2025年人教五四新版高三物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版高三物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于物理学史，下列说法中正确的是（）A.电荷量e的数值最早是由美国物理学家库仑测得的B.库仑不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象C.法拉第通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律D.库仑在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律2、甲、乙两球位于同一竖直线上的不同位置，甲比乙高h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（）A.甲比乙早抛出，且v1＜v2B.甲比乙后抛出，且v1＞v2C.甲比乙早抛出，且v1＞v2D.甲、乙同时抛出，且v1＜v23、如图所示，在虚线所示的等腰直角三角形CDE（其斜边DE长为3L）区域内，存在有垂直纸面向里的匀强磁场，一边长为L的正方形线框efgh（fg边与DE边在同一直线上）在纸平面内沿DE方向从左向右以速度V匀速通过场区．若以图示位置为计时起点，规定逆时针方向为线框中感应电流的正方向，则图所示的四个i-t图象（横轴单位长度表示的值为L/V），哪一个正确反映了线框中的感应电流的规律（）A.B.C.D.4、如图所示，一固定斜面上两个质量相同的小物块A和B紧挨着匀速下滑，A与B的接触面光滑。已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α。B与斜面之间的动摩擦因数是（）A.B.C.D.5、如图所示为一正点电荷M和一金属板N形成的电场线，a、b、c为电场中的三点，则下列说法正确的是A.a、c两点的电场强度大小关系为Ea＞EcB.a、b两点的电势关系为＜C.一负点电荷在a点处的电势能大于它在b点处的电势能D.若将某正点电荷由a点移到c点，电场力做正功6、rm{2015}年斯坦福大学研究人员研制出一种可在一分钟内完成充放电的超常性能铝离子电池，内部用rm{AlCl_{4}^{篓C}}和有机阳离子构成电解质溶液，其放电工作原理如下图所示。下列说法不正确的是

A.充电时的阳极反应为：rm{C_{n}+AlCl_{4}^{篓C}篓Ce^{-}=C_{n}AlCl_{4}}B.放电时，铝为负极、石墨为正极C.放电时，有机阳离子向铝电极方向移动D.放电时的负极反应为：rm{Al篓C3e^{-}+7AlCl_{4}^{篓C}=4Al_{2}Cl_{7}^{篓C}}rm{C_{n}+AlCl_{4}^{篓C}篓Ce^{-}=

C_{n}AlCl_{4}}7、一只电动机的电阻为0.5Ω，正常工作时通过它的电流为20A，在10s内转化的机械能为4.2×104J，求：在这10s内电流做了多少功？电动机产生的热量为多少？（）A.4.4×104J2.0×103JB.4.4×103J2.0×103JC.4.4×104J2.0×104JD.2.2×104J2.0×103J8、有两颗人造卫星，都绕地球做匀速圆周运动，已知它们的轨道半径之比r1：r2=4：1．对于这两颗卫星的运动周期之比T1：T2为（）A.1：2B.2：1C.1：8D.8：1评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)9、机械波产生和传播的两个条件是有介质和____，声波是____（填”横波”或”纵波”）．10、在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中；备有下列器材：

A．待测的干电池（电动势E约为1.5V，内电阻r小于1.0Ω）

B．电流表A1（0～3mA，内阻Rg1=10Ω）

C．电流表A2（0～0.6A，内阻Rg2=0.5Ω）

D．滑动变阻器R1（0～2.5Ω；1A）

E．滑动变阻器R2（0～20Ω；1A）

F．定值电阻R（500Ω）

G．开关和导线若干。

（1）请在甲框中画出合理测定待测干电池的电动势和内电阻的实验电路图，在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选____（填写器材前的字母代号）．

（2）根据（1）中选出的合理的实验电路并利用测出的数据绘出I1-I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数），请在图乙坐标系中作出I1-I2的定性图线．则图线斜率的绝对值等于____．（用题中所给的各物理量的符号表示）

（3）若将图线的纵坐标改为____，横轴仍为I2；则图线与纵坐标轴的交点的物理含义即为电动势的大小．

11、利用如图1所示的电路测定电源的电动势和内电阻；提供的器材有。

（A）干电池两节；每节电池的电动势约为1.5V，内阻未知。

（B）直流电压表V1、V2；内阻很大。

（C）直流电流表A；内阻可忽略不计。

（D）定值电阻R；阻值未知，但不小于5Ω

（E）滑动变阻器。

（F）导线和开关。

（1）甲同学利用该电路完成实验时；由于某根导线发生断路故障，因此只记录了一个电压表和电流表的示数，如表所示：

。U/V2.622.482.342.202.061.92I/A0.080.120.190.200.240.28试利用表格中的数据作出U-I图，由图象可知，该同学测得两节干电池总的电动势值为____V，总内阻为____Ω．由计算得到的数据可以判断能够正确示数的电压表应为表____（选填“V1”或“V2”）．

（2）乙同学在找出断路的导线并调换好的导线后，连接该电路继续实验时，由于电流表发生短路故障，因此只能记下两个电压表的示数，该同学利用表中的数据，以表V1的示数U1为横坐标、表V2的示数U2为纵坐标作图象，也得到一条不过原点的直线，已知直线的斜率为k，截距大小为b，则两节干电池总的电动势大小为____，两节干电池的总内阻____（选填“可以”或“不可以”）求出．12、质点从静止开始作匀加速直线运动，经5s

后速度达到10m/s

然后匀速运动了20s

接着经2s

匀减速运动后静止，则质点在加速阶段的加速度是______m/s2

在第26s

末的速度大小是______m/s

．13、判断下列各个情况下的洛伦兹力的方向．

A．____，B．____，C．____，D．____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)14、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）15、直线电流磁场的方向的判断可以用安培定则：____．16、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）17、只要知道两个物体的质量和两个物体之间的距离．就可以由F=G计算物体间的万有引力____（判断对错）18、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）19、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）20、因为汽车刹车时的速度越大滑的越远，所以速度大的物体惯性大．____（判断对错）评卷人得分四、证明题(共3题，共21分)21、如图所示，小球用不可伸长的长度为L的轻绳悬于O点．（不计阻力）试证明：绳对小球在最低点拉力T1与最高点拉力T2之差T1-T2=6mg．

22、如图所示，两个光滑的水平导轨间距为L．左侧连接有阻值为R的电阻，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m的导体棒以初速度v0向右运动．设除左边的电阻R外．其它电阻不计．棒向右移动最远的距离为s，问当棒运动到λs时0＜λ＜L，证明此时电阻R上的热功率：P=．23、如图，太阳系中星体A绕太阳做半径为R1的圆周运动，星体B作抛物线运动．B在近日点处与太阳的相距为R2=2R1，且两轨道在同一平面上，两星体运动方向如图中箭头所示．设B运动到近日点时，A恰好运动到B与太阳连线上，A、B随即发生某种强烈的相互作用而迅速合并成一个新的星体，其间的质量损失可忽略．试证明新星体绕太阳的运动轨道为椭圆．评卷人得分五、实验探究题(共4题，共28分)24、小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大；某同学为研究这一现象，用实验得到如下数据（I和U分别表示小灯泡上的电流和电压）：

。I（A）0.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U（V）0.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00

（1）实验中可用的器材有：电压表（内阻约2kΩ）、电流表（内阻约0.5Ω）、滑线变阻器（变化范围0～10Ω）、电源、小灯泡、电键、导线若干．若要求小灯泡两端的电压由零开始变化，请在图1方框中画出实验电路图______．

（2）在图2坐标中画出小灯泡的U-I曲线______．25、用如图甲所示的装置验证动量守恒定律；小车P

的前端粘有橡皮泥，后端连接通过打点计时器的纸带，在长木板右端垫放木块以平衡摩擦力，推一下小车P

使之运动，与静止的小车Q

相碰粘在一起，继续运动。

(1)

实验获得的一条纸带如图乙所示；根据点迹的不同特征把纸带上的点进行了区域划分，用刻度尺测得各点到起点A

的距离。根据碰撞前后小车的运动情况，应选纸带上______段来计算小车P

的碰前速度。

(2)

测得小车P(

含橡皮泥)

的质量为m1

小车Q(

含橡皮泥)

的质量为m2

如果实验数据满足关系式______，则可验证小车PQ

碰撞前后动量守恒。

(3)

如果在测量小车P

的质量时，忘记粘橡皮泥，则所测系统碰前的动量与系统碰后的动量相比，将______(

填“偏大”或“偏小”或“相等”)

26、为了测量一精密金属丝的电阻率：

Ⅰ.

先用多用电表隆脕1娄赂

挡粗测其电阻为______娄赂

然后用螺旋测微器测其直径为______mm

游标卡尺测其长度是______mm

．

Ⅱ.

为了减小实验误差；需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：

A.电压表V1(

量程3V

内阻约为15k娄赂)

B.电压表V2(

量程15V

内阻约为75k娄赂)

C.电流表A1(

量程3A

内阻约为0.2娄赂)

D.电流表A2(

量程600mA

内阻约为1娄赂)

E.滑动变阻器1(0隆芦5娄赂,0.6A)

F.滑动变阻器R2(0隆芦2000娄赂0.1A)

G.输出电压为3V

的直流稳压电源E

H.电阻箱。

I.开关S

导线若干。

为了测多组实验数据；则上述器材中应选用的实验器材有(

填代号)

______.

请在虚线框内设计最合理的电路图并将图5

的实物连线.

但用该电路电阻的测量值______真实值(

选填“大于”；“等于”或“小于”).

如果金属丝直径为D

长度为L

所测电压为U

电流为I

写出计算电阻率______．

27、利用图示装置可以做力学中的许多实验．

垄脵

以下说法正确的是______．

A.利用此装置“研究匀变速直线运动”时；必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响。

B.利用此装置探究“加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时；如果画出的am

关系图象不是直线，就可确定加速度与质量成反比。

C.利用此装置探究“功与速度变化的关系”实验时；应将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面的分力补偿小车运动中所受阻力的影响。

垄脷

小华在利用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”时，因为不断增加所挂钩码的个数，导致钩码的质量远远大于小车的质量，则小车加速度a

的值随钩码个数的增加将趋近于______的值．评卷人得分六、综合题(共3题，共27分)28、家用微波炉是一种利用微波的电磁能加热食物的新型灶具，主要由磁控管、波导管、微波加热器、炉门、直流电源、冷却系统、控制系统、外壳等组成．接通电源后，220V交流电经一变压器，一方面在次级（副线圈）产生3.4V交流电对磁控管加热，同时在次级产生2000V高压经整流加到磁控管的阴、阳两极间，使磁控管产生频率为2450MHZ的微波．微波输送至金属制成的加热器（炉腔）；被来回反射，微波的电磁作用使食物分子高频地运动而使食物内外同时受热，因而加热速度快，效率高，并能最大限度的保存食物中的维生素．

（1）变压器产生高压的原、副线圈匝数之比为____．

（2）导体能反射微波，绝缘体可使微波透射，而食物中通常含有的蛋白质、水、脂肪较易吸收微波而转换成热，故在使用微波炉时应____（填写字母代号）

A．用金属容器盛放食物放入炉中后加热B．用陶瓷容器盛放食物放入炉内加热。

C．将微波炉置于磁性材料周围D．将微波炉远离磁性材料周围．29、【题文】如图所示为“红旗”牌小轿车的远程车灯电路中的蓄电池总功率随电流变化的图象；已知蓄电池瞬间短路时的电流为12A。求：

（1）该蓄电池的电动势E和内电阻r；

（2）车头两个远程车灯的铭牌上标有“10V，10W”字样，若两灯并联接在蓄电池两端，求两灯消耗的总电功率。30、[

物理隆陋隆陋

选修3篓C4]

(1)

一列沿x

轴正方向传播的简谐横波在t

=0

时刻的波形如图所示，质点P

的x

坐标为3m

已知任意振动质点连续2

次经过平衡位置的时间间隔为0.4s

下列说法正确的是________。(

填正确答案的标号。选对1

个得2

分，选对2

个得4

分，选对3

个得5

分。每错选1

个扣3

分，最低得分为0

分)

A.波速为4m/s

B.波的频率为1.25Hz

C.x

坐标为15m

的质点在t

=0.6s

时恰好位于波谷D.x

坐标为22m

的质点在t

=0.2s

时恰好位于波峰E.当质点P

位于波峰时，x

坐标为17m

的质点恰好位于波谷(2)

平衡位置位于原点O

的波源发出的简谐横波在均匀介质中沿水平x

轴传播，P

、Q

为x

轴上的两个点(

均位于x

轴正向)

P

与O

的距离为35cm

此距离介于一倍波长与二倍波长之间。已知波源自t

=0

时由平衡位置开始向上振动，周期T

=1s

振幅A

=5cm

当波传到P

点时，波源恰好处于波峰位置；此后再经过5s

平衡位置在Q

处的质点第一次处于波峰位置。求：

垄脵

P

、Q

间的距离；垄脷

从t

=0

开始到平衡位置在Q

处的质点第一次处于波峰位置时，波源在振动过程中通过的路程。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】【解答】解：A；电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立跟测得的；故A错误；

B；法拉第不仅提出了场的概念；而且直观地描绘了场的清晰图象，故B错误；

C；库仑通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律；故C错误；

D；库仑在前人工作的基础上；通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律，故D正确；

故选：D．2、A【分析】【分析】抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动，竖直方向的分运动是自由落体运动．乙球击中甲球时，两球的水平分位移大小相等，根据高度决定平抛运动的时间，确定谁先抛出，根据水平位移和时间比较初速度．【解析】【解答】解：根据h=知，t=，知甲的运动的时间长，所以甲比乙先抛出，由于水平位移相等，根据x=v0t知，则v1＜v2．故A正确；B；C、D错误．

故选：A．3、C【分析】【分析】根据楞次定律判断感应电流的方向，结合切割产生的感应电动势公式判断感应电动势的变化，从而结合闭合电路欧姆定律判断感应电流的变化．【解析】【解答】解：在线框进入磁场的过程中，根据楞次定律，感应电流的方向逆时针方向，电流方向为正方向，在0～时间内；切割的有效长度均匀增加，则感应电动势均匀增大，感应电流均匀增大．

在～时间内；左右两条边都切割，切割的有效长度均匀减小，则感应电动势均匀减小，电流均匀减小．

在～时间内；磁通量减小，根据楞次定律，知感应电流的方向为顺时针方向，电流方向为负方向，切割的有效长度均匀增大，则感应电动势均匀增大，感应电流均匀增大；

在～时间内；切割的有效长度均匀减小，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小．故C正确，A；B、D错误．

故选：C．4、A【分析】【解析】【答案】A5、A|D【分析】试题分析：从电场线的疏密程度可知Ea＞Ec，A正确；沿电场线电势越来越低，B错误；将负电荷从a移到b，电场力做负功，电势能增加，在b处的电势能大于在a处电势能，C错误；正电荷受力的方向与电场线方向相同，因此将正电荷从a移动到c，电场力做正确，D正确考点：电场线，电场力做功与电势能关系，电势【解析】【答案】AD6、C【分析】【分析】

本题考查学生二次电池的工作原理以及原电池和电解池的工作原理知识；属于综合知识的考查，难度中等。

【解答】

A、阳极性氧化反应，电极反应式为：rm{C_{n}+AlCl_{4}^{-}-e^{-}篓TC_{n}AlCl_{4}}故A正确；

B；放电时；铝是活泼的金属铝是负极，不活泼石墨为正极，故B正确；

C；原电池中阳离子向正极移动；所以有机阳离子向石墨电极方向移动，故C错误；

D、放电时负极发生氧化反应生成铝离子，铝离子与rm{AlCl_{4}^{-}}结合生成rm{Al_{2}Cl_{7}^{-}}所以电极反应式为：rm{Al-3e^{-}+7AlCl_{4}^{-}篓T4Al_{2}Cl_{7}^{-}}故D正确。

故选C。【解析】rm{C}7、A【分析】【分析】由焦耳定律可求得电动机内产生的热量；再由能量守恒定律可求得电动机电流所做的功．【解析】【解答】解：电流产生的热量：Q=I2Rt=202×0.5×10=2000J；

由能量守恒定律可知，10s内电流做功W=4.2×104J+2000J=4.4×104J；

故选：A．8、D【分析】【分析】根据万有引力提供向心力，解出周期与半径的关系，相比即可解出周期之比．【解析】【解答】解：根据万有引力提供向心力，得．

可知．故D正确；ABC错误．

故选：D．二、填空题(共5题，共10分)9、波源纵波【分析】【分析】机械波产生和传播的两个条件是有介质和波源，声波是纵波．【解析】【解答】解：机械波是机械振动在介质中的传播过程；所以机械波产生与传播的条件是有介质和波源．声波是一种纵波．

故答案为：波源，纵波．10、略

【分析】

（1）根据闭合电路欧姆定律U=E-Ir，要测量干电池的电动势和内阻，需要测量路端电压U和电路中的电流I，因本实验没有电压表，可将电流表A1与定值电阻串联，改装成电压表，用改装后的电压表测量路端电压，用电流表A2测量电路中电流．电路图如图．

当电路中电流达到电流表A2的量程I=0.6A时，电路中电阻为R==Ω=2.5Ω

故变阻器选择R1就能保证安全；又能保证调节范围跢大．

（2）由闭合电路欧姆定律得：

I1（R+Rg1）=E-（I1+I2）r①

得I1=-r②

作出作出I1-I2的定性图线如下图所示．

所以根据数学知识可知，I1-I2的图线斜率的绝对值等于．

（3）若图线的横轴仍为I2，要使图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，根据①知，可将图线的纵坐标改为I1（R+Rg1+r）．

故答案为：

（1）电路图；D．

（2）作图如下图所示．

（3）I1（R+Rg1+r）．

【解析】【答案】（1）测定干电池的电动势和内电阻，通常采用的方法是伏安法，本实验没有电压表，可将电流表A1与定值电阻串联，改装成电压表，用改装后的电压表测量路端电压，用电流表A2测量电路中电流．运用闭合电路欧姆定律估算变阻器的总电阻．

（2）根据闭合电路欧姆定律得出I1-I2的表达式，再求解I1-I2图象的斜率．

（3）将上题结果进行变形；即可得到图线的纵坐标．

11、略

【分析】

（1）由图将（I，U）作为坐标值将各点描出，并用直线将各点相连，作图象如图所示；由U=E-Ir可知；

图象与纵轴的交点为电源的电动势；故E=2.9V；（2.9--2.98V均算正确）；

图象的斜率表示电源的电动势，r==3.5Ω（3.5--3.8均可）

若示数为V2电表的，则测量的内电阻一定包含有定值电阻R，而定值电阻大于5Ω，故说明读数只能是读的V1；

（2）电压表V1测量电源的输出电压，而V2测得为滑动变阻器两端的电压；

由闭合电路欧姆定律可知：U1=E-r变形得：

U1=U2+

由题意可知：=b；

=k

联立解得：E=

由于不知道R的具体阻值；故无法求得干电池的总电阻．

故答案为：（1）图象如下图；2.9；3.5；

（2）不可以；

【解析】【答案】（1）由表格中数据采用描点法可以将各点描于坐标中；用直线将各点连接，若不能在一直线上，则可将各点均匀分布在直线两边；由图象的截距及斜率的含义可求得电动势和内电阻；分析测得的内阻数据，可知哪一电表正确接入；

（2）根据电路结构，根据串联电路的电压规律可求得R两端的电压；由欧姆定律可求得电路中的电流；由闭合电路欧姆定律可得出关于两电压值的表示式；由图象的意义可得出电动势和内电阻．

12、2；5【分析】解：(1)

质点做初速度为0

的匀加速直线运动，经5s

后速度达到10m/s

根据速度时间关系有质点的加速度a=vt=105m/s2=2m/s2

(2)

由题意知质点从第25s

末开始做匀减速直线运动，历时2s

速度减为0

故第26s

末的速度是质点做匀减速直线运动中间时刻的瞬时速度，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度有：vt2=v炉=v0+v2=v+02m/s=5m/s

故答案为：25

已知初速度为0

末速度为10m/s

加速时间5s

直接根据加速度定义求加速阶段的加速度，第26s

末是质点做匀减速直线运动1s

末的速度，同时也匀减速至速度为0

的中间时刻的瞬时速度，根据vt2=v炉=v0+v2

可以求出瞬时速度的大小．

掌握匀变速直线运动的规律是解决本题的关键，同时巧用匀变速直线运动的平均速度公式可以简化一些数值计算．【解析】25

13、垂直纸面向外垂直纸面向里不受洛伦兹力不受洛伦兹力．【分析】【分析】带电粒子在磁场中运动时受到洛伦兹力方向根据左手定则判断，由磁感线方向确定手心方向，由电荷运动方向确定四指指向，由大拇指指向来判断洛伦兹力的方向．【解析】【解答】解：A；根据左手定则；磁感线穿过手心，四指指向正电荷的运动方向向右，大拇指指向洛伦兹力的方向，判断出来洛伦兹力垂直纸面向外．

B；根据左手定则；磁感线穿过手心，四指指向负电荷运动的反方向向左，大拇指指向洛伦兹力的方向，判断出来洛伦兹力垂直纸面向里．

C；当速度与磁感线平行时；电荷不受洛伦兹力．

D；当速度与磁感线平行时；电荷不受洛伦兹力．

故答案为：垂直纸面向外；垂直纸面向里；不受洛伦兹力；不受洛伦兹力．三、判断题(共7题，共14分)14、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×15、√【分析】【分析】安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解析】【解答】解：根据安培定则的内容判定线电流的磁感线的方法是：右手握住导线；让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．故该说法是正确的．

故答案为：√16、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．17、×【分析】【分析】万有引力定律适用的条件是两个质点间引力的计算．物体间的引力关系也遵守牛顿第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；万有引力定律适用于任何两个可以看出质点的物体之间或均质球体之间的引力计算；当两个物体之间的距离太小的时候，物体就不能看做质点，这时就不能用这个公式直接计算了，所以这个说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性大小由物体的质量来量度．根据这些知识来解答．【解析】【解答】解：质量是物体惯性大小的唯一量度；与物体的速度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×四、证明题(共3题，共21分)21、略

【分析】【分析】根据牛顿第二定律分别求出小球通过最高点和最低点时拉力与速度的关系式，再由机械能守恒定律列式，得到两点速度的关系，联立即可证明．【解析】【解答】解：根据牛顿第二定律得：

在最高点有：T2+mg=m

在最低点有：T1-mg=m

根据机械能守恒定律得：mg•2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得证．22、略

【分析】【分析】导体棒向右运动时，受到向左的安培力作用而减速运动，根据牛顿第二定律和加速度的定义式，运用积分法研究整个过程，再对棒运动λs时研究，求出电路中电流，从而得到R上的热功率．【解析】【解答】证明：取向右为正方向．根据牛顿第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

两边求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

对整个过程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

从开始运动到棒运动到λs的过程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒运动到λs速度为：v=（1-λ）v0⑦

此时电阻R上的热功率为：P===．

得证．23、略

【分析】【分析】A、B星体靠拢过程中动量守恒，从而求出新星体C的速度，计算C新星体的机械能判断轨道的形状是否为椭圆．【解析】【解答】证明：计算新星体C的机械能，设C距日R3，设A、B星球的速度分别为vA和vB；则：

在径向：可以认为在A；B靠拢过程中质心未动；所以C到太阳的距离为。

R3==①

在切向：A、B合并过程中动量也守恒，则有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圆周运动，故vA=

所以vB====vA

将vA、vB带入②得vC=③

利用①③C星体的机械能为。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星体C的轨道为椭圆．五、实验探究题(共4题，共28分)24、略

【分析】解：（1）画出的U-I图象如图所示：

（2）由于小灯泡灯丝的电阻值远小于电压表的内阻，如：电压为2.00V时，其阻值R灯=4Ω；

为减少由于电表接入电路引起的系统误差；应采用电流表外接法．为使小灯泡两端的电压的变化范围尽可能大，滑线变阻器应连接成分压电路，实验电路如图所示．

故答案为：（1）如图。

（2）如图。

1；根据表中实验数据；应用描点法作图，作出小灯泡的伏安特性曲线．

2；为测量多组实验数据；滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，据此作出实验电路图．

本题考查了实验电路的设计，设计实验电路是实验常考问题，设计实验电路的关键是根据题目要求确定滑动变阻器采用分压接法还是采用限流接法，根据待测电路元件电阻大小与电表内阻间的关系确定电流表采用内接法还是外接法．【解析】如图；如图25、略

【分析】解：(1)

两小车碰撞前做匀速直线运动；在相等时间内小车位移相等，由图示纸带可知，应选择纸带上的BC

段求出小车P

碰撞前的速度。

(2)

设打点计时器打点时间间隔为T

由图示纸带可知，碰撞前小车的速度：v=s2鈭�s14T

碰撞后小车的速度：v隆盲=s4鈭�s36T

如果碰撞前后系统动量守恒，则：m1v=(m1+m2)v隆盲

即：m1s2鈭�s14T=(m1+m2)s4鈭�s36T

整理得：m1s2鈭�s12=(m1+m2)隆脕s4鈭�s33

(3)

在测量小车P

的质量时；忘记粘橡皮泥，小车P

质量的测量值小于真实值，由P=mv

可知，所测系统碰前的动量小于碰撞后系统的动量。

故答案为：(1)BC(2)m1s2鈭�s12=(m1+m2)隆脕s4鈭�s33(3)

偏小。

(1)

实验前已经平衡摩擦力；小车在木板上运动时所受合力为零，小车做匀速直线运动，小车做匀速直线运动在相等时间内的位移相等，分析图示纸带，然后答题。

(2)

根据图示图象求出小车碰撞前后的速度；然后求出碰撞前后系统的动量，确定实验需要验证的表达式。

(3)

根据题意与动量的计算公式分析实验误差。

本题考查了实验数据处理，认真审题理解题意是解题的前提，知道小车的运动过程、应用动量计算公式：P=mv

应用动量守恒定律即可解题。【解析】BCm1s2鈭�s12=(m1+m2)隆脕s4鈭�s33

偏小26、略

【分析】解：Ⅰ；由图示多用电表可知；待测电阻阻值是6隆脕1娄赂=6娄赂

由图示螺旋测微器可知；其读数为：2mm+9.5隆脕0.01mm=2.095mm

由图示游标卡尺可知；其示数为：36mm+2隆脕0.1mm=36.2mm

Ⅱ；实验需要G

电源；I

开关与导线，电源电动势为3V

因此电压表应选：A.

电压表V1(

量程3V

内阻约为15k娄赂)

通过待测电阻的最大电流约为I=ER=3V6惟=0.5A

则电流表应选：D.

电流表A2(

量程600mA

内阻约为1娄赂)

为保证电路安全方便实验操作；滑动变阻器应选：E.

滑动变阻器1(0隆芦5娄赂,0.6A)

故需要的实验器材是：ADEGI

．

为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，RRA=61=6RVR=150006=250RVR>RRA

电流表应采用外接法；

实验电路图如图所示；根据实验电路图连接实物电路图，如图所示；

电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流测量值偏大，由R=UI

可知；待测电阻测量值比真实值小．

由电阻定律可知，R=娄脩LS=娄脩L娄脨(D2)2=娄脩4L蟺D2R=UI

则电阻率娄脩=娄脨UD24IL

．

故答案为：Ⅰ、62.09536.2

Ⅱ、ADEGI

电路图如图所示；小于；娄脨UD24IL

．

Ⅰ；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标考查主尺示数与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；

Ⅱ；根据电源电动势选择电压表；根据通过待测电阻的最大电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图，然后根据电路图连接实物电路图；根据电流表的接反分析实验误差。

选择实验器材时，要注意保证电路安全、注意所选实验器材方便实验操作；确定滑动变阻器的接法与电流表接法是正确设计实验电路的关键．【解析】62.09536.2ADEGI

小于；娄脨UD24IL

27、略

【分析】解：(1)A

此装置可以用来研究匀变速直线运动；但不需要平衡摩擦力，故A错误．

B、曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以若a鈭�M

图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a鈭�1m

图象；故B错误．

C；探究“功与速度变化的关系”实验时；需要平衡摩擦力，方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响，从而小车受到的合力即为绳子的拉力，故C正确．

故选：C

(2)

设小车质量为m

钩码质量为M

则对钩码有Mg鈭�F=Ma垄脵

对小车有F鈭�娄脤mg=ma垄脷

联立垄脵垄脷

解得a=M鈭�娄脤mm+Mg

将上式变形为a=1鈭�娄脤mM1+mMg

可见当M>>m

时；加速度a

趋近于g

．

故答案为：(1)C(2)g

利用图示小车纸带装置可以完成很多实验；在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度a

与力F

的关系”时，根据牛顿第二定律求出加速度a

的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a

近似等于g

的结论．

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．【解析】Cg

六、综合题(共3题，共27分)28、BD【分析】【分析】（1）根据电压与匝数成正比求解．根据我们对于雷达工作原理（雷达就是利用电磁波的发射；传播、反射、接收来工作的）的了解来作答．

（2）接通电源后微波炉内的磁控管能产生频率很高波长很短的电磁波，故称为微波．微波有以下重要特性：微波的传播速度等于光速，微波遇到金属物体，会像光遇到镜子一样地发生反射；微波遇到绝缘材料，如玻璃、塑料等，会像光透过玻璃一样顺利通过；微波遇到含水的食品，能够被其大量吸收，引起食品内部分子发生剧烈的振动，达到加热食品的目的．【解析】【解答】解：（1）接通电源后，220V的交流电经过变压器后，在次级产生2000V高压交流电，根据电压与匝数成正比：===；

（2）微波加热食品的过程是食物中的蛋白质；水、脂肪等各种分子随微波引起的振荡电场的变化而加速地振动；使食物的内能增加，温度升高；

A．微波炉中不能使用金属容器；如果使用金属容器，微波的不能穿透金属容器，能量不能被食品吸收，会越积越多，损害微波炉．故A错误；

B．用陶瓷容器将食物放入炉内加热时；微波能够穿透容器，被食品吸收