2025年新世纪版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、高速水流切割是一种高科技工艺加工技术，为完成飞机制造中的高难度加工特制了一台高速水流切割机器人，该机器人的喷嘴横截面积为喷嘴射出的水流速度为103m/s，水的密度为1×103kg/m3，设水流射到工件上后速度立即变为零．则该高速水流在工件上产生的压力大小为（）A.1000NB.100NC.10ND.1N2、如图所示；汽缸内用活塞封闭一定质量的理想气体，汽缸和活塞导热良好，汽缸水平固定不动，一条细线左端连接在活塞上，另一端跨过定滑轮后吊着一个重物，开始时活塞静止。某时刻起发现重物缓慢上升，一段时间后活塞再次静止，不计活塞与汽缸壁间的摩擦，下列说法正确的是（）

A.汽缸内气体的压强增大B.汽缸内气体对外做正功C.汽缸内气体的内能减小D.汽缸内气体的分子平均动能变大3、下列说法正确的是（）A.气体分子热运动的平均动能增大时，则气体压强也一定增大B.分子力随分子间距离的减小会增大C.两块表面磨平、干净的铅块，使之紧密接触后结合在一起，说明分子间有引力D.一定质量的理想气体等温膨胀时会向外放热但内能保持不变4、关于科学家做出的贡献，下列说法正确的是A.奥斯特提出分子电流假说B.法拉第采用了电场线的方法来描述电场C.安培发现了点电荷的相互作用规律D.洛伦兹力发现了磁场对电流的作用规律5、如图所示，两个端面半径同为R的圆柱形铁芯同轴水平放置，相对的端面之间有一缝隙，铁芯上绕导线并与电源连接，在缝隙中形成一匀强磁场．一铜质细直棒ab水平置于缝隙中，且与圆柱轴线等高、垂直．让铜棒从静止开始自由下落，铜棒下落距离为0．2R时铜棒中电动势大小为E1，下落距离为0．8R时电动势大小为E2．忽略涡流损耗和边缘效应．关于的大小和铜棒离开磁场前两端的极性；下列判断正确的是。

A.>a端为正B.>b端为正C.<a端为正D.<b端为正6、如图所示，直角三角形ABC中∠A=60°，AD=DC，置于B、C两点垂直纸面的直导线中通有大小相等、方向向里的恒定电流，D点的磁感应强度大小为B0．若把置于C点的直导线移至A点；电流大小和方向都不变，则D点的磁感应强度变为。

A.大小为方向向下B.大小为等方向向下C.大小为B0，方向向左D.大小为2B0，方向向左7、如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，金属棒与两导轨始终保持垂直，并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在水平匀强磁场中，棒在竖直向上的恒力F作用下匀速上升的一段时间内，下列说法正确的是（）

A.通过电阻R的电流方向向左B.棒受到的安培力方向向上C.棒机械能的增加量等于恒力F做的功D.棒克服安培力做的功等于电路中产生的热量8、某同学用半径相同的两个小球a、b来研究碰撞问题，实验装置示意图如图所示，O点是小球水平抛出点在水平地面上的垂直投影．实验时，先让入射小球a多次从斜轨上的某一确定位置由静止释放，从水平轨道的右端水平抛出，经多次重复上述操作，确定出其平均落地点的位置P；然后，把被碰小球b置于水平轨道的末端，再将入射小球a从斜轨上的同一位置由静止释放，使其与小球b对心正碰，多次重复实验，确定出a、b相碰后它们各自的平均落地点的位置M、N；分别测量平抛射程OM、ON和OP．已知a、b两小球质量之比为6：1，在实验误差允许范围内，下列说法中正确的是（）

A.a、b两个小球相碰后在空中运动的时间之比为OM：ONB.a、b两个小球相碰后落地时重力的瞬时功率之比为6OM：ONC.若a、b两个小球在碰撞前后动量守恒，则一定有6ON=6OM+OPD.若a、b两个小球的碰撞为弹性碰撞，则一定有OP+OM=ON9、根据爱因斯坦的“光子说”可知（）A.“光子说”本质就是牛顿的“微粒说”B.光的波长越大，光子的能量越小C.一束单色光的能量可以连续变化D.只有光子数很多时，光才具有粒子性评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、下列说法正确的是（）A.具有各向同性的一定是非晶体B.具有确定熔点的一定是晶体C.物体的体积增大，其分子势能一定增大E.液晶屏的显示功能是利用了液晶在光学性质上的各向异性E.液晶屏的显示功能是利用了液晶在光学性质上的各向异性11、下列说法正确的是（）A.晶体具有固定的熔点，某种物理性质可表现为各向异性B.液体的表面张力垂直于液面指向液体的内部C.空调既能制热又能制冷，说明在非自发的条件下，热传递可以逆向E.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏小E.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏小12、如图所示分别为100多个；3000多个、70000多个电子通过双缝后的干涉图样；则（）

A.图样是因为电子之间相互作用引起的B.假设现在只让一个电子通过单缝，那么该电子一定落在亮纹处C.图样说明电子已经不再遵守牛顿运动定律D.根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量13、水平面内，有两根足够长的固定平行金属导轨，在它们上面横放两根平行导体棒，构成矩形回路．每根棒长度均为L，质量均为m，电阻均为R，导轨电阻不计，空间有方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场，不计电磁辐射及导体棒与导轨之间的摩擦．现已知左侧导体棒I静止，右侧导体棒II具有向右的初速度v0；如图所示，则以下判断正确的是。

A.两导体棒受到的安培力始终等大反向，整个过程中它们组成的系统动量守恒B.最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动，由于都做切割磁感线运动，电路中电流不为零C.从开始运动到最终达到稳定状态，整个回路产生的焦耳热为D.从开始运动到最终达到稳定状态，两导体棒之间的距离的变化x不断增大，x最大值为14、【物理选修3-4】一束光从空气射向折射率n=的某种玻璃的表面，如图所示，i代表入射角；则_________

A.当入射角i=30°时，折射角B.无论入射角i为多大，折射角r都不会超过45°C.欲使折射角r=30°，应以i=45°的角度入射E.当入射角大于临界角时，会发生全反射E.当入射角大于临界角时，会发生全反射15、如图所示，两带电金属球在绝缘的光滑水平桌面上沿同一直线相向运动，球带电为球带电为下列说法中正确的是（）

A.相碰前两球的运动过程中，两球的总动量守恒B.相碰前两球的总动量随两球的距离逐渐减小而增大C.相碰分离后的两球的总动量不等于相碰前两球的总动量，因为两球相碰前作用力为引力，而相碰后的作用力为斥力D.相碰分离后任一瞬时两球的总动量等于碰前两球的总动量，因为两球组成的系统所受合外力为零16、下列说法中正确的是（）A.氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，在向低能级跃迁时，辐射出光子的频率可能小于原吸收光子的频率B.Th(钍)核衰变为Pa(镤)核时，衰变前Th核质量大于衰变后Pa核与β粒子的总质量C.α粒子散射实验的结果证明原子核是由质子和中子组成的D.原子核的比结合能越大，则原子核中核子的平均质量(原子核的质量除以核子数)就越大，平均每个核子的质量亏损就越多,原子核越稳定17、如图所示是某金属在光的照射下，光电子的最大初动能Ek与入射光的波长的倒数()的关系图象；由图象可知()

A.图象中的0是产生光电效应的最小波长B.普朗克常量和光速的乘积hc=E0C.该金属的逸出功等于-ED.若入射光的波长为产生的光电子的最大初动能为2E评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、用图甲所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV的光照射到光电管上时，测得电流计的示数随电压变化的图像如图乙所示.则光电子的最大初动能为__________J，金属的逸出功为________J.19、春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的_______（选填“相对”或“绝对”）湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强_______（选填“较大”或“较小”）。20、水的饱和汽压随温度的变化而变化，温度升高时，饱和汽压______（填“增大”、“减小”或“不变”）；在一定温度下，水的饱和汽体积减小时，分子数密度______（填“增大”、“减小”或“不变”）；通过降低温度______（填“可以”或“不可以）使未饱和汽变成饱和汽。21、如图所示是一个公路路灯自动控制电路，图中为光敏电阻，有光照时其阻值迅速减小，为可变电阻。为使路灯能在光线不够的情况下自动点亮，虚线框中应使用的是_____门电路（选填“与”、“或”或“非”）；若要路灯在有光照时也能点亮，应使阻值_____（选填“变大”或“变小”）。

22、热力学温度T与摄氏温度t

（1）摄氏温标：一种常用的表示温度的方法．规定标准大气压下_______为0℃，_______为100℃，在0℃和100℃之间均匀分成_______等份；每份算做1℃。

（2）热力学温标：现代科学中常用的表示温度的方法，热力学温标表示的温度叫热力学温度，用符号_______表示，单位是_______，符号为_______。

（3）摄氏温度与热力学温度的关系为T＝t＋_______K。23、如图为一定质量理想气体的压强p与体积V关系图像，它由状态A经等容过程到状态B，再经等压过程到状态C．设A、B、C状态对应的温度分别为TA、TB、TC，则TA______TB，TB______TC（均选填“＞”“＜”或“＝”）。

24、夏天的清晨在荷叶上滚动着一个个晶莹剔透的小露珠，这是由________导致的物理现象。分子势能和分子间距离r的关系图象如图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中_______（选填“A”；“B”、或“C”）的位置。

25、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)29、某实验小组的实验电路如图（a）所示；电压表有一端接线位置待定．

（1）若电压表待定端。

（A）接a；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电阻R的阻值。

（B）接b；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电阻R的阻值。

（C）接a；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电源的电动势和内阻。

（D）接b；利用该实验所得的U﹣I关系图线可得到电源的电动势和内阻。

（2）将（a）图连接成“测定电源的电动势和内阻”的电路，合上开关，将滑动变阻器的滑片由接入电路阻值最大端移向另一端，发现电压表的示数接近1.5V且几乎不变，直到当滑片滑至临近另一端时电压表的示数急剧减小，出现上述情况的原因是_____．

（3）调整合适的实验器材后；利用电压表和电流表的示数拟合出U﹣I关系图线如图。

（b）所示，由此得到电源电动势E＝_____V，内阻r＝_____Ω．

（4）请结合能量守恒定律证明：电源电动势在数值上等于内、外电路电压之和________．30、恢复系数是反映碰撞时物体形变恢复能力的参数，它只与碰撞物体的材料有关，两物体碰撞后的恢复系数为其中和分别为质量为m1和m2的物体碰推前后的速度某同学利用如图所示的实验装置测定质量为m1和m2的物体碰摘后的恢复系数．

实验步骤如下：

①将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中质量为m1和m2的两球与木条的撞击点；

②将木条竖直放在轨道末端右侧并与轨道接触，让质量为m1的入射球从斜轨上A点由静止释放；摘击点为B′；

③将木条向右平移到图中所示位置，质量为m1的入射球仍从斜轨上的A点由静止释放；确定撞击点；

④质量为m2的球静止放置在水平槽的末端，将质量为m1的入射球再从斜轨上A点由静止释放；确定两球相撞后的撞击点；

⑤目测得B′与撞击点N、P、M的高度差分别为h1、h2、h3．

(1)两小球的质量关系为m1_____m2(填“>”“=”或“<”)

(2)利用实验中测量的数据表示两小球碰撞后的恢复系数为e=_______．

(3)若再利用天平测量出两小球的质量为m1、m2，则满足_____________________表示两小球碰撞前后动量守恒；若满足_____________________表示两小球碰撞前后机械能守恒．31、测定电流表内电阻的实验中备有下列器材：

A．待测电流表G（量程0～10mA）

B．标准电流表A（量程0～15mA；内阻忽略）

C．电阻箱R′（0-999Ω）

D．滑动变阻器R1（总电阻约200Ω，额定电流2.0A）

E．滑动变阻器R2（总电阻约1000Ω，额定电流2.0A）

F．电源E1（电动势约为8V；内阻忽略）

G．电源E2（电动势约为25V；内阻忽略）

H．电键及导线若干。

采用如图甲所示的电路测定电流表G的内阻rg．

（1）以上备用的器材中，滑动变阻器R应选用______、电源应该选择______（填仪器前面字母）

（2）依照电路原理图将实物连接成实验线路______；开始时两电键均断开．

（3）请完成下列主要实验步骤：

①将R阻值调至最大，闭合电键S1，调节滑动变阻器R的阻值，使电流表G达到满刻度并记录电流表A的数值。

②闭合S2，同时调节滑动变阻器、变阻箱的阻值使电流表A数值保持不变，电流表G的读数达到半偏．

③读出R′的读数（如图乙电阻箱所示）则电流表内阻rg=______Ω，这种方法测出的电流表的内阻rg比它的真实值______（选填偏“大”、“偏小”或“相等”）32、如图甲连接电路，选用8V直流电源，470微法的电解电容器．当单刀双掷开关s掷向1端，电源向电容器充电．然后把开关掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出如图乙所示的电流随时间变化曲线．一位同学对实验进行了一些分析，其中正确的是_______

A、开关s掷向2端时，流经电流传感器的电流方向从B到A

B、放电过程中电容器的电容C、电荷量Q、电压U都变小

C、Ι-t图中曲线与坐标轴围成的面积表示电容器储存的电荷量

D、电容器充电完毕时，储存的电能约为0.015JA.开关s掷向2端时，流经电流传感器的电流方向从B到AB.放电过程中电容器的电容C、电荷量Q、电压U都变小C.Ι-t图中曲线与坐标轴围成的面积表示电容器储存的电荷量D.电容器充电完毕时，储存的电能约为0.015J评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)33、如果气体的温度是1℃，也可以说气体的温度是多少K？如果气体的温度升高了1℃，也可以说气体的温度升高了多少K?34、如图，上端带卡环、底部有加热装置的圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，质量为m、横截面积为S、厚度不计的活塞到气缸底部的距离为气缸高度的一半，活塞下部封闭有温度为T的理想气体．已知重力加速度为g，外界大气压强恒为忽略一切摩擦．

（i）现对封闭气体缓慢加热，求活塞恰好到达气缸上端卡口时气体温度T1；

（ii）保持封闭气体的温度乃不变，在活塞上表面缓慢倒入沙子，使活塞到气缸底部的距离为气缸高度的三分之一，求倒入沙子的总质量m1．35、一定质量的理想气体，状态从A→B→C→D→A的变化过程可用如图所示的p­V图线描述，其中D→A为等温线，气体在状态A时温度为TA=300K；求：

(1)气体在状态C时温度TC；

(2)若气体在A→B过程中吸热1000J，则在A→B过程中气体内能如何变化？变化了多少？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

单位时间内喷到工件上的水的体积为

故质量为

设水的初速度方向为正方向，则由动量定理可得

解得

故B正确；ACD错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．设重物重力为绳的拉力为大气压强为汽缸内气体压强为活塞的面积为由重物受力平衡得

活塞水平方向受力平衡得

得

汽缸内气体的压强不变；A错误；

B．重物缓慢上升；活塞向左移动，气体体积减小，外界对气体做功，B错误；

CD．由盖吕萨克定律得

因为

得

一定质量的理想气体；温度降低，内能减小，汽缸内气体的内能减小，汽缸内气体的分子平均动能变小，C正确，D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

A．气体分子热运动的平均动能增大；由于气体压强决定于气体分子的密度（单位体积内的分子数）和分子的平均动能两个因素，所以气体的压强不一定增大，故A错误；

B．当分子力表现为斥力时；分子力总是随着分子间距离的减小而增大；当分子力表现为引力时，分子力总是随着分子间距离的减小而减小，故B错误；

C．两块表面磨平；干净的铅块；使之紧密接触就能结合在一起，这个实验说明分子间存在着引力，故C正确；

D．一定质量的理想气体等温膨胀时对外做功，由于温度不变，内能变化量为零，根据热力学第一定律

可得

所以气体要吸收热量；故D错误。

故选C。4、B【分析】安培提出分子电流假说，选项A错误；法拉第采用了电场线的方法来描述电场，选项B正确；库伦发现了点电荷的相互作用规律，选项C错误；安培发现了磁场对电流的作用规律，选项D错误；故选B.5、D【分析】【详解】

解：根据法拉第电磁感应定律：E=BLv；如下图；

L1=2=2R；

L2=2=2R；

又根据v=v1==2

v2==4

所以E1=4BR；

E2=8BR=4BR；

所以E1＜E2．

再根据右手定则判定电流方向从a到b；在电源内部电流时从电源负极流向正极；

故D正确．

【点评】

由于铜棒切割磁感线时没有形成回路；所以铜棒做的是自由下落．

对于电源而言，电源内部电流是从电源负极流向正极．6、A【分析】【详解】

根据右手安培定则可知置于点的直导线在点的产生的磁感应强度方向垂直斜向右下，与竖直方向成大小为同理可得置于点的直导线在点的产生的磁感应强度方向垂直斜向右上，与竖直方向成大小为根据叠加原理可得若把置于点的直导线移至点时，在点的产生的磁感应强度方向垂直斜向左下，与竖直方向成大小为根据叠加原理可得点的磁感应强度为方向向下，故选项A正确，B、C、D错误．7、D【分析】【详解】

A.由右手定则可以判断出通过金属棒的电流方向向左；则通过电阻R的电流方向向右，故选项A错误；

B.由左手定则可以判断出金属棒受到的安培力方向向下；故选项B错误；

C.根据平衡条件可知重力等于恒力减去安培力，根据功能关系知恒力做的功等于棒机械能的增加量与电路中产生的热量之和；故选项C错误；

D.金属棒在竖直向上的恒力作用下匀速上升，安培力做负功，即克服安培力做功，根据功能关系知金属棒克服安培力做的功等于电路中产生的热量，故选项D正确．8、D【分析】【分析】

两球碰撞后均做平抛运动；根据高度比较平抛运动的时间，根据重力的瞬时功率公式，结合竖直方向上的分速度得出瞬时功率之比；碰撞过程中动量守恒，运用水平位移代替速度得出动量守恒的表达式，若为弹性碰撞，动量守恒，机械能守恒；

【详解】

A、根据知；高度相同，则两球运动的时间相同，故A错误；

B、根据可知两球落地时的竖直分速度相等，根据知，a、b两球的质量之比为6:1；则重力的瞬时功率之比为6:1，故B错误；

C、开始a球平抛运动的初速度碰撞后，a球的速度b球的速度根据动量守恒有：则有：故C错误；

D、若为弹性碰撞，根据动量守恒有：根据机械能守恒有：则有：联立解得故D正确；

故选D．

【点睛】

关键知道平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，知道弹性碰撞的过程中，动量守恒，机械能守恒，由于时间相等，则碰撞前后的速度可以通过水平位移表示．9、B【分析】【详解】

爱因斯坦的“光子说”认为光是一份一份的不连续的它并不否定光的波动性；而牛顿的“微粒说”与波动说是对立的，因此A不对。

由爱因斯坦的“光子说”中光子的能量；可知波长越长；光子的能量越小，因此B正确．

某一单色光；波长恒定，光子的能量也是恒定的，因此C不对。

大量光子表现为波动性，而少数光子才表现为粒子性，因此D不对．二、多选题(共8题，共16分)10、B:D:E【分析】【详解】

A．具有各向同性的固体可以是非晶体也可以是多晶体；故A错误；

B．晶体具有确定的熔点；非晶体没有确定的熔点，故B正确；

C．当分子间距离时；分子间作用力表现为斥力，物体的体积增大，分子间距离增大，分子做正功，分子势能减小，故C错误；

D．空气相对湿度越大；水蒸气的压强越接近该温度下的饱和气压，故D正确；

E．液晶屏的显示功能是利用了液晶在光学性质上的各向异性的特点；故E正确。

故选BDE。11、A:C:D【分析】【详解】

A．晶体具有固定的熔点；单晶体某种物理性质可表现为各向异性，多晶体某种物理性质表现为各向同性，故A正确；

B．液体表面张力跟液面相切；跟这部分液面的分界线垂直，故B错误；

C．空调既能制热又能制冷；说明在非自发的条件下，热传递是可逆的，故C正确；

D．两个系统达到热平衡时；它们的温度相等，它们的分子平均动能一定相等，故D正确；

E．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中；将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，油的体积偏大，会使分子直径计算结果偏大，故E错误。

故选ACD。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图样可知；是因为电子的波动性引起的干涉图样，故A错误；

B．根据概率波的概念；对于一个电子通过单缝落在何处，是不可确定的，但概率最大的是落在亮纹处，故B错误；

C．根据图样可知；电子已经不再遵守牛顿运动定律，故C正确；

D．根据不确定性关系；不可能同时准确地知道电子的位置和动量，故D正确。

故选CD。13、A:C:D【分析】【详解】

A项：由于两导体棒在导轨上运动时所受的安培力等大反向；所以两棒组成的系统合外力为零，所以系统动量守恒，故A正确；

B项：最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动；由于穿过两棒组成的闭合回路磁通量不变，所以电路中没有电流，故B错误；

C项：最终两导体棒的共同速度为解得：由能量守恒可知，故C正确；

D项：当两棒速度相等时，两棒间的距离最大，从开始运动到最终达到稳定状态，通过回路的电量为对棒1应用动量定理可知，即所以

由解得：即为两棒的运动距离差，所以最大距离为故D正确．14、B:C:D【分析】【详解】

A.根据折射定律：故A错误；

B.当入射角最大时，折射角最大，最大入射角为90∘，根据折射定律得：解得最大折射角r=45∘；故B正确；

C.欲使折射角r＝30°，根据折射定律解得i=45°；故C正确；

D.设入射角为α时反射光线与折射光线垂直，则折射角为90∘−α,根据折射定律得=tanα,解得α=arctan故D正确；

E.光从空气射入玻璃时；无论入射角多大，都不会发生全反射，故E错误．

故选BCD.15、A:D【分析】【详解】

AB.相碰前两球所受的合外力为零；动量守恒，两球的总动量保持不变，故A符合题意，B不符合题意；

CD.将两球看作整体分析时，整体受重力、支持力，水平方向不受外力，故整体系统动量守恒，故两球相碰分离后的总动量等于碰前的总动量，C不符合题意，D符合题意16、A:B【分析】【详解】

氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，在向低能级跃迁时，辐射出光子的频率只能小于或等于原吸收光子的频率，选项A正确；Th(钍)核衰变为Pa(镤)核时，由于反应放出能量，根据质能方程可知，衰变前Th核质量大于衰变后Pa核与β粒子的总质量，选项B正确；α粒子散射实验是原子核式结构理论的基础，此实验没有证明原子核是由质子和中子组成的，选项C错误；原子核的比结合能越大，则原子核中核子的平均质量(原子核的质量除以核子数)就越小，平均每个核子的质量亏损就越多，原子核越稳定，选项D错误；故选AB.17、B:D【分析】【详解】

A.图象中的λ0是产生光电效应的最大波长；选项A错误；

B.根据爱因斯坦光电效应方程，光电子的最大初动能Ek与入射光的波长的倒数的关系图象对应的函数关系式为Ek＝hc－W，由图象可知Ek＝0时，hc＝Eλ0；选项B正确；

C.由Ek＝hc－W，并结合关系图象可得该金属的逸出功W＝E；选项C错误；

D.若入射光的波长为由Ek＝hc－W，解得Ek＝hc－W＝3E－E＝2E，即产生的光电子的最大初动能为2E，选项D正确．三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【详解】

第一空.由题中I－U图像可知：遏止电压Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光电效应方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1919、略

【分析】【详解】

[1][2]春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的相对湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强较大，从而使得体表的水分难以蒸发。【解析】相对较大20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，同一种物质温度越高，饱和汽压越大，温度升高时，饱和汽压增大；在一定温度下，同一种液体的饱和汽分子密度都是一定的，水的饱和汽体积减小时，分子密度不变；降低温度，饱和汽压减小，所以可以使未饱和汽变成饱和汽。【解析】增大不变可以21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]白天时；光敏电阻较小，两端电势差较小，输入为高电势，输出为低电势，夜晚，光敏电阻较大，两端电势差较大，输入为低电势，输出为高电势，知该门电路为非门电路；

[2]若要路灯在有光照时也能点亮，应使电阻R2减小，使得R2的分得电压小，使非门电路的输入端电压变小，输出端电压变大，路灯被点亮。【解析】非变小22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】冰的熔点水的沸点100T开尔文K273.1523、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]A到B为等容变化，故

由图可知

则

B到C为等压变化，则

由图可知

则【解析】①.＞②.＜24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小露珠由于表面张力呈现球形状；能在荷叶上滚动，是因为荷叶表面的不浸润。

[2]液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，则液体表面层分子间作用力表现为分子间引力，当分子间引力和斥力相等时分子势能最小，此时分子力表现为引力，分子间距离应大于最小分子势能对应的距离，故应是图像中的C点。【解析】①.表面张力/不浸润②.C25、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同四、作图题(共3题，共15分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共16分)29、略

【分析】【分析】

（1）分析电路结构；明确电路接法，再根据电压表和电流表所测量的对象进行分析，再利用欧姆定律以及闭合电路欧姆定律进行分析即可明确能测量的数据．

【详解】

（1）若电压表待定端接a，电压表并联在滑动变阻器两端，电压表测量滑动变阻器两端的电压，利用该实验所得的U－I关系图线可得到电源的电动势和电阻R和电源的内阻之和；接b；此时电压表并联在滑动变阻器和定值电阻两端，电压表测量滑动变阻器与定值电阻两端的电压，利用该实验所得的U－I关系图线可得到电源的电动势和内阻；故选D；

（2）出现上述情况的原因是：滑动变阻器的最大值远大于电源内阻与定值电阻R的值之和；（3）由图像可知，电源电动势E=1.50V，内阻．

（4）设电路工作时间t，电路中电流强度为I，根据电源消耗其他形式的能量为EIt，外电路消耗电能为电源内部消耗电能有能量守恒可得化简得到．

【点睛】

本题考查测量电源电动势和内电阻以及欧姆定律的应用，要注意明确电压表与哪一部电路并联，再结合图象的性质进行分析即可求解．【解析】D滑动变阻器的最大值远大于电源内阻与定值电阻R的值之和，1.500.28是电路工作时间t，电路中电流强度为I，根据电源消耗其他形式的能量为EIt，外电路消耗电能为，电源内部消耗电能，有能量守恒可得，化简得到．30、略

【分析】【分析】

（1）明确动量守恒规律；知道实验原理，从而确定实验要求；

（2）根据平抛运动规律进行分析；利用水平位移相等求出利用下落高度所表达式的速度公式，再根据恢复系数公式即可求出对应的表达式；

（3）根据动量守恒定律和机械能守恒定律列