2025年北师大版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高二物理下册月考试卷674考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、平抛物体的运动规律可以概括为两点：（1）水平方向做匀速运动；（2）竖直方向做自由落体运动.为了探究平抛物体的运动规律，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，Ａ球就水平习出，同时Ｂ球被松开，做自由落体运动，无论Ａ球的初速度大小如何，也无论两球开始距地面高度如何，两球总是同时落到地面，这个实验()A.只能说明上述规律中的第（1）条B.只能说明上述规律中的第（2）条C.不能说明上述规律中的任何一条D.能同时说明上述两条规律2、下列说法符合实际的是A.医院里常用Ｘ射线对病房进行消毒B.医院里常用紫外线对病房进行消毒C.在人造卫星上对地球进行拍摄是利用紫外线有较好的分辨能力D.在人造卫星上对地球进行拍摄是利用红外线有较好的穿透云雾烟尘能力和热作用3、下列单位中，哪一个是能量的单位（）A.焦耳B.秒C.千克D.米4、如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A，R1的阻值等于电流表内阻的R2的阻值等于电流表内阻的2倍．若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（）A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02AC.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06AD.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A5、如图所示，当变阻器R3

的滑动触头P

向b

端移动时(

)

A.电压表示数变小，电流表示数变大B.电压表示数变小，电流表示数变小C.电压表示数变大，电流表示数变大D.电压表示数变大，电流表示数变小6、如图所示，以O

点为圆心，以R=0.20m

为半径的圆与坐标轴交点分别为abcd

该圆所在平面内有一匀强电场，场强方向与x

轴正方向成娄脠=60鈭�

角，已知abc

三点的电势分别为43V4V鈭�43V

则下列说法正确的是(

)

A.该匀强电场的场强E=403V/m

B.该匀强电场的场强E=80V/m

C.d

点的电势为鈭�4V

D.d

点的电势为鈭�23V

7、如图所示，灯泡A

1

A

2

完全相同，带铁芯的线圈L

的电阻可忽略不计，则下列说法正确的是()

A.S

闭合瞬间，A

1

A

2

同时发光，接着A

1

变暗A

2

变得更亮B.S

闭合瞬间，A

1

不亮A

2

立即亮C.S

闭合瞬间，A

1

A

2

都不立即亮D.稳定后再断开S

瞬间，A

1

A

2

同时熄灭8、单摆在摆动过程中，下列说法正确的是(

)

A.回复力是重力和细线拉力的合力B.摆动到最低点时回复力为零C.动能变化的周期就等于振动周期D.小球质量越大，周期越长9、如图所示，在示波管下方有一根水平放置的通电直电线，则示波管中的电子束将(&;)

A.向上偏转B.向下偏转C.向纸外偏转D.向纸里偏转评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、在测量一节干电池的电动势和内电阻的实验中，某同学根据实验记录画出U—I图线如图所示，从中可求出待测干电池的电动势为____V，内电阻为____Ω(保留两位有效数字)．11、(14分)(1)激光具有相干性好、平行度好、亮度高等特点，在科学技术和日常生活中应用广泛．下面关于激光的叙述正确的是()．A．激光是纵波B．频率相同的激光在不同介质中的波长相同C．两束频率不同的激光能产生干涉现象D．利用激光平行度好的特点可以测量月球到地球的距离(2)如图所示，在杨氏双缝干涉实验中，激光的波长为5.30×10－7m，屏上P点距双缝S1和S2的路程差为7.95×10－7m．则在这里出现的应是________(填“明条纹”或暗条纹)．现改用波长为6.30×10－7m的激光进行上述实验，保持其他条件不变，则屏上的条纹间距将________(填“变宽”、“变窄”或“不变”)．12、如图所示表示的是交流电的电流随时间变化的图象，负方向为正弦图象的一部分，则此交流电的电流的有效值是______A．13、为确定爱因斯坦的质能方程△E=△mc2的正确性，设计了如下实验：用动能为E1=0.60MeV的质子轰击静止的锂核Li，生成两个α粒子，测得两个α粒子的动能之和为E2=19.7MeV，已知质子、α粒子、锂粒子的质量分别取mp=1.0073u、mα=4.0015u、mLi=7.0160u；求：

①写出该反应方程______．

②△E=______MeV，△mc2=______MeV．（1u=1.6606×10-27㎏）14、如图所示的电路，当开关闭合时，小灯泡将______(

选填“逐渐”或“立刻”)

变亮.

当开关断开时，小灯泡将______(

选填“逐渐”或“立刻”)

熄灭．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分四、实验题(共4题，共32分)20、在做测定金属电阻率的实验中，某同学先通过游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度如下图所示，则游标卡尺所示金属圆片直径的测量值为________mm，螺旋测微器所示金属圆片厚度的测量值为________mm。21、某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.50cm；用10分度的游标卡尺测得小球直径的读数如图所示，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间（1）该单摆的摆长为____cm。（2）如果该同学测得的g值偏大，可能的原因是()A．记录摆长时误将摆球的直径作为半径B．开始计时时，秒表过迟按下C．摆线上端牢固地系于悬点，摆动中出现松动，使摆线长度增加了D．实验中误将29次全振动数为30次（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l，测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数值，再以l为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，则测得的重力加速度g＝____m/s2。22、一块玻璃砖用两个相互平行的表面，其中一个表面是镀银的（光线不能通过表面）。现要测定此玻璃的析射率。给定的器材还有：白纸、铅笔、大头针4枚（P1、P2、P3、P4）、带有刻度的直角三角板、量角器。实验时，先将玻璃砖放到白纸上，使上述两个相互平行的表面与纸面垂直。在纸上画出直线aa’表示镀银的玻璃表面，bb’表示另一表面，如图所示。然后，在白纸上竖直插上两枚大头针P1、P2（位置如图）。用P1、P2的连线表示入射光线。⑴为了测量折射率，大头针P3、P4应插在()A、玻璃砖aa’一侧B、玻璃砖bb’一侧C、玻璃砖aa’、bb’两侧各插一枚⑵试在题图中标出P3、P4的位置。然后，移去玻璃砖与大头针。试在题图中通过作图的方法标出光线从空气到玻璃中的入射角θ1与折射角θ2,并写出主要作图步骤：。⑶写出θ1、θ2表示的折射率公式为n＝____．23、某研究性学习小组为合成rm{1-}丁醇，查阅资料得知一条合成路线：rm{C{H}_{3}CH=C{H}_{2}+CO+{H}_{2}xrightarrow[]{;脪禄露篓脤玫录镁}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}CHOxrightarrow[Ni,?]{{H}_{2}}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{2}OH}rm{C{H}_{3}CH=C{H}_{2}+CO+{H}_{2}

xrightarrow[]{;脪禄露篓脤玫录镁}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}CHO

xrightarrow[Ni,?]{{H}_{2}}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{2}OH

}的制备原理：rm{HCOOHxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}CO隆眉+H_{2}O}并设计出原料气的制备装置rm{CO}如下图rm{HCOOHxrightarrow[?]{脜篓脕貌脣谩}

CO隆眉+H_{2}O}请填写下列空白：rm{(}实验室现有锌粒、稀硝酸、稀盐酸、浓硫酸、rm{)}丙醇，从中选择合适的试剂制备氢气、丙烯。写出化学方程式：________，________。rm{(1)}若用以上装置制备干燥纯净的rm{2-}装置中rm{(2)}和rm{CO}的作用分别是__________，________；rm{a}和rm{b}中承装的试剂分别是_______，_______。若用以上装置制备rm{C}气体发生装置中必需的玻璃仪器名称是_______；在虚线框内画出收集干燥rm{d}的装置图_______。rm{H_{2}}制丙烯时，还产生少量rm{H_{2}}rm{(3)}及水蒸气，该小组用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是_______rm{SO_{2}}填序号rm{CO_{2}}rm{(}饱和rm{)}溶液rm{垄脵}酸性rm{Na_{2}SO_{3}}溶液rm{垄脷}石灰水rm{KMnO_{4}}无水rm{垄脹}rm{垄脺}品红溶液rm{CuSO_{4}}合成正丁醛的反应为正向放热的可逆反应，为增大反应速率和提高原料气的转化率，你认为应该采用的适宜反应条件是_______。rm{垄脻}低温、高压、催化剂rm{(4)}适当的温度、高压、催化剂rm{a.}常温、常压、催化剂rm{b.}适当的温度、常压、催化剂rm{c.}正丁醛经催化剂加氢得到含少量正丁醛的rm{d.}丁醇粗品，为纯化rm{(5)}丁醇，该小组查阅文献得知：rm{1隆陋}饱和rm{1隆陋}rm{垄脵R隆陋CHO+NaHSO_{3}(}沸点：乙醚rm{)隆煤RCH(OH)SO_{3}Na隆媒}rm{垄脷}丁醇rm{34隆忙}并设计出如下提纯路线：试剂rm{1隆陋}为_________，操作rm{118隆忙}为________，rm{1}评卷人得分五、识图作答题(共3题，共24分)24、设置不同CO2浓度，分组光照培养蓝藻，测定净光合速率和呼吸速率，结果如图，据图回答下列问题：

（1）蓝藻能够进行光合作用的原因是：（答两点）。（2）由图可知，该实验通过测定____来表示净光合作用速率；随着CO2浓度的增加，蓝藻通过光合作用制造O2的速率____（3）在d1、d2、d3浓度下，蓝藻单位时间内呼吸产生ATP多少的顺序是____。（4）在d1、d2、d3浓度下，蓝藻种群的K值最大的是____。（填“d1、d2或d3”）25、为了研究神经纤维的兴奋传导和神经一肌肉突触的兴奋传递，将蛙的脑和脊髓损毁。然后剥制坐骨神经一腓肠肌标本，如下图所示。实验过程中需要经常在标本上滴加任氏液（成分见下表），以保持标本活性。请回答下列问题：(1)任氏液中维持酸碱平衡的成分有________________________________，其Na+/K+比与体液中________________的Na+/K+比接近。(2)任氏液中葡萄糖的主要作用是提供能量，若将其浓度提高到15%，标本活性会显著降低，主要是因为______________________________。(3)反射弧的五个组成部分中，该标本仍然发挥功能的部分有________________。(4)刺激坐骨神经，引起腓肠肌收缩，相应的突触前膜处发生的变化有________、________________________。26、[生物——选修1：生物技术实践]幽门螺杆菌感染是急慢性胃炎和消化性溃疡的主要致病因素。在患者体内采集样本并制成菌液后；进行分离培养。实验基本步骤如下，请回答：

（1）幽门螺杆菌能够以尿素为唯一氮源，是因为含有______，培养基中加入酚红指示剂，若有幽门螺杆菌，则菌落周围会出现_____________环带。（2）上述培养过程中，能够“浓缩”幽门螺杆菌的步骤是____________________。（3）采用稀释涂布平板法，通过统计平板上的菌落数，就能推测出样品中大约含有多少活菌，其原因是____。（4）上述实验结果统计的菌落数，____________（填“是”或“不是”）原患者样品中含有的幽门螺杆菌活菌数。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【解析】试题分析：探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，而不能说明A球水平方向的运动性质．在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动，结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，故ACD错误，B正确．故选B．考点：研究平抛物体的运动．【解析】【答案】B2、B|D【分析】医院里常用紫外线对病房进行消毒，A错；在人造卫星上对地球进行拍摄是利用红外线的热效应，C错；【解析】【答案】BD3、A【分析】解：

A；焦耳是功和能量的单位．故A正确；

B；秒是时间的单位．故B错误；

C；千克是质量的单位．故C错误；

D；米是长度的单位．故D错误．

故选：A．

首先对每个选项中的单位进行分析；明确各自对应的物理量，然后确定符合题意的选项．

此题考查的是我们对物理量及其对应单位的掌握情况，属于识记性知识，难度较小，容易解答．【解析】【答案】A4、C【分析】解：AB、当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；故AB错误；

CD、当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联；电流表的量程仍为1.8A；故每一小格表示0.06A；故C正确，D错误；

故选：C．

对电路结构进行分析；再根据串并联电路规律即可明确流过1的电流大小，再根据比例即可求出每一小格所表示的电流大小．

本题考查电表的改装，关键在于明确电路结构；特别是CD中要注意R2对电流表的量程没有影响！【解析】【答案】C5、A【分析】解：当变阻器R3

的滑动触头P

向b

端移动时；滑动变阻器接入电阻减小，电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，内电压增大，因此路端电压减小，故电压表示数变小；

将R1

等效为内阻；则可知并联部分电压一定减小，故流过R2

的电流减小，因总电流增大，故电流表示数变大；故A正确，BCD错误；

故选：A

由图可知R2

与R3

并联后与R1

串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E鈭�Ir

可得出路端电压的变化；将R1

作为内阻处理；则可得出并联部分电压的变化，求得R2

中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．

闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．【解析】A

6、C【分析】解：A

由题意得，ac

间的电势差为：Uac=娄脮a鈭�娄脮c=43鈭�(鈭�43)V=83V

ac

两点沿电场强度方向的距离为：d=2Rsin娄脠=2隆脕0.2隆脕32=35m

故该匀强电场的场强为：E=Uacd8335=40V/m.

故AB错误．

C、根据匀强电场中电势差与电场强度的关系式U=Ed

相等距离，电势差相等，因为娄脮a=43娄脮c=鈭�43V

可知，O

点电势为0

而dO=Ob

则bO

间的电势差等于Od

间的电势差；可知，d

点的电势为鈭�4V

故C正确，D错误．

故选：C

匀强电场中；电势差与电场强度的关系为U=Edd

是两点沿电场强度方向的距离，根据此公式和ac

间的电势差，求出电场强度E

．

由题可知，圆心O

点的电势为0

根据U=Ed

分析db

间电势差的关系；即可求得d

点的电势．

解决本题的关键是正确理解匀强电场中电势差与强场的间的关系U=Ed

分析匀强电场中两点间的电势差关系，注意d

为沿电场线方向上的距离．【解析】C

7、A【分析】【分析】电感总是阻碍电流的变化.

线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向与原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡A

构成电路回路。线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈左端是电源正极，当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈右端是电源正极。本题考查通电自感和断电自感，属于基础题，抓住电路的三态：通电瞬间，L

当断路；电路稳定，L

当电阻(

或导线)

断电瞬间，L

当电源。【解答】ABC.S

闭合瞬间；线圈中电流缓慢增加，故A1,A2

同时发光，稳定后电灯A1

被短路，故A2

更亮，A1

熄灭，故A正确，B

C错误；

D.稳定后再断开S

的瞬间；A2

灯立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以A1

灯亮一下再慢慢熄灭，故D错误。

故选A。【解析】A

8、B【分析】解：A

重力沿切线方向的分力提供单摆做简谐运动的向心力；故A错误；

B；摆动到最低点时回复力为零；故B正确；

C；在小球最最高点开始摆动过程中；小球的动能先增大后减小，到达另一侧最高点时动能为零，然后再重复；故其动能的周期为单摆周期的一半；故C错误；

D、单摆的周期T=2娄脨Lg

与小球的质量无关；故D错误；

故选：B

．

单摆振动时；摆球的回复力是摆球所受重力沿圆弧切线方向的分力；分析清楚单摆运动过程，根据单摆的运动过程与单摆周期公式分析答题．

本题考查了单摆做简谐运动的回复力、周期与运动过程问题，知道单摆周期公式的影响因素，分析清楚单摆运动过程即可解题．【解析】B

9、A【分析】由安培定则判断出通电导线中的电流在示波管位置的磁场方向；然后由左手定则判断出电子束受到的安培力方向，最后根据电子束的受力方向判断电子束如何偏转。由安培定则可知，在示波管处电流磁场方向垂直于纸面向外；电子束由左向右运动；电子束形成的电流方向水平向左；

由左手定则可知；电子束受到的安培力竖直向上，则电子束向上偏转。

故选A。知道电流方向与电子运动方向相反，熟练掌握安培定则、左手定则是正确解题的关键。【解析】A

二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】【解析】试题分析：该实验中，电源电动势E,内电阻r，与路端电压U，电流I的关系为E=U+Ir当I=0时，U=E，因此电动势为1.5V，当U=0.8V时，I=0.7A，代入上式，得r=1.0Ω考点：测定电池的电动势和内阻的实验【解析】【答案】1.5;1.011、略

【分析】(1)光是横波，选项A错；激光在介质中的波长为λ＝不同介质n不同，所以波长不同，选项B错；产生干涉的条件是频率相同，选项C错；利用激光平行度好的特点可以测量月球和地球之间的距离，选项D正确．(2)因为＝即半波长的奇数倍，所以出现暗条纹．根据条纹间距公式Δx＝λ，当单色光的波长变长时，条纹间距变宽．【解析】【答案】(1)D(2)暗条纹变宽12、略

【分析】解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻；设直流电流为I，则根据有效值的定义，则有：

I2R×0.4=（）2R×0.2+（）2R×0.2

解得：I=A

故答案为：

根据有效值的定义求解．取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值．常见题型，要熟练掌握．【解析】13、略

【分析】解：①由质量数与核电荷数守恒可知；核反应方程式为：

H+Li→2He；

②核反应前后的质量亏损：

△m=1.0073+7.016u-2×4.0015u=0.0203u

核反应中释放的能量：△E=△mc2；

代入数据解得：△E=18.90945MeV；

故答案为：①H+Li→2He；②18.90945；18.90945．

①根据质量数与核电荷数守恒写出核反应方程式．

②反应物与生成物之间质量之差等于质量亏损，依据爱因斯坦质能方程E=mc2；可以求得释放的核能．

本题比较简单考查了核反应方程、核能计算、动量守恒等基础知识，越是简单基础问题，越要加强理解和应用，为解决复杂问题打下基础．【解析】H+Li→2He；18.90945；18.9094514、逐渐；立刻【分析】解：当开关闭合时；通过线圈L

的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，线圈产生的感应电动势阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A

逐渐亮起来.

当开关断开时，电路断开，线圈和灯泡不能构成回路，故电流立即为零，故小灯泡立刻熄灭．

故答案为：逐渐；立刻．

当电键K

闭合时；通过线圈L

的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断灯泡的亮度变化．

自感现象是特殊的电磁感应现象，断开开关S

时，电路断开，灯泡中原来的电流突然消失，灯泡立即熄灭．【解析】逐渐；立刻三、判断题(共5题，共10分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．四、实验题(共4题，共32分)20、略

【分析】试题分析：图中20分度的游标卡尺，0刻线前漏出了31mm，且第14条刻线对齐，故读数为：D=31mm+14×0.05mm=31.70mm，千分尺固定刻度漏出了3mm，中轴线对齐为47.1格，所以螺旋测微器的读数为：d=3mm+47.1×0.01mm=3.471mm.考点：本题考查了测量仪器的读数。【解析】【答案】31.70;3.47121、略

【分析】试题解析：（1）游标卡尺对应的读数为18.4mm，故单摆的摆长为97.50cm+=98.42cm；（2）如果A中记录摆长时误将摆球的直径作为半径，则摆长的值会偏大，则代入公式g=计算的值也会偏大，故A是可能的；B中开始计时时，秒表过迟按下，则记录的时间偏小，根据公式也可得，g的值偏大，B也是可能的；C中摆线长度增加了，但测量时其周期的大小也会发生改变，故计算的g值是不变的；如果实验中误将29次全振动数为30次，则得出的周期值会偏小，则g的值会偏大，D也是可能的。（3）由图像可得，当摆长为1m时，其周期的平方大小为4s2，故重力加速度g＝=9.87m/s2（或π2m/s2）考点：用单摆测重力加速度。【解析】【答案】（1）98.42；（2）ABD；（3）9.87（或π2）。22、略

【分析】⑴P3、P4应插在玻璃砖bb’一侧⑵略⑶由光路图可知入射角为θ1，折射角为θ2【解析】【答案】⑴B⑵①过P1、P2作直线与bb′交于O；②过P3、P4作直线与bb′交于O′；③利用刻度尺找到OO′的中点M；④过O点作bb′的垂线CD，过M点作bb′的垂线与aa′相交与N，如图所示，连接ON；⑤∠P1OD＝θ1，∠CON＝θ2。⑶23、rm{(1)Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}

CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}恒压防倒吸rm{(2)}溶液浓rm{NaOH}分液漏斗蒸馏烧瓶rm{H_{2}SO_{4}}或rm{(3)垄脺垄脻垄脵垄脷垄脹(}rm{垄脺垄脻垄脵垄脹垄脷)}rm{(4)b}饱和rm{(5)}溶液蒸馏

rm{NaHSO_{3}}【分析】【分析】本题考查有机物合成方案的设计，题目难度较大，综合性较强，答题时注意把握物质的分离、提纯方法，把握物质的性质的异同是解答该题的关键。【解答】rm{(1)}氢气可用活泼金属锌与非氧化性酸盐酸通过置换反应制备，氧化性酸如硝酸和浓硫酸与锌反应不能产生氢气，方程式为rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}rm{2-}丙醇通过消去反应即到达丙烯，方程式为：rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}

}

故答案为：rm{CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}}rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}

rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}

}甲酸在浓硫酸的作用下通过加热脱水即生成rm{CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}由于甲酸易挥发，产生的rm{(2)}中必然会混有甲酸，所以在收集之前需要除去甲酸，可以利用rm{CO}溶液吸收甲酸rm{CO}又因为甲酸易溶于水，所以必需防止液体倒流，即rm{NaOH}的作用是防止倒吸，最后通过浓硫酸干燥rm{.}为了使产生的气体能顺利的从发生装置中排出，就必需保持压强一致，因此rm{b}的作用是保持恒压；若用以上装置制备氢气，就不再需要加热，所以此时发生装置中的玻璃仪器名称是分液漏斗和蒸馏烧瓶；氢气密度小于空气的，因此要收集干燥的氢气，就只能用向下排空气法，而不能用排水法收集；故答案为：恒压，防倒吸；rm{CO.}溶液，浓rm{a}分液漏斗、蒸馏烧瓶；

故答案为：恒压；防倒吸；rm{NaOH}溶液；浓rm{H_{2}SO_{4}}

rm{NaOH}检验丙烯可以用酸性rm{H_{2}SO_{4}}溶液，检验rm{(3)}可以用酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色、品红溶液或石灰水，检验rm{SO_{2}}可以石灰水，检验水蒸气可以无水rm{KMnO_{4}}所以在检验这四种气体必需考虑试剂的选择和顺序rm{CO_{2}}只要通过溶液，就会产生水蒸气，因此先检验水蒸气；然后检验rm{CuSO_{4}}并在检验之后除去rm{.}除rm{SO_{2}}可以用饱和rm{SO_{2}}溶液，最后检验rm{SO_{2}}和丙烯，因此顺序为rm{Na_{2}SO_{3}}或rm{CO_{2}}

故答案为：rm{垄脺垄脻垄脵垄脻垄脷垄脹(}或rm{垄脺垄脻垄脵垄脻垄脹垄脷)}

rm{垄脺垄脻垄脵垄脻垄脷垄脹(}由于反应是一个体积减小的可逆反应，所以采用高压，有利于增大反应速率和提高原料气的转化率；正向反应是放热反应，虽然低温有利于提高原料气的转化率，但不利于增大反应速率，因此要采用适当的温度；催化剂不能提高原料气的转化率，但有利于增大反应速率，缩短到达平衡所需要的时间，故正确所选项是rm{垄脺垄脻垄脵垄脻垄脹垄脷)}

故答案为：rm{(4)}

rm{b}粗品中含有正丁醛，根据所给的信息利用饱和rm{b}溶液形成沉淀，然后通过过滤即可除去；由于饱和rm{(5)}溶液是过量的，所以加入乙醚的目的是萃取溶液中的rm{NaHSO_{3}}丁醇rm{NaHSO_{3}}因为rm{1-}丁醇和乙醚的沸点相差很大；因此可以利用蒸馏将其分离开；

故答案为：饱和rm{.}溶液，蒸馏。rm{1-}【解析】rm{(1)Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}rm{(CH_{3})_{2}CHOHxrightarrow[170隆忙]{脜篓脕貌脣谩}

CH_{2}=CHCH_{3}隆眉+H_{2}O}恒压防倒吸rm{(2)}溶液浓rm{NaOH}分液漏斗蒸馏烧瓶rm{H_{2}SO_{4}}或rm{(3)垄脺垄脻垄脵垄脷垄脹(}rm{垄脺垄脻垄脵垄脹垄脷)}rm{(4)b}饱和rm{(5)}溶液蒸馏

rm{NaHSO_{3}}五、识图作答题(共3题，共24分)24、（1）有藻蓝素和叶绿素、有进行光合作用相关的酶（2）（单位时间）O2的释放量先增加后降低（3）d2＞d1＞d3（4）d2【分析】【分析】本题考查光合作用的机理和影响光合作用的因素以及呼吸作用的相关知识。意在考查考生具备验证简单生物学事实的能力，并能对实验现象和结果进行解释、分析和处理。