2025年牛津上海版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、有关电磁感应现象的下列说法中正确的是A.感应电流的磁场总跟原来的磁场方向相反B.穿过闭合回路的磁通量发生变化时不一定能产生感应电流C.闭合线圈整个放在磁场中一定能产生感应电流D.感应电流的磁场总是阻碍原来的磁通量的变化2、如图所示，交流电源的电压为220V，频率f=50Hz，三只灯、、的亮度相同，为两个电流表，线圈L无直流电阻，若将交流电源的频率变为f=100Hz；则（）

A.L1、L2、L3亮度都不变B.L1变亮、L2变亮、L3不变C.A1示数变小，A2示数变大D.A1示数变大，A2示数不变3、某同学准备用一种热敏电阻制作一只电阻温度计。他先通过实验描绘出一段该热敏电阻的I一U曲线，如图甲所示，再将该热敏电阻Rt，与某一定值电阻串联接在电路中，用理想电压表与定值电阻并联，并在电压表的表盘上标注温度值，制成电阻温度计，如图乙所示。下列说法中正确的是（）

A.从图甲可知，该热敏电阻的阻值随温度的升高而增大B.图乙中电压表的指针偏转角越大，温度越高C.温度越高，整个电路消耗的功率越小D.若热敏电阻的阻值随温度均匀变化，则表盘上标注温度刻度也一定是均匀的4、从地球赤道表面，以与地面垂直的方向射向太空的一束高速质子流，则这些质子在进入地球周围的空间时，将（）A.竖直向上沿直线射向太空中B.相对于初速度方向，稍向东偏转C.相对于初速度方向，稍向西偏转D.相对于初速度方向，稍向北偏转5、在磁场中有甲、乙两个运动电荷，甲运动方向与磁场方向垂直，乙运动方向与磁场方向平行，则（）

A.甲、乙都受洛伦兹力作用B.甲、乙都不受洛伦兹力作用C.只有甲受洛伦兹力作用D.只有乙受洛伦兹力作用6、如图，一段半径为R的半圆形粗铜导线固定在绝缘水平桌面（纸面）上，铜导线所在空间有一匀强磁场，磁感应强度为B，方向竖直向下．当铜导线通有大小为I的电流时，铜导线所受安培力的大小为（）

A.B.C.D.7、如图所示，平行金属导轨与水平面间的倾角为导轨电阻不计，与阻值为R的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B，有一质量为m长为的导体棒从ab位置获得平行于斜面的、大小为v的初速度向上运动，最远到达的位置，滑行的离为s，导体棒的电阻也为R，与导轨之间的动摩擦因数为则下列说法错误的是（）

A.上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B.上滑过程中电流做功发出的热量为C.上滑过程中导体棒损失的机械能为D.上滑过程中导体棒克服安培力做的功为8、图示为高铁的供电流程图，牵引变电所（视为理想变压器，原、副线圈匝数比为）将高压或降至再通过接触网上的电线与车顶上的受电器使机车获得工作电压；则（）

A.若电网的电压为则B.若电网的电压为则C.若高铁机车运行功率增大，机车工作电压将会高于D.高铁机车运行功率增大，牵引变电所至机车间的热损耗功率也会随之增大9、浙福线的投运让福建电网实现了从500千伏超高压到1000千伏特高压的跨越，福建从此进入“特高压”时代。在输送功率不变、不考虑其它因素影响的情况下，采用“特高压”输电后，输电线上的电压损失减少到“超高压”的（）A.10%B.25%C.50%D.75%评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，在区域内有方向垂直纸面向外的足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为一带电粒子以速度从轴上的点沿轴正方向射入磁场，并从轴上的点射出磁场，射出时的速度方向与轴正方向间的夹角为已知不计粒子的重力，下列判断正确的是（）

A.该粒子带负电B.点到原点的距离为C.该粒子从点运动到点的时间为D.该粒子的比荷为11、如图所示，三条长直导线a、b、c都通以垂直纸面的电流，其中a、b两根导线中电流方向垂直纸面向外.o点与a、b、c三条导线距离相等，且处于oc⊥ab．现在o点垂直纸面放置一小段通电导线，电流方向垂直纸面向里，导线受力方向如图所示.则可以判断（）

A.o点处的磁感应强度的方向与F相同B.长导线c中的电流方向垂直纸面向外C.长导线a中电流I1小于b中电流I2D.长导线c中电流I3小于b中电流I212、某种角速度测量计结构如图所示，当整体系统绕轴OO′转动时，元件A发生位移并通过滑动变阻器输出电压U，电压传感器(传感器内阻无限大)接收相应的电压信号．已知A的质量为m，弹簧的劲度系数为k、自然长度为l，电源的电动势为E、内阻不计．滑动变阻器总长也为l，电阻分布均匀，系统静止时P在变阻器的最左端B点，当系统以角速度ω转动时；则（）

A.电路中电流随角速度的增大而增大B.输出电压U随角速度的增大而增大C.输出电压U与ω的函数式为U＝D.弹簧的伸长量为x＝13、如图甲所示，光滑金属导轨成角放置在水平面上，匀强磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为B。长直导体棒垂直放置在导轨上，并与交于E、F两点，且在外力作用下，导体棒由EF处运动到处，速度由减小到速度的倒数随位移x变化的关系图线如图乙所示。除阻值为R的电阻外，其他电阻均不计。在棒由处运动到处的过程中（）

A.导体棒切割磁感线产生的感应电动势恒为B.导体棒所受安培力逐渐增大C.克服安培力做功为D.克服安培力做功为14、下列说法正确的是（）A.利用压力传感器可制成电子秤B.波长越长的电磁波更有利于雷达定位C.楞次定律的得出运用了归纳推理的科学方法D.为减少输电过程中感抗、容抗等带来的损耗，输电时常采用直流输电评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，电路中电源内阻不能忽略，L的自感系数很大，其直流电阻忽略不计，A、B为两个完全相同的灯泡，当S闭合时，A灯________变亮，B灯________变亮．当S断开时，A灯________熄灭，B灯________熄灭．（均选填“立即”或“缓慢”）

16、洛伦兹力的大小。

（1）当v与B成θ角时，F＝______.

（2）当v⊥B时，F＝______.

（3）当v∥B时，F＝______.17、如图为振荡电路在某时刻的电容器的带电情况和电感线圈中磁感线方向情况，由图可知电容器在___________（选填“放”或“充”）电，电感线圈中的电流在___________（选填“增大”“减小”或“不变”），如果振荡电流的周期为π×10-4s，电容为C=250μF，则自感系数L=___________。

18、采用高压向远方的城市输电。当输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的输电电压应变为___________19、电磁波具有能量。

电磁场的转换就是_________能量与_________能量的转换，电磁波的发射过程是_________能量的过程，传播过程是能量传播的过程。20、如图所示，矩形线圈一边长为d，另一边长为a，电阻为R，当它以速度V匀速穿过宽度为L，磁感应强度为B的匀强磁场过程中，若L__________，通过导线横截面的电荷量为__________；若L>d，产生的电能为__________，通过导线横截面的电荷量为__________．

21、判断下列说法的正误。

（1）各种电磁波中最容易表现出干涉和衍射现象的是γ射线。____

（2）红外线有显著的热效应，紫外线有显著的化学作用。____

（3）低温物体不能辐射红外线。____

（4）紫外线在真空中的传播速度大于可见光在真空中的传播速度。____

（5）可利用红外线的荧光效应辨别人民币的真伪。____

（6）X射线的穿透本领比γ射线更强。____评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)22、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

23、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

24、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

25、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)26、理想变压器是指在变压器变压的过程中，线圈和铁芯不损耗能量、磁场被束缚在铁芯内不外漏的变压器．现有一个理想变压器、一个原线圈（匝数为n1）和一个副线圈（匝数为n2）。甲；乙两位同学想探究这个理想变压器的原、副线圈两端的电压与线圈匝数的关系。

（1）甲同学的猜想是U1∶U2＝n1∶n2；乙同学的猜想是U1∶U2＝n2∶n1.你认为猜想合理的同学是________，你做出上述判断所依据的物理规律是_________。

（2）为了验证理论推导的正确性，可以通过实验来探究。为保证实验安全、有效地进行，应选用________电源。

（3）在实验时，若采用多用电表进行测量，应先将选择开关置于________挡，并选用________量程进行试测，大致确定被测数据后，再先用适当的量程进行测量。27、在“研究磁通量变化时感应电流的方向”的实验中：

（1）①某同学用通电螺线管代替条形磁铁进行如下实验操作：

A.将灵敏电流计直接与电池两极相连；检测灵敏电流计指针偏转方向与电流流向的关系；

B.按图接好电路；

C.把原线圈放入副线圈中；接通；断开电键观察并记录灵敏电流计指针偏转方向；

D．归纳出感应电流的方向与磁通量变化的关系。

其中错误之处是___________、___________。

②已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成图8所示电路，条形磁铁的磁极、运动方向及灵敏电流计的正负接线柱和指针偏转方向均如图所示，试画出螺线管上导线的绕向。___________

28、探究向心力大小F与物体的质量m、角速度ω和轨道半径r的关系实验。

（1）本实验所采用的实验探究方法与下列哪些实验是相同的__________；

A.探究平抛运动的特点。

B.探究变压器原；副线圈电压与匝数的关系。

C.探究两个互成角度的力的合成规律。

D.探究加速度与物体受力；物体质量的关系。

（2）某同学用向心力演示器进行实验；实验情景如甲；乙、丙三图所示。

a.三个情境中，图______是探究向心力大小F与质量m关系（选填“甲”；“乙”、“丙”）。

b.在甲情境中，若两钢球所受向心力的比值为1∶9，则实验中选取两个变速塔轮的半径之比为_________。

（3）某物理兴趣小组利用传感器进行探究；实验装置原理如图所示。装置中水平光滑直槽能随竖直转轴一起转动，将滑块套在水平直槽上，用细线将滑块与固定的力传感器连接。当滑块随水平光滑直槽一起匀速转动时，细线的拉力提供滑块做圆周运动需要的向心力。拉力的大小可以通过力传感器测得，滑块转动的角速度可以通过角速度传感器测得。

小组同学先让一个滑块做半径r为0.14m的圆周运动，得到图甲中①图线。然后保持滑块质量不变，再将运动的半径r分别调整为0.12m；0.10m、0.08m、0.06m；在同一坐标系中又分别得到图甲中②、③、④、⑤四条图线。

a.对①图线的数据进行处理，获得了F-x图像，如图乙所示，该图像是一条过原点的直线，则图像横坐标x代表的是________。

b.对5条F-ω图线进行比较分析，得出ω一定时，F∝r的结论。请你简要说明得到结论的方法_______。

29、半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器；其阻值会随压力变化而改变。

（1）利用图甲所示的电路测量一传感器在不同压力下的阻值其阻值约几十千欧，现有以下器材：

压力传感器。

电源：电动势

电流表A：量程250μA，内阻约为

电压表V：量程内阻约为

滑动变阻器R：阻值范围

开关S；导线若干。

为了提高测量的准确性，应该选下面哪个电路图进行测量_________；

（2）通过多次实验测得其阻值随压力F变化的关系图像如图乙所示：

由图乙可知，压力越大，阻值_________（选填“越大”或“越小”），且压力小于时的灵敏度比压力大于时的灵敏度（灵敏度指电阻值随压力的变化率）_________（选填“高”或“低”）；

（3）利用该压力传感器设计了如图丙所示的自动分拣装置，可以将质量不同的物体进行分拣，图中为压力传感器，为滑动变阻器，电源电动势为（内阻不计）。分拣时将质量不同的物体用传送带运送到托盘上，OB为一个可绕O转动的杠杆，下端有弹簧，当控制电路两端电压时，杠杆OB水平，物体水平进入通道1；当控制电路两端电压时，杠杆的B端就会被吸下，物体下滑进入通道2，从而实现分拣功能。重力加速度大小为若要将质量大于的货物实现分拣，至少应该将接入电路的阻值调为_________（结果保留3位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)30、人造卫星绕地球运行时，轨道各处地磁场的强弱并不相同。因此，金属外壳的人造地球卫星运行时，外壳中总有微弱的感应电流。查找资料，了解这一现象产生的原因和能量转化情况，以及对卫星的运行可能会产生怎样的影响。31、如图所示，两条固定的光滑平行金属导轨，导轨宽度为L=1m，所在平面与水平面夹角为θ=30°，导轨电阻忽略不计。虚线ab、cd均与导轨垂直其间距为l=1.6m，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场B=2T。将两根质量均为m=1kg电阻均为R=2Ω的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，其时间间隔为=0.1s。两者始终与导轨垂直且接触良好。已知PQ进入磁场时加速度恰好为0。当MN到达虚线ab处时PQ仍在磁场区域内。求：

(1)导体棒PQ到达虚线ab处的速度v；

(2)当导体棒PQ到达虚线cd的过程中导体棒MN上产生的热量Q；

(3)当导体棒PQ刚离开虚线cd的瞬间，导体棒PQ两端的电势差

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A．根据楞次定律得知；当原来磁场的磁能量增加时，感应电流的磁场跟原来的磁场方向相反，当原来磁场的磁能量减小时，感应电流的磁场跟原来的磁场方向相同，A错误；

B．根据感应电流产生的条件可知；当穿过闭合电路的磁能量发生变化时，电路中能产生感应电流，B错误；

C．当闭合线框放在变化的磁场中；不一定能产生感应电流．如果线圈与磁场平行时，穿过线圈的磁通量不变，线圈中不能产生感应电流，C错误；

D．根据楞次定律得知；感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化，D正确．

故选D.

【点睛】

根据楞次定律分析感应电流的磁场与原磁场方向的关系．当穿过闭合电路的磁能量发生变化时，电路中能产生感应电流．闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时闭合电路中能产生感应电流．2、D【分析】【分析】

【详解】

三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大，电容的容抗减小，电阻所在支路对电流的阻碍作用不变，所以流过L1的电流变大，亮度变亮，A1示数变大；流过L2的电流变小，亮度变暗，流过L3的电流不变，亮度不变，A2示数不变。

故选D。3、B【分析】【详解】

A．I−U图象上的点与原点连线的斜率的倒数表示电阻，由甲图可知，I越大；电阻越小，而温度越高，则热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，选项A错误；

B．温度越高，Rt阻值越小，热敏电阻Rt与定值电阻R串联接在电路中，电路中电流越大，R的电压越大；电压表的指针偏转角越大，因此电压表的指针偏转角越大，温度值越大，选项B正确；

C．温度越高，电路中电流越大，由P=IU可知；整个电路消耗的功率越大，选项C错误；

D．若热敏电阻的阻值随温度线性变化，由闭合电路欧姆定律

可知电路中电流I随温度是非线性变化的，由电压表的示数U=IR可知，U随温度是非线性变化的；因此表盘标注温度刻度一定是不均匀的，选项D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

质子流的方向从下而上射向太空；地磁场方向在赤道的上空从南指向北，根据左手定则，洛伦兹力的方向向东，所以质子向西偏转．

A．竖直向上沿直线射向太空中．故A不符合题意．

B．相对于初速度方向；稍向东偏转．故B不符合题意．

C．相对于初速度方向；稍向西偏转．故C符合题意．

D．相对于初速度方向，稍向北偏转．故D不符合题意．5、C【分析】【详解】

粒子甲的速度方向与磁场方向垂直，故洛伦兹力为：粒子乙的速度方向与磁场方向平行；故洛伦兹力为零，故C正确，A；B、D错误；

故选C．6、D【分析】【详解】

导线在磁场中的有效长度为2R,故铜导线所受安培力的大小为：

故D正确，ABC错误；7、D【分析】【详解】

A．导体棒开始运动时所受的安培力最大，由E=Blv

电流为

则安培力为

故A说法正确,不符合题意；

B．根据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则有电流做功发出的热量

故B说法正确,不符合题意；

C．上滑的过程中导体棒的动能减小重力势能增加mgssinθ，所以导体棒损失的机械能为故C说法正确,不符合题意；

D．根据功能关系知：导体棒克服安培力做的功等于电路中产生的焦耳热，设为W，由上分析可知导体棒克服安培力应小于导体棒动能的减小，即故D说法错误,符合题意．

所以选D．8、D【分析】【详解】

AB．若电网的电压为则

若电网的电压为则

故AB错误；

CD．若高铁机车运行功率增大；则牵引变电所副线圈输入功率增大，而副线圈电压不变，所以牵引变电所至机车间之间的电流增大，热损耗功率也会随之增大，导线电阻分压增大，机车工作电压将会低于25kV，故C错误，D正确。

故选D。9、C【分析】【分析】

【详解】

输电的电流为

损失的电压为

在输送功率不变、不考虑其它因素影响的情况下，从500千伏超高压到1000千伏特高压，即变为原来的2倍，则输电电流变为原来的一半，有

故选C。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C:D【分析】【详解】

A．根据左手定则判断可知；粒子带正电荷，故A错误；

B．粒子运动轨迹如图所示。

由几何关系可知

解得

故B正确；

C．粒子在磁场中做圆周运动的周期为

从M到N的时间为

故C正确；

D．粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

解得

故D正确。

故选BCD。11、B:C【分析】【详解】

由左手定则可知，磁感应强度方向与安培力方向垂直，故A错误；由左手定则可知，O点的磁感应强度方向与垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右和竖直向下，所以导线c在O点产生的磁场方向应水平向右，由右手定则可知，导线c中的电流为垂直纸面向外，导线a在O点产生的磁场方向竖直向上，导线b在O点产生的磁场方向竖直向下，所以长导线a中电流I1小于b中电流I2，由于不知道安培力的具体方向，所以无法确定长导线c中电流I3小于b中电流I2，故BC正确，D错误．12、B:C【分析】【详解】

A．当系统在水平面内以角速度ω转动时，无论角速度增大还是减小，BC的电阻不变；根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流保持不变，与角速度无关。故A错误。

B．当角速度增大，弹簧的伸长量增大，则BP之间的分压变大，即输出电压U增大；故B正确。

CD．设系统在水平面内以角速度ω转动时，弹簧伸长的长度为x，则对元件A，根据牛顿第二定律得：

则得：

又输出电压为：

联立两式得：

故C正确，D错误。

故选BC。13、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图乙知图线的斜率为

图线的表达式为

代入k值得

导体棒切割磁感线产生的感应电动势为

感应电流为

所以感应电动势和感应电流都不变，则安培力为

所以安培力逐渐增大；故AB正确；

CD．由于安培力与位移为一次函数关系，所以求安培力的功时可用力对位移的平均值，根据题意，当导体棒运动2L0时，导轨间导体棒长度为3L0，安培力平均值为

克服安培力做功为

故C错误；D正确。

故选ABD。14、A:C:D【分析】【详解】

A．电子秤使用的测力装置通常是压力传感器；所以利用压力传感器可以制成电子秤，A正确；

B．雷达是利用电磁波来测定物体位置的无线电设备；因为波长越短的电磁波可以更好的反射；因此雷达使用的电磁波是波长比较短的微波，B错误；

C．楞次定律的得出运用了归纳推理的科学方法；C正确；

D．高压输电线路中的感抗和容抗都是因为交流电所产生的；如果采用直流输电，没有了交流效应，也就没有了电感或电容，就没有了感抗和容抗，只剩下电阻了，D正确。

故选ACD。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】缓慢立即缓慢缓慢16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】qvBsinθ.qvB017、略

【分析】【详解】

[1][2][3]根据题图中的磁感线方向，由安培定则可判断出回路中的电流方向为顺时针方向，故正在对电容器充电，磁场能正在转化为电场能，电流正在减小。又由

可得L=

解得L=10-5H【解析】①.充②.减小③.10-5H18、略

【分析】【分析】

【详解】

输电功率

U为输电电压，I为输电线路中的电流，输电线路损失的功率

R为输电线路的电阻，即

当输电功率一定时，输电线路损失的功率为原来的则输电电压U变为原来的2倍即【解析】19、略

【解析】①.电场②.磁场③.辐射20、略

【分析】【分析】

根据公式E=Blv求出线圈切割磁感线产生的感应电动势；由闭合电路欧姆定律求出感应电流，即可由焦耳定律求出线圈产生的电能，由q=It求解电量．

【详解】

线圈进入磁场的过程中，产生的感应电动势为：E=Bav，

由闭合电路欧姆定律得感应电流：

如果：L通过导体截面的电荷量为

如果：L>d，由焦耳定律得，线圈产生的电能为

通过导体截面的电荷量为．【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.错误④.错误⑤.错误⑥.错误四、作图题(共4题，共12分)22、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】25、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共36分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]由变压器的工作原理可知；猜想合理的同学是甲同学．做出上述判断依据的物理规律是法拉第电磁感应定律．

（2）[3]为了保证实验安全；有效地进行；应选用低压（一般低于12V）交流电源．

（3）[4][5]使用多用电表时，应先将选择开关置于交流电压挡，并先用最大量程进行试测．【解析】①.甲②.法拉第电磁感应定律③.低压（一般低于12V）交流④.交流电压⑤.最大27、略

【分析】【分析】

不能用导线直接把电源两极连接起来；否则会造成电源短路，损坏电源，应串联保护电阻再接到电源上，故A错误；原线圈应用小线圈，副线圈应用大线圈，故B错误。

根据楞次定律判断出感应电流磁场方向；然后由安培定则判断出线圈的绕向，最后作图。

【详解】

（1）[1][2]A．将灵敏电流计直接与电池两极相连；会造成电源短路，损坏电源，电流计要串接保护电阻后接到电池上，故A操作错误；

B．原线圈应该用小线圈；副线圈应用用大线圈，由图示电路图可知，原副线圈弄反了，故B操作错误。

（2）[3]由图示可知；穿过螺线管的磁场方向向下，磁铁向螺线管靠近，穿过螺线管的磁通量变大，由楞次定律可知，感应电流磁场方向应向上，由安培定则可知，从上向下看，螺线管的绕向是沿逆时针方向，如下图所示。

【解析】①.A中电流计要串接保护电阻后接到电池上②.B中原副线圈位置换错了③.28、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．在本实验中；利用控制变量法来探究向心力的大小与小球质量；角速度、半径之间的关系。探究平抛运动的特点，例如两球同时落地，两球在竖直方向上的运动效果相同，应用了等效思想，故A错误；

B．当一个物理量与多个物理量相关时，应采用控制变量法，探究该物理量与某一个量的关系，在探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系的实验中，保持原线圈输入的电压U1一定，探究副线圈输出的电压U2与和匝数n1、n2的关系；故B正确；

C．探究两个互成角度的力的合成规律；即两个分力与合力的作用效果相同，采用的是等效替