2025年沪教新版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。下列说法正确的是A.法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B.欧姆发现了欧姆定律，说明了电现象和热现象之间存在联系C.奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D.焦耳发现了电流的热效应，定量给出了电能和热能之间的转换关系2、第一个用实验证实电磁波存在的物理学家是（）A.赫兹B.爱因斯坦C.麦克斯韦D.法拉第3、重为10N的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数μ=0.2，同时物体还受到一个大小为2N、方向水平向左的水平拉力F作用，如图所示，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是（）A.4N，水平向右B.4N，水平向左C.2N，水平向右D.2N，水平向左4、如图所示；带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有AB

两点，用EAEB

表示AB

两处的场强，则。

A.AB

两处的场强方向可能相反。

B.因为AB

在一条电场上，且电场线是直线，所以EA=E

B

C.电场线从A

指向B

所以EA>E

B

D.不知AB

附近电场线的分布情况，EAEB

的大小不能确定5、A；B为平行板电容器的两块金属板；A极板与静电计的金属小球相连，静电计的外壳和B极板都接地，将它们水平放置．当A板带上一定量电荷后，静电计指针偏转一定角度，如图所示（静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计）．此时，在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点，（油滴所带电荷量很少，它对A、B板间电场的影响可以忽略），以下结正确的是（）

A.A极板不动；将B极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小。

B.B极板不动；将A极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小。

C.A极板不动；将B极板向右水平移动一小段距离，油滴q向上运动，静电计指针偏角增大。

D.B极板不动；将A极板向右水平移动一小段距离，油滴q向下运动，静电计指针偏角减小。

6、质量为m

的物体从离湖面H

高处由静止释放；落在距湖面为h

的湖底，如图所示，在此过程中()

A.重力对物体做功为mgH

B.重力对物体做功为mg(H鈭�h)

C.物体的重力势能增加了mgH

D.物体的重力势能减少了mg(H+h)

7、以初速度娄脭0

竖直向上抛出一个质量为m

的小球，上升最大高度是h.

如果空气阻力f

的大小恒定，则从抛出到落回出发点的整个过程中，空气阻力对小球做的功为()

A.0

B.鈭�fh

C.鈭�2fh

D.鈭�2mgh

8、从水平水管中喷出的水柱显示了平抛运动的轨迹，由于水柱是向下弯曲的，所以（）A.水在竖直方向的速度越来越慢B.水在竖直方向的速度越来越快C.水在水平方向的速度越来越慢D.水在水平方向的速度越来越快评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示.

边长为L

的正方形金属框在外力作用下水平向右运动.

穿过宽度为d(d>L)

的有界匀强磁场区域，则线框从磁场左侧进入的过程和从磁场右侧穿出的过程相比较.

有(

)

A.线框中产生的感应电流方向相同B.线框中产生的感应电流方向相反C.线框所受的安培力方向相同D.线框所受的安培力方向相反10、如图甲所示，光滑的水平地面上放有一质量为M

长为L=4.0m

的木板.

从t=0

时刻开始，质量为m=1.0kg

的物块以初速度v0=6m/s

从左侧滑上木板，同时在木板上施一水平向右的恒力F=7.0N

已知开始运动后1s

内两物体的v鈭�t

图线如图乙所示，物块可视为质点，g

取10m/s2

下列说法正确的是()

A.木板的质量M=1.5kg

B.第1s

内物块与木板间摩擦生热的值为3.5J

C.t=1.5s

时，木板的加速度为73m/s2

D.t=2s

时，木板的速度为7.2m/s

11、一列沿x

轴方向传播的简谐横波，t

=0

时刻的波形如图中实线所示，t

=0.2s

时刻的波形如图中的虚线所示；则正确的是()

A.质点P

的运动方向一定沿y

轴正方向B.波的周期可能为0.25s

C.波的频率可能为3.75Hz

D.波的传播速度可能为150m/s

12、将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是(

)

A.感应电动势的大小与线圈的匝数有关B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D.感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同13、(

多选)

在远距离输电中，当输电线的电阻和输送的电功率不变时，那么()

A.输电线路上损失的电压与输送电流成正比B.输送电压越高，输电线路上损失的电压越大C.输电线路上损失的功率跟输送电压的平方成反比D.输电线路上损失的功率跟输电线上的电流成正比14、下列说法中正确的是A.光纤通讯是利用了光的全反射现象B.用标准平面检查工件表面的平整程度是利用了光的干涉现象C.门镜可以扩大视野是利用了光的干涉现象D.光的偏振现象说明光是横波15、空间存在竖直向下的匀强电场和水平方向(

垂直纸面向里)

的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力共同作用下，从静止开始自A

点沿曲线ACB

运动，到达B

点时速度为零，C

为运动的最低点.

不计重力，则()

A.该离子带负电。

B.A；B

两点位于同一高度。

C.C

点时离子速度最大。

D.离子到达B

点后，将沿原曲线返回A

点16、下列属于离心现象的是(

)

A.投出篮球B.投掷标枪C.用洗衣机脱去湿衣服中的水D.旋转雨伞甩掉雨伞上的水滴17、如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，原线圈接入图乙所示的不完整的正弦交流电，电压表和电流表均为理想电表，R1=6Ω，R1=R3=10Ω，则下列说法正确的是（）A.开关S闭合时，电流表示数为AB.开关S断开时，电压表示数为11VC.开关S从从断开到闭合时，电压表示数增大D.开关S从从断开到闭合时，电流表示数增大评卷人得分三、双选题(共2题，共4分)18、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解19、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分四、填空题(共2题，共6分)20、电量为2×10-6C的点电荷q1放入电场中A点，受到作用力为4×10-4N，方向向右，若在A点放一个电量为-4×10-6C的点电荷q2，则q2在A点受到的作用力为____N，方向____．21、如图所示，两平行板相距10cm

板间有AB

两点相距4cm

现将一带电量q=鈭�3隆脕10鈭�4c

的电荷，从A

点移到B

点，电场力做了7.2隆脕10鈭�3J

的正功，则AB

两点的电势差UAB=

______V

两金属板间电场强度大小E=

______V/m

两金属板间的电势差U=

______V.

评卷人得分五、判断题(共3题，共24分)22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）23、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分六、计算题(共3题，共15分)25、如图所示，上端开口的光滑圆柱形绝热气缸竖直放置，质量m=5kg

横截面积S=50cm2

的活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，在气缸内距缸底某处设有体积可忽略的卡环ab

使活塞只能向上滑动，开始时活塞搁在ab

上，缸内气体的压强等于大气压强，温度为300K.

现通过内部电热丝缓慢加热气缸内气体，直至活塞恰好离开ab.

已知大气压强p0=1.0隆脕105Pag

取10m/s2

．

(1)

求加热后气缸内气体的温度;

(2)

继续加热气缸内的气体，使活塞缓慢上升H=0.1m(

活塞未滑出气缸)

若气体的内能的变化量为18J

则此过程中气体是吸热还是放热?

传递的热量是多少?

26、如图；水平地面和半圆轨道面均光滑，质量M=1kg

的小车静止在地面上，小车上表面与R=0.4m

的半圆轨道最低点P

的切线相平.

现有一质量m=2kg

的滑块(

可视为质点)

以v0=7.5m/s

的初速度滑上小车左端，二者共速时滑块刚好在小车的最右边缘，此时小车还未与墙壁碰撞，当小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上，滑块则离开小车进入圆轨道并顺着圆轨道往上运动，已知滑块与小车表面的滑动摩擦因数娄脤=0.5g

取10m/s2.

求：

(1)

小车与墙壁碰撞前的速度大小v1

(2)

小车需要满足的长度L

(3)

请判断滑块能否经过圆轨道的最高点Q

说明理由．27、如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距L=0.50m

左端接一电阻R=0.20娄赂

方向垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度B=0.40T

导体棒ab

垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ab

以v=4.0m/s

的速度水平向右匀速滑动时；求：

(1)ab

棒中感应电动势的大小，并指出ab

哪端电势高；(2)

回路中感应电流的大小；(3)

维持ab

棒做匀速运动的水平外力的功率。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【解析】试题分析：奥斯特发现了电流的磁效应，A错;欧姆发现了欧姆定律，焦耳发现了焦耳定律，说明了电现象和热现象之间存在联系，B错；法拉第发现了电磁感应现象，C错；考点：考查物理史实问题【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】试题分析：1864年，英国青年物理学家麦克斯韦在研究了当时所发现的电磁现象的基础上，建立了麦克斯韦电磁理论，并预言了电磁波的存在；1888年，德国青年物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，A正确，考点：考查物理学史【解析】【答案】A3、D【分析】解：物体相对于水平面向右运动；水平面对物体的滑动摩擦力方向向左．物体对水平面的压力大小N=G=10N；

则水平面对物体的摩擦力的大小f=μN=0.2×10N=2N；故D正确，ABC错误．

故选：D．

滑动摩擦力方向与物体间相对运动方向相反．题中物体相对于水平面向右运动；水平面对物体的滑动摩擦力方向向左．物体对水平面的压力大小等于物体的重力，根据f=μN求解滑动摩擦力大小．

本题考查对滑动摩擦力大小的计算能力和方向的判断能力．注意滑动摩擦力方向总是与物体间相对运动方向相反，不是一定与运动方向相反或拉力的方向相反．【解析】【答案】D4、D【分析】电场线的切线方向指场强方向；所以A错误；

电场线的疏密程度表示场强大小，只有一条电场线的情况下不能判断场强大小，所以B

C错误，D正确．【解析】D

5、B|C【分析】

A、A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，d变大，则电容减小，根据U=则电势差增大，指针偏角增大．故A错误．

B、B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，d减小，则电容增大，根据U=则电势差减小，指针偏角减小．电场强度E=知电场强度不变，小球电场力不变，仍然与重力平衡，保持不动．故B正确．

C、A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，s减小，则电容减小，根据U=则电势差增大，指针偏角增大．根据E=知；电场强度增大，电场力大于重力，则油滴向上运动．故C正确．

D、B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，s减小，则电容减小，根据U=则电势差增大，指针偏角增大．根据E=知；电场强度增大，电场力大于重力，则油滴向上运动．故D错误．

故选BC．

【解析】【答案】电容器的电量不变；根据电容的变化，判断出电势差的变化，从而判断出电场强度即电场力的变化，确定出油滴的运动情况．

6、D【分析】【分析】根据重力做功由公式WG=mg鈻�h

即可求解重力的功；根据WG=鈭�?Ep

知重力做多少正功；重力势能就减少多少；

本题考查重力做功与重力势能变化间的关系，要注意明确重力势能的改变量只与重力做功有关系。【解答】AB.

根据重力做功的公式可知：WG=mg鈻�h=mg(H+h)

故AB错误；

CD.

重力做的功为mg(H+h)

且为正功，则物体重力势能减少mg(H+h)

故C错误，D正确。

故选D。【解析】D

7、C【分析】

试题分析：小球上升过程：空气阻力对小球做功下落过程：空气阻力对小球做功则从抛出到落回到抛出点的过程中，空气阻力对小球做的功为故C正确；

考点：考查了功的计算【解析】C

8、B【分析】解：A；水在竖直方向上做自由落体运动；则速度越来越快，故B正确，A错误。

B；水在水平方向上做匀速直线运动；则速度保持不变，故C、D错误。

故选：B。

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，结合两个方向上的运动规律分析判断．

本题考查了平抛运动在实际生活中的基本运用，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键．【解析】B二、多选题(共9题，共18分)9、BC【分析】解：A

线框进入磁场时；磁通量增大.

穿出磁场时，磁通量减小，由楞次定律得知，感应电流方向相反.

故A错误，B正确．

C；安培力阻碍导体与磁场的相对运动；则安培力均向左，即线框所受的安培力方向相同，故C正确，D错误．

故选BC．

根据楞次定律判断感应电流方向；根据左手定则判断安培力方向．

解决该题关键是掌握右手定则和左手定则的应用．【解析】BC

10、BD【分析】【分析】块在板上做匀减速直线运动，据斜率求解加速度，据牛顿第二定律求解动摩擦因数；板在外力作用力做匀加速直线运动，据斜率求解加速度，据牛顿第二定律求解板的质量。对于板块模型，应先判断相对运动，再判摩擦力，分析物体的运动，据运动的规律求解。【解答】块在板上做匀减速直线运动，据斜率求解加速度由于故物块与木板间的动摩擦因数为0.1第1s1s内物块与木板间摩擦生热的值：Q=f?x=娄脤mg(xm鈭�xM)=0.1隆脕1.0隆脕10隆脕(5.5鈭�2)J=3.5JQ=f?x=娄脤mg({x}_{m}-{x}_{M})=0.1隆脕1.0隆脕10隆脕(5.5-2)J=3.5J为3.5J3.5J，故B正确；板在外力作用力做匀加速直线运动，据斜率求解加速度由牛顿第二定律解得M=2kg

故A错误；设经时间t

两物体达到共同速度解得t=1.2s1.2s

后两物体均做匀加速直线运动，对于木板解得故C错误；故D正确。故选BD。【解析】BD

11、CD【分析】【分析】

简谐波传播时，波形向前平移，由波形的平移法分析波的传播方向，根据两个时刻波形关系，确定时间与周期的关系，得到周期的通项，再求解特殊值，再求解频率和波速的通项，分析特殊值。

本题主要考查了波的图象以及波速、波长和频率，难度一般，注意通式。

【解答】

A.由波形的平移法分析波可能向右传播，也可能向左传播，故A错误；

B.若波向右传播，则时间?t=(n+34)T，得到周期T=?tn+34=420n+15s，n=0n=01122

同理，若波向左传播，周期T=420n+5s，n=0n=01122由于nn是整数，TT不可能等于为0.250.25ss故B错误；

C.频率的通项为：波向右传播时，f=1T=20n+154Hz，波向左传播时，f=1T=20n+54Hz，n=0n=01122波向右传播，n=1

时ff等于3.75Hz3.75Hz故C正确；

D.由图读出波长为娄脣=24m娄脣=24m波速的通项为：向左：v=娄脣T=(120n+90)m/s，n=0n=01122向右：v=娄脣T=(120n+30)m/s，n=0n=01122波向右传播波n=1

时的传播速度为150m/s150m/s故D正确。故选CD。

【解析】CD

12、AC【分析】解：A

由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n鈻�鈱�鈻�t

即感应电动势与线圈匝数有关，故A正确；

B；穿过线圈的磁通量大；但若所用的时间长，则电动势可能小，故B错误；

C；同时可知；感应电动势与磁通量的变化率有关，磁通量变化越快，感应电动势越大，故C正确；

D；由楞次定律可知：感应电流的磁场方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化；故原磁通增加，感应电流的磁场与之反向，原磁通减小，感应电流的磁场与原磁场方向相同，即“增反减同”，故D错误；

故选：AC

．

解答本题应掌握感应电动势取决于磁通量的变化快慢；与磁通量的变化及磁通量无关．

感应电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意区分磁通量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间区别及联第．【解析】AC

13、AC【分析】输电线路上损失电压娄陇U=Ir

在r

一定时，娄陇U

和I

成正比.

若U

越高，I

越小，那么娄陇U

越小.

输电线路上损失的功率娄陇P=I2r

当P

一定时，所以即娄陇P

和U

的平方成反比，跟I

的平方成正比，故A、C正确．【解析】AC

14、ABD【分析】【分析】光纤通讯是利用了光的全反射现象；用标准平面检查工件表面的平整程度是利用了光的干涉现象；门镜可以扩大视野是利用了光的折射现象；光的偏振现象说明光是横波。本题考查几种典型的光学现象，难度不大。【解答】A.光纤通讯是利用了光的全反射现象，故A正确；B.用标准平面检查工件表面的平整程度是利用了光的干涉现象，故B正确；C.门镜可以扩大视野是利用了光的折射现象，故C错误；D.光的偏振现象说明光是横波，故D正确。故选ABD。【解析】ABD

15、BC【分析】【分析】带电粒子由静止释放(

不考虑重力)

在电场力的作用下会沿电场向下运动，在运动过程中，带电粒子会受到洛伦兹力，所以粒子会沿逆时针方向偏转，到达C

点时，洛伦兹力方向向上，此时粒子具有最大速度，在之后的运动中，粒子的电势能会增加速度越来越小，到达B

点时速度为零.

之后粒子会继续向右重复由在由A

经C

到B

的运动形式。

本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中。【解答】A.粒子开始受到电场力作用开始向下运动；在运动过程中受洛伦兹力作用，知电场力方向向下，则离子带正电，故A错误；

B.根据动能定理知，洛伦兹力不做功，在A

到B

的过程中，动能变化为零，则电场力做功为零，AB

两点等电势，因为该电场是匀强电场，所以AB

两点位移同一高度，故B正确；C.根据动能定理得；离子运动到C

点电场力做功最大，则速度最大，故C正确；

D.只要将离子在B

点的状态与A

点进行比较，就可以发现它们的状态(

速度为零，电势能相等)

相同，如果右侧仍有同样的电场和磁场的叠加区域，离子就将在B

之右侧重现前面的曲线运动，因此，离子是不可能沿原曲线返回A

点的，如图所示：

故选BC。

【解析】BC

16、CD【分析】解：A

投出的篮球做斜上抛运动；受到恒力的作用，所以投出的篮球的运动不是离心现象.

故A错误；

B；投掷的标枪做斜上抛运动；受到恒力的作用，所以投出的标枪的运动不属于离心现象，所以B错误；

C；脱水桶高速转动时；需要的向心力的大小大于了水和衣服之间的附着力，水做离心运动被从衣服上甩掉，属于离心现象，所以C正确．

D；通过旋转雨伞来甩干伞上的雨滴；当转动时雨滴所需要的向心力增加，当超过雨伞对雨的吸附力时，雨滴做离心运动.

故D正确．

故选：CD

当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时；物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动．

合力大于需要的向心力时，物体要做向心运动，合力小于所需要的向心力时，物体就要远离圆心，做的就是离心运动．【解析】CD

17、BD【分析】解：A、根据电流的热效应，有+0=T，解得U1=110V，开关S闭合时，副线圈电流I2==A，根据电流与匝数成反比知I1=I2=A；故A错误；

B、根据变压比可得副线圈两端的电压为U2=11V，无论开关闭合还是断开，电压表示数均为11V；故B正确；

C；闭合电键S；因为原线圈电压和匝数比都不变，所以副线圈两端的电压不变，电压表示数不变，故C错误；

D；闭合电键S后；总电阻减小，输出功率增大，输入功率增大，电流增大，故D正确；

故选：BD。

根据电流的热效应求出输入电压的有效值；再根据变压器原副线圈电压之比等于线圈匝数比求出电压表示数，电键S闭合后，副线圈电阻变小，根据欧姆定律判断电流表示数的变化，根据变压器原副线圈电流之比等于线圈匝数的倒数比比求出电流表示数变化情况。

本题关键是明确交流电有效值的计算方法，同时要结合变压器的变压比公式分析，知道变压器不改变功率，难度适中。【解析】BD三、双选题(共2题，共4分)18、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB19、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB四、填空题(共2题，共6分)20、略

【分析】

电场强度E===200N/C；电场强度的方向为水平向右；

若在A点放一个电量为-4×10-6C的点电荷q2，则N=-8×10-4N；负号说明方向向左。

故答案为为：8×10-4；向左。

【解析】【答案】根据电场强度的定义式E=求出电场强度；再根据F=qE求出电场力的大小和方向，电场强度的大小与放入电场中的电荷无关．

21、略

【分析】解：根据电场力做功WAB=qUAB

得：UAB=WABq=7.2隆脕10鈭�3鈭�3隆脕10鈭�4V=鈭�24V

．

则电场强度为：E=Ud=240.04隆脕sin30鈭�=1200V/m

所以两金属板间的电势差为：U隆盲=Ed隆盲=1200隆脕0.1V=120V

．

故答案为：鈭�241200120

根据电场力做功WAB=qUAB

求出AB

间的电势差.

根据匀强电场的场强公式E=Ud

求出电场强度；从而再根据U=Ed

求出两金属板间的电势差．

解决本题的关键掌握电场力做功的公式W=qU

以及匀强电场的场强公式E=Ud

注意d

为沿电场线方向上的距离．【解析】鈭�241200120

五、判断题(共3题，共24分)22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．23、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．六、计算题(共3题，共15分)25、解：(1)

气体的状态参量为T1=300Kp1=p0=1.0隆脕105Pa

对活塞由平衡条件得p2S=p0S+mg

解得p2=1.1隆脕105Pa

由查理定律得p1T1=p2T2

解得T2=330K

(2)

继续加热时，气体等压变化，体积增大，则温度升高，内能增大，气体膨胀，对外界做功，则外界对气体做的功W=鈭�p2SH=鈭�55J

根据热力学第一定律得娄陇U=W+Q

则Q=娄陇U鈭�W=73J

气体吸收热量。【分析】本题关键是得到封闭气体初末状态的各个状态参量，然后根据理想气体状态方程列式求解即可。(1)

对活塞受力分析，活塞受力平衡，根据平衡条件求出加热后气缸内的压强，根据查理定律列式求出加热后气缸内气体的温度；(2)

体积增大时，对外做功，求出外界对气体做的功，由热力学第一定律进行求解。【解析】解：(1)

气体的状态参量为T1=300Kp1=p0=1.0隆脕105Pa

对活塞由平衡条件得p2S=p0S+mg

解得p2=1.1隆脕105Pa

由查理定律得p1T1=p2T2

解得T2=330K

(2)

继续加热时，气体等压变化，体积增大，则温度升高，内能增大，气体膨胀，对外界做功，则外界对气体做的功W=鈭�p2SH=鈭�55J

根据热力学第一定律得娄陇U=W+Q

则Q=娄陇U鈭�W=73J

气体吸收热量。26、解：（1）设滑块与小车的共同速度为v1；滑块与小车相对运动过程中动量守恒；

乙向右为正方向，由动量守恒定律有：mv0=（m+M）v1，代入数据解得：v1=5m/s；

（2）设小车的最小长度为L1，由系统能量守恒定律，有：μmgL=mv02-（m+M）v12；

代入数据解得：L=3.75m；

（3）若滑块恰能滑过圆的最高点的速度为v；

由牛顿第二定律得：mg=m代入数据解得：v=2m/s；

滑块从P运动到Q的过程；根据机械能守恒定律，有：

mv12=mg•2R+mv22，代入数据解得：v2=3m/s；

v2＞v；说明滑块能过最高点Q；