2025年浙教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理下册月考试卷631考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路。虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场。方向垂直于回路所在的平面。回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直。从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是（）A.感应电流方向不变B.CD段直线始终不受安培力C.感应电动势最大值E＝BavD.感应电动势平均值2、对点电荷的理解，下列正确的是(

)

A.只有带电量为e

的电荷才能叫点电荷B.只有体积很小的电荷才能叫点电荷C.体积很大的电荷一定不能看作点电荷D.当两个带电体的大小及形状对它们间的相互作用力的影响可忽略时，带电体可以看成点电荷3、伽利略的理想实验证明了。

A.要使物体运动就必须有力的作用；没有力的作用物体就静止。

B.要使物体静止就必须有力的作用；没有力的作用物体就运动。

C.物体不受力作用时；一定处于静止状态。

D.物体运动不需要力来维持4、rm{N_{4}}的分子结构类似白磷分子，它的结构如图所示，已知断裂rm{1molN隆陋N}键需要吸收rm{167kJ}热量，生成rm{1molN隆脭N}键需放出rm{942kJ}热量。根据以上信息和数据；下列说法中正确的是。

A.rm{1molN_{4}}气体转变为rm{N_{2}}将放出rm{775kJ}热量B.rm{1molN_{4}}气体转变为rm{N_{2}}将放出rm{882kJ}热量C.rm{1molN_{4}}气体转变为rm{N_{2}}将吸收rm{775kJ}热量D.rm{1molN_{4}}气体转变为rm{N_{2}}将吸收rm{882kJ}热量5、一个闭合线圈放在变化的磁场中，线圈产生的感应电动势为E.

若仅将线圈匝数增加为原来的2

倍，则线圈产生的感应电动势变为(

)

A.2E

B.E

C.E2

D.E4

评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)6、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解7、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)8、与磁感应强度B=0.8T垂直的线圈面积为0.05m2，线圈绕有50匝，线圈的磁通量是____，线圈位置如转过53°磁通量是____．

9、有一个教学用的可拆变压器；如下图甲所示，它有两个外观基本相同的线圈A；B，线圈外部还可以绕线．

（1）某同学用一多用电表的同一欧姆挡先后测量了A、B线圈的电阻值，指针分别对应图乙中的a、b位置，则A线圈的电阻为____Ω，由此可推断____线圈的匝数较多（选填“A”或“B”）．

（2）如果把它看做理想变压器；现要测量A线圈的匝数，提供的器材有：一根足够长绝缘导线；一只多用电表和低压交流电源，请完成实验的步骤填空：①用绝缘导线在线圈的外部或变压器的铁芯上绕制n匝线圈；

②将____线圈与低压交流电源相连接；

③用多用电表的____挡分别测量A线圈的输入电压UA和绕制线圈的输出电压U

④则A线圈的匝数为____．

10、如图（甲）所示，在一块平板玻璃上放置一薄平凸透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束红光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到如图（乙）所示的同心内疏外密的圆环状干涉条纹，称为牛顿环．干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的．如果换一个表面曲率半径更小的凸透镜，观察到的圆环半径将____（填“变大”或“变小”），如果改用蓝光照射，观察到的圆环半径将____（填“变大”或“变小”）．

11、某实验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”实验，测量出不同温度下的电阻值，画出该热敏电阻的Rt鈭�t

图象，由图可知，这种热敏电阻在温度上升时导电能力______(

选填“增强”或“减弱”)

．12、如图所示，三个电压表均为用满偏电流相同的电流计改装而成的相同量程的电压表，已知电压表V1的示数为10V，电压表V3的示数为8V，则电压表V2的示数为______V。13、如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等．有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该带正小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20ev，运动到b点时动能等于2ev．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能为6ev时，不计重力和空气阻力，它的动能等于______．14、在“用单摆测定重力加速度”的实验中：

。组别摆球材料摆长最大摆角全振动次数N/次1铜0.305°502铜1.005°13铁1.005°504木1.005°10①甲同学分别选用三种材料不同而直径都为2cm的实心球；长度不同的细棉线组成单摆；完成了四组实验．各组实验的器材和部分测量数据如下表．其中最合理的实验是第____________组．

②乙同学选择了合理的实验装置后，测出几组不同摆长L和周期T的数值，画出如图的T2-L图象；并算出图线的斜率为k，则当地的重力加速度g=____________(用符号表示)．

③丙、丁两同学合作测量重力加速度，也测出几组不同摆长L和周期T的数值．丙用T2-L图象法处理求得重力加速度为g丙；丁用公式法处理求得重力加速度为g丁，实验后他们发现测摆长时忘了加上摆球的半径，则丙、丁两同学计算出的重力加速度数值关系为g丙____________g丁(填“＞”“＜”“=”)．15、如图所示，一个水平放置的矩形线圈abcd

在细长水平磁铁的S

极附近竖直下落，由位置Ⅰ经位置Ⅱ到位置Ⅲ.

位置Ⅱ与磁铁同一平面，则线圈在从Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，线圈内______(

选填“有”或“无”)

感应电流，线圈在从Ⅱ到Ⅲ的过程中，线圈内______感应电流.(

选填“有”或“无”)

评卷人得分四、判断题(共4题，共20分)16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、简答题(共3题，共15分)20、香料rm{G}的一种合成工艺如图所示。核磁共振氢谱显示rm{A}有两种峰，其强度之比为rm{1漏U1}已知：rm{CH_{3}CH_{2}CH=CH_{2}xrightarrow[]{NBS}CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}rm{CH_{3}CH_{2}CH=CH_{2}

xrightarrow[]{NBS}CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}rm{CH_{3}CHO+CH_{3}CHO}请回答下列问题：rm{CH_{3}CH=CHCHO+H_{2}O}的结构简式为________，rm{(1)A}中官能团的名称为________。rm{G}检验rm{(2)}已完全转化为rm{M}的实验操作是________。rm{N}有学生建议，将rm{(3)}的转化用rm{M隆煤N}代替rm{KMnO_{4}(H^{+})}老师认为不合理，原因是________。rm{O_{2}}写出下列转化的化学方程式，并标出反应类型：rm{(4)}________，反应类型为________。rm{K隆煤L}是rm{(5)F}的同系物，比rm{M}多一个碳原子。满足下列条件的rm{M}的同分异构体有________种。rm{F}不考虑立体异构rm{(}rm{)}能发生银镜反应rm{垄脵}能与溴的四氯化碳溶液加成rm{垄脷}苯环上有rm{垄脹}个对位取代基rm{2}以丙烯和rm{(6)}试剂为原料制备甘油rm{NBS}丙三醇rm{(}请设计合成路线rm{)}其他无机原料任选rm{(}请用以下方式表示：rm{Axrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脢脭录脕}B?xrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脢脭录脕}脛驴卤锚虏煤脦茂}rm{)}21、沿铁道排列的两电杆正中央安装一闪光装置，光信号到达一电杆称为事件1，到达另一电杆称为事件2.从地面上的观察者和运动车厢中的观察者看来，两事件是否是同时事件？22、煤的综合利用对于改善大气质量和能源充分利用有重要的意义。rm{(1)}下列说法正确的是_____________rm{(}填序号rm{)}．rm{a.}煤是由有机物和少量无机物组成的复杂混合物rm{b.}煤在燃烧过程中会生成一氧化碳、二氧化硫、氮氧化物、烟尘等有害物质rm{c.}可利用生石灰、熟石灰、石灰石等固硫剂使煤在燃烧过程中生成稳定的硫酸盐rm{d.}煤的干馏属于化学变化、煤的气化和液化都属于物理变化rm{(2)}煤的气化过程中产生的有害气体rm{H_{2}S}用氨水吸收生成正盐的离子方程式是_____________。rm{(3)}燃煤烟气的一种脱硫方案rm{-}火碱一石灰一石膏法流程图rm{1}如下．

rm{垄脵}常温下，用rm{NaOH}溶液吸收rm{SO_{2}}得到rm{pH=6}的rm{NaHSO_{3}}溶液，该溶液中离子浓度的大小顺序是_____________。rm{垄脷}氢氧化钙与rm{NaHSO_{3}}反应的化学方程式是_____________。rm{(4)}煤的间接液化法合成二甲醚的三步反应如下：Ⅰrm{.2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangleH=-90.8kJ?mol^{-1}}Ⅱrm{.2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}Ⅲrm{.CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}rm{.2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangle

H=-90.8kJ?mol^{-1}}总反应热化学方程式：rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=}_____________；rm{.2CH_{3}OH(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}rm{.CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}rm{垄脵}可分别代表压强或温度rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=}如图rm{垄脷Y(Y_{1}}表示rm{Y_{2})}一定时，总反应中rm{X}的平衡转化率随rm{.}的变化关系rm{2}判断rm{Y}rm{CO}的大小关系rm{X}______rm{.}填“rm{Y_{1}}”、“rm{Y_{2}}”或“rm{Y_{1}}”rm{Y_{2}(}并简述理由：_____________。rm{>}评卷人得分六、实验题(共3题，共12分)23、在“测定电池的电动势和内阻”的实验中，（1）完成本实验中的实物图连接（2）在上图的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头应置于_______端（填“A”或“B”）．（3）上图是根据实验数据作出的U－I图象，由图可知，电源的电动势E=___V，内阻r=____Ω。24、在测一节干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材：A．待测干电池（电动势约为1．5V，内阻约为4Ω）B．电压表V1（量程0～2V，内阻约为2000Ω）C．电压表V2（量程0～6V，内阻约为6000Ω）D．电阻箱R1（最大电阻99．9Ω，额定电流1A）E．滑动变阻器R2（最大电阻20Ω，额定电流2A）F．开关一个，导线若干（1）为方便且能较准确地进行测量，电压表应选择（填写器材前面的字母），电阻箱或滑动变阻器应选择（填写器材前面的字母）。（2）请在下面所给虚线框内画出利用所选器材测干电池的电动势和内阻的实验电路图．（3）某同学在实验中得到了多组路端电压和外电阻的数据，对所得数据进行处理后，在坐标纸上作出了如下图所示图线。由图线得出：干电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω．（结果保留两位有效数字）25、一块玻璃砖用两个相互平行的表面，其中一个表面是镀银的（光线不能通过表面）。现要测定此玻璃的析射率。给定的器材还有：白纸、铅笔、大头针4枚（P1、P2、P3、P4）、带有刻度的直角三角板、量角器。实验时，先将玻璃砖放到白纸上，使上述两个相互平行的表面与纸面垂直。在纸上画出直线aa’表示镀银的玻璃表面，bb’表示另一表面，如图所示。然后，在白纸上竖直插上两枚大头针P1、P2（位置如图）。用P1、P2的连线表示入射光线。⑴为了测量折射率，大头针P3、P4应插在()A、玻璃砖aa’一侧B、玻璃砖bb’一侧C、玻璃砖aa’、bb’两侧各插一枚⑵试在题图中标出P3、P4的位置。然后，移去玻璃砖与大头针。试在题图中通过作图的方法标出光线从空气到玻璃中的入射角θ1与折射角θ2,并写出主要作图步骤：。⑶写出θ1、θ2表示的折射率公式为n＝____．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A|C|D【分析】试题分析：在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确．根据左手定则可以判断，受安培力向下，故B错误．当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为a，这时感应电动势最大E=Bav，C正确．由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值故D正确．故选ACD．考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律。【解析】【答案】ACD2、D【分析】解：ABC

点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；物体能不能简化为点，不是看物体的体积大小和电量大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故ABC错误；

D；两个带电的金属小球；当它们的大小及形状对它们间的相互作用力的影响可忽略时，带电体可以看成点电荷，故D正确；

故选：D

点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时；这两个带电体可看作点电荷．

本题关键是对点电荷、元电荷的概念要有清晰的认识，同时要明确它们之间的区别，这是理清概念的一种重要方法．【解析】D

3、D【分析】【分析】伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因..物体不受外力作用时，不一定处于静止状态。

本题考查对伽利略的理想斜面实验意义的理解，此实验否定了力是维持物体运动的原因的理论，说明了力改变物体运动状态的原因。

【解答】

A.B

伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因；没有力作用的物体可能处于静止或匀速直线运动，故A.

B错误；

C.物体不受力时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态.

故C错误；D.伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，物体运动不需要力来维持，故D正确故选D。【解析】D

4、B【分析】【分析】根据化学键断裂要吸收热量，形成化学键要放出热量，分别计算后进行比较。【解答】rm{1molN}rm{1molN}rm{4}rm{4}气体转变为rm{2molN}rm{2molN}rm{2}生成rm{2}，rm{1molN}rm{1molN}rm{triangleH=1002-1884=-882kJ/mol}所以反应放热rm{4}热量，故B正确。rm{4}气体断键吸收rm{167隆脕6=1002kJ}生成rm{2molN}【解析】rm{B}5、A【分析】解：法拉第电磁感应定律：E=N鈻�鈱�鈻�t

说明当鈻�鈱�鈻�t

一定时；E

与N

成正比.

线圈匝数增加为原来的2

倍，则线圈产生的感应电动势变为2E

．

故选：A

闭合线圈放在变化的磁场中；线圈产生的感应电动势是由法拉第电磁感应定律求出．

由公式得出E

与N鈻�鈱�

及鈻�t

有关，故控制其它量不变，则E

与N

成正比.

当然也可以控制其它的量，去研究剩余两个量的关系．【解析】A

二、双选题(共2题，共4分)6、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB7、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】

如图，磁通量为Φ1=B•S=0.8×0.05Wb=0.04Wb

当线圈从图中位置转过53°的瞬间；线圈在垂直于磁场方向投影的面积为Scos53°．

则磁通量Φ2=B•Scos53°=0.024Wb

故本题答案是：0.04Wb，0.024Wb．

【解析】【答案】在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量为Φ=BS，图中S有磁感线穿过线圈的面积，即为有效面积．当线圈以ab为轴从图中位置转过53°的瞬间；线圈在垂直于磁场方向投影的面积．

9、略

【分析】

（1）多用电表欧姆挡读数=指针指示值×倍率．A的读数为24；倍率为×1，所以电阻为24Ω．根据电阻定律，导线越长，电阻越大，因为A的电阻比B大，所以A线圈匝数多．

故答案为：24；A

（2）因为要测量A线圈匝数；所以要把A线圈与低压交流电源相连接．变压器输入输出电压都是交流电，所以要用交流电压档测输入和输出电压．根据变压器电压比等于匝数比，有：

所以：

故答案分别为：A，交流电压，．

【解析】【答案】（1）根据多用电表欧姆挡读数=指针指示值×倍率确定电阻大小；根据电阻大小判断匝数多少．

（2）根据变压器的原理；电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，分析即可得出结论．

10、略

【分析】

当光程差为波长的整数倍时是亮条纹；当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹．换一个表面曲率半径更小的凸透镜，出现亮条纹的这一厚度前移，知圆环的半径变小．用蓝光照射，波长变短，则出现亮条纹的这一厚度需前移，则圆环的半径变小．

故答案为：变小；变小．

【解析】【答案】从空气层的上下表面反射的两列光为相干光；当光程差为波长的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹．路程差等于空气膜厚度的两倍．使牛顿环的曲率半径越小，出现亮条纹的这一厚度向前移．从而得出圆环的半径的变化．

11、略

【分析】解：图中横轴表示温度；纵轴表示电阻，由图可知，随着温度的增加，金属热电阻的阻值略微增大，而热敏电阻的阻值显著减小.

所以这种热敏电阻在温度上升时导电能力增强；

故答案为：增强。

图中横轴表示温度；纵轴表示电阻，图象反映了电阻随着温度的变化情况．

解题的关键是能看懂图象，一个物理量不断变化时，看另一个物理量如何变化，从而得出结论．【解析】增强12、2【分析】解：三个电压表用满偏电流相同的电流表改装而成；满偏电流相等，若电压量程相同，则三个电压表的内阻相等，设为R。

通过电压表V2的电流为：

I2=I1-I3=-===

电压表V2的示数为：

U2=I2R=2V

故答案为：2

由题意，三个电压表用满偏电流相同的电流表改装而成，满偏电流相等，量程与内阻成正比。根据串、并联电路电流关系，由欧姆定律确定电压表V2的示数。

本题中电压当作可测量电压的电阻，根据电路的结构，由欧姆定律进行求解。【解析】213、略

【分析】解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：Wab=2eV-20eV=-18eV①

由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：Uab=3Uac②

从b到c电场力做正功，根据动能定理有：Wbc=Ekc-Ekb③

联立①②③可得Ekc=14eV．

由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=Ep+Ek=14eV

即电势能和动能之和为8eV；因此当电势能等于6eV时动能为8eV；

故答案为：8eV

解决本题需掌握：小球只受电场力时；小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．

学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．【解析】8eV14、略

【分析】解：(1)应选用第3组实验数据．因为第1组：摆长太短；单摆周期太小，测量周期引起的误差较大，也不便于测量；第2组：如只是测量一个周期的时间，可能出现因人的反应时间导致的误差大；第4组选木球作为摆球，空气阻力影响较大．

(2)根据重力加速度的表达式g=可知，T2-l图线斜率k=则g=

(3)丙用T2-L图象法处理求得重力加速度为g丙；测摆长时忘了加上摆球的半径，图线与加上摆球的半径的图线平行，斜率相同，重力加速度相同．而丁用公式法。

T=2处理求得重力加速度为g丁，测摆长时忘了加上摆球的半径，则测得g丁偏小．所以g丙＞g丁．

故答案为：(1)3；(2)(3)＞．【解析】3;＞15、略

【分析】解：如图所示；线圈从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，穿过线圈的磁通量减小，则产生感应电流；

线圈从位置Ⅱ到位置Ⅲ的过程中；线圈内穿过的磁通量增加，则也会产生感应电流；

故答案为：有；有．

穿过线圈的磁通量发生变化；则闭合电路中产生感应电流.

可以根据楞次定律来确定感应电流的方向，从而即可求解．

考查如何判定感应电流的产生条件，及掌握楞次定律的应用，注意磁通量概念，及大小变化的判定．【解析】有；有四、判断题(共4题，共20分)16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、简答题(共3题，共15分)20、（1）碳碳双键和酯基

（2）取少量M与试管中，滴加稀NaOH至溶液呈碱性，再加新制的Cu（OH）2加热，若没有砖红色沉淀产生，说明M已完全转化为N（其他合理操作均可）

（3）KMnO4（H+）在氧化醛基的同时，还可以氧化碳碳双键

（4）加成反应

（5）6

（6）【分析】【分析】本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，侧重考查学生分析判断及知识综合应用能力，根据生成物结构简式结合反应条件、题给信息采用逆向思维方法进行推断，正确判断各物质结构简式是解本题关键，难点是合成路线设计和同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】由rm{G}的结构逆推可知rm{E}rm{N}分别为中的一种，rm{A}的分子式为rm{C_{5}H_{8}O}它有两种不同环境的氢原子，与氢气发生加成反应生成rm{B}rm{B}反应生成rm{C}rm{C}与rm{NBS}反应得到rm{D}rm{D}发生反应得到rm{E}则rm{E}为rm{N}为逆推可知rm{A}为rm{B}为rm{C}为rm{D}为rm{B}在浓硫酸条件下发生消去反应得到rm{C}rm{C}与rm{NBS}发生信息中的取代反应生成rm{D}rm{D}发生水解反应得到rm{E}根据rm{N}逆推可知rm{M}为rm{L}为rm{K}为rm{K}与乙醛发生加成反应得rm{L}rm{L}发生消去反应得rm{M}

rm{(1)}通过以上分析知rm{A}结构简式为rm{G}中官能团名称是碳碳双键和酯基，故答案为：碳碳双键；酯基；

rm{(2)M}中的醛基发生氧化反应生成rm{N}中的羧基，检验rm{M}已完全转化为rm{N}的实验操作是在试剂rm{M}中加入银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液，加热，看是否有银镜出现或红色沉淀出现，若有银镜出现或红色沉淀出现则说明rm{M}未完全转化为rm{N}若无，则rm{M}已完全转化为rm{N}

故答案为：在试剂rm{M}中加入银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液，加热，看是否有银镜出现或红色沉淀出现，若有银镜出现或红色沉淀出现则说明rm{M}未完全转化为rm{N}若无，则rm{M}已完全转化为rm{N}

rm{(3)KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同时，还可以氧化碳碳双键，所以不能用酸性高锰酸钾溶液代替氧气，故答案为：rm{KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同时；还可以氧化碳碳双键；

rm{(4)}该反应方程式为加成反应，故答案为：加成反应；

rm{(5)M}为rm{F}是rm{M}的同系物，比rm{M}多一个碳原子，且rm{F}符合下列条件：

rm{垄脵}能发生银镜反应说明含有醛基；

rm{垄脷}能与溴的四氯化碳溶液加成说明含有碳碳不饱和键；

rm{垄脹}苯环上有rm{2}个对位取代基；

存在的取代基为rm{-CH=CHCHO}和rm{-CH_{3}}rm{-CH=CHCH_{3}}和rm{-CHO}rm{-CH_{2}CH=CH_{2}}和rm{-CHO}rm{-CH=CH_{2}}和rm{-CH_{2}CHO}rm{-C(CHO)=CH_{2}}和rm{-CH_{3}}rm{-C(CH_{3})=CH_{2}}和rm{-CHO}符合条件的有rm{6}种，故答案为：rm{6}

rm{(6)}以rm{1-}丁醇和rm{NBS}为原料可以制备顺丁橡胶，可以用rm{1-}丁醇发生消去反应生成rm{CH_{2}=CHCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{2}=CHCH_{2}CH_{3}}与rm{NBS}反应生成rm{CH_{2}=CHCHBrCH_{3}}rm{CH_{2}=CHCHBrCH_{3}}发生消去反应生成rm{CH_{2}=CHCH=CH_{2}}rm{CH_{2}=CHCH=CH_{2}}发生加聚反应得到其合成路线为故答案为：

本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，侧重考查学生分析判断及知识综合应用能力，根据生成物结构简式结合反应条件、题给信息采用逆向思维方法进行推断，正确判断各物质结构简式是解本题关键，难点是合成路线设计和同分异构体种类判断，题目难度中等．【解析】rm{(1)}碳碳双键和酯基rm{(2)}取少量rm{M}与试管中，滴加稀rm{NaOH}至溶液呈碱性，再加新制的rm{Cu(OH)_{2}}加热，若没有砖红色沉淀产生，说明rm{M}已完全转化为rm{N(}其他合理操作均可rm{)}rm{(3)KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同时，还可以氧化碳碳双键rm{(4)}加成反应rm{(5)6}rm{(6)}21、略

【分析】从地面上的观察者看来，光源在两根电杆的正中央，光信号向两电杆传播的速度相同，因此，光信号同时到达两电杆．从运动车厢中的观察者看来，运动车厢是个惯性系，地面和电杆都在向左运动(如图)，光信号向左右两侧传播速度相同(光速不变原理)．在光信号向两侧传播的过程中，地面及两个电杆都向左运动了一段距离，所以光信号先到达电杆2，后到达电杆1.【解析】【答案】在地面观察者看来，事件1、2同时发生；在车厢中观察者看来，事件2比事件1先发生22、rm{(1)abc}

rm{(2)H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{垄脷Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

rm{(4)垄脵-246.4kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷Y_{1}<Y_{2}}由rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}可知，压强增大，rm{CO}的平衡转化率增大，温度升高，rm{CO}的平衡转化率减小，所以rm{X}代表压强，rm{Y}代表温度；压强一定时，温度越低平衡转化率越大。

【分析】解：rm{(1)a.}煤是由有机物和少量无机物组成的复杂的混合物，主要含有rm{C}元素，故rm{a}正确；

rm{b.}煤中伴有硫元素和氮元素，不完全燃烧时生成一氧化碳、二氧化硫、氮氧化物、烟尘等有害物质，故rm{b}正确；

rm{c.}碳酸钙受热分解为氧化钙，二氧化硫是酸性氧化物，能与氢氧化钙、氧化钙发生反应生成亚硫酸钙，然后被氧气氧化生成稳定的硫酸盐，故rm{c}正确；

rm{d.}煤的干馏、煤的气化和液化都属于化学变化，故rm{d}错误；

故答案为：rm{abc}

rm{(2)H_{2}S}用氨水吸收生成正盐硫化铵和水，离子方程式为：rm{H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

故答案为：rm{H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵}常温下，rm{NaHSO_{3}}溶液的rm{pH=6}rm{NaHSO_{3}}溶液呈酸性，rm{NaHSO_{3}}溶液中存在亚硫酸氢根的水解与电离，水解导致其呈碱性，电离导致其呈酸性，据此分析：电离程度大于水解程度，故离子浓度大小为：rm{c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

故答案为：rm{c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{垄脷}氢氧化钙与rm{NaHSO_{3}}反应生成沉淀亚硫酸钙、rm{NaOH}和水，化学方程式为rm{Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

故答案为：rm{Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

rm{(4)垄脵}rm{垄脵2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangleH=-90.8kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}

rm{垄脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}

由盖斯定律rm{垄脵2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangle

H=-90.8kJ?mol^{-1}}得到rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=-246.4kJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{垄脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangle

H=-23.5kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH<0}正反应气体体积减小，升高温度，平衡逆向移动，rm{垄脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangle

H=-41.3kJ?mol^{-1}}的平衡转化率减小；增大压强，平衡正向移动；

rm{垄脷+垄脹+垄脵隆脕2}的平衡转化率增大，因此rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H=-246.4kJ?mol^{-1}}代表压强，rm{-246.4kJ?mol^{-1}}代表温度；等压强条件下，温度越高，rm{垄脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H<0}的平衡转化率越小，因此rm{CO}

故答案为：rm{CO}由rm{X}可知，压强增大，rm{Y}的平衡转化率增大，温度升高，rm{CO}的平衡转化率减小，所以rm{Y_{1}<Y_{2}}代表压强，rm{Y_{1}<Y_{2}}代表温度；压强一定时，温度越低平衡转化率越