2025年统编版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版必修3物理下册阶段测试试卷641考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑动片p向下（b端）移动时；电压表和电流表的示数变化情况的是（）

A.电压表和电流表示数都增大B.电压表和电流表示数都减小C.电压表示数增大，电流表示数变小D.电压表示数减小，电流表示数增大2、如图所示，有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为时，带电粒子沿轨迹②落到B板左端处；设两次射入电场的水平速度相同，则电压之比为（）

A.B.C.D.3、如图是一个多用电表的简化电路图。S为单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱O可以接通1，也可以接通2、3、4、5或6。下列说法正确的是（）

A.当S分别接1或2时，测量的是电流，接1和接2时的最大测量值之比为B.当S分别接3或4时，测量的是电阻，其中B是红表笔C.当S分别接3或4时，测量的是电阻，接4时倍率大，测量同一电阻接4时的指针偏角较大D.当S分别接5和6时，测量的是电压，接5和接6时的最大测量值之比为4、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C，R为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S后，将照射光强度增强，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I；，则在此过程中。

A.△U和△I的比值增大B.电压表示数U和电流表示数I比值不变C.电阻R0两端电压增大，增加量为△UD.电容器的带电量减小，减小量为C△U5、下列小磁针方向（所有小磁针都处于静止状态）正确的是（）A.B.C.D.6、下列现象中，属于电磁感应现象的是（）A.小磁针在通电导线附近发生偏转B.通电线圈在磁场中转动C.闭合线圈在磁场中转动而产生电流D.接通电路时，电磁铁吸引铁块评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示；一平行板电容器两极板A；B水平放置，上极板A接地，电容器通过滑动变阻器R和电键S与电动势为E的电源相连．现将电键S闭合，位于A、B两板之间的P点的带电粒子恰好处于静止状态，电源内阻可以忽略，则（）

A.B板电势为-EB.改变滑动变阻器的滑片位置，带电粒子仍处于静止状态C.将B板向上移动，P点电势将不变D.将B板向左平移，带电粒子电势能将不变8、磁电阻效应，即磁敏电阻的变化，是指材料的电阻值随磁场变化的现象．某探究小组查到某磁敏电阻在室温下的电阻随磁感应强度变化的曲线如图甲所示，其中R、R0分别表示有；无磁场时磁敏电阻的阻值．为研究其磁敏特性设计了图乙所示电路．关于这个探究实验；下列说法中正确的是()

A.闭合开关S，只增加磁感应强度的大小时，电压表的示数增大B.闭合开关S，只改变磁场的方向时，电压表的示数减小C.闭合开关S，只增加磁感应强度的大小时，流过aP段的电流可能减小D.闭合开关S，只增加磁感应强度的大小时，电源的输出功率可能增大9、直角三角形在竖直平面内，在A点和点分别固定两个点电荷，已知点的电场强度方向垂直于边向上；则（）

A.A点的点电荷带正电，点的点电荷带负电B.A点的点电荷带负电，点的点电荷带正电C.A点处电荷的电荷量是点处电荷的电荷量的一半D.A点处电荷的电荷量是点处电荷的电荷量的二倍10、如图所示，用长度不等的绝缘丝线将带电小球A、B悬挂起来，两丝线与竖直方向的夹角分别是和（）；两小球恰在同一水平线上，则下列说法正确的是（）

A.两小球一定带同种电荷B.A小球的质量一定小于B小球的质量C.A小球所带电荷量一定大于B小球所带电荷量D.A小球所受库仑力一定大于B小球所受库仑力11、如图所示，在光滑绝缘水平地面上相距为L处有两个完全相同的带正电小球和它们的电荷量分别为和质量分别为和现由静止释放球，同时球以大小为的速度沿两小球连线方向向球运动；运动过程中，两球始终没有相碰，下列说法正确的是（）

A.两球运动过程中的加速度大小之比始终为B.两球组成的系统合外力为零，机械能守恒C.两球最近时，球的速度为D.球速度最小时，系统电势能增量为12、如图所示，两个电荷量均为＋Q的点电荷分别固定于x轴上的M、N两点，P点位于yOz平面内，OP与y轴正方向的夹角为30°，M、N、P到坐标原点O的距离均为R。将质量为m、电荷量为-q的检验电荷从P点由静止释放；不计检验电荷的重力，下列说法正确的是（）

A.检验电荷在P点的电势能等于在O点的电势能B.检验电荷在P点的电势能大于在O点的电势能C.检验电荷释放瞬间的加速度大小为D.检验电荷释放瞬间的加速度大小为13、如图是某区域的电场线分布。A、B、C是电场中的三个点；下列说法正确的是（）

A.三点中B点场强最强，C点场强最弱B.一正点电荷在A处所受电场力的方向就是A点场强方向C.三点中B点电势最高D.把一负电荷从B点移到C点，电势能减小14、如图所示，光滑绝缘半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E。在与环心等高处放有一质量为m、带电荷量＋q的小球；由静止开始沿轨道运动，下列说法正确的是（）

A.小球在运动过程中机械能守恒B.小球经过环的最低点时速度最大C.小球电势能增加EqRD.小球由静止释放到达最低点，动能的增量等于EqR+mgR评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、如图所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通电后经R1、R2和R3的电流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3两端的电压之比U1∶U2∶U3＝________．

16、正三角形ABC的边长为10cm，在三角形的顶点A和B上分别放有带电荷量为和的点电荷，这两个点电荷在三角形的顶点C处产生的合场强大小为________N/C．17、如图所示，有一带电荷量为＋q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2d，此点电荷到带电薄板的垂线通过板的圆心．若图中b点处的电场强度为零，则图中a点处的电场强度大小为________，方向________．(静电力恒量为k)

18、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐标原点处的电势为___________V；

（2）电子从b点运动到c点，电场力做功为___________eV；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高___________eV；

（4）电场强度的大小为___________V/cm。

19、用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示。该金属丝的直径是______mm。

20、在非纯电阻电路（像含有电动机、电解槽的电路）中，电流做的功只有_______一部分转化为电热，_______部分转化为其他形式的能（机械能或化学能等）。因此，W>Q，即UIt>I2Rt，根据能量守恒定律知，在非纯电阻电路中满足：电功=电热+其他形式的能，即_______=_______+_______。21、在匀强磁场中有一根长为的导线，它与磁场方向垂直.当通以电流时，它受到的作用力为则该磁场的磁感强度是_______T；当导线在原位置缩短为原长的一半时，磁感强度为_______T22、如图甲所示为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a=1m，b=0.2m，c=0.1m，当里面注满某电解液，且P、Q加上电压后，其U-I图线如图乙所示，当U=10V时，求电解液的电阻率ρ是_______Ω·m

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

25、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

26、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)27、从下表中选出适当的实验器材设计一电路来测量电阻Rx的阻值。要求方法简捷；得到多组数据，有尽可能高的测量精度。

器材（代号）规格待测电阻（Rx）

电流表（A1）

电流表（A2）

电压表（V1）

电压表（V2）

滑动变阻器（R）

电源（E）

电键（S）

导线若干阻值约

内阻约

0~0.6A，内阻约

0~3V，内阻约

0~15V，内阻约

总阻值约

电动势3V，内阻很小

(1)电流表应选用______，电压表应选用_____；

(2)滑动变阻器应该选择限流接法还是分压接法？简要说明理由____；

(3)在答题纸相应位置（方框内）画出电路图________；

(4)完成上图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏______。28、某物理课外实验小组为了测量某未知电阻R0的阻值；制定了四种测量方案。

（1）方案一：用欧姆表测电阻。

a．在进行正确机械调零后，将欧姆档的选择开关拨至“×1”档，先将红、黑表笔短接，让指针指在______（选填“左侧”或“右侧”）零刻度线上。

b．欧姆表指针如图甲所示，可得未知电阻R0的阻值为______。（结果保留两位有效数字）

（2）方案二：用伏安法测电阻：如图乙所示的实验电路，电压表的示数为2.80V，电流表的示数为87.5mA，则由此可得未知电阻R0的阻值为______（结果保留两位有效数字），此测量值_______（选填“大于”或“小于”）真实值。

（3）方案三：用等效替代法测电阻。

a．如图丙所示，将电阻箱R的阻值调到最大，闭合开关S1和S2，调节电阻箱R，使电流表示数为I0，电阻箱的示数R1=102Ω；

b．断开开关S2，闭合开关S1，调节电阻箱R，使电流表示数仍为I0，电阻箱的示数R2=68Ω；

c．则未知电阻R0的阻值为______Ω（结果保留两位有效数字）。

（4）方案四：用惠斯通电桥法测电阻如图丁所示的实验电路；AB为一段粗细均匀的直电阻丝。

a．闭合开关S，调整触头D的位置，使按下触头D时，电流表G的示数为零。已知定值电阻R的阻值，用刻度尺测量出则电阻R0=______（用R、l1、l2表示）。

b．为消除因电阻丝的粗细不均匀而带来的误差，将图丁中的定值电阻R换成电阻箱，并且按照a中操作时，电阻箱的读数记为R3；然后将电阻箱与R0交换位置，保持触头D的位置不变，调节电阻箱，重新使电流表G的示数为零，此时电阻箱的读数记为R4，则电阻R0=_______。（用R3、R4表示）29、小明同学为了测量一节干电池的电动势和内阻，使用同一组仪器分别按图a和图b进行测量，用图a测量结果为电动势E1=1.47V，内阻r1=9.80Ω。图b测量结果为电动势E2=1.50V，内阻r2=22.00Ω。两次测量结果不同的原因是由于系统误差造成的，根据小明两次测量结果可得该干电池的电动势真实值E=____________V，内阻真实值r=____________Ω。（结果保留两位小数）

评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)30、如图，在竖直面内有一固定绝缘轨道其中为粗糙的水平轨道，与半径为R的光滑圆弧轨道相切于C点，直径与竖直半径夹角质量未知、电荷量为q的带正电小球静止于C处。现将一质量为m的不带电物块静置在A处，在水平向右的恒定推力F作用下，物块从A处由静止开始向右运动，经时间到达B处，之后立即改变推力的大小，使推力的功率恒定，又经时间撤去推力，物块恰与小球发生弹性正碰（碰撞时间极短），碰后瞬间，在过P点竖直线的右侧加上一沿方向的匀强电场（图中未画出），小球沿圆弧轨道运动到Q点时速率最大并恰好通过P点，落到水平轨道上的S处。已知物块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小为g，推力的恒定功率为物块与小球碰前瞬间的速度大小为取求：

(1)物块第一次到达B点时的速度大小以及两点间的距离x；

(2)小球过P点时的速度大小v以及两点间的距离L；

(3)小球的质量。

31、水平放置的两块平行金属板长L=5.0cm，两板间距d=1.0cm，两板间电压为90V，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0=2.0×107m/s从两板中间射入，不计重力，如图所示，求：（已知电子电量为-1.6×10-19C，质量为0.90×10-30kg）

(1)电子飞出电场时的侧移量是多少？

(2)电子飞出电场时速度偏转角的正切值是多少？

(3)若s长度也为5.0cm，则OP的长度为多少？

32、用一个电动势E=120V的电源给发动机供电，用来提升重物，发动机的线圈电阻为重物的质量当发动机以的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流求：（取）

(1)电源的内阻r等于多少？

(2)若因故障发动机不能转动；这时通过发动机的电流是多大？发动机消耗的电功率又为多大？

(3)发动机对该重物的最大提升速度是多少？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

当滑动变阻器的滑动片p向b端移动时；变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知总电流增大，路端电压减小，则电压表的读数变小．图中并联部分电路的电压减小，则电流表的读数变小．故B正确．

故选B．2、D【分析】【详解】

设平行板电容器板为L，板间距离为d，粒子的初速度为v，则对于第1种情况

则得

同理对于第2种情况：得到

所以

故D正确。

故选D。3、A【分析】【详解】

A．当S分别接1或2时，表头与电阻并联，用来测电流，设接1时的量程为由串并联电路特点可得

设接2时的量程为由串并联电路特点可得

联立可得

故A正确；

B．当S分别接3或4时；用来测电阻，其中黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔；A与电源的负极相连，故A为红表笔，故B错误；

C．当S分接3或4时；测量的是电阻，接4时比接3时总电阻大，测量同一电阻时流过电路的电流相对要小，则指针偏角更小，故C错误；

D．当S分别接5和6时，电流表与电阻串联，测量的是电压。电流表的量程为电流表的阻值为设接5时的量程为由串并联电路特点可得

设接6时的量程为由串并联电路特点可得

联立可得

故D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

A.根据电路结构可知

所以

A错误；

B.电压表示数U和电流表示数I比值等于R的电阻；会减小，B错误；

C.电阻R0两端电压为增加量为△IR不等于△U，C错误；

D.闭合开关S后，将照射光强度增强，光敏电阻的阻值减小，电路中电流增大，电压表示数即光敏电阻或电容器两端电压为减小，电容器电荷量减小量为C△U,D正确．

故选D5、B【分析】【分析】

【详解】

A．小磁针静止时N极所指方向即为磁感应强度的方向；A中小磁针N极所指方向与磁感线方向相反，A错误；

B．根据安培定则；从上向下看可知磁感线为逆时针方向，与小磁针N极所指方向相同，B正确；

C．根据安培定则可知环中产生的磁场与纸面垂直；小磁针与纸面平行，C错误；

D．根据图中条形磁铁位置可知磁感线由N极指向S极；小磁针N极所指方向与磁感线方向不符，D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

AD．小磁针在通电导线附近发生偏转和接通电路时；电磁铁吸引铁块。上面两种现象属于电流的磁效应，A错误，D错误；

B．通电线圈在磁场中转动；是因为安培力的作用，B错误；

C．闭合线圈在磁场中转动而产生电流；是由于闭合线圈的磁通量发生变化，回路中产生感应电流，属于电磁感应现象，C正确。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)7、A:B:D【分析】【详解】

A、AB两板的电势差为E，．所以B板的电势为-E，故A正确；B、改变滑动变阻器的滑片位置，两极板间的电压不变，极板间的电场强度不变，粒子所受电场力不变，带电粒子仍处于静止状态，故B正确；C、将B板向上移动，距离减小，极板间场强变大，A板与P点的电势差变大，A点电势不变，P点电势变小，故C错误；D、将B板向左平移，极板间的距离和电压不变，场强不变，P点电势不变；带电粒子电势能不变，故D正确；故选ABD.

【点睛】

本题较难之处是分析电势变化，往往根据电势差和该点与零电势点间电势的高低，分析电势的变化，这是常用的方法．8、A:D【分析】【详解】

由题图甲可以看出，磁敏电阻的阻值只与磁感应强度的大小有关，而与磁感应强度的方向无关，且磁敏电阻的阻值随着磁感应强度的变大而变大．在题图乙中，闭合开关S，只增加磁感应强度的大小时，磁敏电阻的阻值变大，所以电压表的示数增大，选项A正确；闭合开关S，只改变磁场的方向时，电压表的示数不变，选项B错误；只增加磁感应强度的大小时，磁敏电阻的阻值变大，并联电路的电压增大，所以aP段的电流增大；选项C错误；如果外电路原来的电阻小于内电阻，增加磁感应强度的大小时，磁敏电阻的阻值增大，使外电路的电阻等于内电阻，此时电源的输出功率最大，故电源的输出功率可能增大，选项D正确；故选AD．

【点睛】

本题要求同学们能读懂各个图象的物理意义，变化规律，知道磁敏电阻的阻值与磁感应强度的方向无关，只与磁感应强度的大小有关．随着磁感应强度变大，电阻变大．9、B:C【分析】【详解】

AB．若A点的点电荷带正电，则在C点产生的电场强度沿着AC方向，点的点电荷带负电，则在C点产生的电场强度沿着CB方向，由平行四边形定则可知，C点的电场强度不可能垂直BC边向上；若A点的点电荷带负电，则在C点产生的电场强度沿着CA方向，点的点电荷带正电，则在C点产生的电场强度沿着BC方向，由平行四边形定则可知，C点的电场强度可能垂直BC边向上；故B正确，A错误；

CD．由A可知，A点的点电荷带负电，点的点电荷带正电；如图所示。

由几何关系得

设AC为L，则

由库仑定律得

联立得

可知A点处电荷的电荷量是点处电荷的电荷量的一半；故C正确，D错误。

故选AC。10、A:B【分析】【详解】

A．由图可知两球互斥；因此两球必定是同种电荷，故A正确；

BD．两个小球都受到重力、绳子拉力以及库仑力，而库仑力与绳子拉力构成的合力与重力相互平衡，对小球A进行研究，则其受到的库仑力为

对小球B进行研究，则其受到的库仑力为

由于两球间的库仑力为相互作用力，根据牛顿第三定律知，两球受到的库仑力大小相等，方向相反，所以有

因为

所以

故B正确；D错误；

C．根据选项BD的分析可知；两球间的库仑力为相互作用力，无论电荷量大小如何，它们受到的库仑力大小都相等，因此无法判断小球电荷量的大小，故C错误；

故选AB。11、A:C:D【分析】【详解】

A．两球间静电力大小相等，所以两球运动过程中的加速度大小之比始终为2:1；故A正确；

B．两球组成的系统合外力为零；但有电势能和机械能间的转化，机械能不守恒，故B错误；

C．两球最近时，速度相等，根据动量守恒

解得

球的速度为故C正确；

D．因为球质量小，最小速度为零，此时B球速度

系统电势能增量为

故D正确。

故选ACD。12、B:D【分析】【详解】

AB．检验电荷在等量同种点电荷的电场作用下，在没有越过O点前，沿做加速运动，电场力做正功，电势能减小，即检验电荷在P点的电势能大于在O点的电势能；A错误，B正确；

CD．根据题意可知

则检验电荷释放瞬间有

解得

C错误；D正确。

故选BD。13、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．电场线越密电场强度越大，越疏电场强度越小，所以三点中B点场强最强，C点场强最弱；A正确；

B．正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同；B正确；

C．沿电场线方向电势逐渐降低；C正确；

D．把一负电荷从B点移到C点；电场力做负功，电势能增大，D错误。

故选ABC。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球运动过程中有除了重力之外的电场力做功；机械能不守恒，故A错误；

B．小球所受的电场力竖直向下；从最高点到最低点的过程中，合力做正功，则根据动能定理得知，动能增大，速度增大，所以小球经过环的最低点时速度最大，故B正确；

CD．小球从最高点到最低点的过程；根据动能定理得。

电场力做功。

电场力做正功，所以电势能减小动能增加量等于故D正确，C错误。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

由并联电路的特点可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流经R1和R3的电流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并联，两端的电压相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【点睛】

该题考查的串联电路的特点，串联电路电流相同，电压与电阻成正比．并联电路电压相同，电流与电阻成反比，灵活选择表达式，然后将相关的数据代入即可．基础题目．【解析】3∶2∶12∶3∶316、略

【分析】【详解】

[1]如图所示，根据场强的合成可知：

【解析】17、略

【分析】【详解】

q在b点形成的电场强度的大小为方向向左；因b点场强为零，故薄板在a点的场强方向向右，大小也为由对称性可知，薄板在a点的场强方向向左；q在a处产生的场强大小为方向向左，根据电场的叠加原理可得：a点处的电场强度大小为方向水平向左．

【点睛】

题目中要求的是薄板形成的场强，看似无法解决；但注意b点的场强是由薄板及点电荷的电场叠加而成，故可求得薄板在b点的电场强度，而薄板两端的电场是对称的，故由对称性可解．【解析】水平向左18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]在匀强电场中，沿同一方向前进同样的距离，电势变化相同，由此知

解得，原点电势

（2）[2]电子从b点运动到c点，电场力做功为

（3）[3]电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]设d点坐标为（0,2cm），则d点电势

设x轴上存在一点e，且e点电势为4V，则

解得

根据几何关系O点到线段de的垂直距离为

电场强度的大小为【解析】①.1②.9③.7④.2.519、略

【分析】【详解】

[1]螺旋测微器的精度为则读数为【解析】1.706（1.704~1.708）20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5]在非纯电阻电路（像含有电动机、电解槽的电路）中，电流做的功只有很少一部分转化为电热，绝大部分转化为其他形式的能（机械能或化学能等）。因此，即根据能量守恒定律知，在非纯电阻电路中满足：电功=电热+其他形式的能，即。

【解析】很少绝大UItI2RtE其他21、略

【分析】【详解】

[1]．由F=BIL可得磁感应强度为：

[2]．磁感应强度与导线长度无关，当导线的长度在原位置缩短为原来的一半时，磁感应强度仍为0.1T．【解析】0.10.122、略

【分析】【详解】

由图乙可求得电解液的电阻为由图甲可知电解液长为截面积为结合电阻定律可得【解析】40四、作图题(共4题，共28分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】25、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共3题，共30分)27、略

【分析】【详解】

(1)由于电动势E=3V，内阻很小，则电压表应该选V1；待测电阻Rx阻值约10kΩ，则最大电流约为

所以电流表应选用A1；

(2)滑动变阻器阻值远小于待测电阻的阻值，可知滑动变阻器采用分压器接法；电流表的内电阻远小于Rx；所以采用内接法；

(3)电路如图所示：

(4)实物连线如图；使闭合开关的瞬间；电压表或电流表不至于被烧坏，滑动端应该位于最左端。

【解析】A1V1分压接法见解析图见解析图28、略

【分析】【详解】

（1）[1]红黑表笔短接；使电流达到满偏，故指针指在右侧；

[2]依题意，读数为36；

（2）[3]根据欧姆定律，电阻的测量值为

[4]电路采用外接法；电流表读数偏大，故电阻测量值小于真实值；

（3）[5]根据闭合电路的欧姆定律有

联立解得