2025年浙教版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修1物理下册月考试卷809考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在给出的四个图象中，表示物体做初速度为0的匀加速直线运动的是（）A.B.C.D.2、冰壶比赛是我国2022年冬奥会预计夺牌的比赛项目之一，其原理可以简化为将冰壶送到预期的位置。若某回合运动员想将冰壶送到与出手点相距的目标位置，该运动员正对目标位置，以大小为的初速度将冰壶推出，冰壶和冰面的动摩擦因数为0.02，发现冰壶没有按预期到达，于是运动员从冰壶运动的起点，沿冰壶原来运动的路线用毛刷摩擦冰面，使冰壶和冰面的动摩擦因数变为原来的一半，取重力加速度大小若冰壶以原来的速度推出；恰好到达目标位置，则运动员用毛刷摩擦冰面的距离为（）

A.B.C.D.3、在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，我们除了学习物理知识外，还要领悟并掌握处理物理问题的学研究方法，下列关于物理学中研究方法的叙述正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法B.在探究加速度，力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了极限法D.伽利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推"的科学推理方法4、如图所示，A是一质量为M的盒子，B的质量为用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为=30°的斜面上，B悬于斜面之外，处于静止状态，现使斜面倾角逐渐增大；整个系统始终保持静止，则在增大倾角的过程中（）

A.A对斜面的压力增大B.绳子拉力保持不变C.A所受的摩擦力增大D.A所受的摩擦力先增大后减小5、甲、乙两只鸳鸯在湖面上追逐嬉戏。甲、乙从同一位置出发沿同一直线运动的位移—时间图像分别如图线1、2所示，图线2是顶点在坐标原点的抛物线的一部分，均为已知量。下列说法正确的是（）

A.甲做匀加速直线运动B.在时刻，乙在甲的前方C.乙做匀加速直线运动，加速度大小为D.在时刻，甲、乙的速度相等6、如图甲所示的水平传送带逆时针匀速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑，以某一初速度从传送带左端滑上，在传送带上由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示（图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为计时起点），已知传送带的速度保持不变，重力加速度g取设从物块在传送带上开始运动到第一次回到传送带左端的时间为t；下列计算结果正确的是（）

A.B.C.D.7、如图所示为某运动员（可视为质点）参加跳板跳水比赛时；其竖直方向的速度随时间变化的图象，以他离开跳板时为计时起点，不计空气阻力，则（）

A.t1时刻开始进入水中B.t2时刻开始进入水中C.t2时刻达到最高点D.t1～t2时间内速度方向竖直向上评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、如图所示为甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动的v-t图像，其中t2=2t1；则下列判断正确的是（）

A.甲的加速度比乙大B.t1时刻甲、乙两物体相遇C.t2时刻甲、乙两物体相遇D.0~t1时间内，甲、乙两物体之间的距离逐渐增大9、图甲所示为索契冬奥会上为我国夺得首枚速滑金牌的张虹在1000m决赛中的精彩瞬间.现假设某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的速度时间图像可简化为图乙，已知运动员(包括装备)总质量为60kg，在该段时间内受到的阻力恒为总重力的0.1倍，g="10"m/s2.则下列说法正确的是。

A.在1~3s内，运动员的加速度为0.5m/s2B.在1~3s内，运动员获得的动力是30NC.在0~5s内，运动员的平均速度是12.5m/sD.在0~5s内，运动员克服阻力做的功是3780J10、某质点做匀减速直线运动，依次经过A、B、C三点，最后停在D点，如图所示。已知AB=6m，BC=4m，从A点运动到B点和从B点运动到C点两个过程速度变化量都为-2m/s；则下列说法正确的是（）

A.质点的加速大小为2m/s2B.质点到达B点时速度大小为2.55m/sC.A、D两点间的距离为12.25mD.质点从A点运动到C点的时间为4s11、下列图片中的情境应用了有益的摩擦力的是（）A.传送带输送货物B.竖直上升电梯中的乘客C.运动员跑步D.手握杯子12、如图所示，水平面上等腰三角形均匀框架顶角一均匀圆球放在框架内，球与框架两边接触但无挤压，现使框架以顶点A为转轴在竖直平面内顺时针方向从边水平缓慢转至边竖直；则在转动过程中（）

A.球对边的压力先增大后减小B.球对边的压力先增大后减小C.球对边的压力一直增大D.球的重心位置一直升高13、如图，用硬铁丝弯成的光滑半圆环竖直放置，最高点B处固定一小滑轮，质量为m的小球A穿在环上．现用细绳一端拴在A上，另一端跨过滑轮用力F拉动，使A缓慢向上移动．在移动过程中关于铁丝对A的支持力N；说法正确的是。

A.N的方向始终背离圆心OB.N的方向始终指向圆心OC.N逐渐变小D.N大小不变评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示，小车沿水平面以加速度a向右做匀加速直线运动．车的右端固定一根铁杆，铁杆始终保持与水平面成角，杆的顶端固定着一只质量为m的小球．此时杆对小球的作用力为_____________________．

15、小明用螺旋测微器测量一根导体棒的直径，刻度如图甲所示，读数为_________mm；用精度为0.05mm的游标卡尺测量某个圆筒的深度，部分刻度如图乙所示，读数为_______cm。

16、某质点从甲地由静止开始做匀加速运动，经过时间t，恰好到乙地，此时质点的速度为v；若该质点以速度v0从甲地出发匀速前进，为保证该质点仍要在t时间内到达乙地，某时刻该质点开始做匀加速直线运动，加速到v后，立即做匀减速直线运动，减速到v0后继续匀速前进，最终到达乙地，加速过程与减速过程的加速度大小不相等，则从质点由速度v0开始加速，至减速到v0时，所用的时间为______。17、如图所示，用光电门研究钢球下落的速度，小球的直径为测得小球通过光电门的时间间隔为通过光电门的时间间隔为钢球从光电门到光电门的时间为钢球经过光电门的速度大小为________，钢球从光电门到光电门的平均加速度大小约为________。

18、重心：物体的各部分都受重力作用；可认为重力集中作用于一点，即物体的重心。

①影响重心位置的因素：物体的几何形状；物体的___________分布。

②质量分布均匀的规则物体的重心在其___________。

③不规则薄板形物体重心的确定方法：___________法。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)19、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

20、（1）静止物体A重力G=5N，请在图中画出A物体所受重力的图示。

（2）画出图中静止物体A所受的各力的示意图（球面是光滑的，其他粗糙）21、图中各球均处于静止状态；所有接触面均光滑且已固定，试画出小球的受力示意图。（要求注明力的符号）

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)22、某实验小组利用如图所示的装置探究物体的加速度与力；质量的关系．

(1)实验中下列做法正确的是___________．。A．平衡摩擦力后，实验就不需要满足小车及车中砝码总质量远大于砝码盘及盘中砝码总质量的条件B．每次改变小车中砝码的质量后，都需要重新平衡摩擦力C．选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量D．实验中应先接通打点计时器的电源，然后再释放小车(2)实验中由于实际绳对小车的拉力_________（选填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，会给实验带来系统误差．为减小此误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是__________．（填写相应序号）

①M=200g；m=40g；60g、80g、100g、120g

②M=200g；m=30g；35g、40g、45g、50g

③M=400g；m=20g；40g、60g、80g、100g

④M=400g；m=10g；15g、20g、25g、30g

(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点1、2、3、4、5.已知打点计时器的打点周期为0.02s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，则小车运动的加速度大小a=______m/s2．（结果保留两位有效数字）

(4)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套上图所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到右图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为由图可知________．（大于、小于、等于）23、某校物理兴趣小组的同学想通过实验验证牛顿第二定律，他们用到了如下图所示的实验装置：在桌面上有一倾角为θ的固定斜面，其顶端处有一个光滑的定滑轮。斜面上固定放置了中心间距为L的两个光电门1和2。质量为M的滑块B，其中心上方的挡光片宽度为d。已知重力加速度为g。实验步骤如下：

①挂上小桶A；并向内加入适量水，让滑块从底部沿斜面滑上，观察到通过两个光电门用时相等；

②取下小桶A，测出桶和水的总质量m；

③撤掉小桶A和细线，单独让滑块B从斜面顶端滑下，测得通过1，2两个光电门的时间分别为t1、t2；并进一步计算出加速度大小。

请回答下列问题：

（1）在步骤①中，向小桶内加入水而不是放入砝码，这样做的好处是_________________。

（2）步骤③中，滑块B加速度的表达式为_______________________；

（3）若本实验中各物理量满足关系式___________________________；则验证牛顿第二定律成立；

（4）实际上，光电门测出的速度，是滑块通过光电门过程的平均速度，从而导致步骤③中滑块下滑加速度的测量结果有误差。则加速度的测量误差是_____________（选填“偏大”；“偏小”或“不变”）。

24、在“研究加速度和力；质量的关系”实验中；采用如图甲所示的装置进行实验。

(1)实验中，需要在木板的右端垫上一个小木块，其目的是______________________。

(2)在实验操作中，下列说法正确的是________。

A．实验中，若要将砝码（包括砝码盘）的重力大小作为小车所受拉力F的大小；应让小车质量远大于砝码（包括砝码盘）的质量。

B.实验时；应先放开小车，再接通打点计时器的电源。

C.每改变一次小车的质量；都需要改变垫入的小木块的厚度。

D.先保持小车质量不变；研究加速度与力的关系；再保持小车受力不变，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度与力；质量的关系。

(3)如图乙为研究“在外力一定的条件下，小车的加速度与其质量的关系”时所得的实验图像，横坐标m为小车上砝码的质量。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车的质量为________。

25、如图是物体做匀变速直线运动得到的一条纸带，从0点开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为1、2、3、4、5、6，测得

(1)相邻两记数点间的时间间隔为______s。

(2)打点计时器打记数点3时，物体的速度大小_____m/s，方向______（填由或）

(3)物体做匀变速运动的加速度a=______m/s2。评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)26、如图所示直升电梯中有一个倾角为θ=37°的斜面，在斜面上有一个质量为m=2kg的物体，电梯上升启动时，电梯连同斜面和物体的加速度是a=1.5m/s2，在启动过程中物体、斜面和木箱保持相对静止。（g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：启动过程中物体受到的摩擦力和支持力的大小。

27、质量为11kg的物块放在水平地面上，在大小为55N水平向右拉力F1作用下恰好沿水平地面匀速滑动．若改用与水平方向成37°角斜向右上方的拉力F2作用，该物块在水平地面上仍匀速滑动．（g取10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

(1)物块与地面间的动摩擦因数μ．

(2)拉力F2的大小．28、汽车沿一平直公路以速度20m/s匀速行驶中；有紧急情况突然刹车，刹车后汽车可看作匀减速直线运动，若已知汽车从刹车开始在2s内前进32m，求：

(1)汽车刹车的加速度大小；

(2)汽车在停止前最后1s的位移。29、如图为某种传输装置示意图；它由水平传送带AB和倾斜传送带CD两部分组成，B；C两点由一段光滑小圆弧连接，物体能够以不变的速率从B运动到C．A、B两端相距3m，C、D两端相距4.45m，且与水平地面的夹角θ=37°．水平部分AB以5m/s的速率顺时针转动，将质量为10kg的物块无初速地放在A端，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）若CD部分传送带不运转；求物块沿传送带所能上升的最大距离；

（2）若要物块能被送到D端，求CD部分顺时针运转的速度应满足的条件．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

【详解】

初速度为零则图象起始时刻的纵坐标为零；同时物体做匀加速直线运动；故图象应为直线，故只有D表示初速度为零的匀加速直线运动，故D正确。

故选D。2、D【分析】【详解】

冰壶做匀变速直线运动，根据匀变速运动的规律有

根据牛顿第二定律

可知

解得运动员用毛刷摩擦冰面的距离

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法叫建立理想化模型的方法，A错误；

B．在探究加速度；力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法，B错误；

C．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，C错误；

D．伽利略首次提出“提出假说；数学推理，实验验证，合理外推"的科学推理方法，D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

A．隔离物体A，受重力、拉力支持力和静摩擦力（可能为零），根据平衡条件，在垂直斜面方向N=Mgcosα

因α角在增大，故A对斜面的压力Mgcosα变小；故A错误；

B．对物体B分析，受重力和拉力，二力平衡，故T=0.75Mg

保持不变；故B正确；

CD．平行斜面方向，重力的下滑分力为Mgsinα，拉力T=0.75Mg，开始时α=30°，故Mgsin30°=0.5Mg<0.75Mg，故静摩擦力平行斜面向下；α变大，则下滑分力Mgsinα变大，达到0.75Mg前，静摩擦力一直平行斜面向下，大小变小；下滑分力等于0.75Mg时，静摩擦力减小到零；下滑分力大于0.75Mg后，静摩擦力变为平行斜面向上且增加，故A所受的摩擦力先减小后增大；故CD错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

A．位移—时间图像的斜率表示速度；甲的位移—时间图像为一条倾斜的直线，斜率一定，可知，甲做匀速直线运动，A错误；

B．甲、乙从同一位置出发，根据图像可知，在时刻；两者位置坐标相同，表明此时两者位于同一位置，B错误；

C．根据

由于图线2是顶点在坐标原点的抛物线的一部分，结合上述函数，可知乙做初速度为0的匀加速直线运动，将代入上述函数可得

C错误；

D．甲的速度

乙在时刻的速度

即在时刻；甲；乙的速度相等，D正确。

故选D。6、C【分析】【分析】

【详解】

由速度图像可知，物块滑上传送带的初速度大小v=4m/s，传送带的速度大小时物块在传送带上滑动后与传送带相对静止，前两秒物块的位移

方向向右，第三秒内的位移大小为

方向向左，前三秒内物块的位移

方向向右，物块再向左匀速运动的时间为

所以物块在传送带上第一次向左返回的时间为

故ABD错误；C正确。

故选C。7、B【分析】【分析】

【详解】

ACD．运动员起跳时的速度方向向上，t1时刻速度变为零，t1时刻后速度方向向下，则t1时刻达到最高点；故ACD错误；

B．0～t2时间内v－t图象为直线，加速度不变，所以在0～t2时间内运动员在空中，t2时刻后进入水中；故B正确；

故选B。二、多选题(共6题，共12分)8、C:D【分析】【详解】

A．根据速度图线的斜率表示加速度；斜率绝对值越大，加速度越大，由图像可知，乙图线斜率的绝对值大于甲图线斜率的绝对值，所以乙的加速度大，故A错误。

B．根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，知0~t1时间内，乙的位移比甲的位移大，而甲、乙两物体从同一位置出发沿同一方向做直线运动，所以，t1时刻甲；乙两物体没有相遇；故B错误。

C．根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，则知0-t2时间内甲、乙两物体的位移相同，则t2时刻甲；乙两物体相遇；C正确。

D．0~t1时间内；乙的速度始终大于甲的速度，乙在甲的前面，甲；乙两物体之间的距离逐渐增大，故D正确。

故选CD。9、A:D【分析】【详解】

据题意，在1~3s内，运动员的加速度为故选项A正确；运动员在该段时间内获得的动力为：故选项B错误；在0~5s内，运动员的平均速度是故选项C错误；在0~5s内，运动员克服阻力做的功是故选项D正确．10、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意知vA-vB=2vB-vC=2

设加速度的大小为a，根据速度位移公式得vA2−vB2=2axABvB2−vC2=2axBC

代入数据联立解得a=2m/s2vA=7m/svB=5m/svC=3m/s

故A正确B错误；

C．AD间的距离为

故C正确；

D．质点从A到C的时间为

故D错误。

故选AC。11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

传送带将货物送到高处；依靠传送带给货物的静摩擦力；乘客在竖直上升电梯中，乘客与接触地面没有发生相对运动或相对运动的趋势，因此乘客不受摩擦力作用；运动员跑步，脚底相对地面有向后运动的趋势，因此地面给人向前的静摩擦力，是运动员前进的动力；手拿住杯子，杯子相对手有向下滑的趋势，因此手给杯子有向上的静摩擦力。故ACD正确，B错误。

故选ACD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

ABC．对球受力分析可知球受重力、AB边和AC边的支持力；两支持力的夹角为120°，BC边与球间没有弹力，根据平衡条件可知三个力可以构成首尾相连的矢量三角形，如图。

根据正弦定理有。

解得。

在框架以定点A为转轴在竖直平面顺时针从边水平缓慢转至边竖直过程中α减小，β增大，由于α先大于90°后小于90°，所以sinα先增加后减小，因此FAB先增大后减小，FAC一直增加；故A正确，B错误，C正确；

D．在框架以顶点A为转轴在竖直平面内顺时针方向从边水平缓慢转至边竖直过程中，球的重心在BC边水平时最高；故转动过程中球的重心先升高后降低，故D错误。

故选AC。13、A:D【分析】【分析】

选取小圆环A为研究对象；画受力分析示意图，小圆环受三个力，两个绳子的拉力和大圆环的支持力，运用三角形相似法得到N与A0；BO的关系，再分析N的变化情况．

【详解】

若在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与N的合力与T等大反向共线，作出mg与N的合力，如图，

由三角形相似有：

得，AO、BO都不变，则N大小不变，方向始终背离圆心O．故AD正确，BC错误．

故选AD．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

由于球被固定在杆上，故与车具有相同的加速度a，以球为研究对象，根据其受力和运动情况可知小球的加速度a由小球重力mg和杆对小球的作用力F的合力提供；物体受力情况如图所示；

由题意知合力方向水平向右．根据勾股定理可知F=

方向与竖直方向成角斜向右上方，且．

【点睛】

注意由于加速度方向与合外力方向一致，因此重力与弹力的合力方向就是加速度方向．而杆对球施力就不一定沿杆的方向了．【解析】方向与竖直方向成角斜向右上方，且=arctan．15、略

【分析】【详解】

[1]螺旋测微器的读数为

因为最后一位是估读；所以读数在4.222mm~4.226mm，均算正确；

[2]游标卡尺的读数为【解析】4.224（4.222~4.226）2.18516、略

【分析】【详解】

甲地到乙地的距离为

设质点由速度v0开始加速，至减速到v0时，所用的时间为则有

解得【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]钢球经过A光电门的速度大小为。

钢球经过光电门的速度大小为。

[2]钢球从光电门到光电门的平均加速度大小约为。

【解析】18、略

【分析】【详解】

①[1]影响重心位置的因素：物体的几何形状；物体的质量分布。

②[2]质量分布均匀的规则物体的重心在其几何中心。

③[3]不规则薄板形物体重心的确定方法：悬挂法。【解析】质量几何中心悬挂四、作图题(共3题，共18分)19、略

【分析】【详解】

杆在重力的作用下，对A、B两处都产生了挤压作用，故A、B两处对杆都产生了弹力的作用；弹力的方向与接触点的平面垂直，如下图所示。

【解析】见解析20、略

【分析】【分析】

(1)先画出标度；然后过物体的重心画出物体所受重力的大小和方向；

(2)小球光滑；不受摩擦力，只受重力和来自两个接触面的弹力作用。

【详解】

(1)如图所示：

(2)如图所示：

【点睛】

力的图示要求画出力的三要素，包括大小、方向和作用点，而力的示意图只需要大致表示出共点力的大小和方向。【解析】(1)(2)21、略

【分析】【分析】

【详解】

两球的受力示意图如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共32分)22、略

【分析】【分析】

根据“探究物体的加速度与力；质量的关系”可知；本题考查“验证牛顿第二定律”的实验，根据实验条件、实验原理、实验数据处理、误差分析、实验结论等，进行列式计算和分析推断.

【详解】

(1)A、本题实验研究物块的牛顿第二定律，实验器材不能测出绳的拉力大小，则平衡摩擦力后要求物块质量M远大于钩码的总质量m，只有满足这个条件才可认为小车受到的拉力F约为mg；故A错误.

B、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ；与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度；故B错误.

C；选取点迹清晰的纸带；不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量；故C错误.

D；打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块；而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器；故D正确.

故选D.

(2)重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力；因此第④组数据比较符合要求．

(3)根据匀变速直线运动的判别式△x=aT2，运用逐差法得：

(4)根据牛顿第二定律得可知图线的纵轴截距的绝对值等于μg,则有

【点睛】

本题主要考查“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法．对于图线问题，一般的解题思路是通过物理规律得出两个物理量之间的函数关系，结合图线的斜率和截距进行分析求解.【解析】（1）D、（2）小于④（3）0.86（4）大于23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]因为水的质量可以连续的进行变化。

(2)[2]由速度位移公式可知

解得

(3)[3]由步骤①，可推出

步骤③中，对B由牛顿第二定律

联立以上几式，得B满足的牛顿第二定律关系式为

(4)[4]因为真实速度为挡光片前边缘到达光电门中心时的瞬时速度，但测量的速度却为此瞬间之后的瞬时速度，因为滑块做加速运动，显然测量的速度偏大，所以加速度的测量值比真实值大。【解析】①.水的质量可以连续的进行变化②.③.④.偏大24、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]实验时；为使绳子的拉力就是小车受到的合外力，要将木板不带滑轮的一端垫起，目的是补偿阻力。

(2)[2]A．设小车的质量为M，砝码（包括砝码盘）的质量为m1，根据牛顿第二定律

联立解得

知当砝码（包括砝码盘）质量远小于小车质量时；小车所受的拉力近似等于砝码（包括砝码盘）的重力，所以应满足的条件是砝码（包括砝码盘）的质量远小于小车的质量，A正确；

B．使用打点计时器时；都应该先接通电源，后释放纸带，B错误；

C．由于补偿阻力之后有

即

与小车的质量无关；所以改变小车的质量后，不用再次补偿阻力，C错误；

D．本实验采用控制变量法；先保持小车质量不变，研究加速度与力的关系，再保持小车受力不变，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度与力；质量的关系，D正确。

故选AD。

(3)[3]对小车和小车上的砝码组成的整体，根据牛顿第二定律得

变形得

在图像中，图线的斜率

图像的纵截距

可得【解析】补偿阻力AD25、略

【分析】【详解】

(1)[1]打点计时器打点周期为0.02s；每两个计数点间有5个打点周期，则每相邻两个记数点间的时间间隔为0.1s；

(2)[2]根据匀变速直线运动某段时间中间时刻的瞬时速度等于这