2025年外研版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版选修3物理下册月考试卷212考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，电源的电动势为E、内电阻为和为定值电阻，为滑动变阻器，理想电表．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向端移动时；下列说法正确的是。

A.电压表和电流表示数都减小B.电压表和电流表示数都增大C.电压表示数减小，电流表示数增大D.电压表示数不变，电流表示数增大2、关于内能，下列说法正确的是A.物体的内能包括物体运动的动能B.0℃C的水结冰过程中温度不变，内能减小C.提起重物，因为提力做正功，所以物体内能增大D.摩擦冰块使其融化是采用热传递的方式改变物体的内能3、一定质量的气体做等压变化时，其图像如图所示；若保持气体质量不变，使气体的压强增大后，再让气体做等压变化，则其等压线与原来相比，下列可能正确的是（）

A.等压线与轴之间夹角变大B.等压线与轴之间夹角不变C.等压线与轴交点的位置不变D.等压线与轴交点的位置一定改变4、如图所示，一定质量的理想气体从状态依次经过状态后再回到状态．其中和为等温过程；则在该循环过程中，下列说法正确的是（）

A.过程中，气体吸收热量B.过程中，气体体积变化量与气体温度变化量成正比C.过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增加D.过程中，气体分子的平均动能不变5、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在电场力作用下的运动轨迹，设电子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB；下列说法正确的是（）

A.若aA<aB，则Q靠近M端且为负电荷B.若aA>aB，则Q靠近M端且为正电荷C.EpA=EpBD.EpA>EpB评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图所示，足够长且间距为L的平行金属导轨水平放置，处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．质量均为m、接入电阻均为R的金属棒ab、cd放在导轨上且与导轨垂直，金属棒与导轨间的动摩擦因数均为用大小等于1.5mg的水平恒力F向右拉金属棒cd，金属棒cd相对于导轨的位移为时速度达到最大，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计导轨电阻，重力加速度为g，下列说法正确的是（）

A.恒力F作用的一瞬间，金属棒cd的加速度大小等于B.恒力F作用一段时间后，金属棒ab会向右运动C.金属棒cd运动的最大速度大小为D.金属棒cd从开始运动到速度达到最大经过的时间7、下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B.零下10℃时水已经结为冰，则水分子已经停止了热运动C.在使两个分子间的距离由很远（r>10-9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.物体体积变大时，分子势能有可能增大，也有可能减小8、下列说法正确的是（）A.当分子间距离增大时，分子间的引力增大，斥力减小B.能源危机指能量的过度消耗导致自然界的能量不断减少C.内能相等的两个物体相互接触，也可能发生热传递E.地球大气的各种气体分子中氢分子质量小，其平均速率较大，更容易挣脱地球吸引而逃逸，因此大气中氢含量相对较少E.地球大气的各种气体分子中氢分子质量小，其平均速率较大，更容易挣脱地球吸引而逃逸，因此大气中氢含量相对较少9、下列说法正确的是（）A.第二类永动机违背了热力学第二定律，也违背了热力学第一定律B.在毛细现象中，细管中的液面不一定会上升C.温度高的物体具有的内能一定比温度低的物体具有的内能多D.因为液体表面层分子分布比内部稀疏，因此液体表面有收缩趋势10、所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2.图乙为它们弹性碰撞前后的s﹣t（位移时间）图象．已知m1=0.1㎏．由此可以判断。

A.碰前静止，向右运动B.碰后和都向右运动C.D.碰撞过程中系统损失了的机械能评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)11、麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场产生________，变化的电场产生_________，从而预言了__________的存在。12、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R2、R3是两个定值电阻．闭合开关S、滑片P向左滑动，伏特表示数将___________，当电流表示数变化量的绝对值为时，电压表示数变化量的绝对值为当电流表示数变化量的绝对值为时，电压表示数变化量的绝对值为若则________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

13、双桶洗衣机的脱水桶的电机是由一个定时开关和一个由桶盖控制的开关组成的，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机又被关闭。

（1）如图所示的哪个电路图能满足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，完成其真值表，并在虚线框内画出该门电路符号()。输入输出ABZ00______01______10______11______

14、热平衡的性质：达到热平衡的系统都具有相同的_______。15、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．16、反射规律：反射线、法线与入射线在同一_______内，反射线与入射线分居_______两侧，反射角_______入射角。17、如图电路中，电源有内阻，开关S1、S2、S3、S4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P；

(1)若只断开S1，则P将________．

(2)若只断开S2，则P将________．

(3)若只断开S3，则P将________．

(4)若只断开S4，则P将________．18、如图，竖直放置的均匀等臂U型导热玻璃管两端封闭，管内水银封有A、B两段气柱，右管水银面高于左管水银面，高度差为h，若环境温度降低，稳定后A、B气柱的压强之比pA∶pB与降温前相比将_______（选填“变大”、“变小”或“不变”），右管水银面的高度变化Δh______（选填“＞”、“＝”或“＜”）．

19、质量为M的物块静止在光滑水平桌面上，质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度2v0/3射出．则物块的速度为_______，此过程中损失的机械能为______．评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)23、图1为某同学组装完成的简易多量程欧姆表的电路图。该欧姆表具有“”，“”两种倍率。所用器材如下。

A．干电池（电动势内阻）

B．电流表G（满偏电流内阻）

C．定值电阻

D．可调电阻（最大阻值）

E．单刀双掷开关一个；红黑表笔各一支，导线若干。

根据实验电路和实验器材；完成以下问题：

（1）若单刀双掷开关K与a连接测量未知电阻，操作步骤正确，欧姆表的指针如图2所示，则未知电阻的阻值为______

（2）根据实验电路可知电阻的阻值为______

（3）单刀双掷开关K与b连接，欧姆调零后可调电阻接入电路的阻值为______单刀双掷开关K与a连接，欧姆调零后可调电阻接入电路的阻值为______

（4）欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能进行欧姆调零。若用此表测量电阻的值，则测量结果______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。24、在“用油膜法估测分子的大小”实验中.

(1)在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，已知实验室中使用的酒精油酸溶液的体积浓度为N滴溶液的总体积为V．在浅盘中的水面上均匀撒上痱子粉，将一滴溶液滴在水面上，待油膜稳定后，在带有边长为a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓(如图所示)，测得油膜占有的正方形小格个数为X.

①用以上字母表示油酸分子的大小d=_____________；

②从图中数得X=_____________.

(2)以下选项中可能导致所测的分子直径d偏大的有_____________.

A.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算。

B.油酸酒精溶液长时间放置；酒精挥发使溶液的浓度发生了变化。

C.水面上痱子粉撒得太多；油膜没有充分展开。

D.计算油膜面积时，将不完整的方格全都作为完整方格处理评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)25、某探究小组利用压力传感器设计了一个温度报警装置，其原理如图所示。在竖直放置且导热性良好的圆柱形容器内用面积质量的活塞密封一定质量的理想气体，活塞能无摩擦滑动。开始时气体温度活塞与容器底的距离因环境温度升高活塞缓慢上升后恰好接触固定的压力传感器，环境温度继续上升时刚好触发报警器工作，大气压强重力加速度

（1）求活塞刚接触传感器时气体的温度及报警器刚好被触发工作时气体的压强；

（2）若封闭气体从温度至过程中气体从外界吸收热量求气体内能增加了多少。

26、在现代科学实验和技术设备中经常用电场或磁场控制带电粒子的运动．如图甲所示的装置由两部分构成，电子枪部分实现对电子加速，由偏转电场实现对电子的偏转．金属丝附近的电子被加速后，沿着中心线OO′进入偏转场．已知电子的质量为m，电荷量为e；不计电子重力及电子间的相互作用力，设电子刚刚离开金属丝时的速度为零．

(1)电子枪的加速电压为求电子从金属板小孔穿出时的速度v0的大小；

(2)设平行板两板间距为d，两板长度均为L，两平行板板间所加电压为求电子射出偏转电场时在垂直于板面方向偏移的距离

(3)如何实现对电子精准控制；是设计者十分关心的问题．请你回答。

①如果只改变偏转电场的电压能使电子穿过平行板，分析电压的取值范围；

②如果在两板间加磁场控制该电子(如图乙所示)，仍能使电子穿过平行板，分析所加匀强磁场的磁感应强度B取值范围．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

根据题图可知；考查电路的动态分析；根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定律分析即可。

【详解】

由电路图可知，滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减小，电源电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I增大，A1示数增大，路端电压U＝E﹣Ir，则U减小，电压表V示数减小；电阻R1的电压U1＝IR1，则知U1增大，并联部分的电压U并＝U﹣U1减小，所以通过R2电流减小，A2示数增大。故C正确；ABD错误。

【点睛】

动态电路动态分析题的解题思路与方法：局部→整体→局部。2、B【分析】【详解】

A．物体的内能是指物体内所有分子的总动能和分子势能之和；不包括物体运动的动能，选项A错误；

B．0℃的水结冰过程中温度不变；分子动能不变，因要放热，则内能减小，选项B正确；

C．提起重物；因为提力做正功，所以物体机械能变大，但是内能不一定增大，选项C错误；

D．摩擦冰块使其融化是采用做功的方式改变物体的内能；选项D错误。

故选B。3、C【分析】【详解】

AB．质量不变，压强增大后，根据可知，的比值将减小；故图像的斜率减小；等压线与t轴夹角变小；故AB错误；

CD．由于等压线一定过热力学温度的0点，故一定交与-273℃处；故等压线与t轴交点的位置不变；故C正确，D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．过程中；气体温度保持不变，气体的内能不变，气体体积减小，外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，气体向外界放热，A错误；

B．由图可知，过程中，气体发生等压变化，则有

可知气体体积与热力学温度成正比；故气体体积变化量与气体温度变化量成正比，B正确；

C．过程中；气体温度保持不变，气体分子的平均动能不变，气体体积增大，单位体积内的分子数减少，可知单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少，C错误；

D．过程中，由图像可知，气体的体积不变，压强减小，根据

可知气体的温度减小；故气体分子的平均动能减小，D错误。

故选B。5、B【分析】AB、由图可知粒子电场力应向左方，因粒子带负电，故电场线的方向应向右，若aA<aB，则Q靠近N端且为负电荷，故A错误；若aA>aB，则Q靠近M端且为正电荷；故B正确；

CD、粒子由A到B过程中，电场力做负功，电势能增加，故A点的电势能EpA小于在B点的电势能EpB；故CD错误；

故选B．

【点睛】曲线运动中，合力指向曲线的内侧；轨迹与电场线交点位置，电场力向左，故从A到B，电场力做负功，电势能增加．二、多选题(共5题，共10分)6、A:C【分析】【详解】

A、恒力F作用瞬间，金属棒cd的加速度大小为故A正确；

B、当cd棒的加速度为零时速度最大．设cd加速度为零时所受的安培力为根据平衡条件有：则得对ab棒，因所以金属棒ab不可能运动；故B错误；

C、金属棒cd先做加速运动，当金属棒cd达到最大速度后匀速运动，此时结合可得金属棒cd运动的最大速度大小故C正确；

D、在极短的一段时间内，对金属棒cd，由动量定理得：整理得：对式子两边求和有：则金属棒cd从开始运动到速度达到最大时，整理有：联立以上式子解得：故D错误．7、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．内能取决于物体的温度；体积和物质的量；温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大，故A正确；

B．零下10℃时水已经结为冰；但是水分子仍然做无规则的热运动，故B错误；

C．在使两个分子间的距离由很远（r>10-9m）减小到很难再靠近的过程中；分子间作用力先增大，后减小，再增大；分子势能先减小后增大，故C错误；

D．物体体积变大时；分子势能有可能增大，也有可能减小，这取决于分子间的初始距离，故D正确。

故选AD。8、C:D:E【分析】【详解】

A．当分子间距离增大时；分子间的引力和斥力都减小，A错误；

B．能源危机指能量的过度消耗导致自然界可利用的能量不断减少；但总能量是守恒的总能量并没有减少，B错误；

C．内能相等；有可能温度不同，温度不同就可以热传递，C正确；

D．单晶体各向异性；多晶体各向同性，所有的晶体都有固定的熔点，D正确；

E．温度是分子平均动能的量度；温度越高，分子平均动能越大，质量越小速度越大，氢分子质量小，其平均速率较大，更容易挣脱地球吸引而逃逸，因此大气中氢含量相对较少，E正确。

故选CDE。9、B:D【分析】A项：第二类永动机仍然遵循能量守恒定律；所以不违反热力学第一定律，但能量的转化和转移具有一定的方向性，它违反了热力学第二定律，故A错误；

B项：因为毛细现象；是液体表面对固体表面的吸引力．毛细管插入浸润液体中，管内液面上升，高于管外，毛细管插入不浸润液体中，管内液体下降，低于管外的现象，故B正确；

C项：对不同物体来说；内能大小还与物体的质量有关，温度高的物体具有的内能不一定比温度低的物体具有的内能多，故C错误；

D项：因液体分子表面层分子分布比内部稀疏；故分子间作用力表现为引力，液体表面有收缩趋势，故D正确．

点晴：内能是指物体内所有做无规则运动的分子的动能和分子势能的总和．内能的大小跟物体的温度和物体的质量大小有关．同一物体温度升高，物体的内能增大；对不同物体来说，内能大小还与物体的质量有关．10、A:C【分析】【详解】

A.由s-t图象的斜率等于速度，可得m1碰前速度v1=4m/s，m2碰前速度v2=0，则知碰前m2静止，m1向右运动；故A正确；

BC.碰后m1速度为v′1=-2m/s，向左运动．碰后m2的速度v′2=2m/s，向右运动．

根据动量守恒定律得m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2．

代入数据解得：m2=0.3kg．

故BC错误；

D.两物体组成的系统在碰撞过程中的机械能损失为：

所以碰撞过程是弹性碰撞．故D错误．三、填空题(共9题，共18分)11、略

【分析】【详解】

麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验证实电磁波存在。【解析】电场磁场电磁波12、略

【分析】【详解】

[1]由电路图可以知道，三电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R1两端的电压；滑片P向左滑动；滑动变阻器接入电路的电阻变小，由串联分压规律可以知道，变阻器两端的电压变小，即电压表示数将减小；

[2]由欧姆定律可以知道，定值电阻两端电压变化量与电流变化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，变阻器两端的电压变小，电源电压不变，由串联分压规律可以知道，R2和R3两端的总电压将变大，且变阻器两端电压减小量等于R2和R3两端总电压的增大量，即电压表示数变化量的绝对值串联电路电流处处相等，则电压表和电流表示数变化量的比值

电压表示数变化量的绝对值为时，同理可得此时电压表和电流表示数变化量的比值

而R2、R3均为定值电阻，所以【解析】.减小等于13、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据题目要求；能满足条件的电路是A；

（2）[2]该电路为“与”门电路；电路符号为。

[3][4][5][6]真值表。输入输出ABZ000010100111【解析】A000114、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度15、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】平面法线等于17、略

【分析】【详解】

（1）只断开S1；电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静止状态．

（2）只断开S2；电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上做加速直线运动．

（3）只断开S3；电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下做加速直线运动．

（4）只断开S4；电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．

【点睛】

本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开s2，要知道稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解.【解析】静止向上做匀加速直线运动向下做加速直线运动静止18、略

【分析】【详解】

假设若环境温度降低后，△h不变化，则两部分气体均做等容变化，由查理定律得：对于左边气体：对于右边气体：而由题意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若温度降低，压强都减小，左边气体压强降的多，则水银柱会向下移动，显然原假设错误，△h将减小．A部分的体积减小，B部分的体积增大．设A部分的气体的物质的量是n1，B部分气体的物质的量是n2，则由克拉伯龙方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R为克拉伯龙常数．则有：变形得：由于降温后A部分的体积减小，B部分的体积增大，所以稳定后A、B气柱的压强之比pA：pB与降温前相比将变大．由以上的分析可知，虽然水银柱向下运动，但PAVA＞PBVB，所以左侧气体的压强仍然大于右侧的压强，所以稳定后左侧的液面仍然低于右侧的液面，所以△h小于．【解析】变大小于19、略

【分析】【详解】

子弹穿过物块过程动量守恒解得

系统损失的机械能即动能【解析】四、作图题(共3题，共21分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共16分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]接a时通过的电流比较大，根据

电流比较大，则较小，量程较小，故选“”倍率，未知电阻的阻值为

（2）[2]K与b连