2025年人教版PEP必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP必修3物理下册月考试卷368考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线中的电流强度为I；若导线均匀拉长，使其半径变为原来的再给它两端加上电压U，则通过导线的电流为（）A.I/2B.I/8C.I/4D.I/162、关于物理学史，以下说法不正确的是（）A.牛顿最早通过理想斜面实验说明力不是维持物体运动的原因B.法拉第最早引入场的概念并用场线描述电场和磁场C.卢瑟福基于α粒子散射实验提出了原子核式结构模型D.麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在3、如图所示电路，平行板电容器C的下极板接地，当开关S处于闭合状态时，一带电油滴恰能静止在电容器中的P点；下列说法正确的是（）

A.油滴带负电B.将开关打开，油滴将向下运动C.在开关闭合时向下移动滑动变阻器的滑片，油滴仍静止D.在开关闭合时将电容器的上极板向上移一些，油滴将向上运动4、经过探究发现：点电荷和无限大的接地金属平板间的电场（如图甲所示）与等量异种点电荷之间的电场分布（如图乙所示）完全相同。如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方有带正电的点电荷Q，一表面绝缘带正电的金属球（可视为质点，且不影响原电场）自左以速度v0开始在金属板上向右运动；在运动过程中（）

A.小球做匀速直线运动B.小球先做减速运动后做加速运动C.小球做匀变速运动D.以上说法都不正确5、下列物理量是矢量的是（）A.电势B.电势差C.电场强度D.电势能6、韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员。他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离；重力和阻力对他做功的情况如图所示。韩晓鹏在此过程中（）

A.动能增加了B.重力势能减小了C.内能增加了D.机械能减小了评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点不计重力下列说法正确的是

A.M带负电荷，N带正电荷B.M在b点的动能小于它在a点的动能C.N在d点的电势能等于它在e点的电势能D.N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功8、如图所示，在同一平面内互相绝缘的三根无限长直导线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ围成一个等腰直角三角形，三根导线内通有大小相等、方向如图所示的电流，为导线Ⅰ、Ⅱ的交点，为导线Ⅰ、Ⅲ的交点，为导线Ⅱ、Ⅲ的交点，两点关于点对称，两点关于导线Ⅲ对称。已知三根导线中的电流形成的合磁场在点的磁感应强度大小为在点的磁感应强度大小为则下列说法中正确的是（）

A.三根导线的合磁场在点的磁感应强度大小为B.三根导线的合磁场在点的磁感应强度方向垂直纸面向里C.若撤去导线Ⅰ、Ⅱ，保持Ⅲ中电流不变，点的磁感应强度大小仍为D.若撤去导线Ⅲ，保持Ⅰ、Ⅱ中电流不变，点的磁感应强度为09、如图所示，一款微型机器人的内部有一个直流电动机，其额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间；电动机恰好能正常工作，下列说法正确的是（）

A.电动机消耗的总功率为EIB.电动机的效率为C.电源的输出功率为D.电源的效率为10、如图，电荷量分别为＋Q和－Q（Q>0）的点电荷固定在正四面体的两个顶点a、b上，c、d是四面体的另外两个顶点，E、F、G、H分别是ab、bc、ca、cd的中点，选无穷远处为零电势点。则（）

A.E点的电场强度为零B.E、H两点的电势均为零C.c、d两点的电场强度大小相等、方向相同D.将一检验正电荷从G点移到F点，电荷的电势能增大11、如图所示，可视为点电荷的三个带电小球a、b和c分别固定在三角形的顶点上，已知a球所受静电力的合力方向恰好平行于b；c的连线。则下列说法正确的是（）

A.b、c一定带异种电荷B.b、c一定带同种电荷C.b、c所带电荷量绝对值的比为D.c球所受静电力的合力方向可能垂直于a、b的连线12、如图所示，A、B、C、D是真空中一正四面体的四个顶点（正四面体是由四个全等正三角形围成的空间封闭图形），所有棱长都为a．现在A、B两点分别固定电荷量分别为均+q和-q的两个点电荷，静电力常量为k；下列说法正确的是。

A.D两点的场强相同B.C,D两点的场强大小相等，方向不同C.D两点电势相等D.将一正电荷从C点移动到D点，电场力做正功13、甲、乙为同种材料做成的两柱状导体，横截面积之比为1∶2，长度之比为2∶1。相同时间内，通过甲、乙两导体某一横截面的电量之比为1∶2，则甲、乙两导体中（）A.电流之比为1∶2B.电流之比为1∶1C.自由电荷定向移动的平均速率之比为1∶1D.自由电荷定向移动的平均速率之比为1∶214、下列叙述正确的有（）A.用同一表头改装成的电压表，电压表的量程越大，其内阻越大B.并联电路的总电阻一定大于每一个支路的电阻C.串联电路任一电阻增大（其他电阻不变），总电阻一定增大D.并联的电阻具有分压作用15、下列说法中正确的是（）A.根据电势的定义式可知电场中某点的电势与试探电荷在该点的电势能成正比B.由知，电容C与电容器所带电荷量Q成正比，与电容器两端的电压U成反比C.安培认为在原子、分子内部总存在着一种环形电流——分子电流D.电动势表征了电源将其他形式的能转化为电能的本领评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、在如图所示的回路中，若回路面积从变到磁感应强度同时从变到方向垂直纸面向里，则回路中的磁通量的变化量为________

17、定义：电源是能不断把___________从正极搬运到负极的装置。18、用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图所示，若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中。

指针位置选择开关所处挡位读数a直流电流10mA______mA直流电压50V______V______Vb电阻×100______Ω19、如图所示，把电量为－5×10－9C的电荷，从电场中的A点移到B点，其电势能___（选填“增大”、“减小”或“不变”）；若A点的电势UA＝15V，B点的电势UB＝10V，则此过程中电场力做的功为____J．

20、如图所示的实验装置为库仑扭秤。细银丝的下端悬挂一根绝缘棒，棒的一端是一个带电的金属小球A，另一端有一个不带电的球B，B与A所受的重力平衡，当把另一个带电的金属球C插入容器并使它靠近A时，A和C之间的作用力使悬丝扭转，通过悬丝扭转的角度可以比较力的大小，便可找到力F与距离r和电荷量q的关系。这一实验中用到了下列什么方法？__________、____________（微元法；微小量放大法、极限法、控制变量法、逐差法、估算法）

21、图中三根线是等差等势线，已知A点电势比B点电势高，在B点的切线是则A点的电场强度大于B点，理由是：______；若将负点电荷放在B点处，其受力方向向______（选图中序号）。

22、如图所示，真空中有甲、乙、丙三个完全相同的摆，摆球都带正电，摆线绝缘。现在甲的悬点放一个负点电荷，在丙所在空间加一竖直向下的匀强电场，从相同高度由静止开始释放，则甲、乙、丙做竖直面内的圆周运动，摆到最低点时细线对它们的拉力分别为T1、T2、T3，则它们的大小关系为T1________T2，T2_________T3三者运动到最低点的动能Ek1、Ek2、Ek3的大小关系为Ek1________Ek2；Ek2__________Ek3。（选填“=”；“>”；“<”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)26、如图所示是研究电源电动势和电路内、外电压关系的实验装置。电池的两极A、B与电压表V2相连，位于两个电极内侧的探针a、b与电压表V1相连，R是滑动变阻器，电流表A测量通过滑动变阻器的电流，置于电池内的挡板向上移动可以使内阻减小。当电阻R的滑臂向左移动时，电压表V2的示数_______________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。若保持滑动变阻器R的阻值不变，将挡板向上移动，则电压表V1的示数变化量ΔU1与电流表示数变化量ΔI的比值_______________。（选填“变大”；“变小”或“不变”）

27、为了测量“3.8V2.5W”小灯泡正常发光的电阻值。实验室有下列器材；规格如下：

A.两只相同的电压表（量程5V；内阻很大）

B.电阻箱R1（0~999Ω；最小调节量为1Ω）

C.电阻箱R2（0~99.9Ω；最小调节量为0.1Ω）

D.滑动变阻器R3（0~500Ω；额定电流为0.1A）

E.滑动变阻器R4（0~10Ω；额定电流为3A）

F.直流电源（电动势9V；内阻不计）

G.开关一个；导线若干、待测灯泡。

利用现有器材；请设计本实验：

（1）以上器材中电阻箱应选用__________，滑动变阻器应选用__________（填序号字母）；

（2）在方框中画出同时使用两个电压表，并且滑动变阻器分压使用的实验原理图；()

（3）根据你所设计的电路图，写出测量小灯泡正常发光时的电阻值的方法：______。28、某同学想测量一段导体的阻值．

（1）他先用多用电表进行初步测量；主要的操作过程分以下几个步骤，请将第④步操作填写完整：

①将红；黑表笔分别插入多用电表的“＋”、“－”插孔；选择电阻档“×10”；

②将红；黑表笔短接；调整欧姆调零旋钮，使指针指向“0”；

③将红；黑表笔分别与导体的两端相接；发现指针示数接近“0”；

④选择电阻档_________(选填“×100”或“×1”)；将红；黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮调零后；重新将红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的阻值．

（2）采用上述的操作步骤后，多用电表的指针位置如图所示．则该段导体的电阻测量值为______．

（3）为了比较精确地测量这个导体的电阻值；他采用伏安法继续进行实验测量，现有实验器材如下：

A．电源E（电动势4.0V；内阻约0.5Ω）；

B．电压表（0～3V；内阻3kΩ）;

C．电压表（0～15V；内阻15kΩ）；

D．电流表（0～0.6A；内阻0.1Ω）

E．电流表（0～3A；内阻0.02Ω）；

F．滑动变阻器R1（0～50Ω；1.5A）；

G．滑动变阻器R2（0～2000Ω；0.3A）；

H．开关S和导线若干．

为了调节方便，测量准确，在实验中，滑动变阻器应选用______（选填序号字母）．连接电路时，电压表应选_____（选填序号字母）、电流表应选______（选填序号字母）．实验电路应采用图中的_____（选填“甲”或“乙”）．

（4）若在上问中选用甲电路，产生误差的主要原因是______．（选填选项前的字母）

A．电流表测量值小于流经Rx的电流值。

B．电流表测量值大于流经Rx的电流值。

C．电压表测量值小于Rx两端的电压值。

D．电压表测量值大于Rx两端的电压值评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)29、如图所示，一质量m=2×10-4kg，电荷量q=+3×10-9C的带电小球A用长为10cm的轻质绝缘细线悬挂于O点，另一带电量未知的小球B固定在O点正下方绝缘柱上（A、B均可视为点电荷）。当小球A平衡时，恰好与B处在同一水平线上，此时细线与竖直方向的夹角θ=37°。已知重力加速度g=10m/s2，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2；求：

（1）小球A受到的静电力大小；

（2）小球A所在位置的场强大小和方向；

（3）小球B的电荷量。

30、如图所示，电源电动势为12V，内阻为1电阻R1为1R2为6开关闭合后，电动机恰好正常工作。已知电动机额定电压U为6V，线圈电阻RM为0.5问：电动机正常工作时产生的机械功率是多大？

31、平行板电容器是一种常用的电学元件。

（1）如图甲所示，电源与平行板电容器，定值电阻，开关组成闭合电路。已知平行板电容器的电容为C，电源电动势为E，内阻不计，不考虑极板边缘效应，请在图乙中画出充电过程中电容器两板电压u随其所带电荷量q变化的图像，并类化直线运动中由图像求位移的方法，求充电完毕时电容器储存的电能

（2）如图丙所示，M、N是平行板电容器的两个极板，板间距离为d。用绝缘细线把一个质量为m，电荷最为q的带电小球悬挂在两极板问，已知开关S闭合后，且小球静止时，绝缘细线与竖直方向夹角为电源电动势为E，内阻不计。三个定值电阻的阻值分别为重力加速度为g；忽略小球的电荷量对极板间电场的影响。

a.求夹角与定值电阻阻值的关系式；

b.若某时刻烧断细线；同时断开开关S，通过分析定性说明小球在两极板间可能出现的运动情况（假设小球的电荷量保持不变，且始终未与极板发生碰撞）。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

将导线均匀拉长，使其半径变为原来的故截面积变为原来的长度变为原来的4倍，根据电阻定律公式电阻增加为原来的16倍；再根据欧姆定律公式：电流减小为原来的故D正确，ABC错误．2、A【分析】【分析】

【详解】

A．伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因；A错误；

B．根据物理学史可知；法拉第最早引入场的概念并用场线描述电场和磁场，B正确；

C．根据物理学史可知；在1909年，物理学家卢瑟福进行了α粒子散射实验后，根据实验结果提出了原子核式结构模型，C正确；

D．麦克斯韦首先预言了电磁波的存在；赫兹用实验证实了电磁波的存在，D正确。

本题选不正确的，故选A。3、A【分析】【详解】

A．由电路图可知极板间场强方向竖直向下；带电油滴处于静止状态，受到的电场力与重力平衡，方向竖直向上，可知油滴带负电，故A正确。

B．将开关打开；极板电荷量保持不变，极板间电压不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态，故B错误；

C．在开关闭合时向下移动滑动变阻器的滑片；极板间电压不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态，故C错误；

D．在开关闭合时将电容器的上极板向上移一些，极板间电压不变，根据

可知板间场强减小；油滴受到的电场力小于重力，油滴将向下运动，故D错误。

故选A。4、A【分析】【详解】

根据甲乙图可知；光滑金属板面上的场强方向处处与金属板垂直，小球在金属板面上移动时，电场力对小球不做功，所以小球做匀速直线运动，故A正确，BCD错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

电势、电势能和电压是只有大小没有方向的标量，故ABD错误；电场强度是既有大小又有方向的矢量，故C正确．故选C．6、D【分析】【详解】

A．根据动能定理可得动能增加了

A错误；

B．重力势能的变化用重力做功衡量，则有

故重力势能减小了B错误；

CD．除重力外，其他做功用来衡量机械能的变化，则有

可知机械能减小了减少的机械能变成了内能，即内能增加了C错误，D正确；

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、A:B:C【分析】试题分析：由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷，故A正确．M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能；故B正确．d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能，故C正确．

D；N从c到d；库仑斥力做正功，故D错误．故选ABC

考点：带电粒子在电场中的运动。

【名师点睛】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。8、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．三根无限长直导线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ围成一个等腰直角三角形，三根导线内通有大小相等、方向如题图所示的电流，根据安培定则可知三根导线的合磁场在点的磁感应强度方向垂直纸面向里，又因为两点关于点对称

则三根导线的合磁场在点的磁感应强度大小

选项A错误；B正确；

D．若撤去导线Ⅲ，保持Ⅰ、Ⅱ中电流不变，由于两点关于导线Ⅲ对称，可知点在直角的角平分线上，结合安培定则可知导线Ⅰ、Ⅱ中的电流形成的磁场在点的磁感应强度等大反向，则点的磁感应强度为0；选项D正确；

C．导线Ⅰ、Ⅱ中的电流形成的磁场在点的合磁感应强度为0，若撤去导线Ⅰ、Ⅱ，保持Ⅲ中电流不变，则点的磁感应强度不变，大小仍为选项C正确。

故选BCD。9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．电动机消耗的总功率为UI；故A错误；

B．电动机的效率。

故B错误；

C．电源的输出功率。

C正确；

D．电源的效率。

故D正确。

故选CD。10、B:C【分析】【详解】

A．在E点，＋Q和－Q的场强方向均由a点指向b点；故合场强不为零，A错误；

B．过中点E且与＋Q和－Q连线垂直的平面为等势面，H点也在该等势面上，且零电势点在无穷远处，E、H两点的电势均为零；B正确；

C．因正四面体的边长均相等，故＋Q和－Q独自在c、d两点产生的场强大小相等，进一步分析知，在c、d两点，＋Q和－Q的场强方向的夹角均为120°，由平行四边形定则可得：c、d两点的合场强大小相等、方向均平行于ab向右；C正确。

D．因G点电势高于F点，故将检验正电荷从G点移到F点；电势能减小，D错误。

故选BC。11、A:C【分析】【详解】

AB．根据同种电荷相斥，异种电荷相吸，且小球a所受库仑力的合力的方向平行于b；c的连线，如图所示。

可知，b；c的电荷异号；故A正确，B错误；

C．对小球a受力分析如图所示，因ab=4cm，bc=3cm，ca=5cm，因此ab⊥ac，那么两力的合成构成矩形，依据相似三角形之比，则有

而根据库仑定律联立解得，b、c电荷量比为故C正确；

D．c球所受b的力沿bc方向，ac的力沿ac方向二者合成后不可能沿bc方向，故不可能垂直于ab的连线；故D错误。

故选AC。12、A:C【分析】【详解】

ABC．由题，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，C、D两点的场强都与等势面垂直，方向指向B一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强；电势均相同；故AC正确，B错误；

D．由题，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，将一正电荷从C点移动到D点；电场力不做功，故D错误．

故选AC。

点晴：本题要掌握等量异种电荷电场线和等势线分布情况，抓住ABCD是正四面体的四个顶点这一题眼，即可得出C、D处于通过AB的中垂面是一等势面上．13、A:C【分析】【详解】

AB．根据电流公式得

A正确；B错误；

CD．根据电流的微观表达式得

C正确；D错误。

故选AC。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．用同一表头改装成的电压表；电压表的量程越大，其内阻越大，A正确；

B．由并联电路的特点知；并联电路的总电阻比任一支路的阻值都要小，且任一支路电阻增大（其他支路不变），总电阻增大，B错误;

C．串联电路任一电阻增大（其他电阻不变）；总电阻一定增大，C正确；

D．串联电阻具有分压作用；并联电阻具有分流作用，D错误。

故选AC。15、C:D【分析】【详解】

A．根据电势的定义式

可知电场中某点的电势等于试探电荷在该点的电势能与电荷量的比值；电场中某点的电势与零电势的选择有关，故A错误；

B．根据电容的定义式

可知电容器的电容等于电容器极板所带电荷量与电势差的比值；电容器的电容决定于电容器本身，与电容器所带电荷量无关，故B错误；

C．安培认为在原子；分子内部总存在着一种环形电流——分子电流；提出分子电流假设，故C正确；

D．电动势是表征电源将其他形式能转化为电能本领的物理量，故D正确。

故选CD。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]因为都变化，所以用后来的磁通量减去原来的磁通量【解析】13.617、略

【分析】【详解】

略【解析】电子18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]指针在a位置时；直流电流10mA挡，读第二行刻度“0～10”一排，最小分度值为0.2mA，估读到0.1mA就可以了，读数为2.0mA。

[2]指针在a位置时；直流电压50V挡，读第二行刻度“0～50”一排，最小分度值为1V，估读到0.1V就可以了，读数为10.0V。

[3]指针在b位置时，电阻×100挡，读第一行刻度，测量值等于表盘上读数“3.2”乘以倍率100，读数为320Ω。【解析】①.2.0②.10.0③.32019、略

【分析】【详解】

试题分析：把负电荷从电场中的A点移到B点，电场力做负功，其电势能增大；因为UAB=5V，则

考点：电场力的功与电势差的关系。

【名师点睛】此题关键是掌握电场力功与电势差的关系；知道电场力做正功电势能减小，克服电场力做功，电势能增加．【解析】增大-2.5×10-820、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]当小球C靠近小球A时，旋转小角度，因此通过微小量放大，能比较准确的测出转动角度；同时体现了控制变量法，控制电荷量，去研究库仑力与距离的关系；控制距离，去研究库仑力与电荷量的关系。【解析】①.微小量放大法②.控制变量法21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在A点的等差等势线较B点密集，则A点的电场线较B点密集，则A点场强大于B点场强；

[2]B点的电场线与等势面垂直，并由高电势点指向低电势点，即由④指向B，则负电荷在B点受电场力方向由B点指向④。【解析】等差等势线越密的地方场强大④22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]根据动能定理，甲乙两图的摆球只有重力做功，重力做功相等，所以到达底端的动能相等，对于丙图，重力和电场力都做正功，根据动能定理得，知动能最大

根据

则运动到底端的速度关系为

对于甲

对于乙

对于丙

比较可得【解析】①.<②.<③.=④.<四、作图题(共3题，共30分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD25、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)26、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，电压表测量是电源的内电压，电压表测量是路端电压，由闭合电路欧姆定律：

可知，当电阻的滑臂向左移动时外电阻减小，总电流增大，由：

可知内电压变大，故电压表2的示数变小；

[2]因电源电动势等于电源内外电路之和，故电压表1和电压表2的示数之和不变；若保持滑动变阻器的阻值不变，将挡板向上移动，则电源的内电阻将减小，根据

结合数学推理可知：

所以电压表1的示数变化量与电流表示数变化量的比值大小等于电源的内阻，由于挡板向上运动时，液体的横截面积变大，根据电阻定律：

可知内电阻减小，故比值变小。【解析】变小不变27、略

【分析】【详解】

（1）（2）[1][2][3]本实验采用的是等效替代法；电路图如图所示。

由于小灯泡的电阻

故选电阻箱R2，即为C；为方便调节，选择与灯泡阻值相近的滑动变阻器R4；即为E。

（3）[4]电阻箱与灯泡串联电流相等，故分压相等时，阻值相等，故方法为：调节电阻箱和滑动变阻器，当两电压表示数都达到3.8V，读出电阻箱的阻值即为小灯泡正常发光时的电阻，R2=R（其他方法合理也正确）。【解析】CE调节电阻箱和滑动变阻器，当两电压表示数都达到3.8V，读出电阻箱的阻值R即为小灯泡正常