）。27、开展科技活动时；某兴趣学习小组自制的电子秤原理图，如图1所示。

实验器材有：直流电源（电动势为内阻为）；理想电压表V（量程0~3V）；限流电阻R；竖直固定的滑动变阻器R（总长为2cm，总阻值为12Ω）；电阻可忽略不计的弹簧，下端固定于水平地面，上端固定秤盘且与滑动变阻器R的滑动端连接；滑片接触良好且无摩擦；开关S以及导线若干。

（1）若在某次实验中直流电源的路端电压图像如图2所示，可知电源电动势E=_________V，内阻r=__________Ω。

（2）实验步骤如下：

①托盘中未放被测物前；电压表的示数为零。

②在弹簧的弹性限度内，在托盘中轻轻放入被测物，待托盘静止平衡后，滑动变阻器的滑片恰好处于下端b处，要使此时电压表刚好达到满偏，限流电阻的阻值为___________Ω；已知弹簧的劲度系数当地重力加速度被测物的质量m=___________kg，由此在电压表的刻度盘上标示相应的质量数值，即可将该电压表改装成测量物体质量的仪器，则质量刻度是_____________（填“均匀”或“不均匀”）的。28、在“测定电池的电动势和内阻”的实验中。

（1）若用图1所示电路图测量，则下列说法正确的是________。

A．开关闭合前；滑动变阻器滑片应置于最右端。

B．滑动变阻器向向右滑动时；电流表，电压表示数均增大。

C．考虑电表内阻；实验的系统误差是电流表内阻引起。

D．考虑电表内阻；使实验内阻测量值小于真实值。

（2）实验测得电动势E=1.5V，r=0.5Ω，将伏安特性曲线如图2所示的小灯泡直接接到该电池两端，其实际功率为________W（保留2位小数）。

评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)29、一半径为R的圆环上均匀地带有电荷量为Q的电荷，在垂直于圆环平面的对称轴上有一点P，OP＝L，求P点的电场强度．

30、如图所示，真空中有两个静止点电荷，Q=＋2×10-4C，q=－2×10-5C，它们相距r=2m；求：

(1)q受的电场力；

(2)Q在B点形成的场强EB；

(3)只将q换为q′=4×10-5C的正点电荷。再求q′受的电场力及B点的场强；

(4)将电荷q拿去后再求B点场强。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A．电阻是导体本身的性质；与电压和电流无关；故A错误；

B．由欧姆定律可知；电压一定时，电阻越大电流越小，故B错误；

CD．导体的电阻等于导体两端的电压与通过的电流的比值；电阻一定时，加在导体两端的电压越大，则电流越大；故C错误，D正确。

故选D。2、A【分析】【详解】

两通电直导线在c处产生的磁场如图所示，大小均为B；

根据几何知识可得合磁场大小为：

方向水平向右；

AB．综上所述，c处磁感强度大小为方向水平向右，A正确B错误；

CD．综上所述，c处磁感强度大小为方向水平向右，CD错误；

故选A。3、D【分析】【分析】

【详解】

AD．M、N两点的场强为导体球与B上感应电荷在这两处的场强之和；处于静电平衡的导体，合场强的大小为处处为零，即有。

而带电球A在M、N两点产生的场强不同，故B上感应电荷在M、N两点产生的电场强度不相等；根据点电荷电场强度公式。

可知，离A越远，电场强度越小，则感应电荷在M、N两点产生的电场强度。

故A错误；D正确；

BC．处于静电平衡的导体；其整体是等势体，所以。

若用导线将M、N两端连起来；没有电荷移动，故BC错误。

故选D。4、B【分析】【分析】

【详解】

AB．依题意可知，c、d两点关于连线的中点对称；所以这两点场强等大同向。故A错误；B正确；

CD．等量异种电荷的点电荷连线上中点处场强最小，但不是零，两边依次增大，所以从c点到d点；电场强度先减小后增大。故CD错误；

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

一电荷量为q的正点电荷位于电场中的A点，受到的电场力为F；则电场强度。

方向与F相同；电场中某点的场强由电场本身决定，与试探电荷的电量和电性均无关，则若把该点电荷换为荷量为2q的负点电荷，则A点的电场强度E不变。

故选C。6、C【分析】【详解】

A．小球从A点到O点的运动中，受到向下的重力和电场力，重力和电场力对小球做正功，小球的动能增大，在O点时，电场强度是零，小球受电场力是零，此时只受重力，小球的动能继续增大，因此小球在点处的动能不是最大；A错误；

B．小球从A点到O点的运动中，受到向下的重力和电场力，其合力大于重力，则加速度大于重力加速度，小球在点时只受重力，加速度等于重力加速度，因此小球在点的加速度不是最大；B错误；

C．小球从A点到O点的运动中，电场力对小球做正功，电势能减小，小球穿过点后，受电场力方向向上，电场力做负功，电势能增大，因此小球在点的电势能最小；C正确；

D．若小球只受电场力作用，因A、关于点对称，则小球可能在A、间往复运动，可小球从A点运动到点，小球受电场力的作用同时又受重力作用，重力方向一直向下，因此小球不可能在A、间往复运动；D错误。

故选C。7、B【分析】【详解】

把电流表改装成1V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：故选B．8、C【分析】【详解】

A．由图线②可知定值电阻的阻值

由图线③可知电源的电动势则内阻

故A错误；

B．断开开关闭合开关小灯泡短路，电源的效率

故B错误；

CD．断开开关和定值电阻和小灯泡串联，将定值电阻和电源看成一个整体即“等效电源”，作出“等效电源”的路端电压随电流的变化曲线，如图。

与图线①的交点即小灯泡的工作电压和电流，小灯泡消耗的电功率

小灯泡的电阻

故C正确；D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)9、B:C【分析】【详解】

由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是不变，故A错误；在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，U与I的比值就是接入电路的的电阻与的电阻的和；所以U与I比值先变大后变小，故C正确；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于0，故D错误；

【点睛】当滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻先增大后减小，10、A:B【分析】若R2短路，外电阻减小，路端电压减小，电流表示数减小，因为外电阻减小后干路电流增大，R3和R4支路电流减小，故R1支路电流增大，所以电压表示数变大，A对．若R2断路，外电阻增大，路端电压增大，电流表示数增大，R1支路电流为零，故电压表示数为零，B对．若R1断路；电流表示数变大，电压表测路端电压，故增大，C错．

若R4断路，外电阻增大，路端电压增大，电流表示数增大，R1支路电流也增大，所以电压表示数变大，D错11、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据等量同种电荷连线中垂线上的电场强度分布和电势分布可知，A、B两点的电场强度大小相等、方向相反；A、B两点的电势相同，所以同一点电荷在A、B两点的电势能相等；故AB正确；

CD．把负点电荷q从A点静止释放，同时缓慢增大两个Q，则负电荷受到的吸引力逐渐变大，到达B点之前速度就减为0，q将不能到达B；故C正确，D错误。

故选ABC。12、A:C【分析】【详解】

A．根据电容器的电容公式

可知；当电介质插入极板间越深，即电介质增大，则电容器电容越大，选项A正确；

B．当传感器以恒定加速度运动时；根据牛顿第二定律可知，弹力大小不变，则电容器的电容不变，因两极的电压不变，则电容器的电量不变，因此电路中没有电流，选项B错误；

C．当传感器由静止突然向右加速瞬间，质量块要向左运动，导致插入极板间电介质加深，因此电容会增大，由于电压不变，根据可知；极板间的电量增大，电容器处于充电状态，因此电路中有顺时针方向电流，选项C正确；

D．若传感器原来向右匀加速运动变为向右匀速运动；质量块受到向右的弹簧的弹力将变小，弹簧长度会变小，选项D错误。

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

AB．导线拉长前

导线拉长后

拉长前后体积不变

又

解得

根据欧姆定律有

解得

故A错误；B正确；

CD．根据电流的微观定义式有

解得

故C正确；D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

将导线均匀拉长，使其半径变为原来的1/2，横截面积变为原来的1/4倍，导线长度要变为原来的4倍，金属丝电阻率不变，由电阻定律R=ρ可知，导线电阻变为原来的16倍；电压U不变，由欧姆定律I=U/R可知，电流变为原来的1/16；故A错误，B正确；电流I变为原来的1/16，横截面积变为原来的1//4，单位体积中自由移动的电子数n不变，每个电子所带的电荷量e不变，由电流的微观表达式I=nevS可知，电子定向移动的速率变为原来的1/4，故C正确，D错误；故选BC．三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

[1]根据能量守恒定律可知，带电粒子从A点到B点的过程中电势能的增加等于动能的减小，则有

[2]电场力做功为

A、B两点的电势差为【解析】6J16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]机械能转化为电能。

(2)[2]化学能转化为机械能。

(3)[3]电能转化为机械能。

(4)[4]核能转化为电能。

(5)[5]风能转化为电能。

(6)[6]化学能转化为机械能【解析】①.机械能转化为电能②.化学能转化为机械能③.电能转化为机械能④.核能转化为电能⑤.风能转化为电能⑥.化学能转化为机械能17、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，粒子离电荷越远，电势能越低，说明远离电荷时，电场力做正功，即电荷与粒子之间是斥力，所以电荷Q带正电；

[2]由图可知，电荷在L处的电势能为6E0，在3L处的电势能为2E0，根据公式

两点电势之比为

[3]根据点电荷的电场强度公式

两点电场强度之比为【解析】正3∶19∶118、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高19、略

【分析】【分析】

【详解】

电子带负电荷，在C点同时受A、B两点电荷的静电力FA、FB；如图所示：

由库仑定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四边形定则和几何知识得静止放在C点的电子受到的静电力大小为F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB连线向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB连线向左20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．如果电压表读数变化不明显而安培表变化明显，则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以S应接在b处．

[2]．根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化，而电压表变化明显，则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即S应接在a处；【解析】ba四、作图题(共4题，共24分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】23、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]由题意可知，表头满偏电流Ig=2mA=0.002A

内阻Rg=60Ω，改装成两个量程的电流表，量程分别为I1=4mA=0.004A，I2=40mA=0.040A

由图示电路图，根据串并联电路特点与欧姆定律得IgRg=（I1-Ig）（R1+R2），Ig（Rg+R2）=（I2-Ig）R1

代入数据解得R1=6Ω，R1+R2=60Ω

(2)[3][4]电流应从红表笔流入黑表笔流出电表，图中的表笔A应接黑色表笔；开关S1与a端相接时，电表内阻为毫安表串联R2后再与R1并联的电阻，若开关S1与b端相接时，电表内阻约为R1、R2串联后与毫安表并联的电阻，电表内阻变大，中值电阻变大；若开关S1与a端相接时欧姆表为“×10”倍率挡，则开关S1与b端相接时应为“×100”倍率挡；

(3)[5]图中作为欧姆表使用时，需进行欧姆调零，电池内阻变大，调零后总电阻不变，对测量结果没有影响。【解析】606黑×100没有26、略

【分析】【详解】

(1)由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，为了准确性及安全性原则，电压表应选择A；由P=UI可得，灯泡的额定电流为：故电流表应选择D；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器应选择E；

(2)测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；灯泡内阻约为：而电流表内阻约为20Ω，故电流表应采用外接法；故电路图如图所示∶

(3)由电源的电动势和内阻作出电