2025年外研版三年级起点高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、某家用的电烤炉与洗衣机的电功率相同，当它们均正常工作相同的时间时，产生的热量A.电烤炉的多B.洗衣机的多C.一样多D.以上均有可能2、在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V．重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V，则这台电动机正确运转时的输出功率为（）A.44WB.32WC.47WD.48W3、在如图所示的电路中，S1和S2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其直流电阻值与R相等．在电键S接通和断开时，灯泡S1和S2亮暗的顺序是（）A.接通时，S1先达到最亮，断开时，S1后暗B.接通时，S2先达到最亮，断开时，S2后暗C.接通时，S1先达到最亮，断开时，S1先暗D.接通时，S2先达到最亮，断开时，S2先暗4、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示．一个电量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v～t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的（）A.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=2V/mB.由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C.由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D.AB两点电势差UAB=-5V5、如图；将一个质量为m的带负电小球用绝缘细线悬挂在用铜板制成的U形框中，使整体在匀强磁场中沿垂直于磁场的方向向左以速度V匀速运动，悬线拉力大小为F，则（）

A.悬线竖直；F=mg

B.悬线竖直；F＜mg

C.选择V的大小；可以使F=0

D.因条件不足；F与mg的大小关系无法确定。

6、2014年“搞笑诺贝尔奖”的物理学奖颁发给了研究“香蕉皮到底有多滑”的团队．图是他们用来研究香蕉皮内表面与地板材料间动摩擦因数的实验装置示意图，若地板材料重量忽略不计，则动摩擦因数为传感器的（）A.压力示数B.滑动摩擦力示数C.滑动摩擦力示数与压力示数的比值D.压力示数与滑动摩擦力示数的比值7、下列对原子结构的认识中，不正确的是(

)

A.原子中绝大部分是空中，原子核很小B.电子在核外绕核旋转，向心力为库仑力C.原子的全部正电荷和几乎所有质量都集中在原子核里D.原子核的直径大约为10鈭�10m

8、某空间存在着如图所示的垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T

图中竖直虚线是磁场的左边界.

当质量为m=2.0隆脕10鈭�6kg

带电荷量为q=+1.0隆脕10鈭�6C

的物块A(

可以看成质点)

沿光滑绝缘水平面，以v0=20m/s

的速度垂直进入磁场后，下列说法中正确的是(

重力加速度g

取10m/s2)(

)

A.物块A

进入磁场后运动状态不会改变B.物块A

进入磁场后对水平面的压力增大C.物块A

进入磁场后将离开水平面做曲线运动D.物块A

进入磁场后做匀加速直线运动评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、磁电式仪表的线圈通常用铝框做骨架，把线圈绕在铝框上，这样做的目的是（）A.防止涡流B.利用涡流C.起电磁阻尼的作用D.起电磁驱动的作用10、如图所示为LC

振荡电路中电容器两极板上的电荷量q

随时间t

变化的图线，由图可知()A.在t1

时刻，电路中的磁场能最小B.t1

到t2

电路中的电流值不断变小C.从t2

到t3

电容器不断充电D.在t4

时刻，电容器的电场能最小11、如图所示，一倾斜木板上放一物体，当板的倾角娄脠

由0

逐渐增大到60鈭�

时，物体始终保持静止，则物体所受(

)

A.摩擦力变大B.支持力变大C.合外力恒为零D.合外力变大12、利用单摆测重力加速度时，若测得的g值偏大，产生这种情况的原因可能是（）A.摆球质量偏大，摆动的角度偏小B.将悬点到摆球下端的长度作为摆长C.将n次全振动记为n﹢1次全振动D.将n次全振动记为n-1次全振动13、一个静止的放射性原子核处于垂直纸面向里的匀强磁场中，由于发生了某种衰变而形成了如图所示的两个圆形径迹，两圆半径之比为1：16，有（）A.该原子核发生了α衰变B.该原子核发生了β衰变C.那个打出衰变粒子的反冲核沿小圆作逆时针方向运动D.该衰变过程结束后其系统的总质量略有增加评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、细胞膜的厚度约等于700nm（1nm=10-9m），当膜的内外层之间的电压达0.4V时，即可让一价钠离子渗透．设细胞膜内的电场为匀强电场，则钠离子在渗透时，膜内电场强度约为____V/m，每个钠离子沿电场方向透过膜时电场力做的功等于____J．15、如图所示，两个线圈绕在同一铁芯上，A中接有电源，B中导线接有一电阻R。在把磁铁迅速插入A线圈的过程中，A线圈中的电流将_____________（填“减少”、“增大”或“不变”），通过电阻R的感应电流的方向为_____________；若线圈B能自由移动，则它将_____________移动（填“向左”、“向右”或“不”）。16、如图所示，A、B为咬合转动的两个齿轮，它们的半径分别为和且则A、B两轮边缘上两点的角速度之比为____；线速度之比为____．

17、石岩同学利用单摆测重力加速度，他用分度值为毫米的直尺测得摆线长为89.40cm，用游标卡尺测得摆球直径如图（甲）所示，读数为______cm．则该单摆的摆长为______cm．用停表记录单摆做30次全振动所用的时间如图（乙）所示，则停表读数为______s．如果测得的g值偏大，不正确的操作可能是______（填选项前字母）．

A．计算摆长时用的是摆线长加摆球的直径。

B．开始计时时；停表晚按下。

C．摆线上端未牢固系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加。

D．实验中误将30次全振动记为31次。

该同学改进测量方法后，得到的部分测量数据见表．根据表中数据可以初步判断单摆周期随______的增大而增大，与摆球的质量______（填有关或无关）．

。数据组摆长摆球周期编号/mm质量/g/s1999.332.22.02999.316.52.03799.232.21.84799.216.51.85501.132.21.418、有原子序数依次增大的rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}七种元素，rm{A}元素的原子是周期表中半径最小的原子，rm{B}原子最外层电子数是次外层电子数的rm{1.5}倍，元素rm{C}在自然界中形成物质种类最多，rm{E}rm{F}rm{G}三种元素原子的质子数之和为rm{62}rm{E}元素原子rm{2p}轨道上有两个未成对电子，rm{G}元素原子rm{4p}轨道上有rm{1}个未成对电子，且它的阴离子具有跟氪相同的电子层结构，rm{E}rm{F}rm{G}能够形成多种常见的盐。请回答下列问题：rm{(1)E}元素原子的价层电子的电子排布图为__________，rm{E}rm{F}形成的化合物之一能够与水反应放出气体，写出该化合物与水反应的离子方程式：________。rm{(2)B}rm{D}rm{F}均可与rm{G}形成化合物。rm{BG_{3}}和rm{DG_{3}}中心原子的杂化方式分别为______和______。rm{(3)C}rm{E}能形成两种常见的化合物，根据等电子原理，写出rm{CE}分子的结构式________。rm{(4)}由rm{A}rm{C}rm{E}形成的气态化合物rm{X}其分子的空间构型是_______；rm{1molX}分子中rm{娄脪}键的数目为________；rm{X}可被催化氧化，该反应的催化剂含有rm{Cu}rm{Zn}rm{Ag}rm{Fe}等元素。基态rm{Fe}原子的电子排布了_____个能级，有_____个运动状态，在周期表中在______区。向黄色rm{FeCl_{3}}溶液中加入无色rm{KSCN}溶液，溶液变成红色。发生反应的化学方程式为___________________。19、某学生用单摆测定重力加速度时，测出多组单摆的摆长l和运动周期T，根据实验数据作出T2-l图象．则。

（1）写出由单摆做间谐运动而得到的重力加速度的表达式g=____．由。

图象计算出的重力加速度g=____m/s2．（取π2=9.87；保留三位有效数字）

（2）理论上该实验图象应该是一条过原点的斜线；而该同学由于在测摆长时未。

加上小球的半径，所以得到如图所示的图线，这样通过第一问的方法计算出来的重力加速度与正确操作相比，其结果____（填“偏大”；“偏小”、“相同”）

20、把两边配对的人和物理事件用线段连接起来。

法拉第磁场对通电导线的作用力。

安培电流磁效应。

奥斯特点电荷间的相互作用力。

库仑电磁感应．21、某学习小组做探究合力的功和物体速度变化关系的实验，如图甲所示，图中小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行，这时橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条；3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时；使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出．

甲。

正确操作的情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的____部分进行测量(根据如图乙所示的纸带回答)．

乙22、学校开展研究性学习；某研究小组的同学根据所学的光学知识，设计了一个测量液体折射率的仪器.

如图所示，在一个圆盘上，过其圆心O

作两条互相垂直的直径BCEF.

在半径OA

上，垂直盘面插上两枚大头针P1P2

并保持P1P2

位置不变.

每次测量时让圆盘的下半部分竖直进人液体中，而且总使得液面与直径BC

相平，EF

作为界面的法线，而后在图中右上方区域观察P1P2

像，并在圆周上插上大头针P3

使P3

正好挡住P1P2.

同学们通过计算，预先布圆周EC

部分刻好了折射率的值，这样只要根据P3

所插的位置，就可直接读出液体折射率的值.

则：

(1)

若隆脧AOF=30鈭�OP3

与OC

的夹角为30鈭�

则P3

处所刻折射率的值为____________．

(2)

图中P3P4

两位置哪一处所对应的折射率值大？答：____________．

(3)

做AO

的延长线交圆周于KK

处对应的折射率值应为____________．评卷人得分四、判断题(共4题，共16分)23、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

25、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）26、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共4题，共36分)27、如图所示，在图（1）中，G为指针在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况．今使它与一线圈串联进行电磁感应实验，则图（2）中的条形磁铁的运动方向是______；图（3）中电流计的指针将向______偏转；图（4）中的条形磁铁上端为______极．

28、用打点计时器“验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示。

(1)

实验中_______________(

填“需要”或“不需要”)

用天平测量重锤的质量m

。(2)

按照图示的装置安装器件时，应将打点计时器接到电源的________(

填“直流”或“交流”)

输出端上．(3)

某同学在使用质量为m

的重物来验证“机械能守恒定律”的实验中，在选定的纸带上依次取计数点如图所示。纸带上所打的点记录了重物在不同时刻的位置，纸带的左端与重物相连。设相邻计数点的时间间隔为T

，且O

为打下的第一个点。当打点计时器打下点“3

”时，物体的速度表达式为_______________，物体的动能表达式为_______________。29、某同学为了精确测量某一阻值约为100Ω的电阻Rx；设计了如图甲所示的电路图，实验台上摆放有以下器材：

A．电流表（量程15mA；内阻约为50Ω）

B．电流表（量程0.6A；内阻未知）

C．电阻箱（最大电阻99.99Ω）

D．电阻箱（最大电阻999.9Ω）

E．电源（电动势约3V；内阻约1Ω）

F．单刀单掷开关2只。

G．导线若干。

该同学按照如下实验步骤完成实验：

①闭合开关S1，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为R1时；电流表指针有较大的偏转，此时记录电流表读书为I；

②保持开关S1闭合，闭合开关S2，再次调节电阻箱，使电流表读数恰好为I，记录下电阻箱的阻值为R2．

a．根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择______（填器材前字母）

b．根据实验步骤可知，待测电阻Rx=______（用题目所测数据表示）

（2）该同学经过研究后，继续利用以上实验电路，测量电流表的内阻RA．具体操作如下：闭合开关S2，调节电阻箱R，读出多组R和I值，作出-R图象如图乙所示．若图象中纵轴截距为1A-1，则电流表内阻RA=______Ω．30、在“用双缝干涉测光的波长”实验中：

(1)

如图所示光具座上放置的光学元件依次为：垄脵

光源；______、垄脻

遮光筒、垄脼

光屏(

填选项前字母符号)

A.垄脷

单缝；垄脹

双缝、垄脺

滤光片。

B.垄脷

滤光片；垄脹

双缝、垄脺

单缝。

C.垄脷

双缝；垄脹

单缝、垄脺

滤光片。

D.垄脷

滤光片；垄脹

单缝、垄脺

双缝。

(2)

如果把光屏远离双缝的方向移动；相邻两条亮纹中心的距离______(

填“增大”；“减小”或“不变”)

．

(3)

如果用上述装置测量氦氖激光器发出激光的波长，则图中除了光源之外，其它不需要的器材元件有______(

填元件名称)

．评卷人得分六、计算题(共3题，共24分)31、一列沿x轴正方向传播的简谐横波，在xl=2m和x2=5m处的两质点的振动图象如图所示；若此波的波长不小于1m，求：

（1）此波的波长的可能值；

（2）此波的传播速度可能为多大？32、如图（a）所示，一对金属导轨平行固定放置在同一水平面上，间距l=0.2m，两导轨左端a、b用直导线连接一阻值R=0.2Ω的电阻．在距导轨左端d=0.3m处垂直于导轨放置着一根阻值r=0.1Ω的金属棒PQ，棒的中点通过一跨过光滑定滑轮的轻绳悬挂一个质量m=0.03的砝码．此时棒PQ刚好能保持静止．接着在整个导轨所在的平面内加上一方向竖直向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系如图（b）所示．不计导轨和导线的电阻，不计回路产生的感应电流对磁场的影响，取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）棒PQ保持静止时；通过电阻R的电流的大小和方向；

（2）从开始到棒PQ即将运动过程，电阻R产生的焦耳热．33、如图所示，物体A置于静止在光滑水平面上的平板小车B的左端，物体在A的上方O点用细线悬挂一小球C（可视为质点），线长L=0.8m。现将小球C拉至水平无初速度释放，并在最低点与物体A发生水平正碰，碰撞后小球C反弹的速度为2m/s。已知A、B、C的质量分别为mA=4kg、mB=8kg和mC=1kg，A、B间的动摩擦因数μ=0.2，A、C碰撞时间极短，且只碰一次，取重力加速度g=10m/s2。

（1）求小球C与物体A碰撞前瞬间受到细线的拉力大小；

（2）求A；C碰撞后瞬间A的速度大小；

（3）若物体A未从小车B上掉落，小车B的最小长度为多少。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【解析】试题分析：电烤炉可以将电功全部转化为电热，但是洗衣机将电功一部分转化为电热，一部分转化为机械能，所以正常工作相同的时间电烤炉产生的热量多，A正确，考点：本题考查了纯电阻电路和非纯电阻电路的电功特点【解析】【答案】A2、B【分析】试题分析：从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流．电动机停止转动时，电能全部转化为内能，电路是纯电阻电路，欧姆定律成立，由电流表和电压表的示数，根据欧姆定律得：电动机的电阻．电动机正常运转时，电动机输入的电功率为内部发热功率为电动机正常运转时的输出功率等于输入的电功率与内部发热功率之差，即．所以选B．考点：本题考查纯电阻电路和非纯电阻电路的功率的计算及欧姆定律．【解析】【答案】B3、A【分析】解：该电路可以看做是左右两部分并联后由串联起来．S刚刚接通时；L上的自感会使提供它的电流慢慢增大．

根据变化电路的特性，L支路上的电流增大时，和它并联的S1上的电流就减小，和它串联的S2上的电流就增大．所以S刚刚接通时S1灯先达到最亮；

S断开时，L和b构成自感回路，S2不在回路中，所以S断开时，S2立刻熄灭，S1后熄灭．故A正确；BCD错误．

故选：A．

当开关接通和断开的瞬间；流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析．

对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源．【解析】【答案】A4、D【分析】解：A、据V-t图可知带电粒子在B点的加速度最大为2m/s2，所受的电场力最大为2N，据E=知；B点的场强最大为1N/C，故A错误。

B；据V-t图可知带电粒子的速度增大；电场力做正功，电势能减小，故B错误。

C；据两个等量的同种正电荷；其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C错误。

D、据V-t图可知A、B两点的速度，在根据动能定理得电场力做的功WBA=10J，再用UAB===-5V；故D正确。

故选：D。

两个等量的同种正电荷；其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧；电量为2C仅在运动方向上受电场力作用从C点到B；到A运动的过程中，根据V-t图可知在B点的加速度为运动物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，则判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况．

明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，据V-t图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口．【解析】D5、A【分析】

设上下表面的间距为d，整体在匀强磁场中沿垂直于磁场的方向向左以速度V匀速运动时，在上下表面产生的电势差U=Bdv．根据右手定则，下表面带正电，上表面带负电，则小球所受电场力大小方向向下．小球所受洛伦兹力大小F2=qvB；方向向上，知电场力和洛伦兹力平衡，则重力等于绳子的拉力，悬线竖直．故A正确，B；C、D错误．

故选A．

【解析】【答案】整体在匀强磁场中沿垂直于磁场的方向向左以速度V匀速运动时；在上下表面产生感应电动势，小球受重力；电场力和洛伦兹力、拉力处于平衡，根据平衡判断绳子拉力的大小．

6、C【分析】解：人脚受到支持力和滑动摩擦力，则根据f=μFN可知；动摩擦因数为滑动摩擦力示数与压力示数的比值；故C正确，ABD错误．

故选：C．

明确滑动摩擦力的计算公式；明确传感器显示的压力为接触面间的正压力，则根据滑动摩擦力分式即可求得动摩擦因数．

本题考查滑动摩擦力的计算，要注意明确公式中μ采用比值定义法，其大小与正压力和摩擦力是无关的．【解析】【答案】C7、D【分析】解；A

原子中绝大部分是空中；原子核的体积很小，但是因为核外的电子虽然所占体积很大，质量却是很小，所以几乎整个原子所有的质量都集中到了原子核上，故AC正确；

B；电子在核外绕核旋转；所需要的向心力由原子核对电子的库伦力提供，故B正确；

D；原子核的直径大约为10鈭�15m

故D错误．

本题选错误的，故选D【解析】D

8、A【分析】解：A

进入磁场时受到的洛伦兹力F=Bqv=1隆脕10鈭�6隆脕20N=2隆脕10鈭�5N

物体A

的重力G=mg=2.0隆脕10鈭�6kg隆脕10=2.0隆脕10鈭�5N

则有重力等于洛伦兹力；故物体A

对地面的压力减小为零；由于物块在水平方向不受外力，故物块进入磁场后的运动状态不变；故A正确，BCD错误；

故选：A

．

分别求出物块的重力和洛伦兹力；根据二力的大小关系分析物块A

与地面间的压力，根据力和运动的关系分析粒子的运动情况．

本题考查带电粒子在磁场中的运动情况分析，要注意明确洛伦兹力的性质，知道洛伦兹力永不做功，并能根据力和运动的关系分析物体的运动情况．【解析】A

二、多选题(共5题，共10分)9、BC【分析】解：常用铝框做骨架；当线圈在磁场中转动时，导致铝框的磁通量变化，从而产生感应电流，出现安培阻力，使其很快停止摆动．而塑料做骨架达不到电磁阻尼的作用，这样做的目的是利用涡流，起到电磁阻尼作用；

故选：BC．

根据穿过线圈的磁通量发生变化；从而产生感应电动势，出现感应电流，进而受到安培阻力，阻碍指针的运动．

在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握，同时理解电磁阻尼的原理．【解析】【答案】BC10、ACD【分析】解：A

在t1

时刻；电路中的q

最大，说明还没放电，所以电路中无电流，则磁场能最小.

故A正确；

B；在t1

到t2

时刻电路中的q

不断减小；说明电容器在不断放电，由于线圈作用，电路中的电流在不断增加.

故B不正确；

C；在t2

到t3

时刻电路中的q

不断增加；说明电容器在不断充电，故C正确；

D；在t4

时刻电路中的q

等于0

说明电容器放电完毕，则电场能最小，故D正确；

故选：ACD

电路中由L

与C

构成的振荡电路；在电容器充放电过程就是电场能与磁场能相化过程.q

体现电场能，i

体现磁场能．

电容器具有储存电荷的作用，而线圈对电流有阻碍作用．【解析】ACD

11、AC【分析】解：AB

物体受力如图；根据平衡条件得。

支持力N=Gcos娄脠

摩擦力f=Gsin娄脠

当娄脠

增大时；N

减小，f

增大.

故A正确，B错误．

C；D

由于物体一直静止在木板上；物体所受的重力、支持力和摩擦力的合力一直为零，保持不变．

故选：AC

．

物体一直处于静止状态；合力保持为零.

根据平衡条件得出物体所受支持力和摩擦力与娄脠

角的关系式，再分析它们的变化．

本题动态平衡问题，采用数学上函数法分析支持力和摩擦力的变化，也可以运用图解法分析．【解析】AC

12、BC【分析】解：利用单摆测重力加速度时，需要测量的物理量有：摆长L、振动n次所用的时间t，由单摆周期公式T=2π及T=可知，重力加速度：g=

A、由g=可知；重力加速度与摆球质量无关，摆球质量过大不会造成实验误差，在摆角不大于5°时，重力加速度的测量值与摆角无关，故A错误；

B、由g=可知；将悬点到摆球下端的长度作为摆长，使得计算结果偏大，故B正确；

CD、由g=可知；测量周期时；把n个全振动误认为（n+1）个全振动，g的测量值偏大；将n次全振动记为n-1次全振动，g的测量值偏小，故C正确，D错误；

故选：BC

根据该实验，得知需要测量的物理量有哪些，然后写出求重力加速度的表达式g=由此式即可判知各选项的正误．

本题考查了单摆周期公式的应用，要了解公式g=的推导过程，会用该公式进行误差的分析和判断．并且要特别注意两点，一是摆长的测量是摆线的长度加上摆球的半径，二是开始计时时是从最低点开始的．【解析】【答案】BC13、BC【分析】解：A；B、由图看出；原子核衰变后放出的粒子与新核所受的洛伦兹力方向相同，而两者速度方向相反，则知两者的电性相反，新核带正电，则放出的必定是β粒子，发生了β衰变．故A错误，B正确．

C；衰变后新核所受的洛伦兹力方向向右；根据左手定则判断得知，其速度方向向下，沿小圆作逆时针方向运动．故C正确．

D；衰变的过程中要释放能量；根据爱因斯坦质能方程可知，该衰变过程结束后其系统的总质量略有减小．故D错误．

故选：BC

静止的放射性原子核发生了衰变放出粒子后；新核的速度与粒子速度方向相反，由图看出，放出的粒子与新核所受的洛伦兹力方向相同，根据左手定则判断粒子与新核的电性关系，即可判断发生了哪种衰变．

衰变的过程中要释放能量；质量减小．

本题中原子核衰变过程类似于爆炸，遵守动量守恒和能量守恒，应用半径和周期公式以及质能方程即可解决．【解析】【答案】BC三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】

由题意得，膜内电场强度为E==

由电场力做功与电势差的关系W=qU=1.6×10-19×0.4=6.4×10-20J

故答案为：5.71×105；6.4×10-20

【解析】【答案】匀强电场电场强度与电势差的关系，E=可求E，电场力做功与电势差的关系w=qU可求每个钠离子沿电场方向透过膜时电场力做功．

15、略

【分析】【解析】试题分析：在把磁铁迅速插入A线圈的过程中，穿过A的磁通量在增大，所以会产生一个阻碍磁通量增大的电流，根据楞次定律可得，感应电流方向和A中的电流方向相反，所以A中的电流减小，因为穿过B线圈向左的磁通量增大，所以根据楞次定律可得，产生的感应电流方向充Q到P，根据来拒去留可得，线圈B将向左运动，考点：考查了楞次定律的应用【解析】【答案】减小，Q→P，向左16、1：21：1【分析】根据题意有两轮边缘上的线速度大小相等，即有

即根据角速度ω和线速度v的关系v=rω得角速度与半径成反比：即

故答案为：1：2；1：1．

【分析】咬后的两齿轮有两轮边缘上线速度大小相等，根据线速度大小相等和各物理量的关系求解即可．17、略

【分析】解：摆球的直径d=20mm+0.05×10mm=20.50mm=2.050cm．

摆长l=cm=90.425cm．

秒表的读数t=57.0s．

根据T=得，g=

A；计算摆长时用的是摆线长加摆球的直径；则摆长的测量值偏大，重力加速度测量值偏大，故A正确．

B．开始计时时；停表晚按下，则周期的测量值偏小，重力加速度的测量值偏大，故B正确．

C．摆线上端未牢固系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加，则摆长的测量值偏小，重力加速度测量值偏小，故C错误．

D．实验中误将30次全振动记为31次；则周期的测量值偏小，重力加速度测量值偏大，故D正确．

本题选不正确的；故选：C．

从表中数据可以初步判断单摆周期随摆长的增大而增大．与摆球的质量无关．

故答案为：2.050；90.425，57.0，C

摆长；无关．

游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数；不需估读．摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和．秒表的读数等于小盘读数加上大盘读数．

根据单摆的周期公式；得出重力加速度的表达式，结合周期和摆长的测量误差确定重力加速度的测量误差．

解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法和秒表的读数方法，掌握单摆的周期公式，会通过周期和摆长的测量误差分析重力加速度的误差．【解析】2.050；90.425；57.0；C；摆长；无关．18、rm{(1)}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}

rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}rm{(2)}rm{sp^{2}}

rm{sp^{3}}rm{(3)C}或rm{O(}rm{C}

rm{O)}平面三角形rm{(4)}rm{3N_{A}}rm{7}rm{26}

rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN篓T篓TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rm{d}【分析】【分析】本题旨在考查学生对原子结构与元素的性质、电离能、杂化轨道理论、配合物理论等应用。rm{A}元素的原子是周期表中半径最小的原子，rm{A}为rm{H}元素；rm{B}原子最外层电子数是次外层电子数的rm{1.5}倍，rm{B}为rm{B}元素；元素rm{C}在自然界中形成物质种类最多，rm{C}为rm{C}元素；rm{E}rm{F}rm{G}三种元素原子的质子数之和为rm{62}rm{E}元素原子rm{2p}轨道上有两个未成对电子，rm{E}为rm{O}元素；rm{G}元素原子rm{4p}轨道上有rm{1}个未成对电子，且它的阴离子具有跟氪相同的电子层结构，rm{G}为溴元素；rm{E}rm{F}rm{G}能够形成多种常见的盐，则rm{F}为rm{K}元素，rm{D}为氮元素。【解答】rm{(1)E}元素为rm{O}元素，原子的价层电子的电子排布图为：元素为rm{(1)E}元素，原子的价层电子的电子排布图为：rm{O}；为rm{E}元素，rm{O}为rm{F}元素，rm{K}rm{E}形成的化合物之一能够与水反应放出气体，则为rm{F}与水反应，rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}rm{{K}_{2}{O}_{2}}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}故答案为：rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}均可与rm{(2)B}rm{D}rm{F}均可与rm{G}形成化合物rm{BG}形成化合物rm{(2)B}rm{D}rm{F}rm{G}rm{BG}rm{{,!}_{3}}和rm{D}根据价层电子对互斥理论，可求得中心原子价层电子对数分别为rm{G}和rm{G}故中心原子的杂化方式分别为：rm{{,!}_{3}}、，分别为rm{BB{r}_{3}}rm{NB{r}_{3}}根据价层电子对互斥理论，可求得中心原子价层电子对数分别为rm{3}和rm{4}故中心原子的杂化方式分别为：rm{BB{r}_{3}}rm{NB{r}_{3}}rm{3}rm{4}rm{sp^{2}}含有碳碳三键，结构式为：rm{sp^{3}}；故答案为：或rm{sp^{2}}rm{sp^{3}}；rm{(3)CO}含有碳碳三键，结构式为：rm{(3)CO}或rm{C}rm{O(}rm{C}rm{O)}由；故答案为：rm{C}rm{O(}形成的气态化合物rm{C}为甲醛，其分子的空间构型是平面三角形，rm{O)}分子中；键的数目为rm{(4)}由rm{A}rm{C}rm{E}形成的气态化合物rm{X}为甲醛，其分子的空间构型是平面三角形，rm{1molX}分子中rm{娄脪}键的数目为rm{3{N}_{A}}基态rm{Fe}原子的电子排布了rm{7}个能级，有rm{26}个运动状态，在周期表中在rm{d}区；基态rm{(4)}原子的电子排布了rm{A}个能级，有rm{C}个运动状态，在周期表中在rm{E}区；rm{X}与rm{1molX}以个数比rm{娄脪}rm{3{N}_{A}}配合所得离子显红色。发生反应的化学方程式可以表示为：rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN篓T篓TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rm{Fe}rm{7}rm{26}rm{d}rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN篓T篓TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rm{Fe^{3+}}【解析】rm{(1)}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}rm{(2)}rm{sp^{2}}rm{sp^{3}}rm{(3)C}或rm{O(}rm{C}rm{O)}平面三角形rm{(4)}rm{3N_{A}}rm{7}rm{26}rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN篓T篓TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rm{d}19、略

【分析】

（1）由单摆周期公式T=2π可知，g=

由T=2π可得：T2=l=kl，k=

由图象可知：k==0.04s2/cm=4s2/m；

由k=可知，g===9.87m/s2；

（2）由T=2π可得：T2=l=kl；

T2-l图象应该是过原点的直线；

如果测摆长l时，没有包括摆球半径r；

则T2=（l-r）=l-r；

则T2是l的一次函数；而不是正比例函数；

函数图象不是过原点的直线；而是一次函数图象，如图所示；

图象的斜率k与图象是否过原点无关，而g=

因此该根据该图象求得的重力加速度与正确操作时求得的重力加速度相同．

故答案为：（1）9.87；（2）相同．

【解析】【答案】（1）由单摆的周期公式式T=2π可以求出重力加速度的表达式；由图象求出图象的斜率，然后求出重力加速度．

（2）由单摆周期公式的变形公式求出L-T2关系表达式；然后分析图象形成的原因，最后判断测量值与真实值间的关系．

20、略

【分析】

1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．安培研究了磁场对通电导线的作用力规律．1820年丹麦的物理学家发现了电流的磁效应．库仑研究了点电荷间的相互作用力；发现了库仑定律．所以人和物理事件用线段连接起来如下：

【解析】【答案】法拉第发现电磁感应现象．安培研究了磁场对通电导线的作用力．奥斯特发现了电流磁效应．库仑研究了点电荷间的相互作用力．

21、GJ【分析】【解答】应选用纸带上点间隔不变的一段求速度，即GJ

【分析】应选匀速部分22、P4;1【分析】解：(1)

由图看出，折射角为i=隆脧AOF=30鈭�

折射角r=隆脧EOP3=60鈭�

则P3

处所对应的折射率的值为n=sin纬sini=3

．

(2)P4

处对应的入射角较大，根据折射定律，n=sin纬sini

可知P4

处对应的折射率较大．

(3)

作AO

的延长线交圆周于K

这种情况下折射角与折射角相等，则知K

处所对应的折射率的值是1

．

故答案为：3P41

．【解析】3;P4;1

四、判断题(共4题，共16分)23、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．25、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．26、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．五、实验探究题(共4题，共36分)27、略

【分析】解：图（1）可知；当电流从电流计的左接线柱流入时，指针向左偏．

图（2）中指针向左偏；可知感应电流的方向是顺时针，根据楞次定律知，条形磁铁S向下插入．

图（3）当条形磁铁N极向下插入时；根据楞次定律，可知，感应电流方向逆时针，则指针向右偏；

图（4）中可知指针向右偏；则有感应电流的方向逆时针，由楞次定律可知，条形磁铁S极向上拔出，由上端为N极．

故答案为：向下插入；右，N．

当电流从电流计的左接线柱流入时；指针向左偏，根据楞次定律，结合感应电流的方向判断条形磁铁是向上拔出还是向下插入．

解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，基础题，注意电流进入电流表，指针向何处偏转，是解题的关键．【解析】向下插入；右；N28、（1）不需要（2）交流（3）【分析】【分析】打点计时器使用交流电源，根据实验的原理确定是否需要测量质量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点3

的瞬时速度，从而得出动能的表达式。解决本题的关键掌握实验的原理，以及实验中需要注意的事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度。【解答】(1)

验证机械能守恒定律，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，表达式的两边都有质量，可以约去，所以实验中不需要用天平测量重锤的质量；(2)

打点计时器应接在交流电源的输出端上；(3)

因为重锤的速度越来越快，则相等时间内的位移越来越大，所以纸带的左端与重锤相连，点3

的瞬时速度等于24

间的平均速度，则v3=s4?s22T

则动能的表达式Ek=mvC22=m(s4?s2)28T2

故填：(1)

不需要；(2)

交流；(3)s4鈭�s22T

；m(s4鈭�s2)28T2

。【解析】(1)(1)不需要(2)(2)交流(3)(3)s4鈭�s22Tm(s4鈭�s2)28T2

29、略

【分析】解：（1）a、通过待测电阻的最大电流为：Imax===0.03A=30mA；如果电流表选B，则读数误差太大，故电流表应选A；

b；根据闭合电路欧姆定律；

S2断开时有：E=I（Rx+R1+RA+r）①

S2闭合时有：E=I（R2+RA+r）②

联立①②解得：Rx=R2-R1；

（2）S闭合后，由闭合电路欧姆定律可知：E=I（R2+RA+r），则有：=

则可知图象的纵轴的交点为：=1，解得：RA=2Ω；

故答案为：（1）a、A；b、R2-R1；（2）2．

（1）根据闭合电路欧姆定律求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表；列出开关S2断开和闭合时对应的闭合电路欧姆定律表达式；然后求解即可；

（2）根据图象的函数表达式与图象的性质可求得电流表内阻．

本题考查测量电阻的实验，要注意正确根据题意明确实验原理；然后根据所对应的物理规律分析求解即可；对于图象分析问题，要注意根据物理规律确定公式，结合图象的性质分析斜率以及截距的意义．【解析】A；R2-R1；230、D；增大；滤光片和单缝【分析】解：(1)

为获取单色线光源；白色光源后面要有滤光片；单缝、双缝；

故选：D

．

(2)

根据鈻�x=Ld娄脣

知；光屏向远离双缝的方向移动时L

增大，则条纹间距增大；

(3)

激光颜色纯；具有较好的相干性，不再需要滤光片和单缝．

故答案为：(1)D(2)

增大；(3)

滤光片和单缝．

(1)

为获取单色线光源；白色光源后面要有滤光片；单缝、双缝．

(2)

根据鈻�x=Ld娄脣

判断条纹间距的变化情况；

(3)

激光颜色纯；具有较好的相干性，不再需要滤光片和单缝．

解决本题的关键掌握条纹的间距公式，以及会对干涉条件的理解，并掌握实验的原理与操作．【解析】D

增大；滤光片和单缝六、计算题(共3题，共24分)31、略

【分析】

根据图象得到周期为4