2025年外研版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版选择性必修2物理上册月考试卷300考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示a、b间接入正弦交流电，理想变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，R2为热敏电阻，随着温度升高其电阻变小，所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当R2所在处出现火情时；以下说法中正确的是。

A.V1的示数减小，V2的示数减小B.V1的示数不变，V2的示数减小C.A1的示数增大，A2的示数增大D.A1的示数减小，A2的示数减小2、如图所示，水平面内有两根足够长的平行金属导轨L1、L2，其间距d＝0.5m，左端接有电容C＝2000μF的电容器。质量m＝20g的导体棒垂直放置在导轨平面上且可在导轨上无摩擦滑动，导体棒和导轨的电阻不计。整个空间存在垂直于导轨所在平面向里的匀强磁场，磁感应强度B＝2T。现用一沿导轨方向向右的恒力F＝0.22N作用于导体棒，使导体棒从静止开始运动，经过一段时间t，速度达到v＝5m/s；则（）

A.此时电容器两端的电压为10VB.此时电容器上的电荷量为1×10－2CC.导体棒做匀加速运动，且加速度为20m/s2D.时间t＝0.4s3、在刚结束的学业水平合格性考试中；金属探测器是考生入场前统一使用的合法预防考生作弊的辅助检测设施。其结构原理图可简化为下图所示。探测器的发射线圈（外环）用于产生垂直于线圈平面的磁场，内环线圈是接收线圈，用来收集被查金属目标发出的磁场（接收线圈能完全屏蔽发射线圈产生的磁场）。某一时刻发射线圈发射一向下的磁场，则下列说法正确的是（）

A.金属探测器使用的是两节干电池，所以探测器的发射线圈中使用的是直流电B.如果发射线圈发射的向下磁场增强，则金属物中感应电流所产生的磁场也增强C.金属物发出的磁场穿过接收线圈时，接收线圈中会产生一个微弱的电流，探测器相应的元件就是依据这一信号电流做出报警的D.金属物发出的磁场穿过接收线圈时，如果接收线圈中产生的微弱电流俯视看沿逆时针方向，则金属物发出的穿过接收线圈的磁场方向向上4、在匀强磁场中一个电子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一个磁感应强度是原来磁感应强度2倍的匀强磁场，则（）A.粒子的速率加倍，周期减半B.粒子速率不变，轨道半径减半C.粒子速率减半，轨道半径减半D.粒子的速率不变，周期加倍5、如图所示，由均匀导线制成的半径为R的圆环，以速度v匀速进入一磁感应强度大小为B的匀强磁场。当圆环运动到图示位置（∠aOb=90°）时，a、b两点的电势差Uab为（）

A.B.C.D.6、图甲中的理想变压器原、副线圈匝数比输入端a、b所接电压u随时间t的变化关系如图乙所示．灯泡L的电阻恒为额定电压为．定值电阻滑动变阻器R的最大阻值为．为使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻应调节为（）

A.B.C.D.7、输电线的电阻为r,输送的电功率为P,用电压U输送电,则用户得到的功率为()A.PB.C.P-U2rD.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、一匀强磁场的磁感应强度大小为方向垂直于纸面向外，其边界如图中虚线所示，弧是半径为的半圆，与直径共线，与与之间的距离等于半圆的半径。一束质量为电荷量为的粒子，在纸面内从点垂直于射入磁场，这些粒子具有各种速率，不计粒子之间的相互作用和粒子的重力，速度分别为和的粒子在磁场中的运动时间分别为则（）

A.B.C.D.9、如图所示，理想变压器原、副线圈分别与电阻R1、R2连接，R1＝R2。现通过移动滑片P来改变原线圈的匝数，使原线圈和副线圈接入电路的匝数分别为n1、n2，已知交流电源电压瞬时值表达式为u＝220sin100πt（V）；下列说法中正确的是（）

A.当n1∶n2＝2∶1时，电压表的示数小于110VB.通过电阻R2的交变电流的频率为100HzC.当滑片P向下移动时，电压表的示数将变大D.当移动滑片P使n1＝n2时，电压表的读数为110V10、如图所示，是自感系数较大的线圈，其直流电阻可忽略不计，是三个相同的小灯泡；下列说法正确的是（）

A.开关闭合时，灯立即亮，灯逐渐亮B.开关闭合，电路稳定后，灯亮，灯不亮C.开关断开时，灯立即熄灭，灯逐渐熄灭D.开关断开时，灯立即熄灭，灯逐渐熄灭11、在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡。理想线圈L的自感系数足够大；电阻可以忽略不计，下列说法正确的是（）

A.闭合开关S时，A2先亮，A1逐渐变亮B.闭合开关S时，A1和A2同时亮C.断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭D.断开开关S时，流过A2的电流方向向右12、如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图乙曲线a、b所示；则（）

A.两次t＝0时刻线圈平面均与中性面重合B.曲线a、b对应的线圈转速之比为2∶3C.曲线a表示的交变电动势频率为25HzD.曲线b表示的交变电动势最大值为10V13、如图，足够长的光滑平行金属轨道ad、bc水平放置，cd端连有一电阻R，整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中（图中未画出）。金属杆MN在水平向右的恒力F作用下，从静止开始做加速运动，一段时间后以最大速度做匀速运动。金属杆始终保持与轨道垂直且接触良好；轨道和金属杆的电阻及空气阻力均可忽略不计。则（）

A.金属杆开始做匀加速运动，最终达到速度B.金属杆加速运动过程中的平均速度大于C.当金属杆的速度为时，它的加速度大小也等于最大加速度大小的一半D.金属杆从开始运动到获得最大速度的过程中，克服安培力做的功等于动能的增加量14、如图所示，光滑绝缘水平桌面上，虚线右侧有竖直向下的匀强磁场，其磁感应强度大小为虚线左侧有一长宽的矩形金属框其质量为电阻为边与平行。第一次，让金属框沿水平桌面、垂直方向以的初速度冲入磁场区域；第二次，让金属框在水平向右的外力作用下以的速度匀速进入磁场区域。下列说法正确的是（）

A.进入磁场的过程中，金属框中的电流方向为B.前、后两次进入磁场的过程中，通过金属框横截面的电荷量之比为C.前、后两次进入磁场的过程中，金属框中的焦耳热之比为D.金属框前、后两次进入磁场过程的时间之比为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、小型水利发电站的发电机输出功率为24.5kW，输出电压为350V，输电线总电阻为4Ω，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器。输电电路图如图所示，则电流I1=___________；升压变压器的原、副线圈的匝数之比n1：n2=___________；降压变压器的原、副线圈的匝数之比n3：n4=_________。

16、如图所示，导轨竖直、光滑且足够长，上端接一电阻磁场方向为垂直纸平面向里，磁感应强度导轨宽度导体棒紧贴导轨下滑，导体棒的电阻已知棒匀速下滑时R中消耗电功率为则棒匀速运动的速度大小为_______

17、判断下列说法的正误。

（1）安培力的方向与磁感应强度的方向相同。____

（2）应用左手定则时，四指指向电流方向，拇指指向安培力方向。____

（3）对于磁电式电流表，指针稳定后，线圈受到的螺旋弹簧的阻力与线圈受到的安培力方向是相反的。____

（4）对于磁电式电流表，通电线圈中的电流越大，电流表指针偏转角度也越大。____

（5）对于磁电式电流表，在线圈转动的范围内，线圈所受安培力与电流有关，而与所处位置无关。____18、如图所示，i—t图象表示LC振荡电流随时间变化的图象，在t＝0时刻，电路中电容器的M板带正电，在某段时间里，电路的磁场能在减少，而M板仍带正电，则这段时间对应图象中________段。

19、在电视信号发送和接收的过程中，要用到许多电学部件，将元件名称和它们在电路中的作用连接起来_______。

摄像机将声信号还原后放出。

话筒向空中发射电磁波。

发射天线接收空中的电磁波。

显像管将光信号转变为电信号。

扬声器将声信号转变为电信号。

接收天线将电信号转变为光信号20、一段直导线在垂直于均匀磁场的平面内运动。已知导线绕其一端以角速度转动时的电动势与导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势相同，那么，导线的长度为__________________。21、一段直导线在垂直于均匀磁场的平面内运动。已知导线绕其一端以角速度转动时的电动势与导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势相同，那么，导线的长度为__________________。22、现代科学研究中常要用到高速电子，电子感应加速器就是利用感生电场使电子加速的设备．它的基本原理如图所示，上、下为电磁铁的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室，电子在真空室中做圆周运动．电磁铁线圈电流的大小、方向可以变化，产生的感生电场使电子加速．上图为侧视图，下图为真空室的俯视图，如果从上向下看，电子沿逆时针方向运动．已知电子的电荷量为e，电子做圆周运动的轨道半径为r，因电流变化而产生的磁感应强度随时间的变化率为（k为一定值）．

（1）为使电子加速，感生电场的方向应该沿__________方向（填“顺时针”或“逆时针”）；

（2）为使电子加速，当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时，电流的大小应该_______（填“增大”或“减小”）；

（3）电子在圆形轨道中加速一周的过程中，感生电场对电子所做的功为___________．评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)27、“额温枪”被大量应用于排查高温患者；其原理是通过传感器接收红外线得出感应温度数据。某同学为了研究额温枪中某导电材料的导电规律，用该种导电材料制作成电阻较小的元件Z做实验，测量元件Z中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律。

（1）他应选用下列哪个电路进行实验_________________；

A.B.

C.D.

（2）为了进一步验证“额温枪”测温的准确性，该同学设计了图甲所示电路，已知电源电动势内阻忽略不计，热敏电阻的阻值与温度的关系如图乙所示。闭合电键后发现电压表示数为0.45V，则热敏电阻此时的温度为______________℃（保留1位小数）。

28、小明同学将废弃不用的手机充电器拆开；发现内部有一个变压器，他想在不拆变压器绕线的前提下测量其初级线圈的直流电阻，先用多用电表欧姆挡测得阻值约400Ω，然后再用伏安法精确测量其直流电阻。现有器材如下：

①电流表A1（量程20mA，内阻r1约为3Ω，读数记为I1）；

②电流表A2（量程5mA，内阻读数记为I2）；

③电压表V（量程15V，内阻RV约为15KΩ，读数记为U）；

④定值电阻

⑤定值电阻

⑥滑动变阻器R（0~1000Ω）；

⑦蓄电池E（电动势6V；内阻很小）；

⑧开关；导线若干。

（1）小明利用以上的部分器材设计了如图1所示的电路图，请指出此电路设计不妥当的地方_____；

（2）请利用提供的器材在图2的方框中画出改进后的电路图，并标出各器材的代号______；

（3）测量初级线圈的电阻表达式为RL=___________；（本结果均用题中所给的字母表示）

（4）关于实验操作说法正确的是___________。

A．接通电路时应先接通K1，电路稳定后再接通K2

B．实验结束拆除电路时应先断开K1，稍等一会儿再断开K2

C．调整滑动变阻器电阻后立刻读出电表读数29、小红用如图甲所示的装置探究“影响感应电流方向的因素”；螺线管与电流计构成闭合电路，条形磁铁N极朝下，请回答下列问题：

（1）要想使电流计指针发生偏转，即有感应电流产生，小红进行了以下四种操作，其中可行的是__________（选填选项前的字母）。

A.螺线管不动；磁铁匀速插入或拔出螺线管。

B.螺线管不动；磁铁加速插入或拔出螺线管。

C.磁铁与螺线管保持相对静止；一起匀速向上运动。

D.磁铁与螺线管保持相对静止；一起在水平面内做圆周运动。

（2）在（1）的研究中，小红发现电流计指针偏转方向会有不同，也就是感应电流方向不同，根据（1）中的操作，则感应电流方向与下列哪些因素有关________（选填选项前的字母）。

A.螺线管的匝数。

B.磁铁的磁性强弱。

C.磁铁运动的方向。

D.磁铁运动的速度大小。

（3）小红又将实验装置改造，如图乙所示，螺线管经过滑动变阻器与开关、电池相连构成直流电路；螺线管与电流计构成闭合电路，螺线管套在螺线管的外面，为了探究影响感应电流方向的因素，闭合开关后，以不同速度移动滑动变阻器的划片，观察指针摆动情况；由此实验可以得出恰当的结论是__________（选填选项前的字母）。

A.螺线管的磁性变强或变弱影响指针摆动幅度大小。

B.螺线管的磁性变强或变弱影响指针摆动方向。

C.螺线管的磁性强弱变化快慢影响指针摆动幅度大小。

D.螺线管的磁性强弱变化快慢影响指针摆动方向。

（4）在（3）的研究中，完成实验后未断开开关，也未把两螺线管和铁芯分开设置，在拆除电路时突然被电击了一下，则被电击是在拆除________（选填“”或“”）螺线管所在电路时发生的。试分析被电击的原因：____________。评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)30、如图所示，半径为a的圆环电阻不计，放置在垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场中，环内有一导体棒电阻为r；可以绕环匀速转动．将电阻R，开关S连接在环和棒的O端，将电容器极板水平放置，并联在R和开关S两端．已知两板间距为d．

(1)开关S断开；极板间有一带正电q，质量为m的微粒恰好静止，试判断OM的转动方向和角速度的大小．

(2)当S闭合时，该带电粒子以g的加速度向下运动，则R是r的几倍？31、如图所示，在坐标系xOy平面内，上方有沿y轴负方向的匀强电场，虚线下方有垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从点以大小为沿x轴负方向的速度射入电场，经过点进入磁场，运动一段时间后再次经过A点。不计粒子重力。

（1）求电场强度的大小E；

（2）求磁感应强度大小B；

（3）若粒子刚进入第一象限时，在x轴上方的磁场区域加一沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为求粒子此后经过x轴所有位置的横坐标。

32、如图所示，平面直角坐标系的第一象限充满沿y轴正方向的匀强电场；坐标原点O右侧有一个与y轴平行、足够长且厚度不计的荧光屏，荧光屏与x轴相交于Q点，且y轴左侧充满垂直平面向里的匀强磁场。一重力可忽略不计、比荷大小为k的带负电粒子，以速度从y轴负半轴上的P点（）水平向左射入磁场。若匀强磁场的磁感应强度大小匀强电场的电场强度大小求：

（1）该粒子从P点入射到打在荧光屏上所经过的时间；

（2）若该粒子打在荧光屏上的位置到Q点的距离。

33、如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场，现有一质量为m、电量为+q的粒子（重力不计）从坐标原点O射入磁场，其入射方向与x的正方向成45°角。当粒子运动到电场中坐标为（3L，L）的P点处时速度大小为v0，方向与x轴正方向相同。求。

(1)粒子从O点射入磁场时的速度v；

(2)匀强电场的场强E和匀强磁场的磁感应强度B；

(3)粒子从O点运动到P点所用的时间。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；

由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小；所以AC正确，BD错误．

【点睛】

此题是关于变压器及电路的动态分析问题；在做电路的动态变化的分析题目时，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法；注意变压器次级电压是由初级电压和匝数比决定的．2、B【分析】【详解】

A．当棒运动速度达到v＝5m/s时，产生的感应电动势E＝Bdv＝5V

选项A错误．

B．电容器两端电压U＝E＝5V

此时电容器带的电荷量q＝CU＝1×10－2C

选项B正确．

CD．设回路中的电流为I，棒在力F作用下，有F－BId＝ma

又I＝Δq＝CΔUΔU＝BdΔva＝

联立解得a＝＝10m/s2t＝＝0.5s

选项CD错误．

故选B。3、C【分析】【详解】

A．金属探测器使用的是两节干电池；但探测器的发射线圈中使用的是交流电，故A错误；

B．如果发射线圈发射的向下磁场增强；则金属物中有感应电流所产生，但不能确定感应电流所产生的磁场是否增强，故B错误；

C．金属物发出的磁场穿过接收线圈时；接收线圈中会产生一个微弱的电流，探测器相应的元件就是依据这一信号电流做出报警的，故C正确；

D．如果接收线圈中产生的微弱电流俯视看沿逆时针方向；由楞次定律可知，金属物发出的穿过接收线圈的磁场可能方向向上大小减弱，也可能方向向下大小增强，故D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

BC．带电粒子垂直进入磁场做匀速圆周运动。设原磁场的磁感应强度为B1，另一个磁场的磁感应强度为B2。由题意可知

得

又

带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，速度大小不变，则带电粒子垂直进入另一个磁场中做匀速圆周运动，得

得

所以粒子速率不变；轨道半径减半，B正确，C错误；

AD．由

可得

同理，带电粒子垂直进入另一个磁场中做匀速圆周运动，则

结合

可得

所以周期减半；AD错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

有效切割长度即a、b连线；如下图所示。

有效切割长度为所以产生的电动势为

电流的方向为a→b，所以

由于在磁场部分的阻值为整个圆的1/4，所以

故选D。6、C【分析】【分析】

【详解】

由题可知，输入端电压随时间变化关系如图乙所示，可知输入电压为

依据理想变压器与匝数关系式

且

得

由于灯泡上的电阻恒为额定电压为因灯泡正常工作，通过灯泡的电流根据公式

得

根据串联分压可知，定值电阻两端电压

依据欧姆定律，则通过其电流为

因此通过定值电阻的电流为

由于定值电阻与滑动变阻器串联后与并联，那么定值电阻与滑动变阻器总电阻为

因定值电阻因此滑动变阻器接入电路的阻值应为

故选C。7、B【分析】【详解】

用户得到的功率故选B二、多选题(共7题，共14分)8、B:D【分析】【分析】

【详解】

由洛伦兹力作为向心力可得。

联立解得。

AB．当时，粒子的运动轨迹如图所示。

由几何关系可知；对应的圆心角为。

则粒子在磁场中的运动时间为。

A错误；B正确；

CD．当时，粒子的运动轨迹如图所示。

由几何关系可知；对应的圆心角为。

则粒子在磁场中的运动时间为。

C错误；D正确。

故选BD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．电源电压有效值为220V，如果原线圈上无电阻R1，由电压之比等于匝数之比可得，副线圈两端电压有效值为110V，但实际上有电阻R1分压；电压表示数小于110V，故A正确；

B．变压器不改变交变电流的频率；由交变电流表达式可知频率为50Hz，故B错误；

C．由于。

＝I2U＝I1R1＋U1联立可得。

又n1<n2且n1减小，由数学知识可知U2减小；故C错误；

D．由C项分析可知，当n1＝n2时。

U＝2U2则。

U2＝110V故D正确．

故选AD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．开关闭合时，灯立即亮，因为线圈产生自感，会阻碍该支路电流的增大，所以灯逐渐亮；故A正确。

B．开关闭合，电路稳定后，灯均亮；故B错误。

CD．开关断开时，灯立即熄灭，线圈及灯构成回路，线圈产生自感以阻碍电流减小，灯逐渐熄灭；故C正确，D错误。

故选AC。11、A:D【分析】【详解】

AB．当开关S闭合时，灯A2立即发光。电流通过线圈，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，所以A1逐渐亮起来，所以A2比A1先亮；由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同，故A正确，B错误；

CD．稳定后，当开关S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A1和A2串联，两灯电流相同，都过一会儿熄灭，灯A2不会闪亮，流过A2的电流方向向右；故C错误，D正确。

故选AD。12、A:C:D【分析】【详解】

A．从题图中看出，t＝0时刻a、b曲线上产生的感应电动势均为0；因此线圈平面与中性面重合，选项A正确；

B．从图中可以看出a、b曲线的周期分别为Ta＝0.04s，Tb＝0.06s，曲线a、b对应的线圈转速之比

选项B错误；

C．曲线a所表示的频率

选项C正确；

D．线圈转动时产生的感应电动势最大值Em＝BSω

又na∶nb＝3∶2

因此ωa∶ωb＝3∶2

可推出Ema∶Emb＝3∶2

结合图像，计算出曲线b表示的交变电动势最大值为10V；选项D正确。

故选ACD。13、B:C【分析】【详解】

A．设轨道间距为根据安培力公式、闭合电路欧姆定律及法拉第电磁感应定律有

可知金属杆受到的安培力随着速度的增大而增大，对金属杆根据牛顿第二定律有

可知金属杆的加速度越来越小，故金属杆做加速度减小的加速运动，最终达到速度故A错误；

B．作出金属杆的图像如图所示

由图像可知金属杆加速运动过程中图线与时间轴所围图形的面积大于金属杆在相同时间内速度从零匀加速到时的图线与时间轴所围图形的面积，故金属杆加速运动过程中的平均速度大于故B正确；

C．当金属杆的速度为时，安培力和恒力大小相等，即有

当金属杆的速度为时，金属杆所受安培力

加速度

刚施加力时，金属杆的加速度最大，最大值为

即当金属杆的速度为时；它的加速度大小也等于最大加速度大小的一半，故C正确；

D．根据功能关系可知；金属杆克服安培力做的功等于电路中产生的热量，故D错误；

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

A．根据右手定则可知，进入磁场的过程中，金属框中的电流方向为故A错误；

B．线框进入磁场的过程中，根据法拉第电磁感应定律可知，产生的平均感应电动势为

则线框中的平均感应电流为

则通过金属框横截面的电荷量

则前、后两次进入磁场的过程中，通过金属框横截面的电荷量之比为故B正确；

C．第一次进入时，设线框进入磁场后的速度为根据动量定理得

代入数据解得

根据动能定理可得，线框进入磁场过程中，安培力做功

则第一次进入时，金属框中的焦耳热

第二次进入时，根据题意可知

则第二次进入时，金属框中的焦耳热

则前、后两次进入磁场的过程中，金属框中的焦耳热之比为故C正确；

D．由C分析可知，线框第一次完全进入磁场之后的速度为假如线框匀减速进入，则根据公式

解得

第二次匀速进入，则运动时间为

则

根据题意可知，线框第一次进入磁场时，做加速度减小的减速运动，则所用时间

则金属框前、后两次进入磁场过程的时间之比大于故D错误。

故选BC。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1]电流

[2]输电线上损耗的功率

则输电线上的电流

根据理想变压器的电流规律

解得升压变压器的原、副线圈的匝数之比

[3]对于降压变压器

则降压变压器的原、副线圈的匝数之比【解析】70A1：4133：2216、略

【分析】【详解】

[1]电阻R的电功率为：

可得：

棒下滑切割磁感线产生动生电动势，闭合电路产生感应电流，由闭合电路的欧姆定律：

联立可得：【解析】617、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.正确18、略

【分析】【详解】

由电流图象可得，在t＝0时刻是电容器开始放电，电路中电容器的M板带正电，故电流方向逆时针为正方向；某段时间里，电路的磁场能在减少，说明电路中的电流在减小，是电容器的充电过程，此时M板带正电，说明此时电流方向顺时针方向为负，符合电流减小且为负值的只有cd段【解析】cd19、略

【分析】【分析】

【详解】

相应的连线如下。

只要根据课本上有关电视方面知识的介绍即可作出正确解答【解析】答案见解析20、略

【分析】【详解】

[1]导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势为

导线绕其一端以角速度转动时的电动势为

联立得【解析】21、略

【分析】【详解】

[1]导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势为

导线绕其一端以角速度转动时的电动势为

联立得【解析】22、略

【分析】【详解】

（1）电子受力方向与电场方向相反；电子逆时针加速，所以感生电场应沿顺时针方向；

（2）图示方向的电流产生的磁场方向向上；根据楞次定律，要产生顺时针方向的感生电场，电流应增大；

（3）根据法拉第电磁感应定律E=×=k

加速一周感生电场对电子所做的功：W=eE=

点睛：根据负电荷受力分析与电场方向的关系确定感生电场的方向；根据楞次定律确定电流的变化；根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，根据W=qU求出感生电场对电子所做的功．【解析】顺时针增大四、作图题(共4题，共40分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】26、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共3题，共27分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1]元件Z中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律；故滑动变阻器采用分压式接法；又由于电阻较小，故应该采用安培表外接法。

故选A。

（2）[2]当电压为0.45V时，由上面的公式

可得

代入数据可得

由R-t图像，对应的温度为【解析】A40.0##40.1##40.228、略

【分析】【详解】

（1）被测线圈两端的最大电压为6V；达不到电压表V量程的一半，测量误差较大，所以不能使用该电压表；

（2）流过被测线圈的最大电流为

所以电流表选择A1；如果变阻器选择分压接法，当与被测线圈并联的部分电阻丝阻值达到时（滑片已经滑过了五分之三的区域），被测线圈两端的电压才达到2.25V，所以分压接法很难控制被测线圈两端电压的微小变化；如果选择限流接法，被测线圈两端的电压变化范围为1.8V~6V，足够测量多组数据，而且串联情况下更容易控制电压的微小变化，所以滑动变阻器选择限流接法；用内阻已知的电流表A2和阻值较大的定值电阻R2构造成电压表，用来测量电压值；流过电压表的电流最大值为

符合电流表A2的量程；由于电流表A2可以测出电流；所以电流表采用外接法，可以减小测量误差。改进后的电路图如下图所示。

（3）根据部分电路的欧姆定律，被测线圈的阻值为

（4）由于线圈具有自感，在电路通断的瞬间，会产生较强的感应电流，容易损坏电流表，所以接通电路时应先接通K1，待电路稳定后再接通K2；实验结束拆除电路时应先断开K2，稍等一会儿再断开K1；调整滑动变阻器电阻后应稍等一会；待电流表示数稳定后再读出读数。

故选A。【解析】电压表量程过大A29、略

【分析】【详解】

(1)[1]AB．螺线管不动磁铁不管是匀速还是加速插入或拔出螺线管磁通量都会发生改变；会产生感应电流，电流计指针发生偏转，故A正确，B正确；

CD．磁铁与螺线管保持相对静止；一起匀速向上运动或一起在水平面内做圆周运动，螺线管磁通量都不发生变化，故不会产生感应电流，电流计指针不偏转，故C错误，D错误。

故选AB。

(2)[2]根据(1)的操作会发现磁铁插入或拔出时螺线管时电流计指针偏转方向会有不同；故可知感应电流方向与磁铁运动的方向有关，故C正确，ABD错误；

故选C。

(3)[3]以不同速度移动滑动变阻器的划片可以改变螺线管的磁性强弱及其强弱变化快慢，通过操作可以判断螺线管的磁性变强或变弱影响指针摆动方向；磁性强弱变化快慢影响指针摆动幅度大小；故BC正确，AD错误。

故选BC。

(4)[4][5]在拆除螺线管时，电流快速减小，由于自感作用，螺线管会产生很大的感应电