2025年沪教版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高一物理下册月考试卷448考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列关于合力和分力的说法中；正确的是（）

A.分力与合力同时作用在物体上。

B.分力同时作用在物体上时产生的效果与合力单独作用在物体上产生的效果相同。

C.几个力的合力就是这几个力的代数和。

D.合力可能大于；等于或小于任一分力。

2、如图所示，将一小球从原点沿水平放置的OX

轴抛出，经一段时间到达P

点，其坐标为(x0,yo)

作小球轨迹在P

点切线并反向延长，与Ox

轴相交于Q

点，则Q

点的x

轴坐标为(

)

A.x02+y02

B.x02

C.3x04

D.不能确定3、如图所示，在竖直的转动轴上，ab

两点间距为40cm

细线ac

长50cmbc

长30cm

在c

点系一质量为m

的小球，在转动轴带着小球转动过程中，下列说法不正确的是(

)

A.转速小时，ac

受拉力，bc

松弛B.bc

刚好拉直时，ac

中拉力为1.25mg

C.bc

拉直后转速增大，ac

拉力不变D.bc

拉直后转速增大，ac

拉力增大4、下列关于位移和路程关系的正确说法是(

)

A.路程是矢量，位移是标量B.物体沿某一方向做直线运动，通过的路程等于位移的大小C.物体通过的路程不等，位移肯定也不相等D.物体通过一段路程，位移不可能为零5、一定质量的气体；保持体积不变，当它的温度从100℃升高到200℃时，它的压强（）

A.改变为原来的

B.改变为原来的2倍。

C.改变为原来的

D.改变为原来的

6、《听妈妈讲那过去的事情》是一首几代儿童久唱不衰的经典歌曲，其中有一句歌词是“月亮在白莲花般的云朵里穿行”，这时选取的参考系是（）A.云B.月亮C.地面D.星7、如图是在牛顿著作里画出的一副原理图.

图中表示出从高山上用不同的水平速度抛出的物体的轨迹.

物体的速度越大，落地点离山脚越远.

当速度足够大时，物体将环绕地球运动，成为一颗人造地球卫星.

若卫星的运动可视为匀速圆周运动，已知：垄脵

引力常数；垄脷

地球质量；垄脹

地球半径；垄脺

地球表面处重力加速度；垄脻

地球自转周期，则由上述数据可以计算出第一宇宙速度的是(

)

A.垄脵垄脷垄脹

B.垄脵垄脷垄脻

C.垄脵垄脺

D.垄脹垄脻

8、某物体沿一直线运动，其图象如图所示，选择正确的说法(

)

A.第1s

内和第2s

内物体的速度方向相反B.第1s

内和第3s

内物体的加速度方向相同C.第2s

内物体的加速度大小为5m/s2

D.第2s

末物体回到原出发点评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)9、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}10、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量11、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}12、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}13、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量14、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示的是一质量为4千克的物体在只受一个力作用时的速度--时间图象，由图象可知头2秒物体所受作用力F1=____牛，第3秒内物体所受作用力F1=____牛．

16、在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2；测得所用重物的质量为1.00kg．若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A；B、C到第一个点的距离如上图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么：

（1）纸带的____（左；右）端与重物相连；

（2）打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=____m/s；

（3）从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是Ep减=____J，此过程中物体动能的增加量Ek增=____J；

（4）实验的结论是____．

17、火星与地球的质量之比为a，半径之比为b，则火星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为____18、某同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时打出的纸带如图所示；每两点之间还有四点没有画出来，图中上面的数字为相邻两点间的距离，打点计时器的电源频率为50Hz．（结果保留两位小数）

①打第4个计数点时纸带的速度v4=______m/s．

②0-6点间的加速度为a=______m/s2．

19、一个20kg

的小孩从高度为3.0m

的滑梯顶端由静止开始滑下，滑到底端的速度为2.0m/s.

则小孩在下滑过程中合外力做功为______J

阻力做功为______J.(g=10m/s2)

评卷人得分四、画图题(共2题，共8分)20、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。21、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、作图题(共4题，共28分)22、如图所示，一个均匀的金属球，夹在光滑的竖直平面和倾角为娄脠

的光滑斜面体之间处于静止状态。请画出斜面体的受力示意图。23、画出图中静止物体A所受的力的示意图。24、【题文】如图所示，两条间距l＝1m的光滑金属导轨制成倾角37°的斜面和水平面，上端用阻值为R＝4Ω的电阻连接．在斜面导轨区域和水平导轨区域内分别有垂直于斜面和水平面的匀强磁场B1和B2，且B1＝B2＝0.5T．ab和cd是质量均为m＝0.1kg，电阻均为r＝4Ω的两根金属棒，ab置于斜面导轨上，cd置于水平导轨上，均与导轨垂直且接触良好．已知t＝0时刻起，cd棒在外力作用下开始水平向右运动(cd棒始终在水平导轨上运动)，ab棒受到F＝0.6－0.2t(N)沿斜面向上的力作用；处于静止状态．不计导轨的电阻．

(1)求流过ab棒的电流Iab随时间t变化的函数关系；

(2)分析并说明cd棒在磁场B2中做何种运动；

(3)t＝0时刻起；1s内通过cd棒的电荷量q为多少？

(4)若t＝0时刻起，1.2s内作用在cd棒上外力做功为W＝16J，则这段时间内电阻R上产生的焦耳热QR多大？25、某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验时，用两个弹簧秤通过细线拉橡皮条，他在白纸上记下两细线与橡皮条的结点O的位置，画出两细线的方向如图所示，读出两弹簧秤的示数分别为F1=2.0N、F2=2.8N．请在图中根据力的平行四边形定则作出F1、F2合力的图示，通过你所画的图求出合力的大小为______N．评卷人得分六、实验探究题(共4题，共28分)26、某同学利用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律；其实验的部分原理是利用平抛运动的知识．那么：

（1）实验中必须要求的条件是______．

A．弧形斜槽必须尽可能的光滑。

B．弧形斜槽末端的切线必须水平。

C．必须测量出小球的质量m

D．小球每次必须从同一高度处滚下。

（2）实验中测得弧形斜槽末端离地面的高度为H，将钢球从斜槽的不同高度h处静止释放，钢球的落点距弧形斜槽末端的水平距离为s．则当s2与H、h的理论关系满足s2=______时；小球的机械能守恒．

（3）验证平抛运动过程中的机械能守恒．平抛运动的闪光照片可以用来验证机械能守恒，图2是一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景小方格的实物边长可以用游标卡尺测量，测量结果如图3所示，如果相机的闪光频率为f，小球的质量为m，当地重力加速度g，已知，那么小球在a→b→c→d的整个过程中减少的重力势能为______，增加的动能为______（这两空用字母L、f、m、g表示），这样代入数据就可以验证平抛运动过程中的机械能守恒．27、如图所示，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹后，又在估计上取出abcd

四个点(

轨迹已擦去).

已知小方格纸的边长L=2.5cmg

取10m/s2.

请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：

(1)

小球从a隆煤bb隆煤cc隆煤d

所经历的时间______(

填“相等”或“不相等”)

．

(2)a

点______(

填是或不是)

小球的抛出点．

(3)

平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，根据小球从a隆煤bb隆煤cc隆煤d

的竖直方向位移差，求出小球从a隆煤bb隆煤cc隆煤d

所经历的时间是______s.

(4)

再根据水平位移，求出小球平抛运动的初速度的大小v0=

______m/s

．28、如图甲所示，用细线竖直拉着包有白纸的质量为m(kg)

的圆柱棒，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动.

当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛笔就在圆柱棒表面的纸上画出记号，如图乙所示，设毛笔接触棒时不影响棒的运动.

测得记号之间的距离依次为20.0mm44.0mm68.0mm92.0mm116.0mm140.0mm

已知电动机铭牌上标有“1200r/min

”字样，根据以上内容，回答下列问题：垄脵

图乙中的________端是圆柱体的悬挂端(

填“左”或“右”)

垄脷

根据图乙所给的数据，可知毛笔画下记号D

时，圆柱棒下落的速度vD=

________m/s

圆柱棒竖直下落的加速度为________m/s2

29、某同学为探究“合力做功与物体动能改变的关系”，设计了如下实验，他的操作步骤是：

垄脵

按图甲摆好实验装置，其中小车质量M=0.20kg

钩码总质量m=0.05kg

．垄脷

释放小车，然后接通打点计时器的电源(

电源的周期T=0.02s)

打出一条纸带．

(1)

他在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条，如图乙所示.

把打下的第一点记作0

然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4

个点未画出，用厘米刻度尺测得各计数点到0

点距离分别为d1=0.041md2=0.095md3=0.162md4=0.246md5=0.350md6=0.470m

他把钩码重力(

当地重力加速度g=9.8m/s2)

作为小车所受合力，算出0

点到第5

计数点合力做功W=

______________J(

结果保留三位有效数字)

用正确的公式表达打下第5

计数点时小车动能Ek=

______________(

用相关数据前字母列式)

并把打下第5

点时小车动能作为小车动能的改变量，算得Ek=0.125J

．

(2)

此次实验探究的结果，他没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的增量”，且误差很大.

通过反思，他认为产生误差的可能原因如下，其中正确的是__________．A.钩码质量太大，使得合力对物体做功的测量值比真实值偏大太多B.没有使用最小刻度为毫米的刻度尺测距离是产生此误差的主要原因C.释放小车和接通电源的次序有误，使得动能增量的测量值比真实值偏小D.没有平衡摩擦力，使得合力对物体做功的测量值比真实值偏大太多参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B|D【分析】

A；合力与分力是等效替代关系；合力产生的作用效果与分力共同作用的效果相同，因而合力与分力不是同时作用在物体上，故A项错；

B；合力与分力是等效替代关系；合力产生的作用效果与分力共同作用的效果相同，因而合力与分力不是同时作用在物体上，故B项正确；

C；力是矢量；力的合成遵循矢量运算法则，即平行四边形定则，故C项错；

D；由平行四边形定则可知；合力与分力的大小没有必然的联系，合力可能大于、小于或等于任一分力，故D项正确；

故选BD．

【解析】【答案】当一个物体受到几个力的共同作用时；我们常常可以求出这样一个力，这个力产生的效果和原来几个力的共同作用产生的效果相同，这个力就叫做那几个力的合力，原来的几个力就叫做这个力的分力．

1．合力与分力是等效替换关系．

2．在进行受力分析时；合力与分力只能考虑其一，切忌重复分析．

3．合力与分力的大小关系：两个分力F1、F2与合力F合的大小关系与两个分力方向间的夹角θ有关。

2、B【分析】解：隆脧xQP

为P

点速度偏转角；设此角为娄脠

设隆脧xop

为角娄脕

初速度为v0

根据平抛运动规律：vy=gt

则：tan娄脠=vyv0=gtv0=gtx0t=gt2x0

而tan娄脕=y0x0=12gt2x0=gt22x0

即：tan娄脠=2tan娄脕

即：y0x0鈭�x=2y0x0

得：x=12x0

所以选项B正确．

故选：B

．

表示出P

点速度与水平方向夹角的正切值；然后表示出P

点位移与水平方向夹角的正切值，对比其关系可得出Q

点的横坐标．

本题考查了平抛运动中速度偏向角正切值为位移与水平方向夹角正切值的倍这一关系，记忆后可使解决问题时更简单．【解析】B

3、D【分析】解：A

若不转时；ac

为重垂线；当转速由零逐渐增加时，ac

与竖直方向的夹角逐渐增加，故A正确；

B、bc

刚好拉直时，bc

绳子的拉力为零；此时球受重力和ac

绳子的拉力，合力指向圆心，如图：

故Tac=54mg=1.25mg

故B正确；

C、bc

拉直后转速增大，小球受重力，bc

绳子的拉力，ac

绳子的拉力，将ac

绳子拉力沿着水平和竖直方向正交分解，由于竖直方向平衡，有：Taccos37鈭�=mg

故ac

绳子拉力不变，故C正确；

D、bc

拉直后转速增大，小球受重力，bc

绳子的拉力，ac

绳子的拉力，将ac

绳子拉力沿着水平和竖直方向正交分解，由于竖直方向平衡，有：Taccos37鈭�=mg

故ac

绳子拉力不变，故D错误；

本题选错误的；故选D．

球随着杆一起做圆周运动；先假设绳BC

没有力的作用，来判断球的运动状态，根据球的运动的状态来分析绳BC

是否被拉直，在进一步分析绳子的拉力的大小．

本题中首先要判断绳子BC

是否被拉直，即绳子BC

是否有拉力的存在；其次要对小球受力分析，然后运用合成法或者正交分解法列式求解．【解析】D

4、B【分析】解：A

位移是由初位置指向末位置的有向线段；是矢量；路程是物体经过的轨迹的长度，是标量，故A错误．

B；当物体做单向直线运动时；路程等于位移的大小.

故B正确．

C；物体通过的路程不相等；初位置与末位置可能重合，位移可能相等.

故C错误．

D；物体通过的路程不为零；首末位置可能重合，位移可能为零.

故D错误．

故选：B

位移的大小等于首末位置的距离；路程的大小等于运动轨迹的长度．

解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道路程是标量，位移是矢量．【解析】B

5、D【分析】

根据查理定律一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时气体的压强跟它的热力学温度成正比，即：

初状态：T=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以得：．即温度从100℃升高到200℃时，它的压强改变为原来的．故正确的选项为D；ABC选项都错误．

故选：D

【解析】【答案】一定质量的气体；保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化．

6、A【分析】【分析】这句歌词的意思是月亮在穿行；即月亮在运动，而且是穿过了云朵，所以很明显，说月亮在运动就是以云朵为参照物．故A正确；

【点评】研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同．7、A【分析】解：根据万有引力提供向心力得，GMmR2=mv2R

第一宇宙速度v=GMR

则已知地球的质量；半径和引力常数，可以求出第一宇宙速度．

根据重力提供向心力得，mg=mv2R

解得第一宇宙速度v=gR

已知地球表面的重力加速度和地球的半径，可以求出第一宇宙速度.

故A正确，BCD错误．

故选：A

．

根据万有引力提供向心力；结合地球的质量和半径求出地球的第一宇宙速度，根据重力提供向心力，结合地球表面的重力加速度和地球的半径求出第一宇宙速度．

解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1

万有引力提供向心力，2

万有引力等于重力，并能灵活运用．【解析】A

8、C【分析】解：A

第1s

内和第2s

内物体的速度均为正值；方向相同.

故A错误．

B

第1s

内加速度为正值；第3s

内物体的加速度为负值，说明加速度方向相反.

故B错误．

C

第2s

内物体的加速度a=鈻�v鈻�t=0鈭�51m/s2=鈭�5m/s2a

的大小为5m/s2.

故C正确．

D

由图可知：前2s

内物体的位移不是零；则第2s

末物体没有回到原出发点.

故D错误．

故选C

在前2s

内速度为正值；表示物体沿正方向运动；后2s

内速度负值，表示物体沿负方向运动，与前2s

内物体运动方向相反.v鈭�t

图象的斜率表示加速度，由斜率研究加速度的大小和方向.

前2s

内物体的位移不是零，则第2s

末物体没有回到原出发点．

本题是速度图象问题，培养基本的读图能力：由速度的正负读出速度的方向，斜率读出加速度，面积读出位移，等等．【解析】C

二、双选题(共9题，共18分)9、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}10、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}11、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}12、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}13、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}14、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】

在前2s内，物体的加速度a=．

根据牛顿第二定律得；F=ma=4×2N=8N．

在第3s内物体做匀速直线运动；加速度为零，在作用力为零．

故答案为：8；0．

【解析】【答案】根据速度时间图线求出物体的加速度；再根据牛顿第二定律求出作用力的大小．通过物体在第3s内的运动情况得出物体的加速度，从而得出作用力的大小．

16、略

【分析】

（1）物体做加速运动；由纸带可知，纸带上所打点之间的距离越来越大，这说明物体与纸带的左端相连．

（2）利用匀变速直线运动的推论。

vB==0.98m/s

（3）重物由B点运动到C点时；重物的重力势能的减少量△Ep=mgh=1.0×9.8×0.0501J=0.49J．

EkB==0.48J

（4）在实验误差范围内；重物的重力势能的减少量等于动能的增加量，所以在实验误差范围内，机械能守恒．

故答案为：（1）左；（2）0.98；（3）0.49；0.48；（4）在实验误差范围内；机械能守恒。

【解析】【答案】纸带随重物一起做加速运动；根据纸带上所打点之间的距离可以判断物块与纸带的那端相连，纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．

17、略

【分析】【解析】试题分析：根据黄金替代公式可得：考点：考查了万有引力定律的应用【解析】【答案】18、略

【分析】解：①因为每两点之间还有四点没有画出来，所以T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，v4===1.20m/s

②设0到1之间的距离叫x1，设1到2之间的距离叫x2，设2到3之间的距离叫x3，设3到4之间的距离叫x4，设4到5之间的距离叫x5，设5到6之间的距离叫x6；

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x4-x1=3a1T2

x5-x2=3a2T2

x6-x3=3a3T2

为了更加准确的求解加速度；我们对三个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2+a3）

即小车运动的加速度计算表达式为：a=

代入数据解得：a=1.98m/s2

故答案为：①1.20；②1.98．

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】1.20；1.9819、40；-560【分析】解：根据动能定理得：W潞脧=12mv2=12隆脕20隆脕22=40J.

由动能定理得：mgh+Wf=12mv2

得，Wf=12mv2鈭�mgh=40J鈭�20隆脕10隆脕3J=鈭�560J

．

故答案为：40鈭�560

根据动能定理求解合力做功；并求出阻力做功的大小.

重力做功由公式W=mgh

求解．

知道物体的质量和速度，根据动能定理可直接求合力做功，还可细化列式可求解某一个力做功．【解析】40鈭�560

四、画图题(共2题，共8分)20、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）21、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）五、作图题(共4题，共28分)22、解：斜面体受到重力；地面的支持力和摩擦力；球对斜面垂直于斜面向下的压力，如图所示；

答：如图所示。【分析】

以斜面体为研究对象；根据受力情况画出受力示意图。

本题主要考查学生对力的示意图的画法的了解和掌握，注意压力的作用点在接触面上，方向垂直于接触面。【解析】解：斜面体受到重力；地面的支持力和摩擦力；球对斜面垂直于斜面向下的压力，如图所示；

答：如图所示。23、解：物体A受到重力；斜面的支持力和静摩擦力；作出力图如图所示：

答：如上图所示。【分析】

首先分析物体A的受力情况；再作出力的示意图。首先分析重力，再分析接触力：弹力和摩擦力。

本题考查学生分析受力的能力。对物体受力分析，一般先分析不接触力：重力、电场力和磁场力。再分析接触力：弹力和摩擦力。【解析】解：物体A受到重力；斜面的支持力和静摩擦力；作出力图如图所示：

答：如上图所示。24、略

【分析】【解析】(1)ab棒平衡，则F＋F安＝mgsin37°

又因F安＝B1Iabl

代入数据得Iab＝0.4tA.

(2)cd棒上的电流Icd＝2Iab＝0.8tA①

电源电动势E＝IcdR总②

cd棒切割磁感线，产生的感应电动势为E＝B2lv③

联立①②③得；cd棒的速度v＝9.6tm/s

所以；cd棒做初速度为零的匀加速直线运动．

(3)cd棒的加速度为a＝9.6m/s2

1s内的位移为x＝at2＝×9.6×12m＝4.8m

根据＝＝＝

得q＝t＝＝C＝0.4C.

(4)t＝1.2s时；cd棒的速度v＝at＝11.52m/s

根据动能定理：W－W安＝mv2－0

得1.2s内克服安培力做功W安＝9.36J

回路中产生的焦耳热Q＝W安＝9.36J

电阻R上产生的焦耳热QR＝Q/6＝1.56J.【解析】【答案】(1)0.4tA(2)v＝9.6tm/s的匀加速直线运动(3)0.4C(4)1.56J25、略

【分析】解：取如图所示的标度表示0.4N；

作出平行四边形；即其对角线的长度表示合力的大小，箭头的指向表示力的方向；

如图所示：

由图求出合力的大小为3.4N．

故答案为：如图；3.4

画力的图示应注意先选择合适的标度；再由标度表示出力的大小，由细线的方向得出力的方向；根据作图的方法作图即可．

本题考查了不在同一直线上的力的合成，知道力的平行四边形定则、认真作图、认真测量即可正确解题．【解析】3.4六、实验探究题(共4题，共28分)26、略

【分析】解：（1）A；本实验是为了验证小球从弧形斜槽滚下过程机械守恒；必须满足守恒条件：只有重力做功，因此要减小阻力．故弧形斜槽必须尽可能的光滑．故A正确．

B；要利用平抛运动测量速度；弧形斜槽末端的切线必须水平．故B正确．

C、要验证机械能守恒定律，我们可以比较gh与v2的关系；所以该实验中不必须测量钢球的质量，故C错误．

D；实验时为了多次测量验证机械能守恒；可以在不同的高度释放，故D错误．

故选：AB．

（2）根据H=得，t=则平抛运动的初速度

若mgh=即s2=4Hh时；机械能守恒．

（3）小球在a→b→c→d的整个过程中减少的重力势能为△Ep=mg•6L=6mgL，增加的动能==

解得

解得动能增加量．

故答案为：（1）AB，（2）4Hh，（3）6mgL，6mf2L2．

（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤．

（2）根据平抛运动的规律得出平抛运动的初速度；抓住重力势能的减小量等于动能的增加量得出机械能守恒的表达式．

（3）根据下降的高度求出重力势能的减小量；根据平抛运动的推论和速度时间公式得出a；d两点竖直分速度的大小，从而得出动能的增加量．

对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．【解析】AB；4Hh；6mgL；6mf2L227、略

【分析】解：(1)

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在相等时间内的位移相等，可知小球从a隆煤bb隆煤cc隆煤d

所经历的时间相等．

(2)

平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在相等时间内竖直方向上的位移之比为135

而abbccd

竖直方向上的位移之比为123

可知a

点不是小球的抛出点．

(3)

根据鈻�y=L=gT2

得，相等的时间间隔T=Lg=2.5隆脕10鈭�210s=0.05s

．

(4)

小球平抛运动的初速度的大小v0=2LT=2隆脕2.5隆脕10鈭�20.05m/