2025年人教版PEP高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、1kg的物体被人用手由静止向上提升1m，这时物体的速度为2m/s．则下列说法不正确的是（）A.手对物体做功12JB.合外力对物体做功12JC.合外力对物体做功2JD.物体克服重力做功10J2、作用于一个物体上的两个共点力，大小分别为20N、30N，则它们的合力大小可能是（）A.60NB.28NC.8ND.5N3、物理学是一门以实验为基础的学科，许多物理定律就是在大量实验的基础上总结出来的规律．但有些物理规律或物理关系的建立并不是直接从实验得到的，而是经过了理想化或合理外推．下列选项中属于这种情况的是（）A.牛顿第一定律B.牛顿第二定律C.玻意耳定律D.法拉第电磁感应定律4、物体做匀减速直线运动；最后停了下来．对该运动过程，以下说法中正确的是（）

A.速度和加速度都随时间减小。

B.速度和位移都随时间减小。

C.速度随时间减小；位移随时间增加。

D.速度为零时；物体的位移也为零。

5、振源S在O点做竖直方向的简谐运动，频率为10Hz，t=0时刻向右传播的简谐横波如图所示（向左传播的简谐横波图中未画出）。则以下说法正确的是（）A.t=0时，x=－2m处的质点振动方向向上B.t=0.175s时，x=－1m处的质点处在波谷位置C.t=0.175s时，x=1m处的质点处在波峰位置D.波速大小为10m/s6、如图所示，天花板上固定有一光滑的定滑轮，绕过定滑轮且不可伸长的轻质细绳左端悬挂一质量为M

的铁块；右端悬挂有两质量均为m

的铁块，上下两铁块用轻质细线连接，中间夹一轻质弹簧处于压缩状态，此时细线上的张力为2mg

，最初系统处于静止状态。某瞬间将细线烧断，则左端铁块的加速度大小为()A.23g

B.13g

C.14g

D.g

7、如图所示，“U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中．ab棒以水平初速度v0向右运动，下列说法正确的是（）A.ab棒做匀减速运动B.回路中电流均匀减小C.a点电势比b点电势低D.ab棒受到水平向左的安培力8、如图所示，将完全相同的两小球A、B用长为L=0.8m的细绳悬于以v=2m/s向右运动的小车顶部，两小球与小车前后竖直壁接触，由于某种原因，小车突然停止，此时悬线中张力之比FB：FA为（g=10m/s2）（）A.1：1B.1：2C.1：3D.1：4评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、（2013春•荣成市校级月考）如图所示电路，电源的电动势为E，内阻为r．用PR表示电源的输出功率；用Pr表示电源内阻消耗的功率．以下说法正确的是（）A.根据公式U=IR可知，当I增大时，U随着增大B.根据公式U=E-Ir可知，当I增大时，U随着减小C.根据公式PR=I2R可知，当I增大时，PR随着增大D.根据公式PR=IE-I2r可知，当I=时PR有最大值10、下列各项中，哪些是为了防止离心运动的危害？（）A.高速转动的砂轮、飞轮等，都不得超过允许的最大转速B.洗衣机的脱水桶甩干衣服C.卫星从低轨道变到高轨道时要加速D.修建高速公路时，拐弯处一般都外侧高内侧低11、（2015秋•贵阳期末）如图所示，a、b分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）A.a电阻丝比b电阻丝细B.图线表示电阻丝的阻值与电压成正比C.两电阻丝并联在电路中时，a的电流大于b的电流D.两电阻丝串联在电路中时，a消耗的功率小于b消耗的功率12、把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一小段距离，则A、B两球的相互作用可能情况是（）A.相互吸引B.相互排斥C.既不吸引也不排斥D.C都有可能13、小羽同学研究自由落体运动时，做了如下的实验：在斜面上任取三个位置A、B、C．让小球分别由A、B、C滚下，如图所示，A、B、C与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1，v2、v3，则下列关系式是正确的且能用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是（）A.==B.==C.==D.s1-s2=s2-s314、下列说法中正确的是（）A.元电荷实质上是指电子和质子本身B.一个电子，在任何情况下均可视为点电荷C.所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍D.一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计15、关于光电效应，下列说法正确的是（）A.爱因斯坦用光子说成功解释了光电效应B.入射光的频率低于极限频率就不能发生光电效应C.光电子的最大初动能与入射光的强度成正比D.光电子的最大初动能与入射光频率成正比评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、如图为一交流电的电压与时间图象，它的有效值为____V．

17、已知船在静水中的速度大小为4m/s，河水的流速处处相同，且大小为2m/s，测得该船经180s到达河的正对岸，则河宽为____m，该船渡此河的最短时间为____S．18、（2013春•广河县校级期中）逻辑电路在电子线路中有着重要的应用．某同学利用“非”门电路设计了一个路灯自动控制门电路．天黑了，让路灯自动接通；天亮了，让路灯自动熄灭．下图中RG是一个光敏电阻；当有光线照射时，光敏电阻的阻值会显著减小．R是可调电阻，起分压作用．“非”门电路能将输入的高压信号转变为低压信号，或将低压信号转变为高压信号．J为路灯总开关控制继电器，它在获得高压时才启动（图中未画路灯电路）．

（1）当天黑时，RG变____，“非”门电路获得____电压，J得到____电压．（填“大”；“小”或“高”、“低”）

（2）如果路灯开关自动接通时天色还比较亮，现要调节自动控制装置，使得它在天色较黑时才会自动接通开关，应将R调____（填“大”或“小”）一些．19、质点向南运动8m，接着又向东运动6m．那么质点运动的路程是____m，质点位移的大小是____m．20、如图所示，a、b、c是某电场中一条电场线AB上的三点，且Aa=ab=bc=cB，用φa、φb、φc和Ea、Eb、Ec分别表示三点的电势和电场强度大小；

（1）若该电场是匀强电场，则φa、φb、φc的大小关系为____，Ea、Eb、Ec的大小关系为____；

（2）若该电场是B处的点电荷产生的，则φa、φb、φc的大小关系为____，Ea、Eb、Ec的大小关系为____．21、（2016春•江门校级期中）做圆轨道上稳定运行的飞船内；宇航员为了验证向心力公式，设计了如图所示的装置（图中O为光滑的小孔）：给待测物体一个初速度，使它在水平桌面上做匀速圆周运动．该飞船内具有基本测量工具．

（1）实验时需要测量的物理量是____；（写出描述物理量的文字和符号）

（2）若向心力公式成立，则上述物理量的关系式：____．22、（1）如图1所示；是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带：

①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为____s．

②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距x=____cm；C点对应的速度是____m/s（计算结果保留三位有效数字）．

（2）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中；所用器材有：小电珠（2.5V0.6W），滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干．

①实验所用电路图，如图2所示，连好电路后，开关闭合前，图2中滑动变阻器R的滑片应置于____（填“a端”、“b端”或“ab正中间”）．

②闭合开关，向b端调节滑动变阻器R的滑片，发现“电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大”，则分析电路的可能故障为____．

A．小灯泡短路B．小灯泡断路。

C．电流表断路D．滑动变阻器断路。

③“天宫一号”采用太阳能电池供电．太阳能电池在有光照时；可以将光能转化为电能，在没有光照时，可视为一个电学器件．某实验小组根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时（没有储存电能）的I-U特性．所用器材有：太阳能电池；电源E、电流表A、电压表V、滑动变阻器R、开关S和导线若干．

a．为了达到上述目的；请将下图所示器材连成一个完整的实验电路图．

b．该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图4所示的U-I图象．由图可知，当电压小于1.5V时，太阳能电池的电阻____．（填“很大”或“很小”）

23、一电子沿一圆周顺时针方向高速运动，周期为10-10s，则等效电流大小为____A，电流方向是____（填“顺时针”或“逆时针”）24、（2010秋•诸暨市校级期中）如图所示，导体ab长L=0.5m，放在B=0.4T的匀强磁场中，磁场方向垂直金属线框所在平面向里，电阻R1=4Ω，R2=4Ω，导体ab的电阻为4Ω，他连接电路的导线电阻忽略不计，若使ab以v=3m/s的速度向右匀速运动，则导体ab上的a端电势比b端电势____（填“高”或“低”或“相等”），Uab=____V，通过电阻R1的电流强度为____A，通过ab的电流为____A，作用于导体ab的外力F为____N．评卷人得分四、判断题(共1题，共3分)25、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）评卷人得分五、简答题(共3题，共24分)26、煤炭燃烧时产生的大量rm{SO_{2}}rm{NO}对环境影响极大。rm{(1)}使用清洁能源可有效减少rm{SO_{2}}等的排放。煤的液化是现代能源工业中重点推广的能源综合利用方案，最常见的液化方法为用煤生产rm{CH_{3}OH}已知制备甲醇的有关化学反应及平衡常数如下：rm{i}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH_{1}=-90.8kJ隆陇mol^{-1}}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH_{1}=-90.8kJ隆陇mol^{-1}}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoonsCO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangleH_{2}=-41.2kJ隆陇mol^{-1}}rm{ii}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoons

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangle

H_{2}=-41.2kJ隆陇mol^{-1}}时，三个反应的平衡常数分别为rm{iii}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}rm{triangleH_{3}}甲醇还可以与乙酸反应制香料，反应为：rm{CH_{3}OH(1)+CH_{3}COOH(1)rightleftharpoonsCH_{3}COOCH_{3}(1)+H_{2}O(1)}rm{850隆忙}________；制香料反应的平衡常数rm{K_{1}=160}的表达式为________。rm{K_{2}=243}时，在密闭容器中进行反应rm{K3=160}开始时只加入rm{CH_{3}OH(1)+CH_{3}COOH(1)rightleftharpoons

CH_{3}COOCH_{3}(1)+H_{2}O(1)}rm{垄脵triangleH_{3}=}反应rm{K}后测得各组分的浓度如下表。比较正、逆反应的速率的大小：rm{垄脷850隆忙}________rm{i}填“rm{CO_{2}}”、“rm{H_{2}}”或“rm{10min}”rm{v_{脮媒}}。rm{v_{脛忙}(}物质rm{H_{2}}rm{CO_{2}}rm{CH_{3}OH}rm{H_{2}O}浓度rm{/mol隆陇L^{-1}}rm{0.2}rm{0.2}rm{0.4}rm{0.4}rm{(2)}研究人员发现，将煤炭在rm{O_{2}/CO_{2}}的气氛下燃烧，能够降低燃煤时rm{NO}的排放，主要反应为：rm{2NO(g)+2CO(g)rightleftharpoonsN_{2}(g)+2CO_{2}(g)}在一定温度下，于rm{2NO(g)+2CO(g)rightleftharpoons

N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}的恒容密闭容器中充入rm{2L}和rm{0.1molNO}发生该反应，如图为容器内的压强rm{0.3molCO}与起始压强rm{(P)}的比值rm{(P_{0})}随时间的变化曲线。rm{(p/p_{0})}内，该反应的平均反应速率rm{垄脵0隆芦5min}________；平衡时rm{v(N_{2})=}的转化率为________。rm{NO}若rm{垄脷}时，向该容器中再充入rm{13min}rm{0.06molCO}时再次达到平衡，此时容器内rm{15min}的比值应在图中rm{p/p_{0}}点的________rm{A}填“上方”或“下方”rm{(}rm{)}以连二硫酸盐rm{(3)}为媒介，使用问接电化学法也可处理燃煤烟气中的rm{(S_{2}O_{4}^{2-})}装置如图所示：rm{NO}阴极区的电极反应式为________。rm{垄脵}吸收转化后的主要产物为rm{垄脷NO}若通电时电路中转移了rm{NH_{4}^{+}}则此通电过程中理论上吸收的rm{0.3mole^{-}}在标准状况下的体积为________rm{NO}rm{mL}27、rm{(I)mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}是由钛精矿rm{mathbf{(}}主要成分为rm{mathbf{{Ti}}mathbf{O}_{mathbf{2}}mathbf{)}}制备钛rm{mathbf{(Ti)}}的重要中间产物，制备纯rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}的流程示意图如下：

资料：rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}及所含杂质氯化物的性质。化合物rm{mathbf{{SiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}rm{mathbf{{AlC}}mathbf{l}_{mathbf{3}}}rm{mathbf{{FeC}}mathbf{l}_{mathbf{3}}}rm{mathbf{{MgC}}mathbf{l}_{mathbf{2}}}沸点rm{mathbf{{/隆忙}}}rm{58}rm{136}rm{mathbf{181(}}升华rm{mathbf{)}}rm{316}rm{1412}熔点rm{mathbf{{/隆忙}}}rm{mathbf{{-}69}}rm{25}rm{193}rm{304}rm{714}在rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}中的溶解性互溶rm{mathbf{{-}}}微溶难溶rm{(1)}氯化过程：rm{mathbf{{垄脵}}}沸腾炉中加碳氯化生成rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}mathbf{(g)}}和rm{mathbf{CO(g)}}的化学方程式：______．

rm{mathbf{{垄脷}}}氯化反应的尾气须处理后排放，尾气中的rm{HCl}和rm{mathbf{C}mathbf{l}_{mathbf{2}}}经吸收可得粗盐酸、rm{mathbf{{FeC}}mathbf{l}_{mathbf{3}}}溶液，则尾气的吸收液依次是______rm{(2)}精制过程：粗rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}经两步蒸馏得纯rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}mathbf{{.}}}示意图如下：物质rm{a}是______，rm{mathbf{T}_{mathbf{2}}}应控制在______．

rm{(II).SCR}和rm{NSR}技术可有效降低柴油发动机在空气过量条件下的rm{NO_{x}}排放．

rm{(1)SCR(}选择性催化还原rm{)}工作原理：

rm{垄脵}尿素rm{[CO(NH_{2})_{2}]}水溶液热分解为rm{NH_{3}}和rm{CO_{2}}该反应的化学方程式：______．

rm{垄脷}当燃油中含硫量较高时，尾气中rm{SO_{2}}在rm{O_{2}}作用下会形成rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}使催化剂中毒rm{.}用化学方程式表示rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}的形成：__________________．

rm{垄脹}尿素溶液浓度影响rm{NO_{2}}的转化，测定溶液中尿素rm{(M=60g?mol^{-1})}含量的方法如下：取rm{ag}尿素溶液，将所含氮完全转化为rm{NH_{3}}所得rm{NH_{3}}用过量的rm{v_{1}}rm{mL}rm{c_{1}}rm{mol?L^{-1}H_{2}SO_{4}}溶液吸收完全，剩余rm{H_{2}SO_{4}}用rm{v_{2}mL}rm{c_{2}}rm{mol?L^{-1}NaOH}溶液恰好中和；则尿素溶液中溶质的质量分数是________．

rm{(2)NSR(NO_{x}}储存还原rm{)}工作原理：rm{NO_{x}}的储存和还原在不同时段交替进行，如图rm{a}所示．

rm{垄脵}通过rm{BaO}和rm{Ba(NO_{3})_{2}}的相互转化实验rm{NO_{x}}的储存和还原rm{.}储存rm{NO_{x}}的物质是__________．

rm{垄脷}用rm{H_{2}}模拟尾气中还原性气体研究了rm{Ba(NO_{3})_{2}}的催化还原过程，该过程分两步进行，图rm{b}表示该过程相关物质浓度随时间的变化关系rm{.}第一步反应消耗的rm{H_{2}}与rm{Ba(NO_{3})_{2}}的物质的量之比是__________．28、亚硝酰氯rm{(NOCl)}是有机合成中rm{ffi}重要试剂，可由rm{NO}与rm{Cl_{2}}在常温常压rm{(}或稍低温度rm{)}下合成，其熔点rm{-64.5隆忙}沸点rm{-5.5隆忙}遇水易水解。实验室模拟制备装置如图所示rm{(}部分夹持装置省略rm{)}rm{D}中三颈烧瓶置于rm{-10隆忙}冰盐水中。经查阅资料，相关物质性质如下：rm{垄脵NO_{2}}熔点rm{-64.5隆忙}沸点rm{-5.5隆忙}可发生反应rm{Cl_{2}+2NO_{2}=2NClO_{2}}rm{垄脷NO}与rm{NaOH}溶液不反应，但rm{NO_{2}+NO+2NaOH=2NaNO_{2}+H_{2}O}rm{NO_{2}+NO+2NaOH

=2NaNO_{2}+H_{2}O}仪器甲的名称是__________。rm{(1)}图示装置中恒压漏斗与分液漏斗相比，其优点为____________________。rm{(2)}分子中各原子均满足rm{(3)NOCl}电子稳定结构，则rm{8}的电子式为_________。rm{NOCl}实验开始时，先打开rm{(4)}rm{K_{1}}关闭rm{K_{2}}打开分液漏斗活塞滴人适量稀硝酸，至rm{K_{3}}中红棕色完全消失后，关闭rm{C}rm{K_{1}}此时装置rm{K_{2}}的作用为___________________________________；滴入适量浓盐酸，点燃酒精灯，当______rm{C}填装置符号rm{(}中充满黄绿色气体时，打开rm{)}rm{K_{1}}制备rm{K_{3}}rm{NOCl}装置乙中装有无水rm{(5)}其作用为______________________________；丙为尾气处理装置，则最佳选择为_________。rm{CaCl_{2}}若实验开始时，先关闭rm{(6)}打开rm{K_{2}}rm{K_{1}}，使rm{K_{3}}与rm{NO}直接反应制备rm{Cl_{2}}会引起什么后果_________________________________。rm{NOC1}评卷人得分六、识图作答题(共1题，共4分)29、将玉米种子置于25℃、黑暗、水分适宜的条件下萌发，每天定时取相同数量的萌发种子，一半直接烘干称重，另一半切取胚乳烘干称重，计算每粒的平均干重，结果如图1所示。同时，测定不同时间种子中相关物质的含量，如图2。若只考虑种子萌发所需要的营养物质来源于胚乳，回答下列问题。

（1）萌发过程中，可溶性糖的含量变化是____，原因是____。（2）若增加适宜光照，120小时后萌发种子（已有胚芽）的有机物总量变化趋势是____（填“上升或下降”），原因是____。（3）图2表明，糖类和蛋白质的关系是____。这个过程中，种子增加的主要元素是____（填C、N或O）。说明有机物的种类变化是____（填增多或减少）。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】由物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，根据牛顿第二定律可以求得物体受到的支持力的大小，从而可以根据功的公式求出各个力对物体做的功的大小【解析】【解答】解：根据物体的运动的状态，由V2-V02=2ax可得；

物体的加速度a==m/s2=2m/s2；

对物体受力分析可知；

F-mg=ma；

所以F=mg+ma=12N；

A；所以手对物体做功为W=Fh=12×1J=12J；故A正确；

BC、物体受到的合力大小为F合=ma=2N；

所以合力的功为W合=F合h=2×1J=2J；故B错误，C正确；

D、物体重力做的功为WG=-mgh=-10J；所以物体克服重力做功10J，故D正确．

本题是不正确的，故选：B．2、B【分析】【分析】解答本题需掌握：两共点力合成时；当两力同向时，合力最大，两力反向时合力最小；

合力随着两分力夹角的增大而减小，合力范围为：F1+F2≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：由于合力范围为F1+F2≥F≥|F1-F2|；故。

50N≥F≥10N；故B正确，ACD错误；

故选：B．3、A【分析】【分析】明确各个定律的特点以及理想实验的应用即可正确解答本题．【解析】【解答】解：不受力的实验只能是理想实验；是无任何实验误差的思维实验，严格来说“不受力”的条件真实实验不能满足，只能靠思维的逻辑推理去把握，故牛顿第一定律是不可以通过实验直接得以验证的，而牛顿第二定律；玻意耳定律、法拉第电磁感应定律等均是实验定律，故BCD错误，A正确．

故选A．4、C【分析】

物体向前做匀减速直线运动，根据v=v+at知；a为负值，则速度v均匀减小，因为物体一直向前运动，所以位移逐渐增大．故C正确，A；B、D错误．

故选C．

【解析】【答案】做匀减速直线运动的物体；速度逐渐减小，位移逐渐增大．

5、B【分析】从图中可以看出，向右传播的波，传播到质点2m时，质点向下振动，A错；波长为2m，周期为1/f=0.1s，波速v=λf=20m/s，t=0.175s时x=－1m处的质点和x=1m处的质点振动振动到波谷位置，B对；C错；D错；【解析】【答案】B6、A【分析】解：由题意可知，烧断细线前轻绳了上的张力为2mg2mg根据平衡条件可知M=2mM=2m以右上端的铁块为研究对象，根据平衡条件可知，烧断细线前弹簧的弹力为mgmg方向向上；细线烧断的瞬时，铁块MM与右上的铁块mm间的轻绳张力也会发生变化，但二者的加速度大小相同，沿绳子方向对两物体分析，根据牛顿第二定律可得2mg+mg鈭�mg=3ma2mg+mg-mg=3ma解得a=23g，故A正确，CBD错误。

【解析】A

7、D【分析】【分析】使ab棒突然获得一初速度，切割产生感应电动势，产生感应电流，受到向左的安培力，做变减速运动，根据右手定则判断ab棒中的感应电流方向，从而确定a、b两点的电势．【解析】【解答】解：A、棒子具有向右的初速度，根据右手定则，产生b指向a的电流，则a点的电势比b点的电势高．根据左手定则，安培力向左，ab棒做减速运动；因为电动势减小，电流减小，则安培力减小，根据牛顿第二定律，加速度减小，做加速度减小的减速运动，由于速度不是均匀减小，则电流不是均匀减小．故A；B、C错误．

D；安培力的方向与运动方向相反；知安培力方向向左．故D正确．

故选：D．8、B【分析】【分析】小车突然停止运动，A球由于惯性，会向前摆动，将做圆周运动，B球受到小车前壁的作用停止运动，在竖直方向上拉力等于重力，根据牛顿第二定律求出A球绳的拉力，从而求出两悬线的拉力之比．【解析】【解答】解：设小球的质量都是m，对A球有：FA-mg=m

得FA=mg+m=10m+m•=20m．

对B球有：FB=mg=10m．

所以FB：FA=1：2．

故选：B．二、多选题(共7题，共14分)9、BD【分析】【分析】运用欧姆定律U=IR、功率公式PR=I2R时要注意采用控制变量法分析．分析抓住电源的电动势和内阻不变，当R变化时I会随之变化．【解析】【解答】解：A；当I增大时；说明R减小，因此不能根据公式U=IR分析U的变化，故A错误．

B、根据公式U=E-Ir可知，当I增大时，E、r不变；则U减小，故B正确．

C、当I增大时，R减小，则不能根据公式PR=I2R分析PR如何变化．故C错误．

D、根据公式PR=IE-I2r可知，由数学知识可得：当I=-=-=时PR有最大值．故D正确．

故选：BD10、AD【分析】【分析】当物体提供的力小于所需的向心力，做离心运动，当物体提供的力大于所需的向心力，做近心运动．【解析】【解答】解：A；因为飞轮由许多小块组成；飞轮的速度过大，每个小块所需的向心力增大，当提供的力不够所需的向心力，会做离心运动，飞轮会分裂开，造成事故．所以转速有最大值．是为零防止离心现象的危害，故A正确．

B；洗衣机脱水运用的是离心运动的原理；增大洗衣机脱水筒的转速，衣服上水向心力变大，水更容易做离心运动，衣服甩得更干．是离心现象的应用，故B错误．

C；卫星从低轨道变到高轨道时要加速；是利用了离心运动，故C错误．

D；修建高速公路时；拐弯处一般都外侧高内侧低，是为了防止汽车做离心运动而冲到路外，是防止离心现象发生，故D正确．

故选：AD．11、CD【分析】【分析】I-U图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小．根据电阻定律R=ρ比较电阻丝的粗细；并由串并联特征，结合电功率的表达式P=I2R，即可求解．【解析】【解答】解：A、图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率大于b的斜率，所以a的电阻小于b的电阻，根据电阻定律R=ρ知，长度相同，材料相同，知a的横截面积大，b的横截面积小；故A错误；

B；电阻的大小与电压、电流无关；故B错误；

C、由上分析可知，a的电阻小于b的电阻，根据并联电压相等，则电阻两端的电流与电阻成反比，因此a的电流大于b的电流．故C正确；

D、由上分析可知，a的电阻小于b的电阻，根据串联电流相等，由功率表达式，P=I2R可得：电阻越小；则电功率越小，因此a消耗的电功率较小，故D正确．

故选：CD．12、BC【分析】【分析】根据两个小球接触后再分开，电量中和再平分，结合同种电荷，相互排斥，异种电荷，相互吸引，从而即可求解．【解析】【解答】解：根据题意；完全相同的球，接触一下再分开，电量平分；

当分别带异种电荷；则接触后分开，均不带电，因此既不吸引也不排斥；

当分别带同种电荷时；接触后再分开，则出现相互排斥，故AD错误，BC正确；

故选：BC．13、AC【分析】【分析】小球在斜面上做匀变速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确；同时判断该结论是否由伽利略用来证明匀变速运动的结论．【解析】【解答】解：A、由运动学公式可知，s=at2，a=；故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故A正确；

B；小球在斜面上三次运动的位移不同；末速度一定不同，故B错误；

C、由v=at可得，a=三次下落中的加速度相同；故公式正确，但是不是当是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论，故C正确；

D、由图可知及运动学规律可知，s1-s2＞s2-s3；故D错误；

故选：AC14、CD【分析】【分析】各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，电子带负电，所带电荷量为：e=-1.60×10-19C．【解析】【解答】解：A；元电荷是带电量的最小值；它不是电荷，故A错误；

B；点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；物体能不能简化为点，不是看物体的体积大小和电量大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，即两个带电体的形状对它的相互作用力的影响能不能忽略，故B错误D正确；

C；元电荷是带电量的最小值；所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故C正确；

故选：CD．15、AB【分析】【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率．根据光电效应方程得出光电子的初速度、最大初动能与光子频率的关系．【解析】【解答】解：A；因斯坦用光子说成功解释了光电效应；故A正确．

B；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；与入射光的强度与照射的时间无关，故B正确．

C、根据光电效应方程EKm=hv-W0知；最大初动能与光子频率成一次函数关系，随照射光的频率增大而增大，不是成正比关系．光电子的初速度与光的频率也不是成正比．故CD错误．

故选：AB．三、填空题(共9题，共18分)16、7.9【分析】【分析】根据有效值的定义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．【解析】【解答】解：交流与直流通过阻值都为R的电阻；设直流电流为U；

则根据有效值的定义有：×+×=×T；

解得：U=7.9V．

故答案为：7.917、36090【分析】【分析】小船参与了静水运动和水流运动，可以将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分运动与合运动具有等时性，求出河宽及渡河的最短时间．【解析】【解答】解：当船垂直到达对岸时；合速度应与河岸垂直，根据运动的合成与分解得，合速度大小为：

v=m/s．

所以河宽为：d=vt=2×180m=360m．

将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，在垂直河岸方向，位移一定为360m，根据合运动与分运动的等时性，在垂直河岸方向上的速度越大，渡河时间越短，所以最短时间为：t===90s．

故本题答案为：360，90．18、大低高大【分析】【分析】一个事件的几个条件都满足后，该事件才能发生，我们把这种关系叫做“与”逻辑关系；如果几个条件中，只要有一个条件得到满足，某事件就会发生，这种关系叫做“或”逻辑关系；输出状态和输入状态呈相反的逻辑关系，叫做“非”逻辑．通过三种逻辑关系的特点进行分析求解．【解析】【解答】解：（1）当天黑时；光敏电阻增大，两端间的电势差增大，输入非门的是低电压，J得到的是高电压．

（2）为了让路灯在天色更暗时才自动接通开关；应使电阻R增大，使得R的分得电压变大，使非门电路的输入端电压变大，继电器得到的电压变低，路灯不被点亮．

故答案为：（1）大，低，高；（2）大19、1410【分析】【分析】路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度．【解析】【解答】解：向南运动8m；再向东运动6m，则路程s=8m+6m=14m．

位移的大小x=m=10m

故答案为：14；10．20、φa＞φb＞φcEa=Eb=Ecφa＞φb＞φcEa＜Eb＜Ec【分析】【分析】根据顺着电场线，电势降低判断电势的高低．根据电场线的疏密判断场强的大小．【解析】【解答】解：根据顺着电场线，电势降低判断可知，三点电势的关系总是：φa＞φb＞φc．

（1）若该电场是匀强电场，场强大小处处相等，即有：Ea=Eb=Ec．

（2）若该电场是B处的点电荷产生的，越靠近B电场线越密，场强越大，则有：Ea＜Eb＜Ec．

故答案为：

（1）φa＞φb＞φc．Ea=Eb=Ec．

（2）φa＞φb＞φc．Ea＜Eb＜Ec．21、弹簧秤示数F、物块质量m、物块到小孔O的距离r、物块转n圈时间t【分析】【分析】（1）实验时需要测量的物理量是物块质量m；弹簧秤示数F、圆周运动的半径R和周期T．

（2）弹簧秤的拉力提供物体的向心力，由牛顿第二定律研究向心力的表达式．【解析】【解答】解：据题；物体在桌面上做匀速圆周运动，物体与桌面间的摩擦力忽略不计，由弹簧秤的拉力提供物体的向心力．根据牛顿第二定律得：

所以实验时需要测量的物理量是弹簧秤示数F、物块质量m、物块到小孔O的距离r；物块转n圈时间t．

故答案为：弹簧秤示数F、物块质量m、物块到小孔O的距离r、物块转n圈时间t；22、略

【分析】

（1）①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔T===0.02s．

②A与B间的距离x=1.68-1.00=0.68cm；计数点间的时间间隔t=0.02×5=0.1s，C点的速度vC===10.0cm/s=0.100m/s．

（2）①实验所用电路图；如图2所示，连好电路后，开关闭合前，图2中滑动变阻器R的滑片应置于a端．

②闭合开关，向b端调节滑动变阻器R的滑片；发现“电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大”，则分析电路的可能故障为B．

A；小灯泡短路；电压表没有示数，电流表有示数，故A错误；

B；小灯泡断路；电压表有示数，电流表没有示数，故B正确；

C；电流表断路；电流表没有示数，电压表没有示数，故C错误；

D；滑动变阻器断路；电压表与电流表均没有示数，故D错误；故选B．

③a；描绘太阳能电池的伏安特性曲线；滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，实物电路图如图所示．

b；由图4可知；当电压小于1.5V时，电流很小，几乎为零，由欧姆定律可知，太阳能电池的电阻很大．

故答案为：（1）①0.02；②0.68；0.100；（2）①a端；②B；③a、电路图如图所示；b；很大．

【解析】【答案】（1）①打点计时器的打点时间间隔等于电流的周期；②根据图示刻度尺读出刻度尺示数；做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．

（2）①滑动变阻器采用分压接法；闭合开关时，分压电路的分压应该为零，根据电路图判断滑片的位置．

②根据电路故障现象分析电路故障原因．

③a；描绘伏安特性曲线电压表与电流表应该从零开始变化；滑动变阻器采用分压接法；

b；由图4所示图象判断电压与电流的关系；然后由欧姆定律判断电阻阻值大小．

23、1.6×10-9逆时针【分析】【分析】电子沿圆周顺时针运动，根据电流的定义式I=，研究等效电流的大小．等效电流的方向与电子定向移动方向相反．【解析】【解答】解：根据电流的定义式得：

等效电流为I==A=1.6×10-9A

由于电子带负电；则等效电流的方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向．

故答案为：逆时针24、高0.60.150.30.06【分析】【分析】根据右手定则判断的感应电流方向是电源内部电流方向；从电源的负极流向电源的正极，根据E=BLv可以求出感应电动势的大小．

导体棒AB切割磁感线产生电动势；相当于电源，其两端的电压U是外电压．根据欧姆定律求解．

匀速运动时外力大小等于安培力大小，【解析】【解答】解：由右手定则可知ab中电流从b流向a；电源内部电流从负极流向正极，故a端电势高；

电动势为：E=BLv=0.4×0.5×3=0.6V．

导体ab电阻均忽略不计，所以ab两点的电势差为0.6V．

根据欧姆定律得：

通过R1的电流I1===0.15A

通过ab的电流为I===0.3A

导体棒所受安培力为：

F安=BIL=0.4×0.3×0.5=0.06N

ab向右匀速运动；根据平衡条件得：

F=F安=0.06N

故答案为：高，0.6，0.15，0.3，0.06．四、判断题(共1题，共3分)25、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√五、简答题(共3题，共24分)26、（1）①－132.0kJ·mol-1②＞

（2）①3×10-3mol/(L·min)80％②下方

（3）①2SO32-+4H++2e-=S2O42-+2H2O②1344【分析】【分析】本题考查了热化学方程式的书写、化学反应速率的影响因素、化学平衡状态的判断、化学平衡常数计算、电化学的有关知识等。【解答】rm{(1)垄脵i}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}rm{triangleH_{1}=-90.8kJ隆陇mol^{-1}}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoonsCO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangleH_{2}=-41.2kJ隆陇mol^{-1}}rm{triangle

H_{1}=-90.8kJ隆陇mol^{-1}}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}rm{ii}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoons

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangle

H_{2}=-41.2kJ隆陇mol^{-1}}rm{iii}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}rm{triangleH_{3}}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}根据盖斯定律计算rm{i}甲醇可以与乙酸反应制香料rm{+}rm{+}rm{ii}得到rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}rm{triangleH_{3}}rm{篓T-132kJ/mol}甲醇可以与乙酸反应制香料rm{CH}rm{篓T-132kJ/mol}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(1)+CH}rm{OH(1)+CH}rm{{,!}_{3}}平衡常数rm{K=dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{COOH(1)}故答案为：rm{COOH(1)}rm{dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{rightleftharpoons}rm{CH}平衡常数分别为rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{3}}rm{(1)+H}rm{(1)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(1)}平衡常数rm{K=

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}rm{O(1)}rm{K=

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}，rm{-132.0kJ隆陇mol^{-1;;}}rm{

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}，浓度商rm{{Q}_{c}=dfrac{0.4隆脕0.4}{0.2隆脕0.{2}^{3}}=100<K=160}rm{;}rm{垄脷850隆忙}平衡常数分别为rm{K}rm{垄脷850隆忙}rm{K}rm{{,!}_{1}}故答案为：rm{=160}rm{CO}rm{=160}rm{CO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+3H}时，rm{(g)+3H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{(g)}rm{rightleftharpoons}rm{CH}rm{CH}，根据阿伏伽德罗定律推论，同温和同体积时rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)+H}rm{OH(g)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)}，浓度商rm{{Q}_{c}=

dfrac{0.4隆脕0.4}{0.2隆脕0.{2}^{3}}=100<K=160}rm{O(g)}rm{{Q}_{c}=

dfrac{0.4隆脕0.4}{0.2隆脕0.{2}^{3}}=100<K=160}，说明反应正向进行，rm{v}rm{v}rm{{,!}_{脮媒}>}rm{v}rm{v}rm{{,!}_{脛忙}}

，rm{>}rm{(2)}rm{(2)}rm{垄脵}rm{垄脵}

由图，rm{5min}时，rm{P/}rm{P}rm{0}rm{=}rm{0}．rm{925}，根据阿伏伽德罗定律推论，同温和同体积时rm{5min}rm{P/}rm{P}rm{0}rm{=}rm{0}．rm{925}rm{P/}rm{P}rm{0}

rm{P/}rm{P/}rm{P}rm{0}rm{P}rm{P}rm{0}rm{0}rm{=}

rm{=}rm{0}rm{0}．rm{925}rm{925}rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{0}．rm{925}

rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{0}．rm{925}rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{P/}rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{P}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{=}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}

rm{n/}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{n}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{=}rm{0}rm{0}．rm{925}rm{925}，rm{2NO(g)+2CO(g)}rm{2NO(g)+2CO(g)}rm{rightleftharpoons}rm{N}rm{N}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+2CO}rm{(g)+2CO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{(g)}初始rm{0.1mol}rm{0.3mol}rm{0}rm{0}rm{0.1mol}rm{0.3mol}rm{0}rm{0}变化rm{2x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{2x}

rm{mol}rm{2NO(g)+2CO(g)rightleftharpoonsN_{2}(g)+2CO_{2}(g)}

rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{5min(0.1-2x)}

rm{5min(0.1-2x)}rm{mol(0.3-2x)}rm{mol(0.3-2x)}rm{mol}rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}

rm{mol}rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}

rm{0.4/(0.4-x)=0.9}rm{0}．rm{4/(}rm{0}．rm{4}rm{-}rm{x)}rm{=}rm{0}．rm{925}rm{0}．rm{4/(}rm{0}．rm{4}rm{-}rm{x)}平衡时rm{0}．rm{4/(}的转化率为rm{0}rm{0}．rm{4/(}rm{4/(}rm{0}．rm{4}rm{-}rm{x)}rm{0}rm{0}．rm{4}rm{4}rm{-}rm{-}

故答案为：rm{x)}rm{x)}

rm{=}时向容器中再充入rm{=}rm{0}rm{0}若平衡不移动，容器内压强．与起始压强rm{925}的比值rm{925}，rm{x=0.03}rm{x=0.03}后增大了反应物的浓度，所以平衡向气体物质的量减少的方向移动，再次平衡后容器内气体物质的量必然少于rm{mol}所以此时rm{mol}rm{v}rm{(}rm{N}rm{2}rm{)}rm{=}rm{0}．rm{03}rm{m}rm{o}rm{l隆脗}rm{2}rm{L隆脗}rm{5}rm{m}rm{i}rm{n}rm{=}rm{0}．rm{003}rm{m}rm{o}rm{l}rm{/}rm{(}rm{L}rm{隆陇}rm{m}rm{i}rm{n}rm{)}rm{v}rm{v}rm{(}点的下方，

故答案为：rm{(}rm{N}rm{2}由图可以知道，阴极区通入液体主要含rm{N}流出主要含rm{N}所以阴极区电极反应式为rm{2}故答案为：rm{2}若通电一段时间后阴极区rm{)}减少了rm{)}rm{=}此过程转移rm{=}rm{0}．rm{03}rm{m}rm{o}rm{l隆脗}rm{2}rm{L隆脗}rm{5}rm{m}rm{i}rm{n}因为rm{0}．rm{03}rm{m}rm{o}rm{l隆脗}吸收转化后的主要产物为rm{0}若电路中转移转移rm{0}消耗．标准状况下体积为rm{03}，故答案为：rm{03}。

rm{m}【解析】rm{(1)垄脵-132.0kJ隆陇mol^{-1}dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{(1)垄脵-132.0kJ隆陇mol^{-1}

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆陇cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆陇cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}rm{垄脷>}rm{(2)垄脵3隆脕10^{-3}mol/(L隆陇min)}rm{80拢楼}下方rm{垄脷}rm{(3)垄脵2SO_{3}^{2-}+4H^{+}+2e^{-}=S_{2}O_{4}^{2-}+2H_{2}O}rm{垄脷1344}27、(I)TiO2+2Cl2+2CTiCl4+2CO饱和食盐水、氯化亚铁溶液左右

(II（1）①CO（NH2）2+H2O2NH3↑+CO2↑②2SO2+O2+4NH3+2H2O=2（NH4）2SO4③

（2）①BaO②8：1【分析】【分析】本题考查物质的制备实验及以氮氧化物为载体考查元素化合物知识以及化学方程式的相关计算，把握流程中发生的反应、混合物分离提纯、发生的反应为解答的关键，侧重分析与实验能力、分析能力和计算能力的考查，注意反应原理与实验的结合，题目难度中等，注意把握题给信息，结合质量守恒计算该题。【解答】rm{(}Ⅰrm{)(1)垄脵}由制备纯rm{TiCl_{4}}的流程示意图，钛精矿与氯气、rm{C}发生氯化过程，反应为rm{TiO_{2}+2Cl_{2}+2C}rm{TiCl_{4}+2CO}

故答案为：rm{TiO_{2}+2Cl_{2}+2C}rm{TiCl_{4}+2CO}

rm{垄脷}尾气中的rm{HCl}和rm{Cl_{2}}经吸收可得粗盐酸、rm{FeCl_{3}}溶液，食盐水吸收rm{HCl}氯化亚铁吸收氯气生成氯化铁，则尾气的吸收液依次是饱和食盐水；氯化亚铁溶液；

故答案为：饱和食盐水；氯化亚铁溶液；

rm{(2)}粗rm{TiCl_{4}}经两步蒸馏得纯rm{TiCl_{4}}由图及表格数据可知，先分离出rm{SiCl_{4}}后分离出rm{TiCl_{4}}则先控制温度rm{T_{1}}为rm{58隆忙}左右时分离出物质rm{a}为rm{SiCl_{4}}控制温度rm{T_{2}}为rm{136隆忙}左右时分离出纯rm{TiCl_{4}}故答案为：rm{SiCl_{4}}rm{136隆忙}左右；rm{(II)}rm{(II)}尿素rm{(1)垄脵}水溶液热分解为rm{[CO(NH_{2})_{2}]}和rm{NH_{3}}反应物为尿素和水，反应生成物为氨气和水，原子守恒书写化学方程式为：rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}

故答案为：rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}

rm{CO_{2}}在rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}

2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}作用下与rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}

2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}rm{垄脷SO_{2}}反应形成rm{O_{2}}此反应中rm{NH_{3}}是还原剂，氧气是氧化剂，反应的化学方程式为rm{H_{2}O}

故答案为：rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}

rm{SO_{2}}涉及反应为rm{2SO_{2}+O_{2}+4NH_{3}+2H_{2}O篓T2(NH_{4})_{2}SO_{4}}rm{2SO_{2}+O_{2}+4NH_{3}+2H_{2}O篓T2(NH_{4})_{2}SO_{4}}反应中rm{垄脹}rm{2NH_{3}+H_{2}SO_{4}=n(NH_{4})_{2}SO_{4}}

由方程式可知rm{2NaOH+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+H_{2}O}

则rm{n(H_{2}SO_{4})=v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}mol}

则rm{m(CO(NH_{2})_{2})=dfrac{1}{2}隆脕(2v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}-v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3})mol隆脕60g/mol=(0.06v_{1}c_{1}-0.03v_{2}c_{2}}rm{n(NaOH)=v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3}mol}

尿素溶液中溶质的质量分数是rm{dfrac{;0.06{c}_{1}{V}_{1}-0.03{c}_{2}{V}_{2}}{a};;隆脕100拢楼=dfrac{;6{c}_{1}{V}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}}{;a};拢楼}

故答案为：rm{dfrac{6{c}_{1}{v}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}}{a}拢楼}

rm{n(NaOH)+n(NH_{3})=2n(H_{2}SO_{4})}由图示可知rm{n(NH_{3})=(2v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}-v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3})mol}和rm{m(CO(NH_{2})_{2})=dfrac{1}{2}

隆脕(2v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}-v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3})mol隆脕60g/mol=(0.06v_{1}c_{1}-0.03v_{2}c_{2}}反应生成rm{)g}rm{dfrac{;0.06{c}_{1}{V}_{1}-0.03{c}_{2}{V}_{2}}{a};;隆脕100拢楼=

dfrac{;6{c}_{1}{V}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}}{;a};拢楼}再还原为rm{dfrac{6{c}_{1}{v}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}