2025年华师大版高一物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版高一物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示；质量相等的AB

两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上，两物块始终相对于圆盘静止，则两物块(

)

A.线速度相同B.角速度相同C.向心加速度相同D.向心力相同2、某同学在某砖墙前的高处水平抛出一石子，石子在空中运动的部分轨迹照片如图所示.

从照片可看出石子恰好垂直打在一倾角为37鈭�

的斜坡上的A

点.

已知每块砖的平均厚度为20cm

抛出点到A

点竖直方向刚好相距100

块砖，则石子水平抛出的速度是(

)

A.v0=5m/s

B.v0=15m/s

C.v0=20m/s

D.v0=25m/s

3、某船在静水中的划行速度v

1=4m/s

要渡过d

=20m

宽的河，河水的流速v

2=5m/s

下列说法中正确的是()

A.该船的最短航程等于20m

B.该船不可能沿垂直于河岸的航线抵达对岸C.该船渡河所用时间至少是4s

D.河水的流速越大，渡河的最短时间越长4、两位质量各为50kg的人相距1m时；他们之间的万有引力的数量级约为（）

A.10-7N

B.107N

C.10-11N

D.1011N

5、下面四个图象分别表示四个物体的位移；速度、加速度随时间变化的规律．其中反映物体受力不可能平衡的是（）

A.

B.

C.

D.

6、【题文】如图所示,甲、乙、丙三小球位于同一竖直面内,甲、乙在同一竖直线上,甲、丙在同一水平线上,水平面上的P点在丙的正下方.某时刻甲、乙、丙同时开始运动:甲以速度v0向右做平抛运动,乙以速度v0沿水平面向右做匀速直线运动,丙做自由落体运动,不计空气阻力.则()A.若甲、乙、丙三球同时相遇,一定相遇在P点B.若只有甲、丙二球相遇,此时乙球一定在P点C.若只有甲、乙二球相遇,此时丙球还未着地D.无论初速度v0大小如何,甲、乙、丙三球一定会同时在P点相遇7、做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=15t鈭�1.5t2

根据这一关系式可以知道，物体速度为零的时刻是(

)

A.1.5s

B.8s

C.16s

D.5s

8、天气晴朗时，适合外出运动。某同学骑自行车到野外踏青，其所骑的自行车的大齿轮、小齿轮、后轮的半径之比为4：1：16，如图所示，该同学用力蹬踏板后，单车在运动的过程中，下列说法正确的是（）A.小齿轮和后轮的角速度之比为16：1B.小齿轮边缘和后轮边缘上的质点的线速度大小之比为1：16C.大齿轮和小齿轮的角速度之比为1：1D.大齿轮和小齿轮边缘上的质点的向心加速度大小之比为4：1评卷人得分二、双选题(共6题，共12分)9、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}10、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量11、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}12、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}13、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量14、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、已知地球的质量为万有引力恒量为地球半径为用以上各量表示在地球表面附近运行的人造地球卫星的第一宇宙速度____。若再知道地球的自转角速度为则赤道上空一颗相对地球静止的同步卫星离地面的高度是__________（用表示）。16、用手握住绳的两端，在绳的中点悬挂一重物，改变两绳间的夹角θ，如果物体始终处于平稳状态（绳的拉力的合力始终等于重力），则当θ＝______时，绳中的拉力最小，当θ＝________时绳中的拉力等于重力，在θ角增大的过程中，绳中的拉力逐渐变________。17、如图甲所示为一拉力传感器，某实验小组在用两个拉力传感器探究作用力与反作用力关系的实验中，获得了如图乙所示的图线。根据这个图线，你可以得出的结论是：__________________________。如果实验时两只手边拉边向右运动，与两只手静止时对拉得到的结论有没有变化？（填“有”或“没有”）18、【题文】用相同的水平拉力F分别使质量为m和2m的物体在粗糙水平面上移动相同位移s，若拉力F对两个物体做功分别为W1和W2，则W1和W2之间的关系为W1_______W2。(填=、>、<)19、如果物体沿直线运动，为了定量描述物体的位置及变化，可以以这条直线为x轴，在直线上规定____、____和____，建立直线坐标系，如图，若物体运动到A点，此时它的位置坐标xA=____，若它运动到B点，则此时它的位置坐标xB=____．

20、某同学用打点计时器记录了被小车匀加速拖动的纸带的运动情况，打出的纸带如图示，并取了9个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，（已知计时器所用交变电流频率为50Hz），实验时纸带的______端应和小车相连接（选填“甲”或“乙”）；由图示数据可算出小车的加速度大小为______m/s2．（结果保留两位有效数字）21、某同学利用图示装置测量小球平抛运动的初速度；其中斜槽固定在桌面上，一平整木板表面钉上白纸和复写纸，竖直立于斜槽右侧的水平地面上，进行如下操作：

①将斜槽轨道的末靖调至水平；

②小球从挡板处静止释放；揸到木板后在白纸上留下痕迹A；

③将木板依次向右平移距离x；重复上述操作留下痕迹B；C；

④测得距离x=10.00cm，A、B间距离y1=5.02cm，B、C间距离y2=14.82cm．（取g=9.8m/s2）

（1）保证斜槽末端水平的目的是______．

（2）小球初速度的大小为______m/s2．22、如图所示，细绳一端系着质量，m=0.1kg

的小物块A

置于光滑水平台面上；另一端通过光滑小孔O

与质量M=0.5kg

的物体B

相连，B

静止于水平地面上，当A

以O

为圆心做半径r=0.2m

的匀速圆周运动时，地面对B

的支持力FN=3.0N

求物块A

的线速度为______，和角速度为______.(

取g=10m/s2)

23、有一种测g

值的方法叫“对称自由下落法”：如图，将真空长直管沿竖直方向放置，自O

点竖直向上抛出一小球又落至O

点的时间为T2

在小球运动过程中经过比O

点高H

的P

点，小球离开P

点至又回到P

点所用的时间为T1

测得T1T2

和H

可求得g

等于______．评卷人得分四、简答题(共1题，共6分)24、如图所示，A、B、C三木块的质量分别为GA=2N、GB=4N、GC=6N，甲、乙两轻质弹簧的劲度系数分别为k1=100N/m和k2=200N/m；弹簧的自由长度均为10cm，弹簧与木块所有连接处拴接在一起，整个系统放于水平地面上并处于静止状态．现缓慢向上提上面的A木块，直到最下面的C木块刚离开水平地面．求：

（1）最初甲弹簧的总长度为L1多长？最初乙弹簧的总长度为L2多长？

（2）C木块刚离地时，甲弹簧的总长度为L3多长？乙弹簧的总长度为L4多长？

（3）上述过程中，最上面的木块A移动的距离．评卷人得分五、解答题(共3题，共18分)25、质量是60kg的人站在升降机中的体重计上；当升降机做下列各种运动时，体重计的读数是多少？（g=10m/s2）

（1）升降机匀速上升；

（2）升降机以4m/s2的加速度匀加速上升；

（3）升降机以5m/s2的加速度匀加速下降．

26、跳伞运动员做低空跳伞表演，飞机离地面224m水平飞行，运动员离开飞机在竖直方向做自由落体运动；经过一段时间后，立即打开降落伞，展开伞后运动员以12.5m/s2的加速度在竖直方向上匀减速下降，为了运动员的安全，要求运动员落地时竖直方向的速度最大不超过5m/s，（g=10m/s2）

（1）运动员展开伞时；离地面的高度至少多少？

（2）运动员在空中的最短时间是多少？

27、汽车以15m/s的速度在平直的公路上行驶，司机突然发现正前方15m处有一辆自行车以5m/s的速度做同方向的运动，在反应0.4s后才实施制动，这个时间称为反应时间．若汽车刹车时能产生的最大加速度为5m/s2；则：

（1）从司机发现自行车开始；到汽车停止，汽车还能继续运动多大距离？（假设汽车运动过程中没撞上自行车）

（2）按题述情况；试判断汽车是否会撞上自行车？并说明理由．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】物体在同一个转盘上随转盘一起运动时，具有相同的角速度，这是解这类题目的突破口，然后根据向心加速度、向心力公式进行求解。本题重点考查了向心力的来源；本题时静摩擦力，再结合相关公式求解。

【解答】A.由于AB

在同一转盘上无相对运动，因此它们的角速度相等，由v=娄脴r

可知线速度不同，故A错误；

B.由于AB

在同一转盘上无相对运动；因此它们的角速度相等，故B正确；

C.根据a=娄脴2r

可知角速度相等，半径不同则向心加速度不同，故C错误；

D.根据F=m娄脴2r

可知；质量相等，角速度相等，半径不同则向心力不同，故D错误。

故选B。【解析】B

2、B【分析】解：由题意可知；石子落到A

点的竖直位移为：y=100隆脕20隆脕10鈭�2=20(m)

根据y=12gt2

得：t=2yg=2隆脕2010s=2s

．

竖直分速度为：vy=gt=10隆脕2m/s=20m/s

根据平行四边形定则得：v0=vytan37鈭�=20隆脕34m/s=15m/s

故选：B

根据石子下落的高度；结合位移时间公式求出石子运动的时间，抓住石子速度与斜面垂直，通过竖直分速度，结合平行四边形定则求出石子水平抛出的速度．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．【解析】B

3、B【分析】【分析】水流速大于静水速；知合速度的方向不可能与河岸垂直，即不可能垂直到达对岸；当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短；渡河时间只与静水速和航向有关，与水速无关。

解决本题的关键知道分运动和合运动具有等时性，知道当静水速小于水流速时，合速度方向与静水速方向垂直，渡河位移最短。【解答】AB

．因为水流速大于静水速，所以合速度不可能垂直于河岸，则该船不可能沿垂直于河岸的航线抵达对岸，渡河的最短航程不可能为20m20m故A错误，B正确；C.当静水速与河岸垂直时，渡河的时间至少是，故C错误；D.渡河的时间所以渡河时间只与静水速和航向有关，与水速无关，故D错误。故选B。【解析】B

4、A【分析】

由万有引力定律：F=

F=N=1.67×10-7N；

故选A．

【解析】【答案】应用万有引力定律直接计算求解．

5、B|D【分析】

A；物体的位移均匀减小；做匀速直线运动，合力为零，处于平衡状态．故A错误．

B；物体的速度均匀减小；做匀减速直线运动，加速度不为零，合力不为零，不可能处于平衡．故B正确．

C；物体做匀速直线运动；合力为零，处于平衡状态．故C错误．

D；物体的加速度均匀减小；合力均匀减小，不可能处于平衡．故D正确．

故选BD．

【解析】【答案】物体处于平衡状态；合力为零，加速度为零，做匀速直线运动或静止．

6、A|B【分析】【解析】甲做平抛运动；在水平方向上做匀速直线运动，所以在在未落地前任何时刻，两球都在一竖直线上，最后在地面上相遇，可能在P点前，也可能在P点后；甲在竖直方向上做自由落体运动，所以在未落地前的任何时刻，两球在同一水平线上，两球相遇点可能在空中，可能在P点．所以，若三球同时相遇，则一定在P点，若甲丙两球在空中相遇，乙球一定在P点，若甲乙两球在水平面上相遇，丙球一定落地．故A；B正确，C、D错误．

故选AB．【解析】【答案】AB7、D【分析】解：根据x=v0t+12at2=15t鈭�1.5t2

得初速度为：v0=15m/s

加速度为：a=鈭�3m/s2

则物体速度减为零的时间为：

t=0鈭�v0a=鈭�15鈭�3s=5s

．

故选：D

．

根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度；结合速度时间公式求出速度减为零的时间．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式，并能灵活运用，基础题．【解析】D

8、B【分析】解：A；小齿轮和后轮共轴；角速度相等，故A错误；

B、小齿轮和后轮共轴，根据v=ωr可知；小齿轮边缘和后轮边缘的线速度之比为1：16，则大齿轮边缘和后轮边缘的线速度大小之比为1：16，故B正确；

C、大齿轮和小齿轮共线，线速度相等，根据可知；大齿轮和小齿轮的角速度大小之比为1：4，故C错误；

D、大齿轮和小齿轮共线，线速度相等，根据可知；向心加速度大小之比为1：4，故D错误。

故选：B。

本题在皮带轮中考查线速度；角速度、半径等之间的关系；解决这类问题的关键是弄清哪些地方线速度相等，哪些位置角速度相等。

对于皮带传动装置问题要把握两点一是同一皮带上线速度相等，二是同一转盘上角速度相等。【解析】B二、双选题(共6题，共12分)9、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}10、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}11、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}12、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}13、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}14、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【解析】试题分析：在地球表面，卫星的重力充当向心力，所以有：解得根据公式可得考点：考查了万有引力定律的应用【解析】【答案】16、略

【分析】试题分析:由题意可知，两绳子的拉力的合力与重力大小相等，方向相反；由于两绳上的拉力相等，由力的合成可知，当合力一定时，两力同向时最小；故当夹角为零时，绳中的拉力最小；而当两绳的夹角为120°时，绳子中的拉力大小等于重力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成．【解析】【答案】001200大17、略

【分析】试题分析：（1）由乙图知作用力与反作用力总是大小相等方向相反，同时产生同时消失．（2）两只手边拉边向右运动，与两只手静止时对拉得到的结论没有变化．考点：本题考查牛顿第三定律。【解析】【答案】作用力与反作用力大小相等、方向相反，没有18、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】=19、原点正方向单位长度3m﹣2m【分析】【解答】如果物体沿直线运动，为了定量描述物体的位置变化，可以以这条直线为x轴；在直线上规定原点；正方向和单位长度，建立直线坐标系．

建立直线坐标系，如图，若物体运动到A点，此时它的位置坐标xA=3m，若它运动到B点，则此时它的位置坐标xB=﹣2m．

【分析】如果物体沿直线运动，为了定量描述物体的位置变化，可以以这条直线为x轴；在直线上规定原点；正方向和单位长度，建立直线坐标系．

建立直线坐标系之后，物体的位置与坐标系上的数值对应．20、略

【分析】解：小车做匀加速直线运动；相等时间内的位移增大，可知纸带的乙端和小车相连接．

根据得加速度为：

a=m/s2=0.50m/s2．

故答案为：乙；0.50．

根据相等时间内的位移逐渐增大；确定纸带的哪一端与小车相连．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解加速度和瞬时速度，主要是匀变速直线运动推论的运用．【解析】乙；0.5021、略

【分析】解：（1）保证斜槽末端水平的目的是使小球做平抛运动．

（2）在竖直方向上，根据得，T=s=0.1s；

则小球的初速度．

故答案为：（1）使小球做平抛运动；（2）1．

（1）斜槽的末端保持水平的目的是保证小球的初速度水平；使小球做平抛运动．

（2）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔；结合水平位移和时间间隔求出初速度．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，难度不大．【解析】使小球做平抛运动；122、略

【分析】解：B

处于静止状态；根据受力平衡有：F脌­+N=Mg

则F脌­=2N

拉力提供A

做圆周运动所需的向心力：

F脌­=F脧貌=mv2r

解得：

v=F脌­rm=2隆脕0.20.1=2m/s

角速度：娄脴=vr=20.2=10rad/s

故答案为：2m/s10rad/s

．

B

受到重力、支持力和拉力，根据受力平衡求出拉力；对A

拉力提供A

所需的向心力，根据F脌­=F脧貌=mv2r

求出物块A

的速度，根据v=r娄脴

求解角速度．

解决本题的关键知道拉力提供A

做圆周运动的向心力，根据对B

受力平衡可得出拉力的大小．【解析】2m/s10rad/s

23、略

【分析】解：将小球的运动分解为竖直向上的匀减速直线运动和竖直向下的自由落体运动；

根据t脡脧=t脧脗

则从最高点下落到O

点所用时间为T22

故V0=T22g

从最高点下落到P

点所用时间为T12

则VP=T12g

则从P

点下落到O

点的过程中的平均速度为v.=VO+VP2

从P

点下落到O

点的时间为t=T22鈭�T12

根据H=V.t

可得。

H=(VO+VP2)(T22鈭�T12)=12(T12g+T22g)12隆脕(T2鈭�T1)

解得g=8HT22鈭�T12

故答案为：8HT22鈭�T12

解决本题的关键是将竖直上抛运动分解成向上的匀减速运动和向下的匀加速，所以从最高点落到O

点的时间为T22

落到P

点的时间为T12

可以求出VP

和VO

根据OP

之间可得H=VO+VP2隆脕(T22鈭�T12)

可求出g

．

对称自由落体法实际上利用了竖直上抛运动的对称性，所以解决本题的关键是将整个运动分解成向上的匀减速运动和向下匀加速运动，利用下降阶段即自由落体运动阶段解题.

另外本题用到了利用平均速度求解位移的方法：s=v.t.

【解析】8HT22鈭�T12

四、简答题(共1题，共6分)24、略

【分析】

（1）最初时；ABC都处于静止状态，受力都平衡，弹簧都处于压缩状态，分别对A和BC整体受力分析，根据平衡条件结合胡克定律求解；

（2）C木块刚离地时；地面对C的支持力为零，则乙弹力的拉力等于C的重力，甲弹簧弹力等于BC整体的重力根据平衡条件结合胡克定律求解；

（3）最上面的木块A移动的距离等于两个弹簧压缩量和伸长量之和．

本题关键是平衡条件结合胡克定律求解出弹簧的压缩量和伸长量，注意弹簧的长度等于原长减去压缩量或加上伸长量，难度适中．【解析】解：（1）最初时；ABC都处于静止状态，受力都平衡，对A受力分析，根据平衡条件可知：

GA=k1△x1

解得：

则最初甲弹簧的总长度为：

L1=l0-△x1=10-2=8cm；

对AB整体受力分析；根据平衡条件得：

GA+GB=k2△x2

解得：

最初乙弹簧的总长度为：

L2=l0-△x2=10-3=7cm；

（2）C木块刚离地时；地面对C的支持力为零，则乙弹力的拉力等于C的重力，则有：

GC=k2△x3

解得：

乙弹簧的总长度为：

L4=l0+△x3=10+3=13cm；

把BC看成一个整体；则甲弹力对BC的拉力等于BC的重力，则有：

GC+GB=k1△x4

解得：

则甲弹簧的总长度为：L3=l0+△x4=10+10=20cm；

（3）上述过程中；最上面的木块A移动的距离为：

x=△x1+△x2+△x3+△x4=2+3+3+10=18cm

答：（1）最初甲弹簧的总长度为L1为8cm，最初乙弹簧的总长度为L2为7cm；

（2）C木块刚离地时，甲弹簧的总长度为L3为13cm，乙弹簧的总长度为L4为13cm；

（3）上述过程中，最上面的木块A移动的距离为18cm．五、解答题(共3题，共18分)25、略

【分析】

（1）升降机匀速上升时，体重计的读数F1=G=mg=600N；

（2）当升降机以4m/s2的加速度匀加速上升时；以人为研究对象。

根据牛顿第二定律得