2025年冀教版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版选修3物理上册月考试卷665考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，两根粗细不同，两端开口的直玻璃管A和B竖直插入同一水银槽中，各用一段水银柱封闭着一定质量温度相同的理想气体，气柱长度水银柱长度今使封闭空气降低相同的温度（大气压保持不变），则两管中空气柱上方水银柱的移动情况是（）

A.均向下移动，A管移动较少B.均向下移动，A管移动较多C.均向下移动，两管移动的一样多D.水银柱的移动距离与管的粗细有关2、如图所示为某电源的伏安特性曲线，则下列结论正确的是（）

A.电源的电动势为6.0VB.电源的内阻为C.电流为0.2A时的外电阻是D.电源的短路电流为0.5A3、如图甲所示，在线圈中通入电流后，在上产生感应电流随时间变化的规律如图乙所示，中电流正方向如图甲中箭头，则通入线圈中的电流随时间变化的图线是下图中的（）

A.B.C.D.4、一闭合矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴匀速转动；产生的感应电流如图所示，由图可知。

A.该交流电电流的有效值是5AB.该交流电的频率是20HzC.t=0时刻线圈平面位于中性面D.该交流电电流的瞬时表达式为i=5cos100πt（A）5、某空间区域有竖直方向的电场（图中只画出了一条电场线）．一个质量为m、电荷量为q的带正电的小球，在电场中从A点由静止开始沿电场线竖直向下运动．不计一切阻力，运动过程中小球的机械能E与小球位移x的关系图象如图所示；由此可以判断。

A.小球所处的电场为非匀强电场，且场强不断减小，场强方向向上B.小球所处的电场为匀强电场，场强方向向下C.小球可能先做加速运动，后做匀速运动D.小球一定先做加速运动，达到最大速度后做减速运动，最后静止6、根据电阻定律，对于温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）A.跟导线的电阻成正比B.跟导线的横截面积成正比C.由所用金属材料本身特性决定D.跟导线的长度成反比7、有两个处于基态的氢原子A、B，A静止，B以速度与之发生碰撞．碰撞后二者的速度和在一条直线上，碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收，从而使该原子由基态跃迁到激发态，然后，此原子向低能态跃迁，并发出光子．下列说法正确的是A.已知氢原子能级公式为基态能量为eV，则吸收的动能为10eV时，原子可以跃迁到激发态B.若该原子吸收动能从基态跃迁到n=4的激发态后，最多可以发出6种频率不同的光子C.要求发生上述现象时B原子的碰撞之前的速度最小，则两原子应发生完全非弹性碰撞D.氢原子吸收的动能只有大于氢原子基态能量时，才可能发出光子评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，各电表都看做理想表．闭合开关，滑动变阻器滑片P向右移动，若以、、、分别表示电压表V1、V2、V3和电流表A的示数变化的大小，则下述结论正确的是（））

A.电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变小、变大、变小、变大B.电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变大、变小、变大、变小C.D.、、分别是变小、不变、变小9、关于液体，下列说法正确的是（）A.水银滴放到打磨干净的铅板上，水银就附着在铅板上，很难擦去，是因为附着层内分子之间的作用表现为斥力B.液晶显示器是液晶中掺入少量多色性染料，染料分子会与液晶分子结合而定向排列，从而表现出光学各向异性的特点C.毛细现象是浸润和不浸润及液体表面张力作用形成的现象，现象是否明显与液体种类和毛细管的材料有关D.液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离小10、如图所示电路中，和为理想电流表，示数分别为和当a、b两点间加以恒定的电压U后，下列结论正确的是

A.B.C.将换成理想电压表，其示数之比为3:5D.将换成理想电压表，其示数之比为1:111、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止；下列说法正确的是（）

A.ab中的感应电流方向由a到bB.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感应电流方向由b到aD.ab所受的安培力方向向右12、分子动理论以及固体、液体的性质是热学的重要内容，下列说法正确的是（）E.两分子间的分子势能一定随距离的增大而增大A.用吸管将牛奶吸入口中是利用了毛细现象B.同温度的氧气和氢气，它们的分子平均动能相等C.荷叶上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用D.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点13、下列说法中正确的是A.在核反应H+H→He+H中，He与H的质量和一定小于H与H的质量和B.卫星可以在大于地球半径的任意圆轨道上运动，电子也可以在大于基态轨道半径的任意圆轨道上运动C.分别用绿光和紫光照射同一金属表面都能发生光电效应，逸出的光电子的最大初动能可能相等D.随着黑体温度的升高，一方面各种波长的辐射强度都有增加，另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图，两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为的U型管，左管上端封闭，石管上端开口。右管中有高的水银柱，水银柱上表面离管口的距离管底水平段的体积可忽略。环境温度为大气压强现从右侧端口缓慢注入水银（与原水银柱之间无气隙），恰好使水银柱下端到达右管底部。此时封闭气体的压强为______要使封闭气体在回到原来的体积，应将气体温度升高到______

15、反射规律：反射线、法线与入射线在同一_______内，反射线与入射线分居_______两侧，反射角_______入射角。16、a射线、β射线、γ射线、阴极射线四种射线中由原子核内射出、属于电磁波的射线是__________，不是原子核内射出的射线是_________。17、如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B，两板间电势差为U，两板间的电场为匀强电场．若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=________，粒子到达B板时的速度大小v=________．

18、图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路，闭合开关S，L的实际功率为1.8W，则电源电压是________V，此时通过R的电流是_______A。

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)22、用下列器材，测定小灯泡的额定功率．。A．待测小灯泡：额定电压6V，额定功率约为5W；B．电流表：量程l.0A，内阻约为0.5Ω；C．电压表：量程3V，内阻5kΩ；D．滑动变阻器R：最大阻值为20Ω，额定电流1A；E．电源：电动势10V，内阻很小；F．定值电阻R0（阻值10kΩ）；G．开关一个，导线若干．要求：①实验中，电流表应采用_____接法（填“内”或“外”）；滑动变阻器应采用_____接法（填“分压”或“限流”）．

②画出实验原理电路图________．

③实验中，电压表的示数调为_____V时，即可测定小灯泡的额定功率．23、在测定电源电动势和内电阻实验中；选择合适的器材组成如图所示的电路．

（1）将电阻箱R阻值调到R1=28Ω时，电压表读数为U1=1.4V，将电阻箱R阻值调到R2=13Ω时，电压表读数为U2=1.3V，根据这两组数据求得电源电动势E=___V；内电阻r=___Ω．（保留两位有效数字）

（2）多次改变电阻箱的电阻R，读出对应的电压表读数U，然后用图象法处理数据，以电压表读数U为纵轴，以为横轴，做出图象得到一条直线．电动势等于图象的___；内电阻等于图象的___．24、在“用油膜法估测分子大小”的实验中，将一滴油酸酒精溶液滴入事先洒有均匀痱子粉的水槽中，待油膜充分散开后，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图所示．已知坐标纸上正方形小方格的边长为10mm，油酸酒精溶液中油酸浓度为0.12%，100滴油酸酒精溶液滴入量筒后的体积是0.4mL．关于该实验，下列说法正确的是____．

A.为了方便；可以将纯油酸直接滴入水槽中进行实验。

B.让油膜充分散开的目的是让水面上形成单分子油膜。

C.水槽中油膜散开的面积约为8.0×10-3m2

D.计算得到油酸分子的直径约为6.0×10-9m

E.要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的摩尔体积A.为了方便，可以将纯油酸直接滴入水槽中进行实验B.让油膜充分散开的目的是让水面上形成单分子油膜C.水槽中油膜散开的面积约为8.0×l0-3m2E.要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的摩尔体积E.要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的摩尔体积评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)25、如图所示，横截面积为的气缸开口向下竖直放置，a、b为固定在气缸内壁的卡口，a、b之间的距离为b与气缸底部的距离为质量为的活塞与气缸内壁接触良好，只能在a、b之间移动，活塞厚度可忽略，气缸、活塞导热性良好，活塞与气缸之间的摩擦忽略不计；已知大气压为刚开始时缸内气体压强也为活塞停在a处，环境温度为重力加速度为若缓慢降低周围环境温度；求：

(1)活塞刚好离开a时环境温度；

(2)活塞刚好与b接触时环境温度。

26、如图所示,质量分别为m、M的两物块用轻弹簧相连,其中M放在水平地面上,m处于竖直光滑的导轨内.今将m向下压一段距离后放手,它就在导轨内上下作简谐运动,且m到达最高点时,M对地面的压力刚好为零,试问:(1)m的最大加速度多大?(2)M对地面的最大压力多大?

27、如图所示是一列沿x轴方向传播的机械波图象，实线是t1=0时刻的波形，虚线是t2=1s时刻的波形．

（1）求该列波可能的周期和波速；

（2）若波速为5m/s，其传播方向如何？请画出质点P从t1时刻为计时起点的振动图像．（至少画出一个周期，并在图中标上周期和振幅的数值）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

D．因为大气压保持不变，封闭空气柱均做等压变化，放封闭空气柱下端的水银面高度不变，根据盖一吕萨克定律可得

则

即

化简得

则空气柱长度的变化与玻璃管的粗细无关；D错误；

ABC．因A、B管中的封闭空气柱初温T相同，温度的变化也相同，则与H成正比。又所以即A、B管中空气柱的长度都减小，水银柱均向下移动，因为所以

所以A管中空气柱长度减小得较少；A正确，BC错误。

故选A。2、A【分析】【详解】

A.由电源的伏安特性曲线可知；电源的电动势为6.0V，故选项A符合题意．

B.电源的内阻

故选项B不符合题意．

C.依据闭合电路欧姆定律

可知，当电流为0.2A时，路端电压为5.68V，则由欧姆定律可知外电阻

故选项C不符合题意．

D.图象与横坐标的交点电压为5.2V，这时对应的电流为0.5A，这不是短路电流，故D选项不符合题意．3、D【分析】试题分析：由乙图产生的感应电流可知原线圈中的电流应该是均匀变化的；故AC错误；由乙图知副线圈中的电流沿图示方向，若原线圈中的电流是正向增大，则副线圈中由楞次定律知电流应该与正方向相反，故B错误D正确．故选D；

考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律．4、D【分析】【详解】

A．由图像知正弦交变电流的最大值是5A，所以该交流电电流的有效值是

故A错误；

B．由图像知周期T=0.02s，所以频率

故B错误；

C．t=0时感应电流最大；感应电动势最大，磁通量为零，所以线圈平面垂直于中性面，故C错误；

D．由图像知周期T=0.02s，所以

电流的最大值是5A，所以交流电电流的瞬时表达式为

故D正确。

故选D。5、A【分析】【分析】

【详解】

AB、物体的机械能不断减小，由功能关系知电场力做负功，故电场强度方向向上，根据功能关系得：△E＝qE△x；知图象的斜率等于电场力，斜率不断减小，故电场强度不断减小，因此电场是非匀强电场．故A正确；B错误；

CD、在运动过程中，物体受重力与电场力；物体由静止开始下落，故刚开始时重力大于电场力，下落过程中，电场力越来越小，故加速度越来越大，当电场力减小到0时，加速度达到最大值g，故物体做加速度越来越大的加速运动，最后做匀加速直线运动，故CD错误．6、C【分析】导线的电阻率与导体的电阻大小；横截面积、长度无关；由材料本身特性决定，故C正确，A、B、D错误．

故选：C。7、C【分析】【详解】

从基态跃迁吸收的能量至少为eV-(-13.6)eV=10.2eV才可以从基态跃迁到处于第二能级的激发态，AD错误；一个原子处于n=4的激发态，最多可以发出3种光子（4-3，3-2，2-1），B错误；要求发生上述现象时B原子的碰撞之前的速度最小，则两原子应发生完全非弹性碰撞，损失的动能最多，从基态跃迁到第一激发态，C正确．二、多选题(共6题，共12分)8、A:C【分析】【详解】

AB、当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，则电路中的总电流增大，则电流表A的示数变大；根据欧姆定律可知的电压增大，电压表示数变大；内电压增大，则路端电压减小，电压表示数变小．的电压增大，路端电压减小，则的电压减小，则电压表的示数变小；故A正确，B错误．

CD、根据全电路欧姆定律知：故C正确．由变形得：不变．不变．由变形得：即不变．故C正确，D错误．

故选AC

【点睛】

当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，电路中的总电流增大，由欧姆定律分析并联部分两端电压的变化和路端电压的变化，再判断两端电压的变化，综合分析出两电压表变化量的大小．9、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．水银滴放到打磨干净的铅板上；水银就附着在铅板上，很难擦去，是因为附着层内分子之间的作用表现为斥力，水银对铅板表现为浸润，A正确；

B．液晶显示器是液晶中掺入少量多色性染料；染料分子会与液晶分子结合而定向排列，从而表现出光学各向异性的特点，B正确；

C．毛细现象是浸润和不浸润及液体表面张力作用形成的现象；现象是否明显与液体种类和毛细管的材料有关，C正确；

D．液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；D错误。

故选ABC。10、B:C【分析】【详解】

AB．由题意可知，当和为理想电流表时，电路结构为：电阻并联，电流表测流过和的总电流，电流表测流过和的总电流。由于

设

由欧姆定律可得

则

所以A错误；B正确；

CD．将换成理想电压表后，三个电阻串联接在电压U的电路中，表测和的总电压，表测流过和的总电压。设电路中电流为I，则由欧姆定律可得

则其示数之比为

所以C正确；D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

AC．磁感应强度随时间均匀减小，故回路磁通量减小，根据楞次定律判断，感应电流的磁场方向向下，根据右手定则判断ab中的感应电流方向由a到b；A正确C错误。

BD．因为ab中的感应电流方向由a到b，磁场方向竖直向下，根据左手定则判断ab所受的安培力方向向右，B错误D正确12、B:C:D【分析】【详解】

用塑料细管将牛奶吸入口中利用了大气压，不是毛细现象，故A错误；温度是分子平均动能的标志，相同温度下所有分子的平均动能均相同，故B正确；液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏，故存在液体的表面张力，草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故C正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故D正确；当分子表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大，当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小，故E错误；故选BCD。13、A:D【分析】【详解】

A；在核裂变和核聚变反应中有能量释放；对应的有质量亏损，故A正确。

B；由波尔理论知电子绕原子核的圆周运动轨道半径是不连续的；、故B错误。

C；对同一金属来讲其逸出功是一定的；紫光光子的能量大于绿光光子的能量，由光电效应方程知用紫光照射同一金属表面，逸出的光电子的最大初动能较绿光大，故C错误。

D；根据黑体理论；黑体辐射的强度与温度有关，温度越高，黑体辐射的强度越大，随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故D正确。

故选：A、D三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

[1]对于左端密封气体，状体1的体积为

状态1的压强为

状态2的体积为

根据气体实验定律得

解得

[2]升温过程是等压变化，根据气体实验定律得

将带入得【解析】88.932015、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】平面法线等于16、略

【分析】【详解】

[1][2]射线是高速运动的氦原子核，β射线是高速运动的电子流，γ射线是原子核能级跃迁时释放的射线，阴极射线是原子受激发时射出的电子，故由原子核内射出、属于电磁波的射线是γ射线，不是原子核内射出的射线是阴极射线。【解析】γ射线阴极射线17、略

【分析】【详解】

粒子从静止开始运动，只受电场力，有：U=Ed；F=qE；

联立解得：

根据速度位移关系公式，有：v2=2ad

解得：

点睛：本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]由图甲可知：灯泡L与电阻R并联，根据从图像上可以看出，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流为0.3A，则电源电压

[2]通过R的电流【解析】60.6四、作图题(共3题，共9分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共12分)22、略

【分析】【详解】

①[1]由功率公式可得，灯泡电阻：故故电流表应采用外接法；

滑动变阻器的最大电阻为20Ω；大于灯泡内阻，故可以采用限流接法；分压也可以;

[2]由以上分析可知，电路采用分压或限流均可；由于电压表量程只有3V，而灯泡额定电压为6V，故应将电压表与定值电阻串联充当电压表；故电路如图

②[3]

③[4]串联电路中电流相等，分压之比等于电阻之比，故灯泡与电源的电压之比等于1：2；故当灯泡两端电压为6V时，电压表示数为2V时，小灯泡两端电压达到额定电压6V，即可测定小灯泡的额定功率.【解析】外接法限流（分压）223、略

【分析】【分析】

由闭合电路欧姆定律，分别研究电阻箱电阻为R1和R2的情况；列出含有电动势和内阻的方程组求解；由图象中的截距的含义及闭合电路的欧姆定律的表达式要求得电动势和内电阻．

【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知：E＝U+Ir＝U+r，根据题意可知：E＝1.4+r，E＝1.3+r，解得：E＝1.5V，r＝2.0Ω．

（2）由图示电路图可知，电源电动势：E＝U+Ir＝U+r，整理得：U＝